浙江省金華一中2025屆物理高二第一學(xué)期期中聯(lián)考試題含解析

浙江省金華一中2025屆物理高二第一學(xué)期期中聯(lián)考試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，有一根直導(dǎo)線上通以恒定電流I，方向垂直指向紙內(nèi)，且和勻強(qiáng)磁場(chǎng)B垂直，則在圖中圓周上，磁感應(yīng)強(qiáng)度數(shù)值最大的點(diǎn)是（）A．a(chǎn)點(diǎn)B．b點(diǎn)C．c點(diǎn)D．d點(diǎn)2、如圖所示，虛線表示電場(chǎng)的一簇等勢(shì)面且相鄰等勢(shì)面間電勢(shì)差相等，一個(gè)a粒子（帶正電）以一定的初速度進(jìn)入電場(chǎng)后，只在電場(chǎng)力作用下沿實(shí)線軌跡運(yùn)動(dòng)，a粒子先后通過(guò)M點(diǎn)和N點(diǎn).在這一過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，由此可判斷出()A．a(chǎn)粒子在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力比在N點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大B．N點(diǎn)的電勢(shì)低于M點(diǎn)的電勢(shì)C．a(chǎn)粒子在N點(diǎn)的電勢(shì)能比在M點(diǎn)的電勢(shì)能大D．a(chǎn)粒子在M點(diǎn)的速率小于在N點(diǎn)的速率3、如圖,電源電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r,不計(jì)電壓表和電流表的內(nèi)阻對(duì)電路的影響。當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合后,兩燈均能發(fā)光.在將滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)的過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是()A．小燈泡L1、L2均變暗B．小燈泡L1、L2均變亮C．流過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流變大D．電流表A的讀數(shù)變小,電壓表V的讀數(shù)變大4、下列說(shuō)法是某同學(xué)對(duì)電學(xué)中相關(guān)概念及公式的理解，其中正確的是()A．電場(chǎng)強(qiáng)度公式E＝適用于一切電場(chǎng)B．根據(jù)電容的定義式C＝,電容器極板上的電荷量每增加1C，電壓就增加1VC．根據(jù)電場(chǎng)力做功的計(jì)算式W＝qU，一個(gè)電子在1V的電壓下加速，電場(chǎng)力做功為1eVD．電場(chǎng)線就是正電荷只在電場(chǎng)力的作用下運(yùn)動(dòng)的軌跡5、鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為2V，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()A．電路通過(guò)1C電荷量，電源把2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能B．電池接入電路時(shí)，其兩極間的電壓是2VC．電池沒(méi)有接入電路時(shí)，其兩極間的電壓是2VD．鉛蓄電池把化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)比一節(jié)干電池(電動(dòng)勢(shì)為1.5V)大6、下列單位是電容單位的是（）A．安培 B．伏特 C．法拉 D．瓦特二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，把四個(gè)相同的燈泡接成甲、乙兩種電路后，燈泡都正常發(fā)光，且兩個(gè)電路的總功率相等．則這兩個(gè)電路中的U甲、U乙、R甲、R乙之間的關(guān)系，正確的是()A．U甲>2U乙 B．U甲＝2U乙C．R甲＝4R乙 D．R甲＝2R乙8、一帶電液滴在重力和勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì)它的作用力作用下，在豎直平面內(nèi)，從靜止開(kāi)始由b沿直線運(yùn)動(dòng)到d，則bd與豎直方向所夾的銳角為45°，則下列結(jié)論正確的是（）A．此液滴帶負(fù)電B．液滴的加速度等于零C．合外力對(duì)液滴做的總功等于零D．液滴的電勢(shì)能和動(dòng)能之和是增加的9、將原來(lái)不帶電的絕緣導(dǎo)體B移近帶負(fù)電的絕緣導(dǎo)體A，如圖所示，以下說(shuō)法正確的是：（）A．導(dǎo)體B上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等B．導(dǎo)體A內(nèi)部的場(chǎng)強(qiáng)一定為零C．導(dǎo)體B的左端電勢(shì)比右端電勢(shì)高D．