2025屆廣東省汕頭市潮陽區(qū)潮師高級(jí)中學(xué)物理高二上期末達(dá)標(biāo)檢測(cè)試題含解析

2025屆廣東省汕頭市潮陽區(qū)潮師高級(jí)中學(xué)物理高二上期末達(dá)標(biāo)檢測(cè)試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、利用霍爾效應(yīng)制作的霍爾元件，廣泛應(yīng)用于測(cè)量和自動(dòng)控制等領(lǐng)域．如圖是霍爾元件的工作原理示意圖，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于霍爾元件的工作面向下，通入圖示方向的電流I，C、D兩側(cè)面會(huì)形成電勢(shì)差UCD，已知該元件的載流子為自由電子，下列說法中不正確的是A.電勢(shì)差UCD＞0B.電勢(shì)差UCD＜0C.形成電勢(shì)差UCD是因載流子受到磁場(chǎng)力而偏轉(zhuǎn)D.電勢(shì)差UCD穩(wěn)定時(shí)，是因電場(chǎng)力與磁場(chǎng)力達(dá)到平衡2、如圖所示的電路中，A1和A2是兩個(gè)相同的燈泡，線圈L自感系數(shù)足夠大，電阻可以忽略不計(jì)．下列說法中正確的是（）A.合上開關(guān)S時(shí)，A1和A2同時(shí)亮B.斷開開關(guān)S時(shí)，A1和A2都要過一會(huì)兒才熄滅C.斷開開關(guān)S時(shí)，A2閃亮一下再熄滅D.斷開開關(guān)S時(shí)，流過A2的電流方向向右3、如圖所示，一個(gè)有矩形邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)方向垂直紙面向內(nèi)．一個(gè)三角形閉合導(dǎo)線框，由位置1（左）沿紙面勻速運(yùn)動(dòng)到位置2（右）．取線框剛到達(dá)磁場(chǎng)邊界的時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)（t=0），規(guī)定逆時(shí)針方向?yàn)殡娏鞯恼较颍瑒t圖中能正確反映線框中電流號(hào)時(shí)間關(guān)系的是（）A. B.C. D.4、如圖，線圈固定于分布均勻的磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直線圈平面，若磁感應(yīng)強(qiáng)度變化使線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流且逐漸變小，則磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化可能是圖中的（）A. B.C. D.5、下列說法正確的是A.根據(jù)公式B=可得，磁場(chǎng)中某點(diǎn)的磁感強(qiáng)度B跟F、I、L都有關(guān)B.電流在磁場(chǎng)中某點(diǎn)不受磁場(chǎng)力作用，則該點(diǎn)的磁感強(qiáng)度一定為零C.由E=可知，電場(chǎng)中某點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)與該點(diǎn)檢驗(yàn)電荷所受的電場(chǎng)力成正比D.由E=可知，電場(chǎng)中某點(diǎn)電荷所受的電場(chǎng)力大小與該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小成正比6、如圖所示，在虛線所圍的圓形區(qū)域內(nèi)有方向垂直圓面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，從邊緣A點(diǎn)處有一束速率各不相同的質(zhì)子沿半徑方向射入磁場(chǎng)區(qū)域，這些質(zhì)子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過程中，下面的說法中正確的是()A.運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長的，其軌跡也越長B.運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長的，其軌跡所對(duì)的圓心角也越小C.運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長的，射出磁場(chǎng)時(shí)的速率也越大D.運(yùn)動(dòng)時(shí)間越長的，射出磁場(chǎng)時(shí)速度方向偏轉(zhuǎn)也越大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，R1為定值電阻，R2為滑動(dòng)變阻器，C為電容器，L為小燈泡，電表均為理想電表，閉合開關(guān)S后，若滑動(dòng)變阻器的觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，則()A.小燈泡的功率增大B.電壓表的示數(shù)增大C.電容器上的電荷量增加D.