上海市楊浦區(qū)2025屆物理高三上期中教學質量檢測模擬試題含解析

上海市楊浦區(qū)2025屆物理高三上期中教學質量檢測模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一質量為m的物體在水平恒力F的作用下沿水平面運動，在t時刻撤去力F，其v-t圖象如像所示。己知物體與水平面準的動摩擦因數為μ，則下列關于力F的大小和力F做的功W的大小關系式，正確的是（）A．F=3μmgB．F=μmgC．W=μmgv0t0D．W=12μmgv0t2、如圖所示，物塊A和滑環(huán)B用繞過光滑定滑輪的不可伸長的輕繩連接，滑環(huán)B套在與豎直方向成θ＝37°的粗細均勻的固定桿上，連接滑環(huán)B的繩與桿垂直并在同一豎直平面內，滑環(huán)B恰好不能下滑，滑環(huán)和桿間的動摩擦因數μ＝0.5，設滑環(huán)和桿間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則物塊A和滑環(huán)B的質量之比為()A．B．C．D．3、如圖所示，物塊A放在直角三角形斜面體B上面，B放在彈簧上面并緊挨著豎直墻壁，初始時A、B靜止?，F用力F沿斜面向上推A，但A、B仍未動，則施力F后，下列說法正確的是（）A．A、B之間的摩擦力一定變大 B．B與墻之間可能沒有摩擦力C．B與墻面間的彈力可能不變 D．B與墻面間的彈力變大4、將一物體從地面豎直向上拋出，又落回拋出點，運動過程中空氣阻力忽略不計，下列說法正確的是()A．上升過程和下落過程，時間相等、位移相同B．物體到達最高點時，速度和加速度均為零C．整個過程中，任意相等時間內物體的速度變化量均相同D．豎直上拋的初速度越大(v0＞10m/s)，物體上升過程的最后1s時間內的位移越大5、如圖所示，在粗糙的足夠長的豎直木桿上套有一個帶正電小球，整個裝置處在有水平勻強電場和垂直于紙面向里的勻強磁場組成的足夠大的復合場中，小球由靜止開始下滑，在整個運動過程中，關于描述小球運動的v﹣t圖象中正確的是（）A． B．C． D．6、如圖所示，在勻速轉動的電動機帶動下，足夠長的水平傳送帶以恒定速率勻速向右運動，一質量為m的滑塊從傳送帶右端以水平向左的速率（）滑上傳送帶，最后滑塊返回傳送帶的右端．關于這一過程的下列判斷，正確的有（）A．滑塊返回傳送帶右端的速率為B．此過程中傳送帶對滑塊做功為C．此過程中電動機對傳送帶做功為D．此過程中滑塊與傳送帶間摩擦產生的熱量大于二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，是地球繞太陽沿橢圓軌道運動的示意圖．A為近日點，B為遠日點，C、D為軌道短軸的兩個端點．若只考慮地球和太陽之間的相互作用，則地球在從A點經C、B到D的過程中，下列說法正確的是（）A．從A點到C點的運動時間為91.25天B．從C點到D點的運動時間大于182.5天C．從A點到B點，地球的勢能一直增大D．從C點到D點，地球的勢能先減小后增大8、如圖所示，A、B兩物塊質量均為m，兩物塊由一輕質彈簧拴接，質量為M的物塊C放在足夠高的水平桌面上，物塊C與B之間由繞過固定光滑定滑輪的細線相連，C與水平桌面之間的動摩擦因數為，初始時，系統處于靜止，細線恰好伸直且無作用力．現對物塊C施加一個水平方向的力F，物塊C在F作用下向右勻加速運動，位移為x時速度為v，此時物塊A恰好離開地面．則此過程中()A．細線的拉力T為恒力B．F的最小值為C．彈簧的彈性勢能變化量為零D．F做的功為9、2017年6月19日，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射“中星9A”廣播電視直播衛(wèi)星，按預定計劃，“中星9A”應該首選被送入近地點約為200公里，遠地點約為3.6萬公里的轉移軌道II（橢圓），然后通過在遠地點變軌，最終進入地球同步軌道III（圓形）．但是由于火箭故障，衛(wèi)星實際入軌后初始軌道I遠地點只有1.6萬公里．