黑龍江省綏化市2024-2025學年高二化學下學期期末考試試題A卷含解析

PAGE15-黑龍江省綏化市2024-2025學年高二化學下學期期末考試試題（A卷）（含解析）（滿分100分，答題時間90分鐘）可能用到的相對原子質量：H:1C：12Na:23Cl:35.5第Ⅰ卷（選擇題共54分）一．選擇題（本部分共18小題，每小題只有一個選項符合題意，每小題3分，共計54分）1.下列物質中，其主要成分不屬于烴的是（）A.汽油 B.甘油 C.煤油 D.柴油【答案】B【解析】【詳解】A.汽油的主要成分是烴；B.甘油為丙三醇，屬于多元醇類，不是烴；C.煤油的主要成分是烴；D.柴油的主要成分是烴。答案選B。2.有機物的自然提取和人工合成往往得到的是混合物，假設給你一種這樣的有機混合物讓你探討，一般要實行的幾個步驟是A.分別、提純→確定化學式→確定試驗式→確定結構式B.分別、提純→確定試驗式→確定化學式→確定結構式C.分別、提純→確定結構式→確定試驗式→確定化學式D.確定化學式→確定試驗式→確定結構式→分別、提純【答案】B【解析】【詳解】從自然資源提取的有機物，首先得到是含有有機物的粗品，需經(jīng)過分別、提純才能得到純品，再進行鑒定和探討未知有機物的結構與性質，一般先利用元素定量分析確定試驗式，再測定相對分子質量確定分子式，因為有機物存在同分異構現(xiàn)象，所以最終利用波譜分析確定結構式，故對其進行探討一般實行的探討步驟是：分別提純→確定試驗式→確定分子式→確定結構式，故選B。3.運用一種試劑就能鑒別出來的是A.苯、甲苯、己烯 B.甲苯、己烯、四氯化碳C.己烯、汽油、苯 D.苯、甲苯、二甲苯【答案】B【解析】【詳解】A．甲苯、已烯、苯都不溶于水，甲苯和己烯都能使酸性高錳酸鉀溶液褪色，己烯可使溴水褪色，用一種試劑不能鑒別，故A錯誤；B．在甲苯、已烯、四氯化碳溶液中分別加入溴水，甲苯、四氯化碳與溴水不反應，但溶液分層，甲苯的密度比水小，四氯化碳的密度比水大，己烯與溴水發(fā)生加成反應生成不溶于水的二溴己烷，現(xiàn)象各不相同，可鑒別，故B正確；C．己烯、汽油密度比水小，且都為不飽和烴，不能用一種物質鑒別，故C錯誤；D．甲苯和二甲苯都能使酸性高錳酸鉀溶液褪色，用一種試劑不能鑒別，故D錯誤；故選B。4.下列表示不正確的是()A.次氯酸的電子式： B.丁烷的球棍模型：C.乙烯的結構簡式：CH2＝CH2 D.原子核內有8個中子的碳原子：【答案】A【解析】【詳解】A．次氯酸的中氧原子分別與H原子、Cl原子形成一對共用電子對，在中間，電子式為：，故A錯誤；B．丁烷中碳為sp3雜化，丁烷的球棍模型：，故B正確；C．乙烯含碳碳雙鍵，結構簡式：CH2＝CH2，故C正確；D．原子核內有8個中子的碳原子，質量數(shù)為6+8=14，原子符號為：，故D正確；故選A。5.在核磁共振氫譜中出現(xiàn)兩組峰，其氫原子數(shù)之比為3∶2的化合物是()A. B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】依據(jù)有機物結構簡式可推斷A中有2組峰，其氫原子數(shù)之比為3∶1，B中有3組峰，其氫原子數(shù)之比為3∶1∶1，C中有3組峰，其氫原子數(shù)之比為3∶1∶4，D中有兩組峰，其氫原子數(shù)之比為3∶2。