兩表示數(shù)變化量的比值不變8、如圖所示，由兩種比荷不同的離子組成的離子束，經(jīng)過由正交的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)組成的速度選擇器后，進(jìn)入另一個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)中并分裂為A、B兩束，離子的重力不計(jì)，下列說法中正確的有A.組成A束和B束的離子都帶正電B.組成A束和B束離子質(zhì)量一定相同C.A束離子的比荷大于B束離子的比荷D.速度選擇器中的磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里9、如圖所示，在真空中A、B兩塊平行金屬板豎直放置并接入電路．調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使A、B兩板間的電壓為U時(shí)，一質(zhì)量為m，電荷量為－q的帶電粒子，以初速度v0從A板上的中心小孔沿垂直兩板的方向射入電場(chǎng)中，恰從A、B兩板的中點(diǎn)處沿原路返回（不計(jì)重力），則下列說法正確的是（）A.使初速度變?yōu)?v0時(shí)，帶電粒子恰能到達(dá)B板B.使初速度變?yōu)?v0時(shí)，帶電粒子將從B板中心小孔射出C.使初速度v0和電壓U都增加為原來的2倍時(shí)，帶電粒子恰能到達(dá)B板D.使初速度v0和電壓U都增加為原來的2倍時(shí)，帶電粒子將從B板中心小孔射出10、如圖（甲）所示的電路中，將滑動(dòng)變阻器R2的滑動(dòng)片由a端向b端移動(dòng)，用兩個(gè)理想電表分別測(cè)量電壓和電流，得到部分U-I關(guān)系圖像如圖（乙）所示，則（）A.電源的電動(dòng)勢(shì)為9VB.滑動(dòng)變阻器的總阻值為20ΩC.當(dāng)電壓表示數(shù)為4.5V時(shí)，電源效率最高D.當(dāng)電壓表示數(shù)為5.0V時(shí)，R2消耗的總功率最大三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測(cè)繪小燈泡的伏安特性曲線”的實(shí)驗(yàn)中，使用的小燈泡標(biāo)有“6V、3W”，其他可供選擇的器材有：A．電壓表V1(量程6V，內(nèi)阻約20kΩ)B．電壓表V2(量程20V，內(nèi)阻約60kΩ)C．電流表A1(量程3A，內(nèi)阻約0.2Ω)D．電流表A2(量程0.6A，內(nèi)阻約1Ω)E．滑動(dòng)變阻器R1(0～1000Ω，0.5A)F．滑動(dòng)變阻器R2(0～20Ω，2A)G．學(xué)生電源E(6V～8V)H．開關(guān)S及導(dǎo)線若干某同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)測(cè)得小燈泡兩端的電壓U和通過它的電流I，繪成U－I關(guān)系曲線如下左圖所示(1)實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選用________，電流表應(yīng)選用________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用________；（填器材前的序號(hào)）(2)在上圖的虛線框中畫出實(shí)驗(yàn)所用的電路圖_________；(3)若將該小燈泡接在電動(dòng)勢(shì)為6V，內(nèi)阻為12Ω電源兩端，則燈泡實(shí)際消耗的功率為________W.12．（12分）（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，如圖1所示，從圖中讀出金屬絲的直徑為______________mm（2）如圖2所示是一個(gè)雙量程電壓表，當(dāng)使用a、b兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，量程為0～3V，當(dāng)使用a、c兩個(gè)端點(diǎn)時(shí)，量程為0～15V．已知電流表的內(nèi)阻Rg為400Ω，滿偏電流Ig為500μA．則電阻R1和R2的值應(yīng)該分別為________Ω和________Ω四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩根平行金屬軌道相距0.2m，上面放一不計(jì)電阻質(zhì)量為0.04kg的均勻金屬棒ab．已知電源電動(dòng)勢(shì)為6V、內(nèi)阻為0.5Ω，滑動(dòng)變阻器調(diào)到2.5Ω．現(xiàn)在金屬棒所在位置施加一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，使得金屬棒ab對(duì)軌道的壓力恰好為零且仍保持靜止．求，該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向?14．