技人員沒有放棄，通過精心操作，利用衛(wèi)星自帶燃料在近地點點火，盡量抬高遠地點的高度，經過10次軌道調整，終于在7月5日成功定點于預定軌道，下列說法正確的是（）A．失利原因可能是發(fā)射速度沒有達到7.9m/sB．衛(wèi)星在軌道III經過Q點時和在軌道II經過Q點時的速度相同C．衛(wèi)星從軌道I的P點進入軌道II后機械能增加D．衛(wèi)星在軌道II由P點向Q點運行時處于失重狀態(tài)10、一個作勻加速直線運動的物體，先后經過A、B兩點時的速度分別是v和7v，所用時間是t，則下列判斷正確的是：A．物體的加速度大小是B．經過AB中點的速度是C．經過AB中間時刻的速度是D．前時間通過的位移比后時間通過的位移少三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用如圖所示裝置做“驗證牛頓第二定律”的實驗．實驗中小車及砝碼的總質量為m1，鉤碼質量為m1，并用鉤碼所受的重力作為小車受到的合力，用紙帶測出小車運動的加速度．(1)下列說法正確的是______A．每次改變小車質量時，應重新平衡摩擦力B．實驗時應先釋放小車后接通電源C．本實驗中m1應遠大于m1D．在用圖象探究加速度與質量關系時，應用圖象(1)下圖為實驗中打出的一條紙帶的一部分，從比較清晰的點跡起，在紙帶上標出了連續(xù)的5個計數點A、B、C、D、E，相鄰兩個計數點之間都有4個點跡沒有標出，測出各計數點到A點之間的距離，如圖所示．已知打點計時器接在頻率為50Hz的交流電源兩端，則此次實驗中小車運動的加速度的測量值a=_____m/s1．（結果保留兩位有效數字）(3)實驗時改變所掛鉤碼的質量，分別測量小車在不同外力作用下的加速度．根據測得的多組數據畫出a-F關系圖線，如圖所示．此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此現象的主要原因可能是____A．小車與平面軌道之間存在摩擦B．平面軌道傾斜角度過大C．所掛鉤碼的總質量過大D．所用小車的質量過大12．（12分）某同學利用圖甲所示的實驗裝置，探究物塊在水平桌面上的運動規(guī)律。物塊在重物的牽引下開始運動，重物落地后，物塊再運動一段距離停在桌面上(尚未到達滑輪處)。從紙帶上便于測量的點開始，每5個點取1個計數點，相鄰計數點間的距離如圖乙所示。打點計時器電源的頻率為50Hz。(1)通過分析紙帶數據，可判斷物塊在兩相鄰計數點_______和_______之間某時刻開始減速。(2)計數點5對應的速度大小為________m/s，計數點6對應的速度大小為________m/s。(保留三位有效數字)(3)物塊減速運動過程中加速度的大小為a＝________m/s2。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，質量為m=1.15kg的小物塊A以一定大小的初速度v1，沿高為h=1.8m的水平粗糙桌面向右滑行l(wèi)=1.5m后，與相同質量的小物塊B發(fā)生碰撞，并粘在一起以速度v飛離桌面，最終落在水平地面上s=1.8m遠處.已知物塊與桌面間的動摩擦因數μ=1.3，不計空氣阻力，重力加速度g取11m/s2，A、B均可視為質點．求：（1）AB一起飛離桌面時的速度大小v；（2）碰撞過程中，A對B的沖量大小I；（3）小物塊A的初速度大小v1．14．（16分）如圖所示，有一半徑為R的半圓形圓柱面MPQ，質量為2m的A球與質量為m的B球，用輕質繩連接后掛在圓柱面邊緣．現將A球從邊緣M點由靜止釋放，若不計一切摩擦，求A球沿圓柱面滑到最低點P時的速度大小。15．（12分）以初速度v0豎直上拋一個質量為m=0.1kg的小球，當小球落回拋出點時，速度變?yōu)関0，試求空氣對小球的平均阻力。（g取10m/s2）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

