遼寧省朝陽市文水中學高三物理聯(lián)考試題含解析

遼寧省朝陽市文水中學高三物理聯(lián)考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）伽利略曾說過：“科學是在不斷改變思維角度的探索中前進的”。他在著名的斜面實驗中，讓小球分別沿傾角不同、阻力很小的斜面從靜止開始滾下，他通過實驗觀察和邏輯推理，得到的正確結論有（

）A.傾角一定時，小球在斜面上的速度與時間成正比B.傾角一定時，小球在斜面上的位移與時間成正比C.斜面長度一定時，小球從頂端滾到底端時的速度與傾角無關D.斜面長度一定時，小球從頂端滾到底端所需的時間與傾角無關參考答案：A2.小型交流發(fā)電機中，矩形金屬線圈在勻強磁場中勻速轉動。產生的感應電動勢與時間呈正弦函數關系，如圖所示，此線圈與一個R=10Ω的電阻構成閉合電路，不計電路的其他電阻，下列說法正確的是

（

）

A．交變電流的周期為0.125秒

B．交變電流的頻率為8Hz

C．交變電流的有效值為A

D．交變電流的最大值為4A參考答案：C3.A、B兩球沿一直線運動并發(fā)生正碰，如圖為兩球碰撞前后的位移圖象，a、b分別為A、B兩球碰前的位移圖象，c為碰撞后兩球共同運動的位移圖象，若A球質量是m=2kg，則由圖判斷下列結論不正確的是（）A．碰撞前后A的動量變化為4kg?m/sB．碰撞時A對B所施沖量為﹣4N?sC．A、B碰撞前的總動量為3kg?m/sD．碰撞中A、B兩球組成的系統(tǒng)損失的動能為10J參考答案：C【考點】動量守恒定律．【分析】在位移時間圖象中，斜率表示物體的速度，由圖象的斜率可求得碰撞前后兩球的速度，根據動量定理及動量守恒定律進行分析解答．【解答】解：A、由x﹣t圖象的斜率表示速度，可知，碰撞前有：vA===﹣3m/s，vB===2m/s．碰撞后有：vA′=vB′=v===﹣1m/s；則碰撞前后A的動量變化為：△PA=mvA′﹣mvA=2×（﹣1）﹣2×（﹣3）=4kg?m/s，故A正確．B、對A、B組成的系統(tǒng)，根據動量守恒定律知：碰撞前后B的動量變化為：△PB=﹣△PA=﹣4kg?m/s對B，由動量定理可知，碰撞時A對B所施沖量為：IB=△PB=﹣4kg?m/s=﹣4N?s．故B正確．C、由△PB=mB（vB′﹣vB），所以：mB===kg，則A與B碰撞前的總動量為：p總=mvA+mBvB=2×（﹣3）+×2=﹣kg?m/s，故C錯誤．D、碰撞中A、B兩球組成的系統(tǒng)損失的動能：△EK=mvA2+mBvB2﹣（m+mB）v2，代入數據解得：△EK=10J；故D正確．本題選不正確的，故選：C4.（單選）兩波源在水槽中形成的波形如圖所示，其中實線表示波峰，虛線表示波谷，則(

)

A．點的振動始終加強

B．點的振動始終減弱

C．在兩波相遇的區(qū)域中會產生干涉

D．在兩波相遇的區(qū)域中不會產生干涉參考答案：D5.下列說法中正確的是（

）

A．牛頓第一定律是通過理想實驗方法得出的，可用實驗給以驗證

B．物體運動狀態(tài)發(fā)生變化，則物體一定受到力的作用

C．慣性是一種力，慣性定律與慣性的實質是相同的

D．物體的運動不需要力來維持，但物體的運動速度、質量決定著慣性的大小參考答案：B二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一個質量為m=70kg的人站在電梯中體重計上稱體重，當電梯靜止時，體重計讀數為N；當電梯以a=g的加速度向下做減速運動時，體重計上的讀數為N。（g=10m/s2）參考答案：700；14007.在空中某固定點，懸掛一根均勻繩子，然后讓其做自由落體運動。若此繩經過懸點正下方H=20m處某點A共用時間1s(從繩下端抵達A至上端離開A)，則該繩全長為

m。參考答案：158.（4分）用活塞壓縮汽缸里的空氣，對空氣做了900J的功，同時汽缸向外散熱210J，汽缸里空氣的內能

（填“增加”或“減少”）了

J。參考答案：

增加

690J9.某實驗小組設計了如圖(a)所示的實驗裝置研究加速度和力的關系。(1)在該實驗中必須采用控制變量法，應保持______________不變，用_____________作為