選項D正確，答案選D。6.在兩個容積相同的容器中，一個盛有NH3氣體，另一個盛有H2和Cl2的混合氣體，在同溫同壓下，兩容器內的氣體肯定具有相同的是A.原子數(shù) B.分子數(shù) C.質量 D.密度【答案】B【解析】【分析】同溫同壓下，氣體摩爾體積相等，體積相等的不同氣體其物質的量相等?！驹斀狻緼．依據(jù)N=nNA知，二者的物質的量相等則其分子數(shù)相等，但是每個分子中氫原子個數(shù)不相等，所以其氫原子總數(shù)不肯定相等，A錯誤；B．依據(jù)A中分析可知，同溫、同壓下，兩容器內的氣體肯定具有相同的分子數(shù)，B正確；C．依據(jù)m=nM知，物質的量相等時，二者的質量與其摩爾質量成正比，二者的摩爾質量不肯定相等，所以其質量不肯定相等，C錯誤；D．依據(jù)，同溫同壓下，氣體的密度與其摩爾質量成正比，兩個容器中平均摩爾質量不肯定相等，所以其密度不肯定相等，D錯誤；答案選B。7.NA為阿伏加德羅常數(shù)，下述正確的是（）A.64gSO2含有硫原子數(shù)為2NAB.NA個氧氣分子和NA個氫氣分子的質量比等于16∶1C.28g氮氣所含的原子數(shù)目為NAD.標準狀況下，22.4L的水含有NA個水分子【答案】B【解析】【詳解】A.64gSO2的物質的量n=，1個SO2分子中含有1個S原子，則1molSo2含有1molS原子，則所含的硫原子的個數(shù)為NA，A項錯誤；B.NA個氧氣分子和NA個氫氣分子，依據(jù)m=nM=N/NAM，則質量分別為32g和2g，則質量比為16:1，B項正確；C.28g氮氣N2的物質的量，1個N2分子中含有2個N原子所含的氮原子數(shù)目為2NA，C項錯誤；D.水在標準狀況下為液體，氣體的摩爾體積針對的對象為氣體，不適用于（水）液體，D項錯誤；故答案為B8.下列有關烷烴的敘述中，正確的是①在烷烴分子中，全部的化學鍵都是單鍵②烷烴中除甲烷外，許多都能使酸性KMnO4溶液的紫色褪去③分子通式為CnH2n＋2的烴不肯定是烷烴④全部的烷烴在光照條件下都能與氯氣發(fā)生取代反應⑤光照條件下，乙烷通入溴水中，可使溴水褪色A.①③⑤ B.②③ C.①④ D.①②④【答案】C【解析】【詳解】①烷烴分子中碳原子形成四個共價鍵全是單鍵，形成的烷烴為飽和鏈烴，每個碳原子都形成四個單鍵，故①正確；②烷烴均不能被酸性高錳酸鉀溶液氧化，故②錯誤；③分子通式為CnH2n+2的烴，滿意碳原子的價鍵是分子中形成的全是單鍵，是飽和烴，所以肯定是烷烴，故③錯誤；④烷烴的通性是飽和碳原子上的氫原子在肯定條件下和氯氣發(fā)生取代反應，所以烷烴在光照條件下都能與氯氣發(fā)生取代反應，故④正確；⑤乙烷與溴水不能發(fā)生化學反應，故⑤錯誤；故答案為C。9.下列說法錯誤的是（）A.乙烷室溫下能與濃鹽酸發(fā)生取代反應B.乙烯可以用作生產(chǎn)食品包裝材料的原料C.乙醇室溫下在水中的溶解度大于溴乙烷D.乙酸與甲酸甲酯互為同分異構體【答案】A【解析】【詳解】A、乙烷和濃鹽酸不反應，故錯誤；B、乙烯可以制成聚乙烯，用于食品包裝，故正確；C、乙醇含有親水基羥基，能溶于水，而溴乙烷不溶于水，故正確；D、乙酸和甲酸甲酯的分子式相同，結構不同，是同分異構體，故正確；答案選A。10.