浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案25

浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）得分1．下列單位屬于國(guó)際制基本單位且對(duì)應(yīng)的物理量一定為標(biāo)量的是（）A．K B．T C．N D．J2．2023年9月25日“05后”中國(guó)選手余依婷以2分07秒75的絕對(duì)優(yōu)勢(shì)，奪得亞運(yùn)會(huì)女子200米個(gè)人混合泳金牌，成為亞運(yùn)三金王。下列判斷正確的是（）A．“200米”指的位移大小 B．“2分07秒75”表示時(shí)刻C．全程的平均速度是1.57m/s 3．如圖所示，一個(gè)兩端封閉的玻璃管，把質(zhì)量不相同的鐵片和羽毛放到玻璃管中，玻璃管豎直放置，讓鐵片和羽毛從玻璃管上方同一位置同時(shí)開(kāi)始下落，觀察它們下落的情況，下列說(shuō)法正確的是（）A．羽毛的加速度在增大 B．下落過(guò)程羽毛機(jī)械能守恒C．鐵片的重力勢(shì)能不斷在增大 D．羽毛與鐵片之間的距離在增大4．靜電透鏡被廣泛應(yīng)用于電子器件中，圖中虛線表示陰極射線示波管的聚焦電場(chǎng)等勢(shì)面分布情況，任意兩個(gè)相鄰等勢(shì)面間電勢(shì)差相等，z軸為該電場(chǎng)的中心軸線。一電子從其左側(cè)進(jìn)入聚焦電場(chǎng)，圖中實(shí)線為電子僅在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，P、Q、R為其軌跡上的三點(diǎn)。下列判斷正確的是（）A．P點(diǎn)的電勢(shì)大于R點(diǎn)的電勢(shì) B．P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于R點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度C．電子在Q點(diǎn)的動(dòng)能小于在P點(diǎn)的動(dòng)能 D．電子在Q點(diǎn)電勢(shì)能小于R點(diǎn)的電勢(shì)能5．下列關(guān)于教材中的四幅插圖說(shuō)法正確的是（）A．圖甲是顯微鏡下三顆小炭粒的運(yùn)動(dòng)位置連線圖，連線表示小炭粒的運(yùn)動(dòng)軌跡B．圖乙是某材料制作的細(xì)管豎直插入水中的情景，證明水浸潤(rùn)該材料C．圖丙是一定質(zhì)量的理想氣體在不同溫度下的兩條等溫線，則TD．圖丁中一只水黽能停在水面上，是浮力作用的結(jié)果6．如圖，質(zhì)量為m的小球用一輕繩豎直懸吊于O點(diǎn)?，F(xiàn)用一光滑的金屬掛鉤向右緩慢拉動(dòng)輕繩至虛線位置，在此過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．鉤子對(duì)繩的作用力始終不變 B．掛鉤與O點(diǎn)間的繩子拉力先變大后變小C．繩子對(duì)掛鉤的作用力方向始終水平向左 D．鉤子對(duì)繩的作用力大小不可能等于17．2024年1月18日01時(shí)46分，天舟七號(hào)貨運(yùn)飛船成功對(duì)接空間站天和核心艙，變軌情況如圖所示?？臻g站軌道可近似看成圓軌道，且距離地面的高度約為390km。下列關(guān)于天舟七號(hào)的說(shuō)法正確的是（）A．發(fā)射速度大于11B．從對(duì)接軌道變軌到空間站軌道時(shí)，速度變大C．在對(duì)接軌道上的運(yùn)行周期大于空間站的運(yùn)行周期D．在空間站軌道運(yùn)行的速度比赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度小8．如圖所示，質(zhì)量為1kg的導(dǎo)體棒長(zhǎng)為0.5m，兩端與長(zhǎng)為1m的細(xì)軟銅絲相連，懸掛在磁感線強(qiáng)度1T、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。將兩細(xì)軟銅絲接入一恒流源，導(dǎo)體棒中的電流I始終保持不變，導(dǎo)體棒從最低點(diǎn)由靜止向上擺動(dòng)，最大擺角為A．