安徽省天一大聯(lián)考2024-2025學年高三上學期8月份聯(lián)考物理試卷

天一大聯(lián)考2024—2025學年（上）安徽高三8月份聯(lián)考物理考生注意：1.答題前，考生務必將自己的姓名、考生號填寫在試卷和答題卡上，并將考生號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.近日北京某公司利用鎳63衰變發(fā)出的射線照射一種半導體，使半導體產生電動勢，從而制成了一種微型原子能電池，這種電池體積比一枚硬幣還要小，電動勢為3V，鎳63半衰期為100年，電池能夠穩(wěn)定發(fā)電50年。的衰變產物沒有放射性，對環(huán)境友好，代表了未來原子能電池的發(fā)展方向。關衰變發(fā)出的射線，下面說法正確的是（）A.射線是質子流 B.射線是中子流 C.射線是電子流 D.射線是正電子流【答案】C【解析】【詳解】鎳轉變?yōu)椋鶕?jù)質量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，衰變方程為因此是衰變，放出的射線是電子流。故選C。2.2024年3月《自然》雜志發(fā)表文章，認為地球變暖導致北極附近格陵蘭島的冰融化成水，由于地球低緯度區(qū)自轉線速度較大，融水自北向南擴散過程中會獲得越來越大的自轉速度，從而“拖累”地球，使得地球自轉速度變慢。地球自轉速度變慢會帶來諸多影響，比如地球同步通訊衛(wèi)星，在地球自轉速度變慢后不再與地球自轉同步，通訊就會受到影響，這種情況下就需要調整同步通訊衛(wèi)星的軌道，使得衛(wèi)星和地球重新同步，衛(wèi)星軌道調整后和調整前相比較，下面說法正確的是（）A.調整后衛(wèi)星的軌道半徑增大了 B.調整后衛(wèi)星的線速度增大了C.調整后衛(wèi)星的角速度增大了 D.調整后衛(wèi)星的向心加速度增大了【答案】A【解析】【詳解】AB．對地球同步通訊衛(wèi)星，由地球萬有引力提供向心力可得地球自轉速度變慢，使得衛(wèi)星和地球重新同步，可知調整后衛(wèi)星軌道半徑增大，調整后衛(wèi)星的線速度減小，A正確，B錯誤；C．調整后衛(wèi)星軌道半徑增大，由衛(wèi)星的周期可知衛(wèi)星周期增大，由可知，調整后衛(wèi)星的角速度減小，C錯誤；D．由牛頓第二定律可得調整后衛(wèi)星軌道半徑增大，可知調整后衛(wèi)星的向心加速度減小，D錯誤。故選A。3.如圖所示，光滑三角形框架豎直固定在水平地面上，，，在AC邊和BC邊上分別套上質量為和的兩個小球，兩個小球用不可伸長的細線連接。平衡時兩小球分別靜止在D和E處，此時，，，則兩小球質量之比為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】設平衡時細線上的拉力為F，分別對兩小球受力分析，如圖所示由圖可得二式相除可得所以故選D。4.如圖所示，磁感應強度為B的勻強磁場與紙面垂直，虛線表示勻強磁場的邊界，一半徑為r、圓心角為的扇形單匝線框圓心O在邊界線上。當線框圍繞圓心O在紙面內以角速度勻速轉動時，線框中產生交變電動勢的有效值為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】設線框轉動周期為T，而線框轉動一周中只有進、出磁場過程才產生感應電動勢，因此一周之內產生感應電動勢的時間此時感應電動勢的大小為，根據(jù)有效值的定義有所以感應電動勢的有效值為故選B。5.如圖所示，平直軌道AB與豎直面內半徑為R的光滑圓軌道相切于B點，C是圓軌道最高點。質量為m的遙控電動玩具小車以恒定功率P從A由靜止運動2R的距離到達B點時關閉引擎，小車依靠慣性恰好能夠經(jīng)過C點。電動玩具小車從A到B所受阻力為其自重的0.25倍，重力加速度為g，小車可看做質點，則小車沿平直軌道AB運動的時間為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】電動玩具小車恰好能通過最高點C，由牛頓第二定律則有從B到C的過程中，根據(jù)動能定理有解得小車從A點運動到B點，根據(jù)動能定理有解得故選D。6.在桌面上鋪上白紙，長方形玻璃磚ABCD放在白紙上，用鉛筆畫出玻璃磚的輪廓線，然后作出直線MN，讓直線MN與玻璃磚的AB邊平行。作玻璃磚AD邊平行線與CD、AB分別交于O、。拿一只激光筆，讓紅色激光束從O點以某一入射角射到玻璃磚上，經(jīng)過玻璃磚兩次折射后紅色激光束照射到直線MN上的P點，在其他條件不變的情況下，僅取走玻璃磚，紅色激光束照射到直線MN上的Q點，是直線OQ與AB的交點，測得，，，則玻璃磚的折射率為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】設，，設在O點時，光線入射角為、折射角為，根據(jù)折射定律有由于玻璃磚使光線發(fā)生側移，如圖所示則，所以三角形是等腰直角三角形，聯(lián)立解得故選A。