某烯烴只含1個雙鍵與加成后的產(chǎn)物是，則該烯烴的結構式可能有（）A.1種 B.2種 C.3種 D.4種【答案】C【解析】【詳解】該烷烴的碳鏈結構為，1號和6號碳原子關于2號碳原子對稱，5、8、9號碳原子關于4號碳原子對稱，但4號碳原子上沒有氫原子，所以4號碳原子和3、5、8、9號碳原子間不能形成雙鍵；相鄰碳原子之間各去掉1個氫原子形成雙鍵，所以能形成雙鍵有：1和2之間或2和6）；2和3之間；3和7之間，共有3種。答案為C?！军c睛】本題考查同分異構體的書寫，分析分子結構是否對稱是解本題的關鍵，留意不能重寫、漏寫。11.下列說法正確的是A.在紫外線、飽和Na2SO4、CuSO4溶液、福爾馬林等作用下，蛋白質均會發(fā)生變性B.油脂屬于高分子化合物，是混合物C.在肯定條件下，氨基酸之間能發(fā)生反應，合成更加困難的化合物D.檢驗淀粉在稀硫酸催化條件下水解產(chǎn)物的方法是：取適量水解液于試管中，加入少量新制Cu(OH)2懸濁液，加熱，視察是否有磚紅色沉淀【答案】C【解析】【詳解】A．在紫外線、CuSO4溶液、福爾馬林等作用下，蛋白質均會發(fā)生變性，飽和Na2SO4溶液只能使蛋白質發(fā)生鹽析，A不正確；B．油脂是油和脂肪的通稱，不屬于高分子化合物，自然油脂都是混合物，B不正確；C．在肯定條件下，氨基酸之間能發(fā)生縮合反應，合成更加困難化合物，如二肽和多肽等，C正確；D．檢驗淀粉在稀硫酸催化條件下水解產(chǎn)物的方法是：取適量水解液于試管中，先加入氫氧化鈉溶液至溶液呈中性，再加入少量新制Cu(OH)2懸濁液，加熱，視察是否有磚紅色沉淀，若有，則有葡萄糖生成，D不正確；綜上所述，說法正確的是C，本題選C。12.與氫氣加成產(chǎn)物的名稱是A.4-甲基己烷 B.2-乙基戊烷C.1,3-二甲基戊烷 D.3-甲基己烷【答案】D【解析】該烯烴與氫氣加成產(chǎn)物的結構簡式為CH3CH2CH2CH(CH3)CH2CH3，名稱是3-甲基己烷，答案選D。13.下列物質既能發(fā)生消去反應，又能氧化生成醛的是()A.B(CH3)3CCH2OHC.D.【答案】C【解析】【分析】可以發(fā)生消去反應則與羥基碳相連的碳上必須要有氫原子，能發(fā)生氧化反應生成醛必需羥基碳上有氫且羥基在碳鏈的兩端，據(jù)此分析。【詳解】A．羥基碳上有氫，可以發(fā)生氧化反應，但羥基不在碳鏈兩端，生成是酮，A錯誤；B．羥基碳鄰碳上沒有氫原子，不能發(fā)生消去反應，B錯誤；C．羥基在碳鏈兩端，且羥基碳和羥基相鄰的碳上均有氫原子，故可以發(fā)生消去反應和氧化反應生成醛，C正確；D．羥基碳鄰碳上沒有氫，不能發(fā)生消去反應，D錯誤；故選C。14.下列有機物能使酸性KMnO4溶液褪色，而不能因化學反應而使溴水褪色的是()A.苯 B.甲苯 C.乙烯 D.丙炔【答案】B【解析】【詳解】A.苯不能使酸性KMnO4溶液褪色，苯不能與溴水發(fā)生反應，A不符合題意；B.由于苯環(huán)對側鏈的影響，甲苯能使酸性KMnO4溶液褪色，甲苯不能與溴水反應，B符合題意；C.乙烯中含碳碳雙鍵，乙烯能使酸性KMnO4溶液褪色，乙烯能與溴水發(fā)生加成反應而使溴水褪色，C不符合題意；D.丙炔中含碳碳三鍵，丙炔能使酸性KMnO4溶液褪色，丙炔能與溴水發(fā)生加成反應而使溴水褪色，D不符合題意；答案選B。15.藥物阿司匹林可由水楊酸制得，它們的結構如圖所示有關說法正確的是A.服用阿司匹林，身體出現(xiàn)水楊酸不良反應時，可靜脈注射NaHCO3溶液B.阿司匹林的分子式為C9H10O4C.水楊酸可以發(fā)生取代、加成、氧化、加聚反應D.1

