內(nèi)蒙古自治區(qū)2024年高考物理模擬試卷及答案

內(nèi)蒙古自治區(qū)2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、選擇題（本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的得0分）得分1．物理學(xué)是集科學(xué)知識、科學(xué)方法和科學(xué)思維為一體的學(xué)科。下列有關(guān)科學(xué)思維方法的敘述正確的是（）A．圖甲所示，通過平面鏡觀察桌面的微小形變——放大法B．圖乙所示，探究兩個互成角度共點(diǎn)力的合成實(shí)驗(yàn)——理想模型法C．圖丙所示，卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)測量引力常量——控制變量法D．圖丁所示，伽利略利用理想斜面實(shí)驗(yàn)對力和運(yùn)動關(guān)系的研究——極限法2．有些餐廳使用機(jī)械人為顧客上菜，不僅節(jié)省了人力，也增添了用餐的樂趣。如圖所示，機(jī)械人用水平的托盤托舉菜盤先勻速前行，此時(shí)托盤對菜盤的作用力大小為F1；機(jī)械人快到餐桌前變?yōu)闇p速向前運(yùn)動，此時(shí)托盤對菜盤的作用力大小為FA．F1<F2F1和F2的方向相同 B．C．F1<F2F1和F2的方向不相同 D．3．發(fā)射人造地球衛(wèi)星時(shí)，火箭使衛(wèi)星不斷加速后以一定的速度進(jìn)入預(yù)定軌道。我國有甘肅酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心和海南文昌衛(wèi)星發(fā)射中心，如圖所示。在發(fā)射大重量近地軌道衛(wèi)星、地球同步軌道衛(wèi)星和深空探測航天器時(shí)會選擇文昌衛(wèi)星發(fā)射中心，這樣選址的主要優(yōu)點(diǎn)是（）A．文昌衛(wèi)星發(fā)射中心偏離人口密集的地方B．文昌衛(wèi)星發(fā)射中心的重力加速度較大C．文昌衛(wèi)星發(fā)射中心自轉(zhuǎn)角速度較大，衛(wèi)星容易發(fā)射出去D．文昌衛(wèi)星發(fā)射中心靠近赤道，自轉(zhuǎn)線速度較大，發(fā)射時(shí)節(jié)省能量4．可變電容器通常在無線電接收電路中作調(diào)諧電容器用。如圖所示，水平放置的兩半圓形金屬極板由絕緣轉(zhuǎn)軸連接，下極板固定，上極板可以繞過圓心且垂直于半圓面的軸轉(zhuǎn)動，也可上下平移，起初兩極板邊緣對齊，上極板通過開關(guān)S與電源正極相連，下極板接地后與電源負(fù)極相連。初始時(shí)開關(guān)S閉合，極板間靠近下極板有一帶電粒子P恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。忽略邊緣效應(yīng)。下列說法正確的是（）A．閉合開關(guān)S，若只將上極板轉(zhuǎn)過30°，則電容器電容增大B．閉合開關(guān)S，若只將上極板轉(zhuǎn)過30°，則電容器所帶電荷量不變C．?dāng)嚅_開關(guān)S，只將板間距變?yōu)樵瓉淼?倍，則帶電粒子P會向下運(yùn)動D．?dāng)嚅_開關(guān)S，只將板間距變?yōu)樵瓉淼?25．無線充電技術(shù)的應(yīng)用，讓手機(jī)擺脫了充電線的牽制，手機(jī)使用者做到了“隨用隨拿，隨放隨充”。無線充電器簡化示意圖如圖所示，其主要部件為發(fā)射線圈和接收線圈，工作原理與理想變壓器相同，忽略線圈的內(nèi)阻。已知某款手機(jī)的無線快充充電器充電功率為10W，發(fā)射線圈與接收線圈的匝數(shù)比為10：1，CD端的輸出電流i=22A．發(fā)射線圈中電流的周期為0.01s B．發(fā)射線圈AB端輸入電流的有效值為0.2AC．發(fā)射線圈AB端的電壓的有效值為5V D．從AB端向發(fā)射線圈輸入的功率為1.0W6．2022年35歲的梅西竭盡所能率領(lǐng)阿根廷隊(duì)奪得第二十二屆世界杯足球賽冠軍。梅西在訓(xùn)練用頭顛球的情景如圖所示，假設(shè)足球從某點(diǎn)由靜止開始下落，被頭豎直頂起，離開頭部后足球仍回到原下落點(diǎn)?？諝庾枇Σ豢珊雎?，下列說法正確的是（）A．足球下落和上升過程重力的沖量相等B．頭向上頂球的過程中，頭部對足球做正功C．頭向上頂球的過程中，足球的動量變化量大小為0D．頭向上頂球的過程中，頭對足球的沖量等于足球動量的變化量7．