導(dǎo)體棒受到的安培力方向豎直向上B．導(dǎo)體棒中的電流I=20C．每根銅線所能承受的最大拉力至少為(10D．靜止向上擺至最大擺角處需要的時(shí)間為π9．圖甲所示為氫原子的能級(jí)圖。一群處于第4能級(jí)的氫原子，會(huì)輻射出不同頻率的光，其中只有2種頻率的光a、b可以讓圖乙所示光電管的陰極K發(fā)生光電效應(yīng)。圖丙為a、b光單獨(dú)照射K時(shí)產(chǎn)生的光電流隨電壓變化的關(guān)系圖。下列說(shuō)法正確的是（）A．a(chǎn)光的光子動(dòng)量比b光的光子動(dòng)量大B．用b光照射光電管時(shí)，逸出光電子的初動(dòng)能都比a光照射時(shí)大C．用同一雙縫干涉裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，a光的干涉條紋間距小于b光的D．處于第2能級(jí)的氫原子可以吸收a光的光子并電離10．2023年8月，新一代“人造太陽(yáng)”中國(guó)環(huán)流三號(hào)首次實(shí)現(xiàn)100萬(wàn)安培等離子體電流下的高約束模式運(yùn)行，標(biāo)志著我國(guó)在可控核聚變領(lǐng)域達(dá)到了國(guó)際領(lǐng)先水平?！叭嗽焯?yáng)”內(nèi)部發(fā)生的一種核反應(yīng)，其反應(yīng)方程為12H+13H→24He+X+17.6MeV，已知12A．核反應(yīng)方程中X為?1B．24HeC．核反應(yīng)中的質(zhì)量虧損可表示為4D．1311．自動(dòng)體外除顫儀（AED）可通過(guò)產(chǎn)生如圖甲所示的脈沖電流終止致命性心律失常，使心臟恢復(fù)跳動(dòng)。圖乙是某型除顫儀的簡(jiǎn)化電路，電源為普通交流電源。某次調(diào)試時(shí)交流電壓表示數(shù)為20V，電容器充電完畢，開(kāi)關(guān)由“1”擲向“2”，放電電流平均值為2.8A，放電時(shí)間約為10A．升壓變壓器原副線圈的匝數(shù)比約為1:50 B．電感C．電容C越小，放電持續(xù)時(shí)間越長(zhǎng) D．脈沖電流作用于不同人體時(shí)，電流大小相同12．斯特潘定律是熱力學(xué)中的一個(gè)著名定律，其內(nèi)容為：一個(gè)黑體表面單位面積輻射的功率與黑體本身的熱力學(xué)溫度T的四次方成正比，即p0=σT4，其中常量σ=5.67×10A．3.8×107m B．7.13．某主題公園的湖里安裝了一批圓形線狀光源的彩燈，半徑為R，如圖甲所示。該光源水平放置到湖水下方，光源圓面與液面平行。當(dāng)彩燈發(fā)出紅光時(shí)，可在水面正上方觀察到如圖乙所示的紅色亮環(huán)，亮環(huán)與中間暗圓的面積之比為3:1，已知水對(duì)紅光的折射率為A．此彩燈離水面的垂直距離為7B．彩燈變換發(fā)光顏色時(shí)，中間暗圓面積保持不變C．若將彩燈上移，則亮環(huán)面積與中間暗圓面積之比增大D．將光源再向湖底豎直向下移動(dòng)76閱卷人二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）得分14．下列說(shuō)法正確的是（）A．甲圖為未來(lái)人類(lèi)進(jìn)行星際航行，若以0.2cB．乙圖為某同學(xué)設(shè)計(jì)的靜電除塵裝置，塵埃被吸附在中間的負(fù)極棒上C．丙圖為航天員在“天宮課堂”演示“動(dòng)量守恒實(shí)驗(yàn)”，小鋼球沿水平方向從右向左撞擊靜止的大鋼球后，小鋼球運(yùn)動(dòng)方向可能與大鋼球不在同一直線上D．丁圖為檢驗(yàn)通電導(dǎo)線周?chē)欠翊嬖诖艌?chǎng)，要使實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象明顯，導(dǎo)線應(yīng)東西方向放置15．如圖甲所示為超聲波懸浮儀，上方圓柱體發(fā)出超聲波，下方圓柱體將接收到的超聲波信號(hào)反射回去。兩列超聲波信號(hào)疊加后，會(huì)出現(xiàn)振幅幾乎為零的點(diǎn)—節(jié)點(diǎn)，泡沫顆粒能在節(jié)點(diǎn)處附近保持懸浮狀態(tài)，圖乙為泡沫顆粒之間可以懸浮的最近距離，用刻度尺量得5個(gè)顆粒之間的距離如圖中所示。