福建省泉州市南美中學(xué)高三物理測試題含解析

福建省泉州市南美中學(xué)高三物理測試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（多選）如圖所示，理想變壓器的輸入端PQ接入峰值一定的正弦交變電流，開始時，開關(guān)K四盞燈均發(fā)光，若開關(guān)斷開后與斷開前比較（電流表A和導(dǎo)線的電阻內(nèi)計）則（

）A.電流表A的示數(shù)變小 B.燈L1變亮

C.燈L2變暗 D.燈L3變亮參考答案：ACD變壓器的輸入端電壓不變，輸出端電壓也不變，所以燈L1亮度不變，故B錯誤；開關(guān)斷開后，負載電阻變大，所以流過副線圈的電流變小，流過原線圈的電流也變小所以電流表A的示數(shù)變小，故A正確；通過副線圈的電流減小，而通過燈L1的電流不變，通過燈L2的電流減小，所以燈L2變暗，故C正確；燈L2和燈L3電壓不變，但燈L2的電壓變小，所以燈L3電壓變大，所以燈L3變亮，故D正確。2.（單選）質(zhì)量為60kg的人，站在升降機內(nèi)的臺秤上，測得體重為480N，則升降機的運動應(yīng)是（）

A．勻速上升或勻速下降B．加速上升

C．減速上升D．減速下降參考答案：考點：超重和失重．專題：牛頓運動定律綜合專題．分析：臺秤測得的“重力”實際上是人對臺秤的壓力，根據(jù)牛頓第三定律可知，臺秤給人的支持力大小為480N，小于自身重力，因此人處于失重狀態(tài)，據(jù)此可正確解答該題．解答：解：根據(jù)題意可知人所受支持力小于自身重力，處于失重狀態(tài)，人具有豎直向下的加速度，因此升降機的可能運動情況是加速下降或者減速上升，故ABD錯誤，C正確．故選C．3.如圖所示，平面內(nèi)有直角邊長為2L的等腰直角三角形ABC，ABC內(nèi)有垂直平面向里的勻強磁場，其左側(cè)有一個邊長為L的正方形金屬框abcd，金屬框以水平速度勻速通過整個勻強磁場區(qū)域。設(shè)電流逆時針方向為正方向。則金屬框通過磁場的過程中；其中感應(yīng)電流i隨時間t變化情況是參考答案：A4.（單選）如圖所示，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，電阻R1、R2、R3為定值電阻，R4為光敏電阻（有光照射時電阻變?。?，C為定值電容。當(dāng)S閉合且電路穩(wěn)定后，讓光照射R4，則以下說法正確的是A．電容器電荷量增大

B．電源的效率增大C．電壓表示數(shù)增大D．R2上消耗的功率減小參考答案：A【考點】考查閉合電路的歐姆定律；含容電路。．電容器的電壓與R2兩端的電壓相等，因R4電阻變小，總電阻變小，總電流增大，外壓變小，通過R1的電流減小，則通過R2的電流增大，所以電容器的電壓增大，根據(jù)Q=CU可知，電容器電量一定增大，故A正確；電源的效率η=，電流增大，則電源效率減小，故B錯誤；因有光照射時，光敏電阻的阻值減小，故總電阻減小；由閉合電路的歐姆定律可知，干路電路中電流增大，由E=U+Ir可知路端電壓減小，所以電壓表示數(shù)減小，故C錯誤；通過R2的電流增大，根據(jù)P=I2R可知，R2上消耗的功率增大，故D錯誤．5.（單選）如圖所示，A為水平放置的橡膠圓盤，在其側(cè)面帶有負電荷﹣Q，在A正上方用絲線懸掛一個金屬圓環(huán)B（絲線未畫出），使B的環(huán)面在水平面上與圓盤平行，其軸線與橡膠盤A的軸線O1O2重合．現(xiàn)使橡膠盤A由靜止開始繞其軸線O1O2按圖中箭頭方向加速轉(zhuǎn)動，則（）A．金屬圓環(huán)B有擴大半徑的趨勢，絲線受到拉力增大B．金屬圓環(huán)B有縮小半徑的趨勢，絲線受到拉力減小C．金屬圓環(huán)B有擴大半徑的趨勢，絲線受到拉力減小D．金屬圓環(huán)B有縮小半徑的趨勢，絲線受到拉力增大參考答案：考點：楞次定律．分析：帶電圓盤轉(zhuǎn)動時形成環(huán)形電流，利用右手螺旋定則判斷出環(huán)形電流在導(dǎo)線處的磁場方向，根據(jù)楞次定律進行判定．解答：解：帶電圓盤如圖轉(zhuǎn)動時，形成順時針方向的電流，根據(jù)右手螺旋定則可知，在圓盤上方形成的磁場方向豎直向下，由于加速轉(zhuǎn)動，所以電流增大，磁場增強，穿過金屬圓環(huán)B的磁通量增大，根據(jù)楞次定律感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場要阻礙原磁通量的變化，所以金屬圓環(huán)B有縮小半徑的趨勢，金屬圓環(huán)B有向上的運動趨勢，所以絲線受到拉力減小．故選B．點評：本題考查了電流的形成、右手螺旋定則，要深刻理解楞次定律“阻礙”的含義．如“阻礙”引起的線圈面積、速度、受力等是如何變化的．二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.⑵如圖，一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a沿abc變化到狀態(tài)c，吸收了340J的熱量，并對外做功120J。若該氣體由狀態(tài)a沿adc變化到狀態(tài)c時，對外做功40J，則這一過程中氣體