電場中的一條電場線如圖甲所示，在電場線上建立坐標(biāo)軸，則坐標(biāo)軸上O~A．在O~B．O~x1C．若帶負(fù)電的粒子從O點(diǎn)沿x軸運(yùn)動到x2D．從O點(diǎn)靜止釋放一僅受電場力作用的帶正電的粒子，則該帶電粒子在O~8．光滑絕緣平臺處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。質(zhì)量為m的矩形金屬框abcd右端開口，放在平臺上，其bc邊長為l，只有bc邊有電阻且為R，ab、dc足夠長。質(zhì)量也為m的金屬棒MN置于金屬框上且接觸良好，與金屬框間的動摩擦因數(shù)為μ，接入金屬框間的電阻也為R?，F(xiàn)鎖定MN使其不能左右運(yùn)動，金屬框以初速度v0A．MN中的感應(yīng)電流方向由N到M B．通過MN的電荷量為BlxC．MN中產(chǎn)生的焦耳熱為14mv09．如圖所示，長木板放置在光滑的水平面上，一小物塊置于長木板的中央，長木板和物塊的質(zhì)量均為m，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ。已知最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，重力加速度為g?，F(xiàn)對物塊施加一水平向右的拉力F，則木板加速度a的大小可能是（）A．a(chǎn)=0 B．a(chǎn)=μg C．a(chǎn)=32μg10．如圖所示，MPQO為有界的豎直向下的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度為E，ACB為光滑固定的半圓形絕緣軌道，圓軌道半徑為R，圓心為O，A、B為水平直徑的兩個端點(diǎn)，OC豎直。一個質(zhì)量為m、電荷量為?q的帶電小球，從A點(diǎn)正上方高為H處由靜止釋放，并從A點(diǎn)沿切線進(jìn)入半圓軌道。整個過程中帶電小球的電荷量不變，不計(jì)空氣阻力及一切能量損失。關(guān)于帶電小球的運(yùn)動情況，下列說法正確的是（）A．小球在AC部分可能做勻速圓周運(yùn)動 B．小球到達(dá)C點(diǎn)的速度可能為零C．若小球能從B點(diǎn)離開，上升的高度一定小于H D．若軌道不光滑，小球也可能從B點(diǎn)離開閱卷人二、實(shí)驗(yàn)題（必做題，本題共2個小題，總分15分，按要求在答題卡上作答）得分11．“筋膜槍”是利用內(nèi)部電機(jī)帶動“槍頭”高頻沖擊肌肉，緩解肌肉酸痛的裝備。某同學(xué)為了測量“槍頭”的沖擊頻率，設(shè)計(jì)了圖（a）所示的實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)時(shí)將帶限位孔的塑料底板固定在豎直墻面上，“槍頭”放在限位孔上方，靠近并正對紙帶。啟動筋膜槍，松開紙帶，讓紙帶在重錘帶動下穿過限位孔，“槍頭”在紙帶上打下系列點(diǎn)跡。更換紙帶，重復(fù)操作，得到多條紙帶，選取點(diǎn)跡清晰的紙帶并舍去點(diǎn)跡密集的部分。完成下列實(shí)驗(yàn)內(nèi)容：（1）該同學(xué)發(fā)現(xiàn)點(diǎn)跡有拖尾現(xiàn)象，他以拖尾點(diǎn)跡左側(cè)邊沿為測量點(diǎn)，測量得到各點(diǎn)間距如圖（b）所示，可知紙帶的（選填“左”或“右”）端連接重鍾。（2）重力加速度取9.8m/s（3）該次實(shí)驗(yàn)產(chǎn)生誤差原因有下列三種情況，其中最主要的原因是____。A．紙帶與限位孔有摩擦力B．測量各點(diǎn)間的距離不精確C．“槍頭”打點(diǎn)瞬間阻礙紙帶運(yùn)動12．學(xué)習(xí)了“如何使用多用電表”以及“測電源電動勢和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)后，某物理研究小組設(shè)計(jì)了以下實(shí)驗(yàn)，請回答下列問題：（1）如圖甲所示，當(dāng)選擇開關(guān)S旋轉(zhuǎn)到位置“1”時(shí)，多用電表用來測量____。A．直流電壓 B．直流電流 C．電阻（2）物理研究小組用多用電表測電阻箱的電阻，把選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×10”位置，測量發(fā)現(xiàn)多用電表指針偏轉(zhuǎn)過小，因此需將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到（填“×1”或“×100”）位置。