圖丙為這兩列超聲波某時(shí)刻的波形圖，P、Q為波源，此時(shí)兩列波剛好分別傳到M和N，已知聲波傳播的速度為340m/s。則下列說(shuō)法正確的是（）A．泡沫顆粒懸浮時(shí)，受到的聲波的作用力豎直向下B．兩列波疊加穩(wěn)定后，泡沫顆粒在M點(diǎn)處不可能懸浮C．該超聲波懸浮儀所發(fā)出超聲波的波長(zhǎng)約為4D．該超聲波懸浮儀所發(fā)出的超聲波信號(hào)頻率約為40kHz閱卷人三、非選擇題（本題共5小題，共55分）得分16．在“研究自由下落物體的機(jī)械能”的實(shí)驗(yàn)中：（1）圖1所示實(shí)驗(yàn)裝置中，器材安裝擺放使用正確的是。（2）在正確操作打出多條點(diǎn)跡清晰的紙帶中，應(yīng)選取相鄰點(diǎn)間距離之差最接近mm的紙帶進(jìn)行測(cè)量。（3）如圖2所示，紙帶上標(biāo)記了七個(gè)連續(xù)打出的點(diǎn)為計(jì)數(shù)點(diǎn)1、2、…、7，并把刻度尺的“0刻度”對(duì)準(zhǔn)點(diǎn)“7”。根據(jù)紙帶算出打下點(diǎn)“4”時(shí)重物的速率v4=m/s（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（4）把打下點(diǎn)“7”時(shí)重物所在位置選為參考平面，測(cè)出紙帶上各點(diǎn)到點(diǎn)“7”之間的距離h，算出打下各點(diǎn)時(shí)的重物速率v，則畫(huà)出的v22—?17．在“金屬絲電阻率的測(cè)量”的實(shí)驗(yàn)中：（1）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲的直徑，某次測(cè)量示數(shù)如圖1所示，金屬絲直徑d=mm。（2）按圖2所示的電路測(cè)量金屬絲的電阻Rx。小明將單刀雙擲開(kāi)關(guān)分別打到a處和b處，通過(guò)觀察分析，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)變化更明顯，由此判斷開(kāi)關(guān)打到（填“a”、“b（3）小明為了消除系統(tǒng)誤差，他設(shè)計(jì)用電流計(jì)G和電阻箱替代V，電路如圖3所示。實(shí)驗(yàn)繪制出了IIg—R箱圖像是如圖4所示直線，斜率為k，縱截距為b。R箱為電阻箱阻值讀數(shù)，I18．下列關(guān)于圖中實(shí)驗(yàn)說(shuō)法正確的是（）。A．圖甲“探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)中，斜槽軌道必須光滑且其末端水平B．圖乙計(jì)算油膜面積時(shí)，只數(shù)完整的方格數(shù)，油酸分子直徑的測(cè)量值會(huì)偏大C．圖丙“探究氣體等溫變化的規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，注射器必須保持豎直D．圖丁“測(cè)量玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中，玻璃磚寬度宜大些，大頭針應(yīng)垂直插在紙面上19．某款智能手機(jī)可以直接顯示手機(jī)所處環(huán)境的壓強(qiáng)和溫度，某科創(chuàng)小組想利用智能手機(jī)的這種功能測(cè)量一形狀不規(guī)則又易溶于水的物體密度，他們自制了“測(cè)量筒”，測(cè)量筒由上端開(kāi)口的隔熱性良好且可電加熱的圓柱形氣缸和橫截面積為S=0.第一步：如圖甲所示，將手機(jī)放入測(cè)量筒，放上活塞，手機(jī)穩(wěn)定顯示壓強(qiáng)p1第二步：如圖乙所示，在活塞上輕放待測(cè)物體，穩(wěn)定后，手機(jī)顯示壓強(qiáng)p2第三步：如圖丙所示，把待測(cè)物體也放入氣缸里，再放上活塞，待手機(jī)穩(wěn)定顯示溫度T1=270K時(shí)，測(cè)得活塞到汽缸底部高度?=0.50m。然后開(kāi)啟電熱絲加熱一段時(shí)間，待手機(jī)穩(wěn)定顯示溫度（封閉的空氣視為理想氣體，忽略一切摩擦，待測(cè)物體的體積始終不變，不計(jì)電熱絲和手機(jī)的體積）。