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2021-2022學(xué)年高一下物理期末模擬試卷注意事項:1.答題前,考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚,將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2.答題時請按要求用筆。3.請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答,超出答題區(qū)域書寫的答案無效;在草稿紙、試卷上答題無效。4.作圖可先使用鉛筆畫出,確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5.保持卡面清潔,不要折暴、不要弄破、弄皺,不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題:(1-6題為單選題7-12為多選,每題4分,漏選得2分,錯選和不選得零分)1、(本題9分)如圖所示,一個小球繞圓心O做勻速圓周運動,已知圓周半徑為r,該小球運動的線速度大小為v,則它運動的向心加速度大小為A. B. C. D.2、(本題9分)一質(zhì)量為m的物體在水平恒力F的作用下沿水平面運動,在t0時刻撤去F,其V-t圖象如圖所示.已知物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ,則下列關(guān)于力F大小和力F做功的平均功率(P)大小的關(guān)系式,正確的是()A.W=32μmgv0t3、如圖所示,一個球用一不計質(zhì)量的網(wǎng)兜掛在光滑的墻壁上,已知球的重力為G,網(wǎng)兜懸繩與墻壁的夾角為α。則球?qū)W(wǎng)兜的拉力F1及球?qū)Ρ诘膲毫2大小分別為A.F1=,F(xiàn)2=Gtanα B.F1=Gcosα,F(xiàn)2=GsinαC.F1=,F(xiàn)2= D.F1=Gtanα,F(xiàn)2=4、(本題9分)如圖為廈門觀音山夢海岸度假區(qū)的摩天輪,是游客喜愛的娛樂項目之一.假設(shè)摩天輪座與艙中的游客均可視為質(zhì)點,座艙在豎直面內(nèi)做勻速圓周運動A.游客在各個位置的線速度都相同B.所有游客的加速度都相同C.摩天輪轉(zhuǎn)動時,游客始終處于平衡狀態(tài)D.游客經(jīng)過最低點時處于超重狀態(tài)5、(本題9分)發(fā)射地球同步衛(wèi)星時,先將衛(wèi)星發(fā)射至近地圓軌道1,然后點火,使其沿橢圓軌道2運行,最后再次點火,將衛(wèi)星送入同步圓軌道3,軌道1、2相切于Q點,軌道2、3相切于P點,如圖所示。衛(wèi)星分別在1、2、3軌道上正常運行時,以下說法正確的是()A.衛(wèi)星在軌道3上運行的周期小于在軌道1上的周期B.衛(wèi)星在軌道3上的機械能大于在軌道1上的機械能C.衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過Q點時的加速度大于它在軌道1上經(jīng)過Q點時的加速度D.衛(wèi)星在軌道2上由Q點運動至P點的過程中,速度增大,加速度減小6、(本題9分)2016年中國女排在里約奧運會上克服困難拿到冠軍,女排精神又一次鼓舞了全國人民。假設(shè)排球在運動過程所受的阻力不計,下列說法正確的是()A.排球從靜止到發(fā)出的過程中機械能守恒B.若接球后排球作上拋運動,則此過程中排球動能不變C.若扣球后排球作平拋運動,則此過程中排球機械能守恒D.若攔網(wǎng)后排球平拋出界,則此過程中排球機械能增加7、如圖所示,發(fā)射升空的衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移橢圓軌道Ⅰ上A點處經(jīng)變軌后進入運行圓軌道Ⅱ.A、B分別為軌道Ⅰ的遠地點和近地點.