選擇正確的檔位測量后，表盤示數(shù)如圖乙所示，則被測電阻阻值為Ω。（3）把圖甲中選擇開關(guān)S旋轉(zhuǎn)到位置“3”，使A、B表筆分別與圖丙中的M、N相連，用圖丙所示的電路測量歐姆表內(nèi)電源的電動勢E和歐姆表的內(nèi)阻RΩ，實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下：電壓表、電阻箱、開關(guān)、導(dǎo)線若干。實(shí)驗(yàn)中測出多組電壓表的電壓U和電阻箱的電阻R，根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)，作出1U?1R圖線，如圖丁所示，由圖線可得電動勢E=閱卷人三、計(jì)算題（必做題，本題共3個題，總分30分。答案要寫出必要的文字說明和方程式，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）得分13．機(jī)械臂廣泛應(yīng)用于機(jī)械裝配。如圖所示，某質(zhì)量為m=2kg的工件（視為質(zhì)點(diǎn)）被機(jī)械臂抓取后，在豎直平面內(nèi)由靜止開始斜向上做勻加速直線運(yùn)動，加速度大小為a=0.8m/s2，運(yùn)動方向與豎直方向夾角為θ=37°，提升高度為（1）提升高度為h時(shí)，工件的速度大??；（2）在此過程中，工件運(yùn)動的時(shí)間及合力對工件做的功。14．真空區(qū)域有寬度為l、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，磁場方向如圖所示，MN、PQ是磁場的邊界．質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子(不計(jì)重力)沿著與MN夾角θ=30°的方向射入磁場中，剛好沒能從PQ邊界射出磁場．求粒子射入磁場的速度大小及在磁場中運(yùn)動的時(shí)間．15．如圖所示，光滑水平平臺AB與足夠長的光滑傾斜軌道AC平滑連接，長為L=4m的粗糙水平傳送帶BD與平臺無縫對接。質(zhì)量分別為m1=0.3kg和m2=1kg兩個小物體中間有一被壓縮的輕質(zhì)彈簧，用細(xì)繩將它們連接。已知傳送帶以v0=2m/s的速度向左勻速運(yùn)動，小物體與傳送帶間動摩擦因數(shù)為（1）剪斷細(xì)繩前彈簧的彈性勢能Ep（2）從小物體m2（3）如果m1=m2=2kg閱卷人四、選做題（共二個模塊，每個模塊15分，考生只能選作其中的一個模塊的試題作答。其中選擇題給出的5個選項(xiàng)中，有3個選項(xiàng)正確，選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分為0分。請將選出的選項(xiàng)字母填在答題卡的橫線上）得分16．下列說法正確的是（）A．布朗運(yùn)動就是分子的熱運(yùn)動B．一切自然過程總是沿著無序性增大的方向進(jìn)行C．氣體的溫度升高，每個氣體分子的速率都增大D．一定質(zhì)量的理想氣體，在發(fā)生等溫變化時(shí)，氣體的內(nèi)能一定不變E．當(dāng)分子間的作用力表現(xiàn)為斥力時(shí)，隨著分子間距離的增大，分子勢能減小17．今有一質(zhì)量為M的汽缸，用質(zhì)量為m的活塞封有一定質(zhì)量的理想氣體，當(dāng)汽缸水平橫放時(shí)，空氣柱長為L0(如圖甲所示)，若汽缸按如圖乙懸掛保持靜止時(shí)，求氣柱長度為多少？(已知大氣壓強(qiáng)為p0，活塞的橫截面積為S，它與汽缸之間無摩擦且不漏氣，且氣體溫度保持不變．)18．一列沿x軸正方向傳播的簡諧波，在t=0時(shí)刻的波形圖如圖所示，波恰好傳播到質(zhì)點(diǎn)Q處，t=0.下列說法正確的是（）A．這列波的周期為0.4sB．質(zhì)點(diǎn)P的起振方向沿y軸正方向C．t=0.D．t=1.E．從t=0時(shí)刻到波傳到R處的時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)Q通過的路程為8cm19．如圖所示，激光筆發(fā)出一束激光射向水面O點(diǎn)，經(jīng)折射后在足夠大的水槽底部形成一光斑P。已知α=53°，水的折射率n=43，真空中光速c=3.0×10（1）激光在水中傳播的速度大小v；（2）激光在水中的折射角β；（3）最初水深為h，打開出水口放水至水深為23