（16分）如圖所示，兩條長為的平行光滑金屬導(dǎo)軌與水平面的夾角，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，間距為，導(dǎo)軌的上端連接定值電阻，空間存在垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度現(xiàn)將質(zhì)量的導(dǎo)體棒從導(dǎo)軌頂端由靜止釋放，棒下滑一段時(shí)間后做勻速直線運(yùn)動(dòng)并一直勻速滑至導(dǎo)軌底端已知導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直且兩端與導(dǎo)軌保持良好接觸，導(dǎo)體棒接入電路的電阻，取重力加速度，，，求：(1)導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大??；(2)整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中電阻R中產(chǎn)生的熱量；(3)棒下滑至導(dǎo)軌底端所經(jīng)歷的總時(shí)間.15．（12分）一個(gè)初速度為零的電子通過電壓為U=4500V的電場(chǎng)加速后,從C點(diǎn)沿水平方向飛入電場(chǎng)強(qiáng)度為E=1.5×105V/m的勻強(qiáng)電場(chǎng)中,到達(dá)該電場(chǎng)中另一點(diǎn)D時(shí),電子的速度方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向的夾角正好是120°,如圖所示.試求C、D兩點(diǎn)沿電場(chǎng)強(qiáng)度方向的距離y.

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】AB.根據(jù)左手定則，電子向C側(cè)面偏轉(zhuǎn)，C表面帶負(fù)電，D表面帶正電，所以D表面的電勢(shì)高，則UCD<0，故A錯(cuò)誤，B正確；C.因?yàn)檩d流子在磁場(chǎng)中受到磁場(chǎng)力偏轉(zhuǎn)，C表面帶負(fù)電，D表面帶正電，使C、D表面之間形成電勢(shì)差，故C正確；D.C、D表面之間形成電勢(shì)差，使載流子受到與磁場(chǎng)力方向相反的電場(chǎng)力，當(dāng)兩力達(dá)到平衡時(shí)，電勢(shì)差UCD達(dá)到穩(wěn)定，故D正確。本題選擇錯(cuò)誤答案，故選：A2、B【解析】當(dāng)電鍵S閉合時(shí)，通過線圈L的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向和作用，分析哪個(gè)燈先亮．?dāng)嚅_瞬間也可以按照同樣的思路分析.【詳解】當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，燈A2立即發(fā)光，通過線圈L的電流增大，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與原來電流方向相反，阻礙電流的增大，電路的電流只能逐漸增大，燈A1逐漸亮起來，所以燈A2比燈A1先亮；由于線圈直流電阻忽略不計(jì)，當(dāng)電流逐漸穩(wěn)定時(shí)，線圈不產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，兩燈電流相等，亮度相同，故A錯(cuò)誤；穩(wěn)定后當(dāng)開關(guān)S斷開后，由于自感，線圈中的電流只能慢慢減小，其相當(dāng)于電源，線圈L、燈A2與燈A1構(gòu)成閉合回路放電，兩燈都過一會(huì)兒熄滅，由于兩燈泡完全相同，線圈的電阻又不計(jì)，則燈A2不會(huì)出現(xiàn)閃亮一下，且流過燈A2的電流方向向左，故B正確，CD錯(cuò)誤．所以B正確，ACD錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】對(duì)于自感現(xiàn)象，是特殊的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，應(yīng)用楞次定律和法拉第電磁感應(yīng)定律進(jìn)行理解.3、A【解析】先由楞次定律依據(jù)磁通量的變化可以判定感應(yīng)電流的方向，再由感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式和歐姆定律，分段分析感應(yīng)電流的大小，即可選擇圖象【詳解】線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過程，磁通量向里增加，根據(jù)楞次定律得知感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向外，由安培定則可知感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，電流i應(yīng)為正方向，故BC錯(cuò)誤；線框進(jìn)入磁場(chǎng)的過程，線框有效的切割長度先均勻增大后均勻減小，由E=BLv，可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)先均勻增大后均勻減??