浙江省麗水市縉云縣壺鎮(zhèn)職業(yè)高級中學2022年高三物理月考試題含解析

浙江省麗水市縉云縣壺鎮(zhèn)職業(yè)高級中學2022年高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖，斜面固定，CD段光滑，DE段粗糙，A、B兩物體疊放在一起從C點由靜止下滑，下滑過

程中A、B始終保持相對靜止，則A．在CD段時，A受三個力作用B．在DE段時，A的加速度一定平行于斜面向上C．在DE段時，A受摩擦力方向一定沿斜面向上D．整個下滑過程中，A、B均處于失重狀態(tài)參考答案：C試題分析：在CD段，整體的加速度，對A，由牛頓第二定律得：mAgsinθ+fA=mAa，解得：fA=0，則A受重力和支持力兩個力作用，故A錯誤．在DE段，A、B系統(tǒng)可能沿斜面向下做勻加速直線運動，也可能做勻速直線運動，還可能向下做勻減速直線運動，加速度即可能向下，也可能向上，故B錯誤；設(shè)DE段物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為μ，在DE段，整體的加速度：，對A，由牛頓第二定律得：mAgsinθ+fA=mAa，解得：fA=-μmAgcosθ，方向沿斜面向上，若勻速運動，A受到靜摩擦力也是沿斜面向上，如果系統(tǒng)沿斜面向下做勻減速直線運動，加速度沿斜面向上，則A所受的摩擦力沿斜面向上，由以上分析可知，A受到的摩擦力方向一定沿斜面向上，故C正確；CD段A、B加速下滑，系統(tǒng)處于失重狀態(tài)，在DE段系統(tǒng)可能向下做勻減速直線運動，加速度方向沿斜面向上，A、B處于超重狀態(tài)，故D錯誤；故選C?？键c：牛頓第二定律的應(yīng)用2.用比值法定義物理量是物理學中一種重要的思想方法，下列物理量的表達式不屬于用比值法定義的是（

）A．加速度B．功率C．速度

D．電阻參考答案：3.（單選）如上圖所示，小球C置于光滑的半球形凹槽B內(nèi)，B放在長木板A上，整個裝置處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)緩慢減小木板的傾角θ過程中，下列說法正確的是A．A受到的壓力逐漸變大

B．A受到的摩擦力逐漸變大C．C對B的壓力逐漸變大

D．C受到三個力的作用參考答案：【知識點】共點力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運用．B3B4【答案解析】A解析：A、對BC整體：分析受力情況：重力mg、斜面A的支持力N和摩擦力f，由平衡條件得知：N=mgcosθ，f=mgsinθ，減小θ，N增大，f減小，由牛頓第三定律得知：B對A的壓力也增大．故A正確，B錯誤．C、D由于半球形凹槽光滑，小球只受兩個力：重力和支持力，由平衡條件得到，支持力與重力大小相等，保持不變，則C對B的壓力也保持不變．故CD錯誤．故選A【思路點撥】先對BC研究：分析BC整體的受力，由平衡條件分析A對B的支持力和摩擦力變化，即可知道B對A的壓力和摩擦力如何變化；C球只受兩個力，對B的壓力不變．本題是三個物體的平衡問題，關(guān)鍵要靈活選擇研究的對象，采用整體法和隔離法結(jié)合研究，比較簡便．4.關(guān)于多普勒效應(yīng)說法正確的是（

）A．若波源向觀察者靠近，則波源發(fā)出的頻率變小B．若波源向觀察者靠近，則觀察者接收到的頻率變大C．觀察者遠離波源，則波源發(fā)出的頻率變小D．若波源與觀察者相互靠近，則觀察者接收到的頻率變小參考答案：B5.（多選）如圖所示，位于光滑水平桌面上的物塊P用跨過定滑輪的輕繩與小托盤相連，托盤內(nèi)有砝碼。托盤與砝碼的總質(zhì)量為m，P的質(zhì)量為2m，重力加速度為g。釋放后，P從靜止開始沿桌面運動的過程中，下列說法正確的是（