小車所受的拉力。(2)如圖(b)是某次實驗打出的紙帶的一部分，0、1、2、3、4、5、6為計數點，相鄰兩計數點間還有4個打點未畫出。從紙帶上測出。則木塊加速度大小=__________m／s2(保留2位有效數字)。(3)通過改變鉤碼的數量，多次重復測量，可得小車運動的加速度a與所受拉力F的關系圖象。在軌道水平和傾斜的兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條圖線，如圖(c)所示。圖線——(選填“①”或“②”)是在軌道右側抬高成為斜面情況下得到的。(4)隨著鉤碼的數量增大到一定程度，圖(c)中的圖線明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是___________。A．小車與軌道之間存在摩擦

B．導軌保持了水平狀態(tài)C．所掛鉤碼的總質量太大

D．所用小車的質量太大(5)根據圖(c)可求出小車質量m=__________kg。參考答案：10.如圖所示，傾角為θ的斜面處于豎直向下的勻強電場中，在斜面上某點以初速度為v0水平拋出一個質量為m的帶正電小球，小球受到的電場力與重力相等，地球表面重力加速度為g，設斜面足夠長，求：（1）小球經

時間落到斜面上;（2）從水平拋出至落到斜面的過程中，小球的電勢能變化量為

．參考答案：V0tanθ/g

mV02tan2θ11.一定質量的理想氣體經歷了如圖所示A到B狀態(tài)變化的過程,已知氣體狀態(tài)A參量為pA、VA、tA,狀態(tài)B參量為pB、VB、tB,則有pA____(填“>”“=”或“<”)pB.若A到B過程氣體內能變化為ΔE,則氣體吸收的熱量Q=____.參考答案：

(1).=

(2).pA(VB-VA)+ΔE解：熱力學溫度：T=273+t，由圖示圖象可知，V與T成正比，因此，從A到B過程是等壓變化，有：pA=pB，在此過程中，氣體體積變大，氣體對外做功，W=Fl=pSl=p△V=pA（VB-VA），由熱力學第一定律可知：Q=△U+W=△E+pA（VB-VA）；【點睛】本題考查了判斷氣體壓強間的關系、求氣體吸收的熱量，由圖象判斷出氣體狀態(tài)變化的性質是正確解題的關鍵，應用熱力學第一定律即可正確解題．12.P、Q是一列簡諧橫波中的兩質點，已知P離振源較近，P、Q兩點的平衡位置相距15m（小于一個波長），各自的振動圖象如圖所示。此列波的波速為

m/s。參考答案：2.5m/s13.如圖所示，垂直紙面向里的磁感應強度為B的有界方形勻強磁場區(qū)域，有一個由均勻導線制成的單匝矩形線框abcd，線框以恒定的速度v沿垂直磁場邊界方向運動，運動中線框dc邊始終與磁場右邊界平行，線框邊長ad＝l，cd＝2l，線框導線的總電阻為R，則線框離開磁場的過程中流過線框截面的電量為_____，線框產生的熱量可能為_______。參考答案：

或三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.一在隧道中行駛的汽車A以的速度向東做勻速直線運動，發(fā)現(xiàn)前方相距處、以的速度同向運動的汽車B正開始勻減速剎車，其剎車的加速度大小,從此刻開始計時，若汽車A不采取剎車措施，汽車B剎車直到靜止后保持不動，求：（1）汽車A追上汽車B前，A、B兩汽車間的最遠距離；（2）汽車A恰好追上汽車B需要的時間．參考答案：（1）16m（2）8s(1)當A、B兩汽車速度相等時，兩車間的距離最遠，即v＝vB－at＝vA

得t＝＝3s此時汽車A的位移xA＝vAt＝12m；汽車B位移xB＝vBt－at2＝21mA、B兩汽車間的最遠距離Δxm＝xB＋x0－xA＝16m(2)汽車B從開始減速直到靜止經歷的時間t1＝＝5s