求：（1）第二步中，筒內(nèi)氣體在放上待測(cè)物前后的兩種穩(wěn)定狀態(tài)進(jìn)行比較，放上待測(cè)物后筒內(nèi)氣體分子的平均速率（填“增大”、“減小”、“不變”），氣體的內(nèi)能（填“增加”、“減少”、“不變”）：（2）待測(cè)物體的質(zhì)量；（3）待測(cè)物體的體積。20．圖甲為某游戲項(xiàng)目模型，由彈性發(fā)射裝置P、傾角θ=37°長(zhǎng)l1=2.75m的固定斜面AB、質(zhì)量m1=1kg的表面為四分之一光滑圓弧的滑塊M和質(zhì)量m2=4kg長(zhǎng)度l2=2.25m的平板小車(chē)等四部分組成。圓弧CD的半徑R=1m，最低點(diǎn)（1）求水平彈出點(diǎn)離A點(diǎn)的豎直高度?1（2）若鎖定平板小車(chē)，小物塊與小車(chē)間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2=0.6。求小物塊滑上M時(shí)對(duì)C點(diǎn)的壓力（3）現(xiàn)解除小車(chē)鎖定，并在小車(chē)上表面噴涂一種特殊材料（不計(jì)噴涂材料的質(zhì)量），使小物塊與小車(chē)間的動(dòng)摩擦因數(shù)能從右（B端）向左隨距離變化，如圖乙所示。若小物塊仍以v0=4m/21．如圖所示，半徑分別為r和r2的均勻金屬圓盤(pán)G、N垂直固定在水平金屬轉(zhuǎn)軸CD上，圓盤(pán)中心位于轉(zhuǎn)軸中心線上，其中r=0.5m，不計(jì)轉(zhuǎn)軸粗細(xì)。G為發(fā)電盤(pán)，處于平行轉(zhuǎn)軸向右、B=0.5T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，并通過(guò)電刷P和Q連接兩間距d=1m的平行金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌某點(diǎn)處用絕緣材料平滑連接，導(dǎo)軌左側(cè)足夠遠(yuǎn)處接有自感系數(shù)為2H的純電感線圈L，導(dǎo)軌水平且處于豎直向下、B=0.5T勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。N為轉(zhuǎn)動(dòng)盤(pán)，所在處無(wú)磁場(chǎng)，其上繞有絕緣細(xì)線，在外力F作用下，兩圓盤(pán)會(huì)按圖示方向轉(zhuǎn)動(dòng)。質(zhì)量m=0.5kg（1）鎖定金屬桿ab，求通過(guò)ab的電流以及外力F的大??；（2）靜止釋放金屬桿ab，通過(guò)絕緣點(diǎn)時(shí)的速度為v=3m/s，求此過(guò)程中通過(guò)ab的電荷量q和發(fā)電盤(pán)G上的發(fā)熱量（3）在（2）問(wèn)基礎(chǔ)上，金屬桿ab通過(guò)絕緣點(diǎn)后，求第一次向左運(yùn)動(dòng)至最遠(yuǎn)處離絕緣點(diǎn)的距離s。22．如圖甲所示，立方體空間的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，側(cè)面CDHG為熒光屏，能完全吸收打在屏上的帶電粒子并發(fā)光，三維坐標(biāo)系坐標(biāo)原點(diǎn)O位于底面EFGH的中心，Ox∥FG，Oy∥GH。已知從原點(diǎn)O向xOy平面內(nèi)各個(gè)方向均勻持續(xù)發(fā)射速率為v0、質(zhì)量為m、電荷量為+q（1）若在立方體空間內(nèi)僅存在方向平行于z軸的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，沿y軸正方向射出的粒子恰好打在熒光屏上的H點(diǎn)。求磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B和粒子從原點(diǎn)O運(yùn)動(dòng)到熒光屏的最短時(shí)間t；（2）若在立方體空間內(nèi)僅存在z軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E=32πmv025qL和沿y（3）若在立方體空間內(nèi)平行y軸加如圖乙所示的磁場(chǎng)，其中By=6mv05qLcos