7.如圖是一列沿著x軸傳播的機械波上某質點A的振動圖像，在x軸上另有一質點B，A、B兩點平衡位置之間的距離為4m，B點的振動“步調”始終與A點相反，下列說法正確的是（）A.t=4s時A點向y方向運動B.t=2s時B點向y方向運動C.這列波的波長不小于8mD.這列波的波速最大值為2m/s【答案】D【解析】【詳解】A．由A質點的振動圖像可看出，在4s時A質點在平衡位置向+y方向振動，故A錯誤；B．在2s時A質點在平衡位置向y振動，B與A相反，B質點向+y振動，故B錯誤；C．A、B兩個質點振動相反，可知兩者間距離等于時這列波的波長取最大值8m，故C錯誤；D．由振動圖像可看出該波的周期是4s，則波速可見波速最大值是2m/s，故D正確。故選D。8.如圖所示，天花板上的O點固定一力傳感器，力傳感器上系一長度為L的不可伸長的輕繩，繩子上拴一質量為m的小球A，質量也為m的小球B放在O點下方桌面上，兩小球都可以看作質點?，F(xiàn)將A拉開至某一角度釋放，當小球A運動到最低點時和小球B發(fā)生完全非彈性碰撞。碰前瞬間力傳感器的讀數(shù)為F，重力加速度為g，則兩球碰撞過程中損失的機械能為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【詳解】碰前瞬間A球的速度為v，對A，由牛頓第二定律得解得A、B碰撞過程中，根據(jù)動量守恒定律得解得則碰撞過程中損失的機械能為故選B。二、多項選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。9.如圖所示，光滑桌面上方存在與紙面垂直的勻強磁場，虛線ab、cd是磁場的兩條邊界線，正方形導線框固定在小車上，磁場邊界線之間的距離大于正方形線框的邊長。某時刻給小車一個初速度，小車沿著桌面向右運動，從邊界線ab進入磁場直到從cd邊界線完全離開磁場。下列說法正確的是（）A.線框穿越邊界線ab過程中感應電流方向為逆時針方向B.線框穿越邊界線cd過程中線框做加速度增大的減速運動C.線框穿越邊界線ab過程和穿越邊界線cd過程產生的焦耳熱相等D.線框穿越邊界線ab過程和穿越邊界線cd過程流過回路的電荷量相等【答案】AD【解析】【詳解】A．線框進磁場的過程中，由楞次定律知電流方向為逆時針方向，故A正確；B．線框出磁場的過程中有由于線框出磁場過程中由左手定則可知線框受到的安培力向左，則v減小，線框做加速度減小的減速運動，故B錯誤；C．由功能關系得線框產生的焦耳熱其中線框進出磁場時均做減速運動，故其進磁場時任意時刻的速度都大于其出磁場時的速度，所以線框進磁場時受到的安培力大于其出磁場時的力，進磁場時產生的焦耳熱多，故C錯誤；D．線框在進磁場和出磁場的兩過程中通過導線橫截面的電荷量其中聯(lián)立有由于在進磁場和出磁場的兩過程中線框的位移均為L，則線框在進磁場和出磁場的兩過程中通過導線橫截面的電荷量相等，故D正確。故選AD。10.在點電荷形成的電場中，以離點電荷無限遠處電勢為零，正電荷周圍的電勢為正值，負電荷周圍的電勢為負值。真空中一點電荷形成的電場中，某點的電勢與點電荷的電量成正比，與該點到點電荷的距離成反比。真空中一條直線上A、B兩點相距為d，在A、B兩點分別固定甲、乙兩個點電荷，已知A點右側1.5d處的電場強度等于零，則直線上A點右側電勢為零的點與A點的距離可能為（）A. B. C. D.【答案】AB【解析】【詳解】根據(jù)題意與A點相距1.5d處的電場強度為零，有解得根據(jù)題意，可寫出電勢φ的表達式為設與A相距x1、x2處的電勢為零，根據(jù)電勢公式有解得，故選AB。三、非選擇題：本題共5小題，共58分。11.利用單擺、、直尺、游標卡尺可以測量當?shù)氐闹亓铀俣取＃?）先用游標卡尺測出小球直徑，將小球用擺線懸掛到鐵架臺上后，用直尺測得懸線長度為。（2）利用秒表功能測量時間，具體做法是：把小球適當拉開一個角度，從靜止釋放，當小球經(jīng)過最低點時開始計時，同時開始記錄小球之后經(jīng)過最低點次數(shù)，結果第60s末，小球恰好第60次經(jīng)過最低點，則單擺的周期________s。（3）重力加速度的測量值為________（保留3位有效數(shù)字）。（4）造成實驗誤差的因素有多種，擺線長度l的測量誤差就是其中之一，如果擺線長度l的測量值偏小，則重力加速度測量值________（選填“偏大”或“偏小”）。【答案】①.2②.9.86③.