；線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)的過程，磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生．線框穿出磁場(chǎng)的過程，磁通量向里減小，根據(jù)楞次定律得知感應(yīng)電流的磁場(chǎng)向里，由安培定則可知感應(yīng)電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，電流i應(yīng)為負(fù)方向；線框有效的切割長度先均勻增大后均勻減小，由，可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)先均勻增大后均勻減小，故A正確，D錯(cuò)誤4、C【解析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知因此要使感應(yīng)電流減小應(yīng)使線圈中的磁通量的變化率減小，即圖象中的斜率應(yīng)減小，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤；故選C。5、D【解析】A．磁場(chǎng)中某點(diǎn)的磁感強(qiáng)度B是由磁場(chǎng)本身決定的，磁感應(yīng)強(qiáng)度是比值定義法定義的物理量，磁場(chǎng)中某點(diǎn)的磁感強(qiáng)度與F、I、L均無關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)電流的方向與磁場(chǎng)的方向平行時(shí)，磁場(chǎng)對(duì)電流沒有作用力；電流在磁場(chǎng)中某點(diǎn)不受磁場(chǎng)力作用，此處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，故B錯(cuò)誤；C．表達(dá)式是電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式，采用比值法定義，E反映電場(chǎng)本身的性質(zhì)，是由電場(chǎng)本身決定的，與檢驗(yàn)電荷無關(guān)，即與該點(diǎn)放不放檢驗(yàn)電荷、檢驗(yàn)電荷所受的電場(chǎng)力和電荷量均無關(guān)，故C錯(cuò)誤；D．電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)力為，對(duì)同一試探電荷其電量q一定，則電場(chǎng)強(qiáng)度越大，電場(chǎng)力越大；即場(chǎng)中某點(diǎn)電荷所受電場(chǎng)力大小與該點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的大小成正比，D項(xiàng)正確。6、D【解析】設(shè)磁場(chǎng)區(qū)域半徑為R，軌跡的圓心角為α，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t=，圓心角α越大，時(shí)間越長．根據(jù)幾何知識(shí)得到軌跡半徑r與R的關(guān)系，就能得到軌跡長度與時(shí)間的關(guān)系．帶電粒子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)角等于軌跡的圓心角【詳解】BCD、設(shè)磁場(chǎng)區(qū)域半徑為R，軌跡圓心角為α粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t=，而軌跡半徑r=Rcot，而r=，粒子速度v越大的，r越大，偏轉(zhuǎn)角α越小，則t越短，故B錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤，D正確；A.由以上分析可知，速度越大，軌跡半徑越大，在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)的圓心角就越小，軌跡越長，故A錯(cuò)誤故選D二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、ABD【解析】分析電路結(jié)構(gòu)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，電阻R2減小，分析電路中總電阻的變化，再由閉合電路歐姆定律可分析電路中電流及電壓的變化，從而判斷電容器電量的變化．根據(jù)歐姆定律分析兩表示數(shù)變化量的比值【詳解】由圖可知,L和R2串聯(lián)后和C并聯(lián)，再與R1串聯(lián)，電容器在電路穩(wěn)定時(shí)相當(dāng)于斷路；A.當(dāng)滑動(dòng)變阻器的觸頭P向下滑動(dòng)時(shí)，電阻R2減小，電路的總電阻減小，總電流I增大，流過小燈泡的電流增大，則小燈泡的功率增大，故A正確；B.由歐姆定律知，電壓表的示數(shù)增大，故B正確；C.