）A．托盤運動的加速度大小為gB．P運動的加速度大小為 C．托盤對輕繩的拉力大小為D．砝碼處于超重狀態(tài)參考答案：BC應(yīng)用隔離法，對托盤分析，由牛頓第二定律得，對物塊P分析，由牛頓第二定律得F=2ma，可知加速度大小為a==g，故A項錯誤B項正確；將a=g代入F=2ma得F=mg，C項正確；由于砝碼加速度向下，所以砝碼處于失重狀態(tài)，D項錯誤。二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.（4分）如圖為某報警裝置示意圖，該報警裝置在一扇門、兩扇窗上各裝有一個聯(lián)動開關(guān)，門、窗未關(guān)上時，開關(guān)不閉合，只要有一個開關(guān)未閉合，報警器就會報警。該報警裝置中用了兩個串聯(lián)的邏輯電路，虛線框甲內(nèi)應(yīng)選用_________門電路，虛線框乙內(nèi)應(yīng)選用_________門電路（填與、非、或）。參考答案：或，或解析：題意只要有一個開關(guān)未閉合，報警器就會報警，結(jié)合或門的特點因此虛線框甲內(nèi)應(yīng)選用或門；虛線框乙內(nèi)應(yīng)選用或門。7.如圖所示，將一定質(zhì)量的氣體密封在燒瓶內(nèi)，燒瓶通過細玻璃管與注射器和裝有水銀的U形管連接，最初豎直放置的U形管兩臂中的水銀柱等高，燒瓶中氣體體積為400ml，現(xiàn)用注射器緩慢向燒瓶中注水，穩(wěn)定后兩臂中水銀面的高度差為25cm，已知大氣壓強為75cmHg柱，不計玻璃管中氣體的體積，環(huán)境溫度不變，求：

①共向玻璃管中注入了多大體積的水？

②此過程中氣體____（填“吸熱”或“放熱”），氣體的內(nèi)能

（填“增大”、“減小”或“不變”）參考答案：8.水平地面上有一質(zhì)量為2千克的物體，在水平拉力F的作用下，由靜止開始運動，5秒后水平拉力減為，物體的速度圖線如圖（g取10米/秒2），則F的大小是

牛，物體與地面間的滑動摩擦系數(shù)μ=

。

參考答案：9；0.259.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體發(fā)生如圖所示的狀態(tài)變化，狀態(tài)A與狀態(tài)B的體積關(guān)系為VA

VB(選填“大于”、“小于”或“等于”)；若從A狀態(tài)到C狀態(tài)的過程中氣體對外做了100J的功，則此過程中_______(選填“吸熱”或“放熱”)參考答案：＜

（2分）

吸熱10.一列簡諧波波源的振動圖象如圖所示，則波源的振動方程y=

cm；已知這列波的傳播速度為1.5m/s，則該簡諧波的波長為

m。參考答案：；3試題分析：從振動圖象可知，，角速度，振幅A=20cm振動方程，根據(jù)考點：考查了橫波圖像，波長、波速及頻率的關(guān)系【名師點睛】解決本題的關(guān)鍵是可以由振動圖象獲取相應(yīng)信息，以及熟練掌握公式、，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．11.如圖，從運動員騰空跳起向上運動后再向下落入水中，若不計空氣阻力，則運動員的重力勢能先

（填“增大”或“減小”或“不變”），后

（填“增大”或“減小”或“不變”）。運動員的機械能

（填“增大”或“減小”或“不變”）。參考答案：增大

減小

不變12.(4分)兩個單擺甲和乙，它們的擺長之比為4∶1，若它們在同一地點做簡諧運動，則它們的周期之比T甲:T乙=

。在甲擺完成10次全振動的時間內(nèi)，乙擺完成的全振動次數(shù)為

。參考答案：答案：2：1

2013.有一直角架AOB，AO水平放置，表面粗糙。OB豎直向下，表面光滑。AO上套有一個小環(huán)P，OB上套有一個小環(huán)Q，兩環(huán)質(zhì)量均為m，兩環(huán)間由一根質(zhì)量可忽略、不可伸長的細繩相連，并在某一位置平衡（如圖13）?，F(xiàn)將P環(huán)向左移一小段距離，兩環(huán)再次達到平衡，移動后和移動前比較，AO桿對P環(huán)的支持力N；細繩的拉力T