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A.觀察桌面的微小形變?yōu)榉糯蠓?，A符合題意；

B.探究兩個互成角度共點(diǎn)力的合成實(shí)驗(yàn)為等效替代法，B不符合題意；

C.卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)測量引力常量為轉(zhuǎn)化法，C不符合題意；

D.伽利略利用理想斜面實(shí)驗(yàn)對力和運(yùn)動關(guān)系的研究為理想實(shí)驗(yàn)法，D不符合題意。

故答案為：A

【分析】根據(jù)實(shí)驗(yàn)方法可得出結(jié)論2．【答案】C【解析】【解答】勻速前行時(shí)力F方向豎直向上，加速向前運(yùn)動時(shí)，托盤對菜盤的力F提供反方向的加速度，力的方向斜向上，故兩力F且兩力的方向不同，C符合題意，ABD不符合題意。

故答案為：C

【分析】勻速運(yùn)動的物體受力平衡，勻變速運(yùn)動的物體合力提供加速度，利用牛頓第二定律，結(jié)合題意可求出減速時(shí)的力的大小和方向。3．【答案】D【解析】【解答】AD.地球表面的物體，所受萬有引力一部分提供重力的作用，一部分提供自傳所需的向心力，在赤道所需向心力最大，線速度最大，發(fā)射時(shí)節(jié)省能量，A不符合題意，D符合題意；

B.赤道處重力加速度最小，B不符合題意；

C.處于地球表面的物體除南北極外自轉(zhuǎn)角速度相同，D不符合題意；

故答案為：D

【分析】利用地球表面所受萬有引力的特點(diǎn)，可得出相應(yīng)結(jié)論。4．【答案】D【解析】【解答】A.由C=上極板轉(zhuǎn)過30°，正對面積S減小，電容器電容減小，A不符合題意；

B.由C=可知，上極板轉(zhuǎn)過30°，電容器電容減小，電壓不變，電荷量減小，B不符合題意；

C.板間間距變?yōu)閮杀?，由E=斷開開關(guān)后，電荷量不變，故電場強(qiáng)度不變，粒子不動，C不符合題意；

D.板間間距變?yōu)樵瓉淼?2，可知電容增大，電荷量不變的情況下，電壓減小，但是電場強(qiáng)度未變，粒子位置不動，與零勢能電勢差為qEx，故電勢不變，D符合題意。

故答案為：D

5．【答案】B【解析】【解答】A.電流周期為T=A不符合題意；

B.輸出電流有效值為2根據(jù)I可得發(fā)射線圈電流為0.2A，B符合題意；

C.發(fā)射線圈AB端電壓為U=C不符合題意；

D.從AB端向發(fā)射線圈輸入的功率與輸出功率相同，為10W，D不符合題意；

故答案為：B

【分析】根據(jù)交變電流瞬時(shí)值的表達(dá)式，可求出周期大小，利用正弦式交變電流最大值與有效值的關(guān)系，結(jié)合變壓器原副線圈匝數(shù)關(guān)系，可求出電流電壓的大小。6．【答案】B【解析】【解答】A.受空氣阻力影響，上升下落過程時(shí)間不同，重力的沖量不相等，A不符合題意；