則衛(wèi)星在軌道Ⅰ上()A.經(jīng)過A點的速度小于經(jīng)過B點的速度B.經(jīng)過A點的動能大于在軌道Ⅱ上經(jīng)過A點的動能C.運動的周期大于在軌道Ⅱ上運動的周期D.經(jīng)過A點的加速度等于在軌道Ⅱ上經(jīng)過A點的加速度8、(本題9分)某靜電場中的電場線如圖所示,帶電粒子在電場中僅受電場力作用,其運動軌跡如圖中虛線所示,由M運動到N,以下說法正確的是()A.粒子必定帶正電荷B.粒子在M點的加速度大于它在N點的加速度C.粒子在M點的加速度小于它在N點的加速度D.粒子在M點的動能大于它在N點的動能9、(本題9分)如圖所示,真空中有兩個點電荷Q1=+4.010-8C和Q2=-1.010-8C,分別固定在x坐標軸的坐標原點和x=6cm的位置上。在x軸上()A.x=12cm處的場強為零B.x=14cm處的場強為零C.x=8cm處的電勢比x=10cm處的電勢低D.將一個負的試探電荷從x=15cm處移動到x=20cm處的過程中,它的電勢能減少10、(本題9分)如圖所示,長為L的輕桿,一端固定一個小球,另一端固定在光滑的水平軸上,使小球在豎直平面內(nèi)作圓周運動,重力加速度為g。關(guān)于小球在過最高點的速度v,下列敘述中正確的是()A.v由零增大,需要的向心力也逐漸增大B.小球能在豎直平面內(nèi)作圓周運動v極小值為C.當v由逐漸增大時,桿對小球的彈力也逐漸增大D.當v由逐漸減小時,桿對小球的彈力逐漸減小11、(本題9分)如圖所示的虛線為電場中的三條等勢線,三條虛線平行且等間距,電勢分別為10V、15V、20V,實線是僅受電場力的帶電粒子的運動軌跡,a、b、c是軌跡上的三個點,粒子在c點處的電勢能為20eV,粒子在b點的動能為20eV,下列說法正確的是A.粒子在c處加速度大于在b處的加速度B.粒子帶正電C.粒子從a運動到c過程中動能不斷增加D.粒子在a點的動能為25eV12、(本題9分)一帶電小球在空中由A點運動到B點的過程中,受重力、電場力和空氣阻力三個力作用.若該過程中小球的重力勢能增加3J,機械能增加1.5J,電場力對小球做功2J,則下列判斷正確的是(?)A.小球的重力做功為3J B.小球克服空氣阻力做功0.5JC.小球的電勢能增加2J D.小球的動能減少1.5J二、實驗題(本題共16分,答案寫在題中橫線上)13、(6分)某同學(xué)在用頻閃照相“研究平拋運動”實驗中,記錄了小球運動途中的A、B、C三點的位置,取A點為坐標原點,得到如圖所示坐標。取g=10,則閃光頻率是____Hz,小球做平拋運動的初速度v0=__m/s,小球從開始做平拋運動到B點所用的時間tB=___s14、(10分)(本題9分)打點計時器驗證機械能守恒定律的實驗中,質(zhì)量m=1.00kg的重物自由下落,打點計時器在紙帶上打出一系列點.如圖所示為選取的一條符合實驗要求的紙帶,O為第一個點,A、B、C為從合適位置開始選取的三個連續(xù)點(其它點未畫出).已知打點計時器每隔0.02s打一次點,當?shù)氐闹亓铀俣萭=.那么:(1)紙帶的_______端(選填“左”或“右”)與重物相連;(2)根據(jù)圖上所得的數(shù)據(jù),應(yīng)取圖中O點和__________點來驗證機械能守恒定律;(3)從O點到所取點,重物重力勢能減少量=_____J,動能的增加量=_____J;(結(jié)果取3位有效數(shù)字)(4)實驗結(jié)果發(fā)現(xiàn)動能增量總_______(填“大于”、“等于”或“小于”)重力勢能的減少量,其主要原因是_____________________________________________________.三、計算題要求解題步驟,和必要的文字說明(本題共36分)15、(12分)如圖所示為某種彈射裝置的示意圖,該裝置由三部分組成,傳送帶左邊是足夠長的光滑水平面,一輕質(zhì)彈簧左端固定,右端連接著質(zhì)量M=6.0kg的物塊A。