mol阿司匹林最多可消耗2

mol

NaOH【答案】A【解析】【詳解】A．阿司匹林分子中含有羧基，顯酸性，能與NaHCO3發(fā)生反應，身體出現(xiàn)水楊酸不良反應時，靜脈注射NaHCO3溶液，可治療酸中毒，A正確；B．由阿司匹林的結構簡式可得出，其分子式為C9H8O4，B不正確；C．水楊酸分子中不含有碳碳不飽和鍵、醛基等，不能發(fā)生加聚反應，C不正確；D．1mol阿司匹林分子中的酯基能與2molNaOH發(fā)生反應，所以1

mol阿司匹林最多可消耗3

mol

NaOH，D不正確；故選A。16.分枝酸可用于生化探討，其結構簡式如圖，下列關于分枝酸的敘述正確的是A.分子中含有5種官能團B.可與乙醇、乙酸反應，且反應類型相同C.1mol分枝酸最多可與3molNaOH發(fā)生中和反應D.可使溴的四氯化碳溶液、酸性高錳酸鉀溶液褪色，且反應類型相同【答案】B【解析】【分析】由結構簡式可知，分子中含、、碳碳雙鍵、醚鍵等，結合羧酸、醇、烯烴性質來解答?！驹斀狻緼.分子中含、、碳碳雙鍵、醚鍵，共4種官能團，故A錯誤；B.含與乙醇發(fā)生酯化反應，含與乙酸發(fā)生酯化反應，故B正確；C.分子中不含苯環(huán)，只有與NaOH反應，則1mol分枝酸最多可與2molNaOH發(fā)生中和反應，故C錯誤；D.碳碳雙鍵與溴的四氯化碳溶液發(fā)生加成反應，雙鍵與均能被酸性高錳酸鉀溶液氧化，原理不同，故D錯誤；答案選B。17.由溴乙烷制下列流程途徑合理的是①加成反應②取代反應③消去反應④氧化反應⑤還原反應A.②③①④② B.③①②④② C.③①②④⑤ D.②④⑤②②【答案】B【解析】【詳解】要制取乙二酸乙二酯()，須先制備乙二酸和乙二醇，乙二酸可由乙二醇氧化而成；乙二醇可由乙烯與X2加成后再水解而得，乙烯可以由溴乙烷發(fā)生消去反應得到，因此發(fā)生的反應流程為：，發(fā)生的反應依次為消去、加成、取代、氧化和酯化(取代)反應，故選B。18.分子式為C8H10的芳香烴，苯環(huán)上的一溴取代物只有一種，該芳香烴的名稱是（）A.乙苯 B.鄰二甲苯 C.對二甲苯 D.間二甲苯【答案】C【解析】【分析】本題主要考查芳香類有機物同分異構體推斷。C8H10的芳香烴側鏈不飽和度為0，故支鏈不存在雙鍵，苯環(huán)上的一溴取代物只有1種，說明該有機物為對稱結構?！驹斀狻勘绢}主要考查芳香類有機物同分異構體推斷。C8H10的芳香烴側鏈不飽和度為0，故支鏈不存在雙鍵，苯環(huán)上的一溴取代物只有1種，說明該有機物為對稱結構。由上述分析可知，該芳香烴為，名稱為對二甲苯?！军c睛】對于芳香類化合物中“苯環(huán)上的一溴取代物只有1種”的同分異構體，則說明其具有高度對稱結構，若存在兩個取代基，則兩個取代基一樣，且在對位上。第Ⅱ卷（非選擇題，共46分)二、填空題：19.