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A、K是熱力學(xué)溫度單位，熱力學(xué)溫度單位屬于國(guó)際制基本單位，對(duì)應(yīng)的物理量是熱力學(xué)溫度，熱力學(xué)溫度是標(biāo)量，故A正確；

B、T是磁感應(yīng)強(qiáng)度單位，在國(guó)際單位制中屬于導(dǎo)出單位，對(duì)應(yīng)的物理量是磁感應(yīng)強(qiáng)度，磁感應(yīng)強(qiáng)度是矢量，故B錯(cuò)誤；

C、N是力的單位，在國(guó)際單位制中屬于導(dǎo)出單位，對(duì)應(yīng)的物理量是力，力是矢量，故C錯(cuò)誤；

D、J是功的單位，在國(guó)際單位制中屬于導(dǎo)出單位，對(duì)應(yīng)的物理量是功，功是標(biāo)量，故D錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】熟練掌握國(guó)際制基本單位及其對(duì)應(yīng)的物理量，明確所給單位對(duì)應(yīng)的物理量，再根據(jù)矢量和標(biāo)量的定義分析。2．【答案】D【解析】【解答】A、“200米”指的路程，故A錯(cuò)誤；

B、“2分07秒75”表示時(shí)間間隔，故B錯(cuò)誤；

C、運(yùn)動(dòng)員決賽全程的路程為200m，但位移大小為0，則運(yùn)動(dòng)員決賽全程的平均速度大小為零，故C錯(cuò)誤；

D、研究余依婷的觸壁動(dòng)作時(shí)不能忽略她的大小，所以不能將她看作質(zhì)點(diǎn)，故D正確。

故答案為：D。

【分析】路程是指物體運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度，當(dāng)物體的形狀及尺寸大小對(duì)所研究的的問(wèn)題的影響可以忽略不計(jì)時(shí)，物體可視為質(zhì)點(diǎn)。熟練掌握平均速度和平均速率的頂用。3．【答案】D【解析】【解答】A、對(duì)于羽毛有

mg?f=ma

由于阻力的變化情況未知，所以羽毛的加速度如何變化也是未知，故A錯(cuò)誤；

B、由題圖可知，羽毛下落過(guò)程中受到阻力的作用，所以下落過(guò)程羽毛的機(jī)械能不守恒，故B錯(cuò)誤；

C、鐵片下落過(guò)程中，其高度逐漸下降，重力做正功，所以鐵片的重力勢(shì)能在減少，故C錯(cuò)誤；

D、鐵片和羽毛在下落過(guò)程中，阻力對(duì)鐵片自身的重力影響較小，因此貼片的加速度大于羽毛的加速度，兩者的距離逐漸變大，故D正確。

故答案為：D。

【分析】明確鐵片和羽毛在下落過(guò)程中的受力情況，再根據(jù)牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律確定兩者之間加速度和距離變化情況。熟練掌握重力做功與重力勢(shì)能的關(guān)系及機(jī)械能守恒的條件。4．【答案】B【解析】【解答】A、電子僅在電場(chǎng)力作用下從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到R點(diǎn)，由于合力方向指向軌跡的內(nèi)側(cè)，電子帶負(fù)電，所受電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)強(qiáng)度方向相反，電場(chǎng)力方向與等勢(shì)線垂直，可知，電場(chǎng)線方向整體從右指向左，又由于沿電場(chǎng)線方向，電勢(shì)降低，可知，P點(diǎn)的電勢(shì)低于Q點(diǎn)的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；

B、由于任意兩條相鄰等勢(shì)線間電勢(shì)差相等，則等勢(shì)線分布的密集程度能夠表示電場(chǎng)的強(qiáng)弱，P點(diǎn)的等勢(shì)線分布比R點(diǎn)的密集，則P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于在R點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，故B正確；

CD、結(jié)合上述可知，從P至R的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，電子所受電場(chǎng)力做正功，電子的電勢(shì)能減小，電子的動(dòng)能增大，則電子在Q點(diǎn)的動(dòng)能大于在P點(diǎn)的動(dòng)能，在Q點(diǎn)電勢(shì)能大于R點(diǎn)的電勢(shì)能，故CD錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】根據(jù)粒子軌跡的偏轉(zhuǎn)方向確定粒子的受力方向，再根據(jù)粒子的電性確定電場(chǎng)強(qiáng)度的方向，電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，沿電場(chǎng)線方向，電勢(shì)降低，等差等勢(shì)面越密集，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，電場(chǎng)力做正功，粒子動(dòng)能增大，電勢(shì)能減小。5．【答案】C【解析】【解答】A、每隔一段時(shí)間把觀察到的炭粒的位置記錄下來(lái)，然后用直線把這些位置依次連接成折線，所以布朗運(yùn)動(dòng)圖像反映每隔一段時(shí)間固體微粒的位置，而不是運(yùn)動(dòng)軌跡，故A錯(cuò)誤；