導(dǎo)體B上的感應(yīng)電荷在它的C點(diǎn)所形成的場(chǎng)強(qiáng)一定不為零10、如圖所示，一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的物體從高為h=0.8m的光滑斜面頂端由靜止開(kāi)始下滑,物體經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)速率變化可忽略不計(jì)，滑上傳送帶A端的瞬時(shí)速度為vA,到達(dá)B端的瞬時(shí)速度設(shè)為vB,水平傳送帶A、B兩端相距x=6m,物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1,取g=10m/s2,下列說(shuō)法中正確的是()A．物體滑上傳送帶A端的瞬時(shí)速度vA=4m/sB．若傳送帶不動(dòng)，物體到達(dá)B端的瞬時(shí)速度vB=2m/sC．若傳送帶逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng),vB一定小于2m/sD．若傳送帶順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng),vB一定大于2m/s三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）要測(cè)繪額定電壓為2V的日常用小電珠的伏安特性曲線，所供選擇的器材除了導(dǎo)線和開(kāi)關(guān)外，還有以下一些器材可供選擇：A、電源E（電動(dòng)勢(shì)3.0V，內(nèi)阻可不計(jì)）B、電壓表V1（量程為0～3.0V，內(nèi)阻約2kΩ）C、電壓表V2（0～15.0V，內(nèi)阻約6kΩ）D、電流表A1（0～0.6A，內(nèi)阻約1Ω）E、電流表A2（0～100mA，內(nèi)阻約2Ω）F、滑動(dòng)變阻器R1（最大值10Ω）G、滑動(dòng)變阻器R2（最大值2kΩ）（1）為減少實(shí)驗(yàn)誤差，實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選擇___，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇_______（填各器材的序號(hào)）（2）為提高實(shí)驗(yàn)精度，請(qǐng)你設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖，并畫(huà)在圖甲的虛線框中___．（3）實(shí)驗(yàn)中測(cè)得一組數(shù)據(jù)作出了該電珠的U-I圖線如圖所示．根據(jù)該圖線可知小電珠的額定功率是_______W．（4）由圖象可知，小電珠電阻的變化特點(diǎn)是_________12．（12分）在一次實(shí)驗(yàn)時(shí)某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測(cè)量（如圖所示，游標(biāo)上刻有20格），示數(shù)為_(kāi)_______cm．在一次實(shí)驗(yàn)時(shí)某同學(xué)用螺旋測(cè)微器測(cè)量（如圖），示數(shù)為_(kāi)_______mm．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）靜電噴漆技術(shù)具有效率高、浪費(fèi)少、質(zhì)量好，有利于工人健康等優(yōu)點(diǎn)，其裝置原理圖如圖所示。A、B為兩塊平行金屬薄板，B板上表面需要噴漆，兩板間距為d，兩板間有方向由B指向A、場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)。在A板的中央放置一個(gè)安全接地的靜電油漆噴槍P，油漆噴槍的半圓形噴嘴可向各個(gè)方向均勻地噴出帶電油漆微粒，微粒的初速度為v0，質(zhì)量為m，電荷量為q，噴槍體積、微粒的重力和所受空氣阻力以及微粒之間的作用力均不計(jì)，微粒最后都落在金屬板B上且對(duì)勻強(qiáng)電場(chǎng)不影響。試問(wèn)：(1)油漆微粒帶電性質(zhì)；(2)油漆微粒最后落在B板上表面所形成的圖形面積的大小。14．（16分）如圖所示電路中，已知R1=5Ω，R2=12Ω，電壓表示數(shù)為2V，電流表示數(shù)為0.2A，求電阻R3和UAC的阻值．(電表均是理想電表)15．（12分）如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xoy中第1象限存在沿y軸負(fù)方向的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)，在x軸下側(cè)平面內(nèi)某處固定著一點(diǎn)電荷(設(shè)勻強(qiáng)電場(chǎng)與點(diǎn)電荷電場(chǎng)以x軸為界互不影響)，一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電的粒子從y軸正半軸上的M點(diǎn)以速度v0垂直于y軸射入電場(chǎng)，經(jīng)x軸上的N點(diǎn)與x軸正方向成θ＝60°角射入第4象限，此后在點(diǎn)電荷作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，最后從y軸負(fù)半軸上的P點(diǎn)垂直于y軸射出，OP＝3R。不計(jì)粒子重力，靜電力常量為k，求：(1)MN兩點(diǎn)間的電勢(shì)差UMN；(2)固定x軸下側(cè)平面內(nèi)的點(diǎn)電荷電量Q；(3)勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】

