北京市門頭溝區(qū)市級名校2025屆數學高一上期末調研試題含解析

北京市門頭溝區(qū)市級名校2025屆數學高一上期末調研試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每個小題給出的四個選項中，恰有一項是符合題目要求的1．設，，則“”是“”的（）A.充分不必要條件 B.必要不充分條件C.充要條件 D.既不充分也不必要條件2．直三棱柱中,若,則異面直線與所成角的余弦值為A.0 B.C. D.3．函數與（且）在同一坐標系中的圖象可能是（）A. B.C. D.4．設，且，則（）A. B.C. D.5．設集合，，則集合A. B.C. D.6．已知，則（）A. B.C. D.7．已知定義域為的奇函數滿足，若方程有唯一的實數解，則（）A.2 B.4C.8 D.168．如圖（）四邊形為直角梯形，動點從點出發(fā)，由沿邊運動，設點運動的路程為，面積為．若函數的圖象如圖（），則的面積為（）A. B.C. D.9．設的兩根是，則A. B.C. D.10．下列函數既不是奇函數，也不是偶函數，且在上單調遞增是A. B.C. D.二、填空題：本大題共6小題，每小題5分，共30分。11．大圓周長為的球的表面積為____________12．已知函數f（x）=x2，若存在t∈R，對任意x∈[1，m]（m＞1，m∈N），都有f（x+t）≤2x，則m的最大值為______13．已知是球上的點，,，,則球的表面積等于________________14．要在半徑cm的圓形金屬板上截取一塊扇形板，使弧AB的長為m，那么圓心角_________．（用弧度表示）15．已知扇形的圓心角為，其弧長是其半徑的2倍，則__________16．三條直線兩兩相交，它們可以確定的平面有______個.三、解答題：本大題共5小題，共70分。解答時應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17．已知函數圖象的一條對稱軸方程為，且其圖象上相鄰兩個零點的距離為.（1）求的解析式；（2）若對，不等式恒成立，求實數m的取值范圍.18．已知函數的周期是.（1）求的單調遞增區(qū)間；（2）求在上的最值及其對應的的值.19．已知函數且.（1）若函數的圖象過點，求的值；（2）當時，若不等式對任意恒成立，求實數的取值范圍20．設向量，且與不共線（1）求證：；（2）若向量與的模相等，求.21．如圖所示，四棱錐的底面是邊長為1的菱形，，E是CD中點，PA底面ABCD，（I）證明：平面PBE平面PAB；（II）求二面角A—BE—P和的大小

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每個小題給出的四個選項中，恰有一項是符合題目要求的1、D【解析】分別取特殊值驗證充分性和必要性不滿足，即可得到答案.【詳解】充分性：取，滿足“”，但是“”不成立，即充分性不滿足；必要性：取，滿足“”，但是“”不成立，即必要性不滿足；所以“”是“”的既不充分也不必要條件.故選：D2、A【解析】連接，在正方形中，，又直三棱柱中，，即，所以面.所以，所以面，面，所以，即異面直線與所成角為90°，所以余弦值為0.故選A.3、B【解析】分析一次函數的單調性，可判斷AD選項，然后由指數函數的單調性求得的范圍，結合直線與軸的交點與點的位置關系可得出合適的選項.【詳解】因為一次函數為直線，且函數單調遞增，排除AD選項.對于B選項，指數函數單調遞減，則，可得，此時，一次函數單調遞增，且直線與軸的交點位于點的上方，合乎題意；對于C選項，指數函數單調遞減，則，可得，此時，一次函數單調遞增，且直線與軸的交點位于點的下方，不合乎題意.故選：B.4、D【解析】根據同角三角函數的基本關系，兩角和的正弦公式，即可得到答案；詳解】，，，，故選：D5、D【解析】并集由兩個集合所有元素組成，排除重復的元素，故選.6、D【解析】先求出，再分子分母同除以余弦的平方，得到關于正切的關系式，代入求值.【詳解】由得，，所以故選：D7、B【解析】由條件可得，為周期函數，且一個周期為6，設，則得到偶函數，由有唯一的實數解，得有唯一的零點，則，從而得到答案.【詳解】由得，即，從而，所以為周期函數，且一個周期為6，所以.