B.頭向上頂球過程，頭部對球的力豎直向上，與足球運(yùn)動方向相同，頭部對足球做正功，B符合題意；

C.頭向上頂球的過程中，足球獲得速度，動量變化量不為零，C不符合題意；

D.頭向上頂球的過程中，頭對足球的沖量、重力的沖量合阻力的沖量的合沖量等于足球動量的變化量，D不符合題意。

故答案為：B

【分析】利用正負(fù)功的定義可判斷做功情況；利用動能定理可求出各個力沖量與動量變化量。7．【答案】C【解析】【解答】A.電勢位置分布圖斜率表示電場強(qiáng)度，故在0~x2間，電場強(qiáng)度先增大后減小，A不符合題意；

B.O~x1間的場強(qiáng)方向與x1~x2間的圖像斜率都為負(fù)，場強(qiáng)方向相同，B不符合題意；

C.x軸從O到x2點(diǎn)，電勢一直降低，故帶負(fù)電粒子從O點(diǎn)運(yùn)動到x28．【答案】C,D【解析】【解答】A.金屬框向右運(yùn)動，垂直于紙面向里的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流方向由M向N流動，A不符合題意；

B.通過MN的電荷量q=B不符合題意；

C.MN中產(chǎn)生的焦耳熱由能量守恒有Q=C符合題意；

D.金屬棒MN受到的安培了為F=BIL，I=E2R聯(lián)立可得F=D符合題意。

故答案為：CD

【分析】利用楞次定律可求出感應(yīng)電流的方向；利用電荷量與磁通量變化量的關(guān)系式可求出電荷量的大小；利用能量守恒關(guān)系式可求出焦耳熱的大小。9．【答案】B,D【解析】【解答】ABC.對于木板分析，物體對木板的摩擦力提供加速度，最大為μmg=ma故加速度可能為μg，不可能為0或32μgF=2ma可得a=故答案為：BD

【分析】利用牛頓第二定律，利用整體法和隔離法，可求出木板的加速度。10．【答案】A,C,D【解析】【解答】A.若小球所受重力與電場力大小相同，則小球受圓弧軌道的支持力，小球所受合力指向圓心，做勻速圓周運(yùn)動，A符合題意；

B.小球進(jìn)入圓弧軌道，水平方向獲得一定速度，電場力沿豎直向上，在C點(diǎn)水平速度不為零，故達(dá)到C點(diǎn)速度不可能為零，B不符合題意；

C.若小球能從B點(diǎn)離開，根據(jù)能量守恒定律，一部分能量轉(zhuǎn)化為電勢能，故不會回到原來位置，上升高度一定小于H，C符合題意；

D.軌道不光滑，小球在軌道運(yùn)動摩擦?xí)a(chǎn)生內(nèi)能，若小球高度夠高，進(jìn)入電場獲得較大的初速度，也可能從B離開，D符合題意。

故答案為：ACD

【分析】利用物體做勻速圓周運(yùn)動所受合力的特點(diǎn)可得出結(jié)論；根據(jù)速度的合成與分解可得出結(jié)論；根據(jù)能量守恒的觀點(diǎn)分析能量的轉(zhuǎn)換，可得出結(jié)論。11．【答案】（1）左（2）40（3）C【解析】【解答】（1）連接重錘的一段重錘剛開始運(yùn)動，左側(cè)位移較小，故為紙帶左端連接重錘；

（2）根據(jù)自由落體初始運(yùn)動第一段位移?=即0.0276=得f=40Hz（3）實(shí)驗(yàn)誤差來源于點(diǎn)跡有拖尾現(xiàn)象，說明運(yùn)動過程中槍頭打點(diǎn)瞬間阻礙紙帶運(yùn)動，C符合題意，AB不符合題意。

【分析】（1）自由落體運(yùn)動為加速運(yùn)動，利用加速運(yùn)動位移時(shí)間關(guān)系判斷紙帶特點(diǎn)；（2）利用自由落體運(yùn)動位移時(shí)間關(guān)系式可求出頻率大小。12．【答案】（1）B（2）×100；2200（3）1b；【解析】【解答】（1）開關(guān)S旋轉(zhuǎn)到位置1，表頭與電阻并聯(lián)改裝成電流表，用來測量直流電流，B符合題意；