試驗室須要配制0.50mol/LNaCl溶液480mL，現(xiàn)運用NaCl固體配制，按下列操作步驟填上適當?shù)奈淖郑允拐麄€操作完整。（1）選擇儀器。完成本試驗所必需的儀器有：托盤天平（精確到0.1g）、藥匙、燒杯、玻璃棒、______、_______以及等質量的兩片紙片。（2）計算。配制該溶液需取NaCl晶體_______g。（3）配置過程。①天平調零。②稱量過程中NaCl晶體應放于天平的_______（填“左盤”或“右盤”）。③稱量完畢，將藥品倒入燒杯中。④溶解、冷卻，該步試驗中須要運用玻璃棒，目的是________。⑤轉移、洗滌。在轉移時應運用_____引流，須要洗滌燒杯2-3次是為了______。⑥定容、搖勻。⑦將配好的溶液靜置一段時間后，倒入指定的試劑瓶，并貼好標簽，注明配制的時間、溶液名稱及濃度。（4）在配制過程中，某學生視察定容時液面狀況如圖所示，所配溶液的濃度會______（填“高”、“偏低”或“無影響”）?！敬鸢浮?1).500mL容量瓶(2).膠頭滴管(3).14.6(4).左盤(5).攪拌，加速NaCl溶解(6).玻璃棒(7).保證溶質全部轉移到容量瓶中(8).偏低【解析】分析】本題考查配制0.50mol/LNaCl溶液480mL，配制中容量瓶的選擇，配制步驟中的留意事項，誤差分析?！驹斀狻浚?）配制480ml溶液，要選用500mL容量瓶，所以要配制0.50mol/L480mLNaCl溶液所須要的試驗儀器是：托盤天平（精確到0.1g）、藥匙、燒杯、玻璃棒、膠頭滴管、500mL容量瓶；（2）因為選擇的500mL容量瓶，所以須要稱量氯化鈉的質量是：0.50mol/L×0.5L×58.5g/mol=14.6；（3）②稱量過程中，托盤太平的左盤放須要稱量的物品，右盤放砝碼；④溶解過程中，為了加快氯化鈉溶解，運用玻璃棒攪拌；⑤把燒杯中溶解的氯化鈉轉移到容量瓶中，這時候用玻璃棒引流，燒杯里面溶解的氯化鈉轉移到容量瓶后，燒杯內壁還沾有氯化鈉，為了減小試驗誤差，這時候須要洗滌燒杯，答案是保證溶質全部轉移到容量瓶中；（4）在配制過程中，定容時仰視液面，這時候導致溶液的體積偏大，所配氯化鈉溶液的濃度會偏低。【點睛】配制肯定物質的量濃度、肯定體積的溶液時，留意容量瓶規(guī)格的選擇，一般常見的容量瓶的規(guī)格是100mL、250mL、500mL、1000mL等，配制肯定體積溶液選擇容量瓶時的規(guī)格要大于等于所需溶液的體積，本題是配制480mL溶液，所選擇的容量瓶應當是500mL容量瓶，計算時應當依據(jù)配制500mL溶液的體積進行計算，而不能按480mL進行計算。20.草酸(HOOC－COOH)是一種常見的有機酸，利用淀粉制備草酸的試驗流程如圖:回答下列問題:（1）“水解”時，檢驗淀粉是否水解完全，所用的試劑是____；“水解”及“氧化”步驟中相宜的加熱方式是________________。（2）“氧化”時試驗裝置如圖所示(夾持及加熱裝置已略):①儀器Q的名稱是________.②三口燒瓶中生成H2C2O4·2H2O的化學方程式為____________。③裝置B的作用是___________，裝置C的作用是_______________。（3）已知在20℃、70℃時，草酸的溶解度依次為為9.5g/(l00g水)，84.5g/(l00g水)，則粗草酸“精制”需采納的提純方法為___________________。