裝置的中間是水平傳送帶,它與左右兩邊的臺面等高,并能平滑對接。傳送帶的皮帶輪逆時針勻速轉(zhuǎn)動,使傳送帶上表面以u=2.0m/s勻速運動。傳送帶的右邊是一半徑R=1.25m位于豎直平面內(nèi)的光滑圓弧軌道。質(zhì)量m=2.0kg的物塊B從圓弧的最高處由靜止釋放。已知物塊B與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.1,傳送帶兩軸之間的距離l=4.5m。設(shè)第一次碰撞前,物塊A靜止,物塊B與A發(fā)生碰撞后被彈回,物塊A、B的速度大小均等于B的碰撞前的速度的一半。取g=10m/s2。求:(1)物塊B滑到圓弧的最低點C時對軌道的壓力;(2)物塊B與物塊A第一次碰撞后彈簧的最大彈性勢能;(3)如果物塊A、B每次碰撞后,物塊A再回到平衡位置時彈簧都會被立即鎖定,而當它們再次碰撞前鎖定被解除,求物塊B經(jīng)第一次與物塊A碰撞后在傳送帶上運動的總時間。16、(12分)如圖所示,質(zhì)量為m=lkg的小物體(可視為質(zhì)點),以v0=7m/s的初速度從底端沖上傾角為α=53°,長度s=1m的粗糙斜面AB,并恰好在最高點以水平速度vc=3m/s沖上傳送帶。傳送帶正以速度v=5m/s順時針轉(zhuǎn)動,其水平長度CD為12m,小物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.1.小物體從D點平拋,恰好沿P點切線進入口徑很小的光滑圓管軌道中,圓心為O,軌道半徑R=1m,且OP與豎直方向的夾角為θ=60°,Q點為軌道最高點(不計空氣阻力,取g=10m/s2)。求:(1)小物體與斜面的動摩擦因數(shù)μ0;(2)小物體通過傳送帶CD所用的時間;(3)小物體在Q點對圓弧軌道的作用力。17、(12分)(本題9分)如圖,一質(zhì)量m=2kg的物體靜止在光滑水平面上,在方向為水平向右、大小為8N的恒力F的作用下開始運動,求物體經(jīng)過3s:(1)力F對物體所做的功;(2)力F對物體所做功的平均功率;(3)在3s末力F對物體做功的瞬時功率.
參考答案一、選擇題:(1-6題為單選題7-12為多選,每題4分,漏選得2分,錯選和不選得零分)1、C【解析】
小球做勻速圓周運動,根據(jù)線速度,角速度,而,可得,故選C.【點睛】本題關(guān)鍵是明確小球的運動性質(zhì),然后結(jié)合速度與角速度的公式求解.2、A【解析】對0-t0過程和0-3t0過程,由動量定理:Ft0-μmgt0=mv0;Ft0-μmg(3t0)=0解得F=3μmg,故B錯誤,D正確;由圖象可知0-t0過程的位移x=vW=Fx=32μmgv0t0點睛:本題關(guān)鍵對加速過程和全部過程運用動量定理求出推力與摩擦力的關(guān)系,然后根據(jù)功的定義求解推力的功;本題也可根據(jù)牛頓第二定律和運動學(xué)公式聯(lián)立求出推力,但用動量定律較為簡潔.3、A【解析】
對足球進行受力分析,如圖所示。
小球處于靜止狀態(tài),故由平衡條件可得:F2=F1sinα;G=F1cosα;聯(lián)立解得:;F2=Gtanα;由牛頓第三定律可知球?qū)W(wǎng)兜的拉力F1及球?qū)Ρ诘膲毫2大小分別為:;F2=Gtanα;A.F1=,F(xiàn)2=Gtanα,與結(jié)論相符,選項A正確;B.F1=Gcosα,F(xiàn)2=Gsinα與結(jié)論不相符,選項B錯誤;C.F1=,F(xiàn)2=,與結(jié)論不相符,選項C錯誤;D.F1=Gtanα,F(xiàn)2=,與結(jié)論不相符,選項D錯誤;4、D【解析】
A.勻速圓周運動線速度大小不變,方向時刻變化,故A錯誤;B.勻速圓周運動向心加速度一直沿半徑指向圓心,方向時刻變化,故B錯誤;C.摩天輪轉(zhuǎn)動時有沿半徑方向的加速度,所以游客不是處于平衡狀態(tài),故C錯誤;D.游客經(jīng)過最低點時,加速度向上,所以處于超重狀態(tài),故D正確;5、B【解析】