。

參考答案：不變，變大三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.質(zhì)量分別為m和3m的A、B兩個小球以相同的速率v沿同一直線相向運動，碰后B球停止不動，試求A球碰后的速度，并判斷它們之間發(fā)生的是彈性碰撞還是非彈性碰撞（說明理由）．參考答案：彈性碰撞取B球碰前的速度方向為正方向，設(shè)A球碰后的速度為v′，由動量守恒定律有解得，方向與B球碰前的速度方向相同由于，故碰撞前后的總動能相等，則此碰撞是彈性碰撞15.(4分)在橄欖球比賽中，一個95kg的橄欖球前鋒以5m/s的速度跑動，想穿越防守隊員到底線觸地得分．就在他剛要到底線時，迎面撞上了對方兩名均為75kg的隊員，一個速度為2m/s，另一個為4m/s，然后他們就扭在了一起。①他們碰撞后的共同速率是；②在右面方框中標出碰撞后他們動量的方向，并說明這名前鋒能否得分：。參考答案：答案：①0.1m/s

（2分）

②方向見圖（1分）

能得分（1分）

四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖甲所示，平行金屬板A和B間的距離為d，現(xiàn)在A、B板上加上如圖乙所示的方波電壓，時A板比B板的電勢高。電壓的正向值為，反向值也為，現(xiàn)有質(zhì)量為m、電量為的粒子組成的粒子束，從AB的中點O沿金屬板中軸線以速度不斷射入，所有粒子在AB間的飛行時間均為T，不計重力影響。試求：（1）時射入的帶電粒子在兩板間的偏轉(zhuǎn)距離；（2）粒子射出電場時的速度；（3）若要使射出電場的粒子經(jīng)某一垂直紙面的圓形有界勻強磁場偏轉(zhuǎn)后，都能從圓形有界磁場邊界上的同一個點射出，從而能便于再收集，則磁場區(qū)域的最小半徑和相應(yīng)的磁感強度是多大？參考答案：2（1）當粒子由時刻進入電場，向下偏轉(zhuǎn)距離為 解得（5分）（2）打出粒子的速度都是相同的，在沿電場線方向速度大小為所以打出速度大小為解得設(shè)速度方向與的夾角為，則（6分）（3）當粒子在時刻進入電場，向下偏轉(zhuǎn)距離最大當粒子由時刻進入電場，向上偏轉(zhuǎn)距離最大所以，在距離O中點下方至上方范圍內(nèi)有粒子打出。所有粒子射出電場時的速度方向彼此平行，要使平行粒子能夠交于圓形磁場區(qū)域邊界且有最小區(qū)域時，磁場直徑最小值與粒子寬度相等，粒子寬度，故磁場區(qū)域的最小半徑為粒子在磁場中作圓周運動解得（7分）17.如圖所示，質(zhì)量分別為M1=0.49kg和M2=0.5kg的木塊靜置在光滑水平地面上，兩木塊間夾有一輕質(zhì)彈簧，一粒質(zhì)量m=0.01kg的彈丸以v0=150m/s的速度打入木塊M1并停留在其中（打擊時間極短），求：①當彈丸在木塊M1中相對靜止的瞬間木塊M1的速度v1；②當M2的速度v=1m/s時彈簧的彈性勢能Ep．參考答案：解：①彈丸與木塊M1作用過程中，取向右為正方向，由動量守恒定律得：mv0=（m+M1）v1…①解得：v1=3m/s…②②彈丸停留在木塊M1中一起壓縮彈簧與M2作用過程中動量守恒，機械能守恒，則得：

（m+M1）v1=（m+M1）v2+M2v…③（m+M1）v12=Ep+（m+M1）v22+M2v2…④聯(lián)解③④得：Ep=1J．…⑤答：①當彈丸在木塊M1中相對靜止的瞬間木塊M1的速度v1是3m/s．②當M2的速度v=1m/s時彈簧的彈性勢能Ep是1J．【考點】動量守恒定律；功能關(guān)系．【分析】①彈丸打入木塊M1的過程，兩者構(gòu)成的系統(tǒng)動量守恒，由動量守恒定律求當彈丸在木塊M1中相對靜止的瞬間木塊M1的速度v1；②彈丸停留在木塊M1中一起壓縮彈簧與M2作用過程中動量守恒，機械能也守恒．根據(jù)動量守恒定律和機械能守恒定律結(jié)合求M2的速度v=1m/s時彈簧的彈性勢能Ep．18.（16分）兩個質(zhì)量分別為M1和M2的劈A和B，高度相同，放在光滑的水平面上，A和B相向的側(cè)面都是相同的光滑的曲面，曲面下端與水平面相切