設，將的圖象向右平移1個單位長度，可得到函數的圖象，且為偶函數.由有唯一的實數解，得有唯一的零點，從而偶函數有唯一的零點，且零點為，即，即，解得，所以故選：.【點睛】關鍵點睛：本題考查函數的奇偶性和周期性的應用，解答本題的關鍵是由條件得到，得到為周期函數，設的圖象，且為偶函數.由有唯一的實數解，得有唯一的零點，從而偶函數有唯一的零點，且零點為，屬于中檔題.8、B【解析】由題意，當在上時，；當在上時，圖（）在，時圖象發(fā)生變化，由此可知，，根據勾股定理，可得，所以本題選擇B選項.9、D【解析】詳解】解得或或即，所以故選D10、C【解析】是偶函數，是奇函數，和既不是奇函數也不是偶函數，在上是減函數，是增函數，故選C二、填空題：本大題共6小題，每小題5分，共30分。11、【解析】依題意可知，故求得表面積為.12、5【解析】設g（x）=f（x+t）-2x=x2+（2t-2）x+t2≤0．從而得到g（1）≤0且g（m）≤0，求得t的范圍，討論t的最值，代入m的不等式求得m的范圍，結合條件可得m的最大值【詳解】函數f（x）=x2，那么f（x+t）=x2+2tx+t2，對任意實數x∈[l，m]，都有f（x+t）≤2x成立，即有x2+（2t-2）x+t2≤0令g（x）=x2+（2t-2）x+t2，從而得到g（1）≤0，且g（m）≤0，由g（1）≤0可得，由g（m）≤0，即m2+（2t-2）m+t2≤0當時，；當時，綜上可得，由m為正整數，可得m的最大值為5故答案為5【點睛】本題考查不等式恒成立問題解法，注意運用二次函數的性質，考查運算求解能力，是中檔題13、【解析】由已知S,A,B,C是球O表面上的點，所以，又，，所以四面體的外接球半徑等于以長寬高分別以SA,AB,BC三邊長為長方體的外接球的半徑，因為，,所以，所以球的表面積點睛：本題考查了球內接多面體，球的表面積公式，屬于中檔題．其中根據已知條件求球的直徑（半徑）是解答本題的關鍵14、【解析】由弧長公式變形可得：，代入計算即可.【詳解】解：由題意可知：（弧度）.故答案為：.15、-1【解析】由已知得，所以則，故答案.16、1或3【解析】利用平面的基本性質及推論即可求出.【詳解】設三條直線為，不妨設直線，故直線與確定一個平面，（1）若直線在平面內，則直線確定一個平面；（2）若直線不在平面內，則直線確定三個平面；故答案為：1或3；三、解答題：本大題共5小題，共70分。解答時應寫出文字說明、證明過程或演算步驟。17、（1）（2）【解析】（1）由題意可得周期為，則可求出的值，再由一條對稱軸方程為，可得，可求出的值，從而可求得解析式，（2）由題意得對恒成立，所以利用三角函數的性質求出即可，從而可求出實數m的取值范圍【小問1詳解】因為圖象上相鄰兩個零點的距離為，所以周期為，所以，得，所以，因為圖象的一條對稱軸方程為，所以，即，所以，因為，所以，所以【小問2詳解】由（1）得對恒成立，因為，所以，所以，則，所以，解得，所以實數m的取值范圍為18、（1）；（2）當時，；當時，.【解析】（1）先由周期為求出,再根據,進行求解即可；（2）先求出,可得,進而求解即可【詳解】（1）解：∵,∴,又∵,∴,∴,∵,,∴,,∴,,∴的單調遞增區(qū)間為（2）解：∵∴,∴,∴,∴,∴,當時,,當,即時,【點睛】本題考查求正弦型函數的單調區(qū)間,考查正弦型函數的最值問題,屬于基礎題19、（1）；（2）﹒【解析】(1)將點代入解析式，即可求出的值；(2)換元法，令，然后利用函數思想求出新函數的最小值即可【小問1詳解】由已知得，∴，解得，結合，且，∴；【小問2詳解】由已知得，當，時恒成立，令，，且，，，∵在，上單調遞增，故，∵是單調遞增函數，故，故即為所求，即的范圍為20、(1)證明見解析；(2)或.【解析】（1）先求出，再計算的值，發(fā)現(xiàn)，得。（2）先利用向量的坐標表示求出，的坐標，通過，列方程求出?！驹斀狻拷猓海?）證明：由題意可得，，，.（2）向量與的模相等，，.又，，解得，，又或.【點睛】本題考查向量垂直，向量的模的坐標表示，注意計算不要出錯即可。21、（I）同解析（II）二面角的大小為【解析】解：解法一（I）如圖所示,連結由是菱形且知，是等邊三角形.因為E是CD的中點，所以又所以又因為PA平面ABCD，平面ABCD，所以而因此平面PAB.又平面PBE，所以平面PBE平面PAB.