偏小【解析】【詳解】（2）[1]小球經(jīng)過最低點60次是30個全振動，因此單擺的振動周期為單擺擺長為懸點到球心間的距離，則擺長為（3）[2]由單擺周期公式得（4）[3]如果擺線長度l的測量值偏小，根據(jù)則重力加速度g的測量值偏小。12.利用如圖1所示的電路，可以測量一節(jié)干電池的電動勢E和內電阻r，是阻值為的定值電阻，R為帶有鱷魚夾的電阻絲。（1）請把圖2實驗器材的實物連線圖補充完整___________（ac部分接入電路）。（2）用毫米刻度尺測得電阻絲的總長度（圖2中a、b之間的距離）為，在開關斷開的前提下，用多用表歐姆擋測量a、b之間的電阻：當選用“”倍率時，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏角過大，這時應該換用________倍率（選填“”或“”），更換倍率后________（選填“需要”或“不需要”）重新歐姆調零。正確的測量結果如圖3所示，則電阻絲的總電阻為________。（3）閉合開關，測量電阻絲ac部分長度x以及對應的理想電流表讀數(shù)I。調整觸頭c的位置，得多組x和I的數(shù)據(jù)。根據(jù)閉合電路的歐姆定律，經(jīng)研究發(fā)現(xiàn)與x之間呈線性關系，請用E、r、、R、L、x表示這種線性關系：________。（4）由于與x之間呈線性關系，以為縱坐標，x為橫坐標，建立直角坐標系，根據(jù)實驗記錄的多組數(shù)據(jù)，作出的圖像如圖4所示，根據(jù)圖像可知干電池的電動勢，________V，內電阻________（均保留2位小數(shù)）?！敬鸢浮浚?）（2）①.②.需要③.3（3）（4）①.1.56②.0.56【解析】【小問1詳解】由實驗電路可知，電流表應選用0.6A量程，需要把a和0.6A接線柱相連，如圖所示。【小問2詳解】[1]選用“”倍率時，發(fā)現(xiàn)多用表指針偏角過大，說明電阻值偏小，應換用低倍率“”。[2]更換倍率后需要重新進行歐姆調零。[3]由于不需要估讀，歐姆表讀數(shù)為，則電阻絲的總電阻為【小問3詳解】根據(jù)閉合電路歐姆定律可得變形得【小問4詳解】[1]根據(jù)圖像求得斜率解得[2]由圖像在縱軸截距可得解得13.如圖所示，帶有活塞的內壁光滑的汽缸開口向上豎直放置，內部密封一定質量的理想氣體，汽缸口設有卡沿，活塞不能從汽缸上面脫出。汽缸底部到卡沿的距離為0.48m，缸內氣溫為330K時，活塞與缸底的距離為0.45m，活塞自重，面積為，厚度不計，大氣壓強?，F(xiàn)緩慢升高缸內氣體的溫度至528K，已知升溫過程中氣體吸收熱量為828J，求：（1）氣體升溫過程中內能增加了多少；（2）升溫后缸內氣體的壓強。【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳解】由題意可知，假設當活塞恰好與卡沿接觸時缸內氣體熱力學溫度為，此過程氣體做等壓變化，根據(jù)蓋—呂薩克定律有解得所以當缸內溫度為528K時，活塞已到達卡沿處，活塞未接觸卡沿時，發(fā)生等壓變化，缸內氣體壓強氣體對活塞做功為根據(jù)熱力學第一定律，升溫過程中氣體增加的內能【小問2詳解】根據(jù)查理定律可得解得升溫后的壓強14.如圖所示，光滑的水平地面上放一長木板，小物塊放在長木板的最左端，小物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ，木板質量是小物塊質量的2倍。某時刻同時給小物塊和木板一個大小均為v0方向相反的水平初速度，物塊可視為質點，重力加速度為g，求：（1）要保證小物塊不從木板上掉下，木板的最小長度；（2）在滿足（1）的條件下，小物塊到達木板最右端時木板的位移大小。【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳解】設小物塊質量為m，則木板質量為2m，設小物塊和木板最終共速時速度為v，以向左為正方向，由動量守恒定律得解得設木板最短長度為L，全過程根據(jù)能量守恒定律有解得【小問2詳解】對小物塊解得對木板解得設小物塊的速度由v0到所需時間為t，根據(jù)速度公式得則該過程木板的位移為聯(lián)立解得15.如圖所示，電子槍對準空間長方體的ad邊射出電子流，電子的質量為m、帶電量大小為e，電子槍的加速電壓U大小可以調整，長方體邊長，，忽略電子離開燈絲時的初速度。（1）時，在長方體空間內加上沿ba邊向上、電場強度為E的勻強電場，電子經(jīng)電場偏轉后打到c點，求E的值；（2）時，僅在長方體空間內加上沿ba邊向上、磁感應強度為B的勻強磁場，所有射到a點的電子都能從邊離開，求B的取值范圍；（3）撤去長方體內的磁場，調整加速電壓并在長方體空間內沿方向加一恒定電場，使得粒子從a點到達的時間與（2）中粒子從a點到達的時間相等，求加速電壓以及所加電場的電場強度大小。