B、管內(nèi)的頁(yè)面低于管外液面，液體不浸潤(rùn)管壁，即水與該材料屬于不浸潤(rùn)，故B錯(cuò)誤；

C、做一條豎直的等容線，與兩條等溫線的交點(diǎn)分別表示為p1、T1、p2、T2，根據(jù)

p1T1=p2T2

解得

T6．【答案】D【解析】【解答】ABC、由于緩慢拉動(dòng)，小球處于動(dòng)態(tài)平衡，即繩子上的拉力與小球的重力大小相等，由于同一個(gè)繩子在金屬掛鉤兩側(cè)的拉力相同，都為mg，用一光滑的金屬掛鉤向右緩慢拉動(dòng)輕繩至虛線位置，繩子兩側(cè)的夾角減小，由平行四邊形定則可知，合力變大，且繩子對(duì)鉤子的作用力的合力方向?yàn)樽笙路?，即繩對(duì)鉤子的作用逐漸增大，由牛頓第三定律可知，鉤子對(duì)繩的作用力變大，故ABC錯(cuò)誤；

D、鉤子兩側(cè)輕繩之間的夾角的最小值為90°，因此此時(shí)兩根繩子的合力最大為

2mgcosθ2=2mg7．【答案】B【解析】【解答】A、11.2km/s是第二宇宙速度，即脫離地球束縛的最小發(fā)射速度，天舟七號(hào)并沒(méi)有脫離地球束縛，可知，其發(fā)射速度小于11.2km/s，故A錯(cuò)誤；

B、對(duì)接軌道相對(duì)于空間站軌道是低軌道，由低軌道到高軌道，需要再切點(diǎn)位置加速，即從對(duì)接軌道變軌到空間站軌道時(shí)，速度變大，故B正確；

C、根據(jù)開(kāi)普勒第三定律有

R13T12=R23T22

由于對(duì)接軌道的半長(zhǎng)軸小于空間站軌道的半徑，則在對(duì)接軌道上的運(yùn)行周期小于空間站的運(yùn)行周期，故C錯(cuò)誤；

D、空間站軌道半徑小于地球同步衛(wèi)星的半徑，根據(jù)

GMmr8．【答案】C【解析】【解答】AB、由題意可知，當(dāng)擺角30°時(shí)，為圓周的等效最低點(diǎn)，對(duì)此時(shí)導(dǎo)體棒受力分析

通過(guò)受力分析知導(dǎo)體棒受到的安培力方向水平向右，根據(jù)平衡條件有

mgsin30°=BIdcos30°

解得

I=2033A

故AB錯(cuò)誤；

C、導(dǎo)體棒由靜止到等效最低點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得

?mgl?lcos30°+BIdlsin30°=12mv2

又有牛頓第二定律得

29．【答案】D【解析】【解答】A、由圖可知b光的遏止電壓最大，由

eUc=Ek

Ek=?ν?W0

聯(lián)立可知b光的頻率大于a光的頻率，即b光的波長(zhǎng)小，根據(jù)

p=?λ

a光的光子動(dòng)量比b光的光子動(dòng)量小，故A錯(cuò)誤；

B、用b光照射光電管時(shí)，逸出光電子的最大初動(dòng)能比a光照射時(shí)大，并不是所有光電子的初動(dòng)能都大，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)

Δx=L10．【答案】C【解析】【解答】A、根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒可知X為01n，故A錯(cuò)誤；

B、結(jié)合能是把原子核拆解成自由核子時(shí)所需要的最小能量，而非是核反應(yīng)中放出的能量17.6MeV，故B錯(cuò)誤；

C、核反應(yīng)放出的能量為

ΔE=4E3?2E1+3E2

由質(zhì)能虧損方程

?E=Δmc11．【答案】A【解析】【解答】A、電容器電容為20μF，根據(jù)電容的定義式有

C=QU2max

根據(jù)電流的定義式有

I2=Qt

根據(jù)交流電有效值特征有

U2=U2max2

根據(jù)電壓匝數(shù)關(guān)系有

U1U2=n1n212．【答案】D【解析】【解答】設(shè)太陽(yáng)半徑為R，太陽(yáng)單位時(shí)間內(nèi)輻射的總能量為

E=σT14?4πR2

這些能量分布在以太陽(yáng)和地球之間的距離a為半徑的球面上，設(shè)地球半徑為r，則單位時(shí)間內(nèi)地球吸收的能量為

ΔE=πr24πa213．【答案】A【解析】【解答】A、設(shè)亮環(huán)最外圈的半徑為r1，暗圓的半徑為r2，由題意有

πr12?πr22πr22=3

其光路圖如圖所示

圓環(huán)邊緣的光線發(fā)生全反射

sinC=1n

有幾何關(guān)系有

sinC=R?r2?2+R?r22

結(jié)合幾何關(guān)系可知，有

R?r2=r1?R

解得

?=79R

故A正確；

B、當(dāng)彩燈變換發(fā)光顏色時(shí)，則水對(duì)該光的折射率發(fā)生變化，由上述分析可知，當(dāng)折射率發(fā)生改變時(shí)，則暗圓的半徑發(fā)生變化所以中間暗圓的面積發(fā)生變化，故B錯(cuò)誤；