▲

（填“吸收”或“放出”）

▲

J熱量。參考答案：吸收

260J7.研究加速度和力的關(guān)系加速度和質(zhì)量的關(guān)系：兩個相同的小車并排放在光滑水平軌道上，小車前端系上細線，線的另一端跨過定滑輪各掛一個小盤，盤里分別放有不同質(zhì)量的砝碼．小車所受的水平拉力F的大小可以認為等于砝碼（包括砝碼盤）的重力大?。≤嚭蠖艘蚕涤屑毦€，用一只夾子夾住兩根細線，控制兩輛小車同時開始運動和結(jié)束運動．（1）利用這一裝置，我們來研究質(zhì)量相同的兩輛小車在不同的恒定拉力作用下，它們的加速度是怎樣的．由于兩個小車初速度都是零，運動時間又相同，由公式

，只要測出兩小車

之比就等于它們的加速度a之比．實驗結(jié)果是：當(dāng)小車質(zhì)量相同時，a正比于F．（2）利用同一裝置，我們來研究兩輛小車在相同的恒定拉力作用下，它們的加速度與質(zhì)量是怎樣的．在兩個盤里放上相同數(shù)目的砝碼，使兩輛小車受到的拉力相同，而在一輛小車上加放砝碼，以增大質(zhì)量．重做試驗，測出

和

．實驗結(jié)果是：當(dāng)拉力F相等時，a與質(zhì)量m成反比。（3）實驗中用砝碼（包括砝碼盤）的重力G的大小作為小車所受拉力F的大小，這樣做的前提條件是

（4））將夾子換為打點計時器，可以通過所打紙帶計算出物體的加速度。某次實驗所得圖線如圖所示。設(shè)圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，若牛頓定律成立，則小車受到的拉力為_________，小車的質(zhì)量為________。參考答案：．(1)

位移(2)

小車質(zhì)量

通過位移

(3)

砝碼與砝碼盤質(zhì)量遠遠小于小車的總質(zhì)量

(4)

8.處于激發(fā)狀態(tài)的原子，在入射光的電磁場的影響下，從高能態(tài)向低能態(tài)躍遷，兩個狀態(tài)之間的能量差以輻射光子的形式發(fā)射出去，這種輻射叫做受激輻射。原子發(fā)生受激輻射時，發(fā)出的光子頻率、發(fā)射方向等，都跟入射光子完全一樣，這樣使光得到加強，這就是激光產(chǎn)生的機理。那么，發(fā)生受激輻射時，產(chǎn)生激光的原子的總能量En、電勢能Ep、電子動能Ek的變化情況是__________A．Ep增大、Ek減小、En減小

B．Ep減小、Ek增大、En減小C．Ep增大、Ek增大、En增大

D．Ep減小、Ek增大、En不變參考答案：B9.如圖所示，一輕繩一端懸于墻面上C點，另一端拴一重為N的光滑小球，小球擱置于輕質(zhì)斜面板上，斜面板斜向擱置于光滑豎直墻面上，斜面板長度為AB=L，圖中θ角均為30°．則AD=，墻面受到斜面板的壓力為50N．參考答案：：解：對小球受力分析如圖所示，則由幾何關(guān)系可知：=cos30°解得：F=100N；因斜面板處于平衡狀態(tài)，則A點的支持力、B點的彈力及D點的壓力三力應(yīng)交于一點，由幾何關(guān)系可知，AD長度應(yīng)l=；對斜面板由力矩平衡的條件可知：F′l=NLsin30°解得：N=50N；故答案為：；50．10.（6分）改變內(nèi)能的兩種方式：_____________和________________。參考答案：做功；熱傳遞11.用一根細繩，一端系住一個質(zhì)量為m的小球，另一端懸在光滑水平桌面上方h處，繩長l大于h，使小球在桌面上做如右圖所示的勻速圓周運動.若使小球不離開桌面，其轉(zhuǎn)速最大值是