運動的位移x′B＝＝25m汽車A在t1時間內運動的位移x′A＝vAt1＝20m

此時相距Δx＝x′B＋x0－x′A＝12m汽車A需要再運動的時間t2＝＝3s

故汽車A追上汽車B所用時間t＝t1＋t2＝8s15.如圖所示，在平面直角坐標系中有一個垂直紙面向里的圓形勻強磁場，其邊界過原點O和y軸上的點A（0，L）．一質量為m、電荷量為e的電子從A點以初速度v0平行于x軸正方向射入磁場，并從x軸上的B點射出磁場，射出B點時的速度方向與x軸正方向的夾角為60°．求：（1）勻強磁場的磁感應強度B的大小；（2）電子在磁場中運動的時間t．參考答案：答：（1）勻強磁場的磁感應強度B的大小為；（2）電子在磁場中運動的時間t為考點： 帶電粒子在勻強磁場中的運動；牛頓第二定律；向心力．專題： 帶電粒子在磁場中的運動專題．分析： （1）電子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律可以求出磁感應強度．（2）根據電子轉過的圓心角與電子做圓周運動的周期可以求出電子的運動時間．解答： 解：（1）設電子在磁場中軌跡的半徑為r，運動軌跡如圖，可得電子在磁場中轉動的圓心角為60°，由幾何關系可得：r﹣L=rcos60°，解得，軌跡半徑：r=2L，對于電子在磁場中運動，有：ev0B=m，解得，磁感應強度B的大小：B=；（2）電子在磁場中轉動的周期：T==，電子轉動的圓心角為60°，則電子在磁場中運動的時間t=T=；答：（1）勻強磁場的磁感應強度B的大小為；（2）電子在磁場中運動的時間t為．點評： 本題考查了電子在磁場中的運動，分析清楚電子運動過程，應用牛頓第二定律與周期公式即可正確解題．四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，一質量M=1kg的長木板B靜止于水平地面上，長木板的右邊有一豎直墻壁，B的右端距離墻壁s=0.82m．質量m=2kg的小物塊A（可視為質點）v0=3m/s的速度從B的左端開始滑動，運動過程中A未從B上滑下，最終也未與墻壁碰撞，B與墻壁碰撞后立即靜止不動．已知A與B之間動摩擦因數產μ1=0.2，B與地面之間動摩擦因數μ2=0.1，重力加速度g取l0m/s2，（1）通過計算分析B與墻壁碰撞前A，B有沒有達到共同速度；（2）求木板B的最小長度．參考答案：考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系；勻變速直線運動規(guī)律的綜合運用．專題：牛頓運動定律綜合專題．分析：（1）根據牛頓第二定律分別求出A、B的加速度，結合速度時間公式求出速度相等的時間，通過位移關系判斷木板B與墻壁碰撞前是否達到共同速度．（2）根據運動學公式求出速度達到相同速度時A的位移和B的位移，從而得出相對位移的大小，B撞到墻壁后立即靜止，A在B上做勻減速運動，根據牛頓第二定律和運動學公式求出A勻減速運動的位移，從而得出木板的最小長度．解答：解：（1）開始時A做勻減速運動，加速度．B做勻加速運動，加速度=．設A與B經t1時間達到共同速度，有：v0﹣a1t1=a2t1，代入數據解得t1=1s．在此1s內木板B運動位移，故在木板B碰撞墻壁前AB達到共同速度．（2）在AB達到共同速度的過程中A的位移m=2m，共同速度v1=1m/s，AB達到共同速度后，一起勻減速直到B撞到墻壁，加速度．，代入數據解得v2=0.6m/s．B撞到墻壁后立即靜止，A在B上做勻減速運動，，解得s3=0.09m．故木板B的長度至少要L=s1﹣s2+s3=2﹣0.5+0.09m=1.59m．答：（1）在木板B碰撞墻壁前AB達到共同速度．（2）木板B的最小長度為1.59m．

點評：解決本題的關鍵理清木塊和木板在整個過程中的運動規(guī)律，結合牛頓第二定律和運動學公式綜合求解，難度中等．17.如圖所示，一輕繩繞過無摩擦的兩個輕質小定滑輪O1、O2和質量mB=m的小球連接，另一端與套在光滑直桿上質量mA=m的小物塊連接，已知直桿兩端固定，與兩定滑輪在同一豎直平面內，與水平面的夾角θ=60°，直桿上C點與兩定滑輪均在同一高度，C點到定滑輪O1的距離為L，重力加速度為g，設直桿足夠長，小球運動過程中不會與其他物體相碰．現(xiàn)將小物塊從C點由靜止釋放，試求：（1）小球下降到最低點時，小物塊的機械能（取C點所在的水平面為參考平面）；（2）小物塊沿桿下滑到距初始位置2L時的速度以及此過程中繩的拉力對小球所做的功參考答案：【知識點】動能定理；機械能守恒定律．E2E3【答案解析】(1)(2)解析：（1）設此時小物塊的機械能為E1．由機械能守恒定律得（2）當小物塊下滑距離為2L時，設小物塊及小球速度分別為、有分析知，此時O1C恰好豎直，與桿所成夾角，、滿足關系對系統(tǒng)分析由機械能守恒得解得，對小球分析，由動能定理得解得【思路點撥】（1）小物塊的機械能等于重力勢能和動能的總和，求出小球在最低點時，小物塊的動能和重力勢能，從而求