A、B、取初速度方向為正方向。根據動量定理得：對全過程：Ft0-μmg?3t0=0，得F=3μmg；故A正確，B錯誤.C、D、在0-t0時間內物體的位移為x=v0t02,力F做功大小為W=Fx=3μmg?故選A.【點睛】本題涉及力在時間上的累積效應，可優(yōu)先考慮運用動量定理研究F的大小，當然也可以根據牛頓第二定律和運動學公式結合求解．2、A【解析】對A受力分析根據平衡條件：T=mAg對B受力分析，如圖：根據平衡條件：mBgcosθ=fT=N+mBgsinθf=μN得：mAmB=11/5故選：A.點睛：對A受力分析，根據平衡條件表示出繩子拉力；對B受力分析，根據平衡條件求出繩子拉力與B重力的關系，進而得到AB質量之比．3、D【解析】

A．對A物體，開始受重力、B對A的支持力和靜摩擦力平衡，當施加F后，仍然處于靜止，開始A所受的靜摩擦力大小為，若，則A、B之間的靜摩擦力大小還是等于，所以A、B之間的摩擦力可能不變，故A錯誤；B．對整體分析，因為AB不動，彈簧的形變量不變，則彈簧的彈力不變，開始彈簧的彈力等于A、B的總重力，施加F后，彈簧的彈力不變，總重力不變，根據平衡知，則B與墻之間一定有摩擦力，摩擦力大小等于力F在豎直方向的分力，方向豎直向下，故B錯誤；CD．以整體為研究對象，開始時B與墻面的彈力為零，施加力F后，B與墻面的彈力變?yōu)镕cosα，彈力增大，故C錯誤，D正確。故選D。4、C【解析】

A.根據對稱性可知，上升過程和下落過程的時間相等、位移大小相等、方向相反，則位移不同，故A錯誤。B.物體到達最高點時，速度為零，加速度為g，故B錯誤。C.根據：△v=gt知t相同，則整個過程中，任意相等時間內物體的速度變化量相同，故C正確。D.用逆向思維，可知物體上升過程中最后1s內的運動，可以看自由落體運動的第1s內運動，則位移為：m與初速度無關，故D錯誤。5、D【解析】

在小球下滑的過程中，對小球受力分析，如圖所示受到重力mg、電場力qE、洛倫茲力qvB、摩擦力f，還有木桿對小球的支持力N，開始時，速度較小，qvB較小，N較大，隨著速度的增加，N在減小，由可知f減小，豎直方向的合力增加，加速度增加；當速度增加到一定的程度，相等，此時N為零，f為零，加速度為g，達到最大；速度繼續(xù)增加，N要反向增加，f增加，豎直方向上的合力減小，加速度減小，當相等時，豎直方向上的加速度為零，速度達到最大．故ABC所示的v-t圖象不符合所分析的運動規(guī)律，D符合。故選D。【點睛】對小球受力分析，開始時洛倫茲力較小，所以木桿對小球的支持力較大，摩擦力較大，加速度較小，隨著速度的增加，分析豎直方向的合力變化，從而判斷加速度的變化．了解了加速度變化的情況，也就知道了v-t圖象的變化規(guī)律．6、B【解析】