由電流的安培定則可知電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)在a點(diǎn)的方向水平向右，c點(diǎn)水平向左，b點(diǎn)豎直向下d點(diǎn)豎直向上，且四點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，根據(jù)矢量合成法則可知磁感應(yīng)強(qiáng)度最大值為a點(diǎn)A.a點(diǎn)與分析相符，A正確B.b點(diǎn)與分析不符，B錯(cuò)誤C.c點(diǎn)與分析不符，C錯(cuò)誤D.d點(diǎn)與分析不符，D錯(cuò)誤2、C【解析】

根據(jù)電場(chǎng)線或等勢(shì)面的疏密程度可知N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度較大，故帶電粒子在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力比在N點(diǎn)受到的電場(chǎng)力小，故A錯(cuò)誤；由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知，帶正電的粒子所受的電場(chǎng)力方向指向右下方，則電場(chǎng)線的方向指向右下方，根據(jù)“順著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降落”，可知N點(diǎn)的電勢(shì)高于M點(diǎn)的電勢(shì)，故B錯(cuò)誤；若粒子從M到N，電場(chǎng)力對(duì)粒子做負(fù)功，電勢(shì)能增加，所以N點(diǎn)的電勢(shì)能比在M點(diǎn)的電勢(shì)能大，故C正確；若粒子從M到N，電場(chǎng)力做負(fù)功，速度減小，所以M點(diǎn)的速率大于在N點(diǎn)的速率，故D錯(cuò)誤；故選C。【點(diǎn)睛】此題關(guān)鍵是知道電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，等差等勢(shì)面的疏密程度也反映電場(chǎng)的強(qiáng)弱，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加．3、D【解析】

將滑動(dòng)變阻器的滑片逐漸向右滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器接入電路的電阻增大，分析外電路總電阻的變化，由歐姆定律判斷干路電流的變化，即可知道電流表示數(shù)的變化和路端電壓的變化，即可知道電壓表讀數(shù)的變化．分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷L1燈亮度的變化?！驹斀狻繉⒒瑒?dòng)變阻器的滑片逐漸向右滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器接入電路的電阻增大，并聯(lián)部分的電阻增大，外電路總電阻增大，則干路電流減小，故L2燈變暗，電流表讀數(shù)變小。電源的內(nèi)電壓減小，則路端電壓增大，電壓表讀數(shù)變大根據(jù)串聯(lián)電路分壓特點(diǎn)可知，并聯(lián)部分電壓增大，則L1燈變亮由上分析可知，流過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流等于燈L2的電流減去燈L1的電流，所以流過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流一定減小，綜上所述，故應(yīng)選：D?！军c(diǎn)睛】本題是一道閉合電路的動(dòng)態(tài)分析題，分析清楚電路結(jié)構(gòu)，明確各電路元件的連接方式、靈活應(yīng)用歐姆定律公式是正確解題的關(guān)鍵。4、C【解析】

A．電場(chǎng)強(qiáng)度公式：E＝只適用于勻強(qiáng)電場(chǎng)，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)電容的定義式：C＝可知：U=只有在電容器C=1F時(shí)，當(dāng)電容器極板上的電荷量每增加1C，電壓就增加1V，故B錯(cuò)誤；C．電子的電量為e，由：W=Uq可知電場(chǎng)對(duì)電子做功加速時(shí)：W=Ue即在1V電壓下加速，電場(chǎng)力做功為1eV，故C正確；D．電場(chǎng)線并不存在，是虛擬的，是人為引入的，而物體的運(yùn)動(dòng)軌跡是實(shí)際存在的，故電場(chǎng)線不是電荷的運(yùn)動(dòng)軌跡，故D錯(cuò)誤。5、B【解析】

電動(dòng)勢(shì)與電勢(shì)差是兩個(gè)不同的概念，電動(dòng)勢(shì)等于內(nèi)外電路電壓之和．電動(dòng)勢(shì)是表示電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量．電動(dòng)勢(shì)由電源本身的特性決定，與外電路的結(jié)構(gòu)無(wú)關(guān)。【詳解】A項(xiàng)：電路中每通過(guò)1C的電量時(shí)，電池將2J的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為電能；故A正確；B項(xiàng)：當(dāng)電源接入外電路時(shí)，電池兩端的電壓小于電動(dòng)勢(shì)2V，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：鉛蓄電池的電動(dòng)勢(shì)為2V，不接入外電路，該鉛蓄電池兩極間的電壓為2V，故C正確；D項(xiàng)：電動(dòng)勢(shì)反應(yīng)電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)；故鉛蓄電池把其他形式能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)比一節(jié)干電池（電動(dòng)勢(shì)為1.5V）的強(qiáng)，故D正確。故應(yīng)選B。【點(diǎn)睛】本題考查對(duì)電動(dòng)勢(shì)的理解．關(guān)鍵抓住電動(dòng)勢(shì)的物理意義：表征電源把其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小。6、C【解析】