（4）探究H2C2O4的性質:①向NaHCO3溶液中加入草酸溶液，產(chǎn)生大量氣體，可得出草酸的酸性比碳酸_____(填“強”或“弱”)。②向草酸中加入足量C2H5OH和適量濃硫酸加熱，產(chǎn)生有芳香氣味的油狀物。該生成物為___________(寫結構簡式)。③向K2Cr2O7溶液中加入H2C2O4·2H2O析出K[Cr(C2O4)2(H2O)2]晶體，該反應的化學方程式為_____________________?！敬鸢浮?1).碘水(2).水浴加熱(3).球形冷凝管(4).C6H12O6+12HNO3=3H2C2O4+9NO2↑+3NO↑+9H2O(5).做平安瓶，防止倒吸(6).汲取尾氣中的NO和NO2，防止污染空氣(7).重結晶(8).強(9).C2H5OOC-COOC2H5(10).K2Cr2O7+7H2C2O4·2H2O=2K[Cr(C2O4)2(H2O)2]+6CO2↑+17H2O【解析】【分析】淀粉在稀硫酸催化下限制溫度在70℃到80℃發(fā)生水解，得到葡萄糖，加入60%硝酸，在60℃下發(fā)生氧化，得到草酸，硝酸的還原產(chǎn)物有NO和NO2，草酸經(jīng)結晶得到粗草酸，再經(jīng)精制得到H2C2O4·2H2O?！驹斀狻浚?）“水解”時，若淀粉水解完全，則不能使碘水變藍；“水解”及“氧化”步驟中的溫度都低于100℃，所以最相宜的加熱方式是水浴加熱。（2）①儀器Q的名稱是球形冷凝管，起冷凝回流易揮發(fā)的硝酸以及導誕生成的NO和NO2的作用；②在三口燒瓶中發(fā)生氧化反應，葡萄糖被氧化為H2C2O4·2H2O，硝酸被還原為NO和NO2（體積比為1:3），依據(jù)電子守恒可以寫動身生反應的化學方程式為C6H12O6+12HNO3=3H2C2O4+9NO2↑+3NO↑+9H2O；③裝置B是平安瓶，防止C中的NaOH溶液倒吸入三口燒瓶中，裝置C的作用是汲取尾氣，防止NO和NO2污染空氣；（3）草酸的溶解度隨溫度改變比較大，所以可以采納重結晶的方法精制粗草酸；（4）①向NaHCO3溶液中加入草酸溶液，產(chǎn)生大量氣體，說明草酸和NaHCO3溶液反應生成了二氧化碳，依據(jù)強酸制弱酸的規(guī)律，可得出草酸的酸性比碳酸強；②向草酸中加入足量C2H5OH和適量濃硫酸加熱，發(fā)生了酯化反應，產(chǎn)生有芳香氣味的油狀物草酸二乙酯，其結構簡式為C2H5OOC-COOC2H5。③向K2Cr2O7溶液中加入H2C2O4·2H2O析出K[Cr(C2O4)2(H2O)2]晶體，反應中Cr的化合價從+6價降低到K[Cr(C2O4)2(H2O)2]中的+3價，所以H2C2O4·2H2O中的碳的化合價就會上升，從+3價上升到+4價，在K[Cr(C2O4)2(H2O)2]中還有+3價的碳，即反應物H2C2O4·2H2O中的碳的化合價部分上升，部分沒有改變，依據(jù)電子守恒和原子守恒可以寫出該反應的化學方程式為K2Cr2O7+7H2C2O4·2H2O=2K[Cr(C2O4)2(H2O)2]+6CO2↑+17H2O。21.化合物H是重要的有機物，可由E和F在肯定條件下合成：部分反應物或產(chǎn)物省略，另請留意箭頭的指向已知以下信息：i.A屬于芳香烴，H屬于酯類化合物