A、據(jù)萬有引力提供圓周運動向心力可得衛(wèi)星的周期,可知,軌道3的半徑大于軌道1的軌道半徑,故軌道3上的周期大于軌道1上的周期,A錯誤;B、衛(wèi)星要從軌道1變軌到軌道3,需要在Q點加速后沿軌道2運動,在軌道2上經(jīng)過P點時再加速,最后在軌道3上運動,所以衛(wèi)星在軌道3上的機械能大于在軌道1上的機械能,B正確;C、同在Q點,萬有引力產(chǎn)生的加速度相同,與衛(wèi)星所在的軌道無關(guān),C錯誤;D、衛(wèi)星在軌道2上由Q點運動至P點過程中,引力對衛(wèi)星做正功,衛(wèi)星的速度越來越大,衛(wèi)星離地球越來越近,萬有引力產(chǎn)生的加速度越來越大,D錯誤。6、C【解析】
A、排球從靜止到發(fā)出的過程中,運動員對排球做功,把運動員的體能轉(zhuǎn)化為排球的動能,機械能不守恒,故A錯誤。B、若接球后排球作上拋運動,則此過程中重力做負功,排球動能減少,重力勢能增加,故B錯誤。C、若扣球后排球作平拋運動,則此過程中只有重力做功,排球機械能守恒,故C正確。D、若攔網(wǎng)后排球平拋出界,則此過程中只有重力做功,排球機械能守恒,故D錯誤。7、AD【解析】
由B運動到A引力做負功,動能減小的,所以經(jīng)過A點的速度小于經(jīng)過B點的速度,故A正確;同在A點,只有加速它的軌道才會變大,所以經(jīng)過A點的動能小于在軌道Ⅱ上經(jīng)過A點的動能,故B錯誤;軌道Ⅰ的半長軸小于軌道Ⅱ的半徑,根據(jù)開普勒第三定律,在軌道Ⅰ上運動的周期小于在軌道Ⅱ上運動的周期,故C錯誤;根據(jù)a=,在軌道Ⅱ上經(jīng)過A的加速度等于在軌道Ⅰ上經(jīng)過A的加速度,故D正確;故選AD.【點睛】解決本題的關(guān)鍵理解衛(wèi)星繞地球運動的規(guī)律.要注意向心力是物體做圓周運動所需要的力,比較加速度,應(yīng)比較物體實際所受到的力,即萬有引力.8、AC【解析】試題分析:由電荷的運動軌跡可知,電荷的受力方向沿著電場線切線的方向,所以粒子帶正電,故A正確;電場線的密集程度表示電場的強弱,由圖可以看出,N點的電場強度大于M點的,故粒子在M點受的電場力小,加速度小,所以C正確、B錯誤;由圖可以看出,電場力做正功,電荷的電勢能減小,動能增大,所以D錯誤;考點:電場線、電勢、動能定理9、AC【解析】
AB.兩電荷間距離,設(shè)電荷Q2右側(cè)r處場強為0,則:解得:即x=12cm處的場強為零,所以x=6cm到x=12cm間場強方向沿x軸負方向,處場強方向沿x軸正方向。故A項正確,B項錯誤。C.x=6cm到x=12cm間場強方向沿x軸負方向,沿電場線方向電勢降低,則x=8cm處的電勢比x=10cm處的電勢低。故C項正確。D.處場強方向沿x軸正方向,則x=15cm處的電勢大于x=20cm處的電勢;將一個負的試探電荷從x=15cm處移動到x=20cm處的過程中,它的電勢能增加。故D項錯誤。10、AC【解析】
A.根據(jù)牛頓第二定律可知所以v由零增大,需要的向心力也逐漸增大,故A正確;B.在最高點當桿產(chǎn)生的向上的支持力等于小球的重力時,此時合力最小,則速度也達到最小,所以最小速度等于零,故B錯誤;CD.在最高點時,桿可以給小球施加拉力或支持力,當為時,重力提供向心力,桿對小球無力的作用;當大于時,桿對小球施加的拉力與重力同向,合力提供向心力;當v由逐漸增大時,向心力則桿對小球的彈力也逐漸增大,故C正確,D錯誤11、BD【解析】