C、由幾何關(guān)系可知，有14．【答案】A,C【解析】【解答】A、根據(jù)愛(ài)因斯坦相對(duì)論原理可知，光速不變，即星球上的觀測(cè)者測(cè)量得到激光的速度為c，故A正確；

B、乙圖中，塵埃帶負(fù)電，在電場(chǎng)力作用下，被吸附在板狀收集器上，故B錯(cuò)誤；

C、小鋼球沿水平方向從右向左撞擊靜止的大鋼球，如果不是對(duì)心正碰，碰撞后，小鋼球運(yùn)動(dòng)方向與大鋼球不在同一直線上，故C正確；

D、當(dāng)通電導(dǎo)線南北放置時(shí)，根據(jù)安培定則，水平方向磁場(chǎng)沿東西方向，磁場(chǎng)與地磁場(chǎng)近似垂直，此時(shí)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象明顯，即檢驗(yàn)通電導(dǎo)線周?chē)欠翊嬖诖艌?chǎng)時(shí)，要使實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象明顯，導(dǎo)線應(yīng)南北方向放置，故D錯(cuò)誤。

故答案為：AC。

【分析】根據(jù)愛(ài)因斯坦相對(duì)論原理可知光速不變。塵埃帶負(fù)電，在電場(chǎng)力作用下吸附在板狀收集器上。鋼球半徑不一致，小球之間發(fā)生的碰撞為非對(duì)心正碰，碰后兩球運(yùn)動(dòng)方向不在一條直線上。當(dāng)導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)與地磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，實(shí)驗(yàn)效果最明顯，再結(jié)合安培定則及地磁場(chǎng)的特點(diǎn)進(jìn)行分析。15．【答案】B,D【解析】【解答】A、泡沫顆粒懸浮時(shí)，受到的聲波的作用力與泡沫顆粒受重力平衡，方向豎直向上，故A錯(cuò)誤；

B、由于PQ為兩個(gè)波源，可知波源振動(dòng)步調(diào)相反，M點(diǎn)與兩個(gè)波源的波程差為2.5個(gè)波長(zhǎng)，為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，不是節(jié)點(diǎn)，泡沫顆粒不能懸浮在此處，故B正確；

C、兩個(gè)振動(dòng)減弱點(diǎn)之間距離

Δx=λ2=174mm=4.25mm

該超聲波懸浮儀所發(fā)出超聲波的波長(zhǎng)約為

λ=8.5mm

故C錯(cuò)誤；

D、超聲波信號(hào)頻率約為

f=16．【答案】（1）A（2）4（3）1.29（4）D【解析】【解答】（1）B中重錘離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器太遠(yuǎn)，不能打出足夠多的點(diǎn)；C中重錘沒(méi)有掛在桌子外面且重錘離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器太遠(yuǎn)；D中重錘沒(méi)有掛在桌子外面。

故答案為：A。

（2）相鄰點(diǎn)間距離之差

?x=gT2≈4mm

則在正確操作打出多條點(diǎn)跡清晰的紙帶中，應(yīng)選取相鄰點(diǎn)間距離之差最接近4mm的紙帶進(jìn)行測(cè)量。

（3）由圖2可知3、5間的距離

x35=12.05?6.90mm=5.15cm

則打下點(diǎn)“4”時(shí)重物的速率

v4=x352T=1.29m/s

（4）把打下點(diǎn)“7”時(shí)重物所在位置選為參考平面，則根據(jù)機(jī)械能守恒可得

17．【答案】（1）0.500（2）a（3）1【解析】【解答】（1）由圖中的顯示可知，螺旋測(cè)微器讀數(shù)為

d=0.5mm+0×0.01mm=0.500mm

（2）單刀雙擲開(kāi)關(guān)分別打到a處和b處，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)變化更明顯，說(shuō)明電流表分壓對(duì)實(shí)驗(yàn)影響較大，應(yīng)采用電流表外接法，即開(kāi)關(guān)應(yīng)接a處。

（3）根據(jù)并聯(lián)電路兩支路電壓相等可得

IgRg+R箱=I?Ig18．【答案】B,D【解析】【解答】A、在探究平拋運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)實(shí)驗(yàn)中，只需要保證小球離開(kāi)斜槽時(shí)的速度相等且水平，斜槽不需要必須光滑，故A錯(cuò)誤；