A．安培是電流的單位．故A錯(cuò)誤；B．伏特是電壓、電勢(shì)差的單位．故B錯(cuò)誤；C．法拉是電容的單位．故C正確；D．瓦特是功率的單位．故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】

AB．甲乙兩電路的總功率相等，得:,A錯(cuò)B對(duì)；CD．兩電路的功率相等則：，即，C對(duì)D錯(cuò)．8、AD【解析】

A.據(jù)題帶電液滴沿直線b運(yùn)動(dòng)到d，帶電液滴所受重力與電場(chǎng)力的合力一定與其運(yùn)動(dòng)方向在同一直線上，對(duì)液滴進(jìn)行受力分析可知，電場(chǎng)力方向一定水平向右，與場(chǎng)強(qiáng)方向相反，所以該液滴帶負(fù)電．故A正確；B.液滴受力分析圖，如圖所示：由圖可得物體所受合力物體的加速度：故B錯(cuò)誤．C.由于液滴從靜止開(kāi)始做加速運(yùn)動(dòng)，故合力的方向與運(yùn)動(dòng)的方向相同，故合外力對(duì)物體做正功，總功不為零，故C錯(cuò)誤．D.因液滴的重力做正功，重力勢(shì)能減小，故液滴的電勢(shì)能與動(dòng)能之和是增加的，故D正確．9、BD【解析】由于靜電感應(yīng)，B兩端出現(xiàn)等量異種電荷，場(chǎng)強(qiáng)大，其他地方電荷少，場(chǎng)強(qiáng)小，A錯(cuò)．處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體，內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為0，B對(duì)．導(dǎo)體是等勢(shì)體，C錯(cuò)．C點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)為0，導(dǎo)體B上感應(yīng)電荷產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)與A產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)等大反向，D對(duì)．10、AB【解析】試題分析：物塊滑上傳送帶，若傳送到不動(dòng)，物塊做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出到達(dá)B點(diǎn)的速度．若傳送帶順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，根據(jù)物塊的速度與傳送帶的速度大小判斷物體的運(yùn)動(dòng)情況．若傳送帶逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，物塊滑上傳送帶做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行求解．由動(dòng)能定理得，解得m/s，A正確；若傳送帶不動(dòng)，則物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得，勻減速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小m/s2，根據(jù)，解得m/s，B正確；若傳送帶逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，物體滑上傳送帶做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)B點(diǎn)的速度大小一定等于2m/s，C錯(cuò)誤；若傳送帶順時(shí)針勻速運(yùn)動(dòng)，若傳送帶的速度小于2m/s，在物體到達(dá)B時(shí)，傳送帶給物體恒定的水平向左的滑動(dòng)摩擦力，物體在摩擦力作用下全程做勻減速運(yùn)動(dòng)到達(dá)B點(diǎn)的速度等于2m/s，D錯(cuò)誤．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、DF0.94-0.98燈泡電阻隨電壓的增大而增大【解析】

由題中“要測(cè)繪額定電壓為2V的日常用小電珠的伏安特性曲線”可知，本題考查小燈泡伏安特性曲線測(cè)繪，根據(jù)伏安法和分壓法要求，結(jié)合實(shí)驗(yàn)規(guī)律可分析本題【詳解】（1）[1]根據(jù)小電珠的電流變化，電流表選擇D；[2]本實(shí)驗(yàn)是測(cè)繪小電珠伏安特性曲線，需要電壓的變化范圍比較大，故采用分壓式，因此選擇滑動(dòng)變阻器R1；（2）[3]本實(shí)驗(yàn)是測(cè)繪小電珠伏安特性曲線，需要電壓的變化范圍比較大，故采用分壓式，故連接方式為（3）[4]小電珠額定電壓是2V，從表中可知，電流在0.47A到0.49A左右，故其額定電功