電容器板間電壓UC=E?I(R1+r)，I增大，則UC減小，電容器上的電荷量減少，故C錯(cuò)誤；D.|△U/△I|=R1，保持不變，故D正確故選ABD8、ACD【解析】可以根據(jù)左手定則可以判斷AB束離子的電性，粒子在磁場(chǎng)和電場(chǎng)正交區(qū)域里，同時(shí)受到洛倫茲力和電場(chǎng)力作用，粒子沒有發(fā)生偏轉(zhuǎn)，說明粒子所受電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后受洛倫茲力作用做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，利用圓周運(yùn)動(dòng)的相關(guān)知識(shí)進(jìn)行求解即可；【詳解】A、AB粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后都向左偏，根據(jù)左手定則可以判斷AB束離子都帶正電，故A正確；BC、經(jīng)過速度選擇器后的粒子速度相同，粒子所受電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，滿足，即不發(fā)生偏轉(zhuǎn)的粒子具有共同的速度大??；進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)分開，軌道半徑不等，根據(jù)公式可知，半徑大的比荷小，所以A束離子的比荷大于B束離子的比荷，但不能說明質(zhì)量一定相同，故B錯(cuò)誤，C正確；D、在速度選擇器中，電場(chǎng)方向水平向右，AB粒子所受電場(chǎng)力方向向右，所以洛倫茲力方向向左，根據(jù)左手定則可知，速度選擇器中的磁場(chǎng)方向垂直紙面向內(nèi)，故D正確【點(diǎn)睛】本題能根據(jù)粒子不發(fā)生偏轉(zhuǎn)得出粒子所受電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，并由此推算出粒子具有相同的速度v，在單獨(dú)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中粒子分裂成幾束說明粒子的荷質(zhì)比不同，并由此得出電量、質(zhì)量、以及速度所需要滿足的關(guān)系式，從而得出正確的結(jié)論9、BC【解析】AB．A、B兩塊平行金屬間距為，粒子在極板間運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用能量守恒定律：解得：根據(jù)題意，粒子的初速度為時(shí)：使粒子初速度變?yōu)闀r(shí)：可知帶電粒子將從B板中心小孔射出，A錯(cuò)誤，B正確；CD．使初速度v0和電壓U都增加為原來2倍時(shí)：可知帶電粒子恰能到達(dá)B板，C正確，D錯(cuò)誤。故選BC分卷II10、AB【解析】A．根據(jù)電路圖結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)可知，當(dāng)aP的電阻等于bP的電阻時(shí)，并聯(lián)部分電阻最大，此時(shí)電壓表示數(shù)最大，根據(jù)乙圖可知，電壓表示數(shù)最大為5V，此時(shí)電流表示數(shù)為0.5A，則有則滑動(dòng)變阻器的總阻值為根據(jù)閉合電路歐姆定律得根據(jù)乙圖可知，當(dāng)電壓表示數(shù)U1=4V時(shí)電流表示數(shù)為I1=0.25A或I2=1A，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：聯(lián)立方程解得，故AB正確；C．電源效率當(dāng)電壓表示數(shù)為5.0V時(shí)，并聯(lián)部分電阻最大，則外電路電阻最大，此時(shí)路段電壓最大，效率最高，故C錯(cuò)誤；D．把R1看成內(nèi)阻，當(dāng)并聯(lián)部分電阻R2消耗的總功率最大，此時(shí)電壓表示數(shù)不是5V，故D錯(cuò)誤。故選AB。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A②.D③.F④.⑤.0.67W【解析】（1）燈泡額定電壓為6V，電壓表選擇A；由圖甲所示圖象可知，最大電流為0.5A，電流表選擇D；為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇F（2）描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，燈泡電阻約為R==12Ω，電流表內(nèi)阻為1Ω，電壓表內(nèi)阻為20kΩ，相對(duì)來說電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，電路圖如圖所示（3）在同一坐標(biāo)系內(nèi)作出電源的U-I圖象如圖所示；兩圖象的交點(diǎn)坐標(biāo)值是該電源給燈泡供電時(shí)燈泡兩端電壓與通過燈泡的電流，由圖象可知，燈泡兩端電壓U=2.1V，電流I=0.32A，燈泡實(shí)際功率P=