（2）指針偏轉(zhuǎn)角度過小，說明測量電阻過大，需要換更高檔位，故選擇×100，通過讀數(shù)可知，被測電阻為2200Ω；

（3）由閉合電路歐姆定律有整理可得結(jié)合圖像可知，1聯(lián)立可得【分析】（1）根據(jù)電表改裝的特點(diǎn)可知為改裝的電流表；（2）利用歐姆表的偏轉(zhuǎn)示數(shù)特點(diǎn)可得到待測電阻的大??；（3）利用閉合電路歐姆定律，結(jié)合圖像可求出電動勢和歐姆表內(nèi)阻的大小。13．【答案】（1）解：根據(jù)題意可知，工件被提升過程中，運(yùn)動的位移為x=根據(jù)勻變速直線運(yùn)動位移與速度關(guān)系有v解得v=4m（2）解：根據(jù)速度公式有v=at解得t=5s根據(jù)動能定理有W解得合力對工件做的功W【解析】【分析】（1）利用勻變速直線運(yùn)動速度位移關(guān)系式，結(jié)合題意可求出速度的大小；

（2）利用勻變速直線運(yùn)動速度時(shí)間關(guān)系式可求出速度大小，結(jié)合動能定律可求出合力做功。14．【答案】解：若粒子帶正電荷，粒子恰好不從PQ邊界射出的臨界軌跡如圖甲所示．設(shè)圓心為O1，則l＝R1(1＋cos30°)由qv1B＝m解得v1＝(對應(yīng)運(yùn)動時(shí)間t＝(若粒子帶負(fù)電荷，粒子恰好不從PQ邊界射出的臨界軌跡如圖乙所示．設(shè)圓心為O2，半徑為R2，則cos30°＝R由qv2B＝m解得v2＝(對應(yīng)運(yùn)動時(shí)間t＝(【解析】【分析】本題考查帶電粒子在有界磁場的運(yùn)動，首先題意并沒有給出粒子的電性，要分情況討論。其次，帶電粒子在直線邊界勻強(qiáng)磁場中運(yùn)動時(shí)，具有對稱性，即進(jìn)入磁場和離開磁場時(shí)速度方向與邊界的夾角相等；在磁場中，由洛倫茲力提供向心力，要求學(xué)生能夠找圓心、定半徑、畫軌跡，帶電粒子在磁場的運(yùn)動時(shí)間與在磁場運(yùn)動軌跡對應(yīng)的圓心角有關(guān)；本題考查粒子在磁場中運(yùn)動的臨界條件，剛好沒能從PQ邊界射出磁場，說明運(yùn)動軌跡與PQ相切。15．【答案】（1）解：m1和m2解得v剪斷細(xì)繩前彈簧的彈性勢能為E解得E（2）解：設(shè)m2在傳送帶上向右減速運(yùn)動的最大距離為x，根據(jù)動能定理，有解得x=2則m2先向右減速至速度為零，再向左加速至速度為v設(shè)小物體m2滑上傳送帶到第一次與傳送帶共速所用時(shí)間為t，取向左為正方向，根據(jù)動量定理，有解得t=2該過程傳送帶運(yùn)動的距離為x故為了維持傳送帶勻速運(yùn)動，電動機(jī)需對傳送帶多提供的電能為E=μ解得E=10J（3）解：兩小物體被彈開過程，根據(jù)動量守恒定律，有0=由能量守恒定律有E解得vm2第一次滑上傳送帶到減速為0的位移m2第一次滑上傳送帶到離開的路程為m2第一次與m1m2第二次滑上傳送帶到減速為0的位移m2第二次滑上傳送帶到離開的路程為m2第n次滑上傳送帶到離開的路程為Sn=2解得m2在傳送帶上通過的總路程為【解析】【分析】（1）利用動量守恒定律和能量守恒定律可求出彈性勢能的大?。唬?）根據(jù)功能原理，電動機(jī)需對傳送帶多提供的電能E與摩擦力對傳送帶做勻速運(yùn)動所做的功，利用動能定律和動量定理可求出傳送帶運(yùn)動的距離，進(jìn)而求出摩擦力對傳送帶所做的功；（3）物體m2在傳送帶減速至零后反向加速，以傳送帶勻速的速度再次與物塊m1相撞，利用動量守恒定律可求出每次碰撞后物體m2的速度，根據(jù)勻減速直線運(yùn)動速度位移關(guān)系式可求出每次物體m2在傳送帶運(yùn)動的距離，進(jìn)而表示出總路程。16．【答案】B,D,E【解析】【解答】A.布朗運(yùn)動是微粒做