A．由于傳送帶足夠長，物體減速向左滑行，直到速度減為零，然后物體會在滑動摩擦力的作用下向右加速，由于，物體會先在滑動摩擦力的作用下加速，當速度增大到等于傳送帶速度時，物體還在傳送帶上，之后不受摩擦力，故物體與傳送帶一起向右勻速運動，速度等于，故A錯誤；B．此過程中只有傳送帶對滑塊做功，根據動能定理得：傳送帶對滑塊做功為：，故B正確；CD．滑塊從起點向左到達最大位移時，用時，位移，傳送帶的位移；返回加速的時間，加速過程的位移，傳送帶的位移為：；傳送帶與滑塊間的相對路程：，故滑塊與傳送帶間摩擦產生的熱量：，電動機對傳送帶做的功等于滑塊動能的增加量與熱量的總和，故電動機做功為：，故CD錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】地球在AC段的速度大小大于CB段的速度大小，則AC段的時間小于CB段的時間，所以A到C所用的時間小于T4=91.25天，A錯誤．地球在DA段的速度大小大于BD段的速度大小，則DA段的時間小于BD段的時間，所以D到A所用的時間小于T4=91.25天，故從C點到D點的運動時間大于182.5天，B正確．從A到B的過程中，由于只有萬有引力做功，機械能守恒，從A到B階段，萬有引力做負功，地球的勢能增加，C正確．根據萬有引力方向與速度方向的關系知，從C到D【點睛】根據地球在AC段和CB段的速率大小比較兩段過程中的運動時間，從而得出A到C所用時間與周期的關系；抓住地球只有萬有引力做功，得出機械能守恒；根據萬有引力做功確定速率的變化．8、BC【解析】

A.物塊C做勻加速直線運動，因為細線長度不變，所以物塊B也做勻加速直線運動，物塊B受重力、彈簧彈力和細線拉力T，由牛頓第二定律得：得到：由于彈簧開始階段被壓縮，后來伸長，式中的先為正后為負，其大小方向都變化，所以細線拉力T大小變化，不為恒力，故A錯誤；B.以物塊B、C為研究對象，當彈簧的壓縮量最大時F值最小，由牛頓第二定律得：又因為：得到：故B正確；C.因為初始狀態(tài)細線對B無拉力，彈簧處于壓縮狀態(tài)，由胡克定律得壓縮量，物塊A恰好剛剛離開地面時，物塊A不受地面支持力，彈簧處于伸長狀態(tài)，由胡克定律得伸長量，所以初、末狀態(tài)彈簧形變量相等，彈簧彈性勢能相等，故C正確；D.設力F做的功為，對BC組成的系統．由功能關系得：而且：解得：故D錯誤．9、CD【解析】衛(wèi)星的最小發(fā)射速度為7.9km/s，衛(wèi)星已經發(fā)射，失利原因不可能是發(fā)射速度沒有達到7.9km/s，A錯誤；衛(wèi)星由Ⅱ的Q點加速后才能進入Ⅲ，由此可知，衛(wèi)星在軌道Ⅲ經過Q點時的速度大于在軌道Ⅱ經過Q點時的速度，B錯誤；衛(wèi)星從軌道Ⅰ變軌到軌道Ⅱ軌道半徑變大，要做離心運動，衛(wèi)星應從軌道Ⅰ的P加速后才能做離心運動從而進入軌道Ⅱ后，衛(wèi)星加速過程機械能增加，所以衛(wèi)星從軌道Ⅰ的P點進入軌道Ⅱ后機械能增加，C正確；衛(wèi)星在軌道II由P點向Q點運行時，速度減小，故加速度向下，處于失重狀態(tài)，D正確．10、BCD【解析】根據，則物體經過ab中點位置的速度為，故A錯誤．根據平均速度推論知，經過ab中間時刻的瞬時速度，故B正確．前時間內的平均速度，后時間內的平均速度，根據可知前時間通過的位移比后時間通過的位移小，選項C錯誤；物體運動的加速度，故D正確．故選BD．點睛：解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論，即中間時刻的速度，中間位移的速度，并能靈活運用，有時運用推論求解會使問題更加簡捷．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、CD1.0C【解析】試題分析：(1)當平衡了摩擦力后有計算后得，說明在該實驗中，改變小車質量后不需要重新平衡摩擦力，A選項錯誤；實驗時應該先接通電源再釋放小車，以此保證在紙帶上打下較多的點，也為了使打點計時器工作穩(wěn)定后再