B、計(jì)算油膜面積時(shí)，只數(shù)完整的方格數(shù)，油膜的面積測(cè)量值偏小，根據(jù)

d=VS

可知，油酸分子直徑的測(cè)量值會(huì)偏大，故B正確；

C、探究氣體等溫變化的規(guī)律，因?yàn)榉忾]氣體對(duì)各個(gè)面的壓強(qiáng)都相等，注射器無(wú)論水平放置還是豎直放置，都不會(huì)影響壓強(qiáng)的測(cè)量結(jié)果，也不會(huì)影響實(shí)驗(yàn)結(jié)果，故C錯(cuò)誤；

D、測(cè)量玻璃的折射率時(shí)，為了準(zhǔn)確確定入射光線和折射光線，玻璃磚寬度宜大些，大頭針應(yīng)垂直插在紙面上，故D正確。

故答案為：BD。19．【答案】（1）增大；增加（2）4kg（3）0【解析】【解答】（1）絕熱條件下，外界對(duì)氣體做功，由

ΔU=W+Q

可知，氣體的內(nèi)能增加，溫度升高，故氣體分子的平均速率增大

（2）對(duì)活塞有

p1S+mg?p2S=0

解得待測(cè)物的質(zhì)量為

m=4kg

（3）在對(duì)氣體緩慢加熱的過(guò)程中，氣體的壓強(qiáng)保持不變，由等壓變化規(guī)律可得

V1T1=V2T2

20．【答案】（1）解：根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律，在A點(diǎn)有v其中v解得?（2）解：物塊在A點(diǎn)速度v從A到B過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有mg解得v從B到C過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有?解得v在圓軌道C點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律有N?mg=m根據(jù)牛頓第三定律可知，小物塊滑上M時(shí)對(duì)C點(diǎn)的壓力F=N解得F=19N方向豎直向下。設(shè)小物塊滑上M的最大高度時(shí)，小物塊與M共速v1m由機(jī)械能守恒得1解得?（3）解：物塊從B到C過(guò)程，克服摩擦力做功W若到C點(diǎn)共速，則有m解得v則有Δ故能通過(guò)C點(diǎn)【解析】【分析】（1）物塊在空中做平拋運(yùn)動(dòng)，且物塊在A點(diǎn)的速度與斜面平行，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的分解確定物體在A點(diǎn)豎直方向的速度，再根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律進(jìn)行解答；

（2）結(jié)合（1）確定物塊到達(dá)A點(diǎn)的速度，確定物體從A到C的受力情況及各力的做功情況，再根據(jù)動(dòng)能定理確定物塊到達(dá)C點(diǎn)的速度，再根據(jù)牛頓定律確定小物塊滑上M時(shí)對(duì)C點(diǎn)的壓力。物塊在圓弧軌道上滑行時(shí)，水平方向動(dòng)量守恒，到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，兩物體在水平方向的速度相等。再根據(jù)動(dòng)量守恒定律及機(jī)械能守恒定律進(jìn)行解答；

（3）小車(chē)不鎖定時(shí)，物塊在小車(chē)上運(yùn)動(dòng)時(shí)，物塊與小車(chē)及圓弧構(gòu)成的整體，在水平方向上動(dòng)量守恒，若物塊到達(dá)C點(diǎn)與小車(chē)及圓弧軌道達(dá)到共速時(shí)，則物塊不能通過(guò)C點(diǎn)，若物塊從B運(yùn)動(dòng)至C點(diǎn)過(guò)程系統(tǒng)損耗的機(jī)械能大于該過(guò)程克服摩擦力做的功，則物塊能通過(guò)C點(diǎn)。根據(jù)圖乙確定該過(guò)程物塊的做功情況，再結(jié)合分析及能量守恒定律進(jìn)行解答。21．【答案】（1）解：金屬圓盤(pán)G轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=由閉合電路歐姆定律可得電流為I=根據(jù)能量關(guān)系可得EI=Fω解得外力F的大小F=1N（2）解：對(duì)金屬桿用動(dòng)量定理可得BdI?t=mv?0則有Bdq=mv電荷量q=回路能量關(guān)系Eq=熱量Q=Eq?（3）解：對(duì)金屬桿和電感有Bd所以金屬桿開(kāi)始運(yùn)動(dòng)后桿上電流與桿的位移成正比，即I=根據(jù)功能關(guān)系1代入可得