考查帶電粒子在電場中運動規(guī)律,根據(jù)電場力做正負功判斷動能、電勢能變化?!驹斀狻緼.由等勢線可以畫出電場線,因等差等勢線間距相等,說明電場為勻強電場,粒子在c處加速度等于在b處的加速度,故A不符合題意。B.粒子只受電場力作用,電場力指向軌跡內(nèi)側(cè),說明粒子帶正電。故B符合題意。C.粒子從a運動到c過程中,電場力做負功,動能不斷減小。故C說法不符合題意。D.粒子在C處電勢能為20ev,C點電勢為20v,由EP【點睛】物體做曲線運動時,合力一定指向軌跡內(nèi)側(cè),只有電場力做功時,粒子動能、電勢能總和不變。根據(jù)等勢線可以畫出電場線,電場線垂直等勢線,且從高電勢指向低電勢。12、BD【解析】A、小球的重力勢能增加3J,則球克服重力做功3J.故A錯誤.B、小球共受到重力、電場力、空氣阻力三個力作用.小球的機械能增加1.5J,則除重力以外的力做功為1.5J,電場力對小球做功2J,則知,空氣阻力做功為-0.5J,即小球克服空氣阻力做功0.5J.故B正確.C、電場力對小球做功2J,則小球的電勢能減小2J.故C錯誤.D、小球的重力勢能增加3J,機械能增加1.5J,說明動能減小1.5J.故D正確.故選BD.【點睛】本題關(guān)鍵要掌握功與能的關(guān)系,要注意幾對功與能的對應(yīng)關(guān)系,不能混淆.二、實驗題(本題共16分,答案寫在題中橫線上)13、1020.2【解析】
第一空:物體在豎直方向上,則,則閃光頻率是f=10Hz,第二空:物體在水平方向的速度,即物體的初速度;第三空:B點豎直方向上的分速度為,那么小球從開始做平拋運動到B點所用的時間;14、(1)左端(2)B(3)1.89J1.84J(4)小于重物克服阻力做功【解析】
(1)[1].O為紙帶上打的第一個點,則紙帶的_左_端與重物相連.(2)[2].根據(jù)圖上所得的數(shù)據(jù),可計算打B點時重物的速度,則應(yīng)取圖中O點和_B_點來驗證機械能守恒定律.(3)[3][4].從O點到B點,重物重力勢能減少量打B點時重物的速度從O點到B點,動能的增加量(4)[5][6].實驗結(jié)果發(fā)現(xiàn)動能增量總小于重力勢能的減少量,其主要原因是重物克服阻力做功.點睛:重物下落過程中受到空氣阻力和紙帶與計時器間的阻力,為減小阻力的影響:1、打點計時器應(yīng)處于豎直平面內(nèi)且兩限位孔應(yīng)在一豎直線上,這樣紙帶與計時器間的阻力較小;2、重物應(yīng)選質(zhì)量較大、體積較小的物體.三、計算題要求解題步驟,和必要的文字說明(本題共36分)15、(1)60N,豎直向下(1)11J(3)8s【解析】
(1)設(shè)物塊B沿光滑曲面下滑到水平位置時的速度大小為v0,由機械能守恒定律得:代入數(shù)據(jù)解得:v0=5m/s在圓弧最低點C,由牛頓第二定律得:代入數(shù)據(jù)解得:F=60N由牛頓第三定律可知,物塊B對軌道的壓力大小:F′=F=60N,方向:豎直向下;(1)在傳送帶上,對物塊B,由牛頓第二定律得:μmg=ma設(shè)物塊B通過傳送帶后運動速度大小為v,有代入數(shù)據(jù)解得:v=4m/s由于v>u=1m/s,所以v=4m/s即為物塊B與物塊A第一次碰撞前的速度大小,設(shè)物塊A、B第一次碰撞后的速度分別為v1、v1,兩物塊碰撞過程系統(tǒng)動量守恒,以向左為正方向,由動量守恒定律得:mv=mv1+Mv1由機械能守恒定律得:解得:物塊A的速度為零時彈簧壓縮量最大,彈簧彈性勢能最大,由能量守恒定律得:(3)碰撞后物塊B沿水平臺面向右勻速運動,設(shè)物塊B在傳送帶上向右運動的最大位移為l′,由動能定理得解得:l′=1m<4.5m所以物塊B不能通過傳送帶運動到右邊的曲面上,當物塊B在傳送帶上向右運動的速度為零后,將會沿傳送帶向左加速運動,可以判斷,物塊B運動到左邊臺面時的速度大小為v1′=1m/s,繼而與物塊A發(fā)生第二次碰撞。設(shè)第1次碰撞到第1次碰撞之間,物塊B在傳送帶運動的時間為t1。由動量定理得:解得:設(shè)物塊A、B第一次碰撞后的速度分別為v4、
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