參考答案：12.如圖所示，用DIS研究兩物體m1和m2間的相互作用力，m1和m2由同種材料構(gòu)成。兩物體置于光滑的水平地面上，若施加在m1上的外力隨時間變化規(guī)律為：F1=kt+2，施加在m2上的恒力大小為：F2=2N。由計算機畫出m1和m2間的相互作用力F與時間t的關(guān)系圖。

則F—t圖像中直線的斜率為_____________（用m1、m2、k表示），縱坐標(biāo)截距為________N參考答案：km2/(m1+m2)

2N13.(8分）（1）如圖在傾角為θ的斜面頂端A處以速度V0水平拋出一小球，落在斜面上的某一點B處，設(shè)空氣阻力不計，求（1）小球從A運動到B處所需的時間_________；（2）從拋出開始計時到小球離斜面的距離最大經(jīng)過的時間是_________？參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（簡答）質(zhì)量,M=3kg的長木板放在光滑的水平面t..在水平悄力F=11N作用下由靜止開始向右運動.如圖11所示,當(dāng)速度達到1m/s2將質(zhì)量m=4kg的物塊輕輕放到本板的右端.已知物塊與木板間摩擦因數(shù)μ=0.2,物塊可視為質(zhì)點.(g=10m/s2,).求：(1)物塊剛放置木板上時,物塊和木板加速度分別為多大？(2)木板至少多長物塊才能與木板最終保持相對靜止？(3)物塊與木板相對靜止后物塊受到摩擦力大??？參考答案：(1)1(2)0.5m（3）6.29N牛頓運動定律的綜合應(yīng)用；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系．解析：(1)放上物塊后，物體加速度

板的加速度

(2)當(dāng)兩物體達速度相等后保持相對靜止，故

∴t=1秒

1秒內(nèi)木板位移物塊位移，所以板長L=x1-x2=0.5m（3）相對靜止后，對整體

，對物塊f=ma∴f=44/7=6.29N（1）由牛頓第二定律可以求出加速度．

（2）由勻變速直線運動的速度公式與位移公式可以求出位移．

（3）由牛頓第二定律可以求出摩擦力．15.（10分）在2008年9月27日“神舟七號”宇航員翟志剛順利完成出艙活動，他的第一次太空行走標(biāo)志著中國航天事業(yè)全新的時代即將到來?！吧裰燮咛枴眹@地球做圓周運動時所需的向心力是由

提供，宇航員翟志剛出艙任務(wù)之一是取回外掛的實驗樣品，假如不小心實驗樣品脫手（相對速度近似為零），則它 （填“會”或“不會”）做自由落體運動。設(shè)地球半徑為R、質(zhì)量為M，“神舟七號”距地面高度為h，引力常數(shù)為G，試求“神舟七號”此時的速度大小。參考答案：

答案：地球引力（重力、萬有引力）；不會。（每空2分）

以“神舟七號”為研究對象，由牛頓第二定律得：

（2分）

由勻速圓周運動可知：

（2分）

解得線速度

（2分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，一傳送帶AB段的傾角為37°，BC段彎曲成圓弧形，CD段水平，A、B之間的距離為12.8m，BC段長度可忽略，傳送帶始終以v=4m/s的速度逆時針方向運行．現(xiàn)將一質(zhì)量為m=1kg的工件無初速度放到A端，若工件與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為μ=0.5，在BC段運動時，工件速率保持不變，工件到達D點時速度剛好減小到與傳送帶相同．取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）工件從A到D所需的時間．（2）工件從A到D的過程中，與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的熱量．參考答案：【考點】：功能關(guān)系；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系；牛頓第二定律．【分析】：（1）滑塊在傳送帶上先加速下滑；速度與傳送帶相等后，由于μ＜tan37°，繼續(xù)加速；在CD上是減速；根據(jù)牛頓第二定律列式求解三段的加速度，根據(jù)運動學(xué)公式列式求解；（2）先確定各段過程中傳送帶和滑塊的位移，得到相對位移，最后根據(jù)公式Q=f?△S相對列式求解．：解：（1）滑塊在傳送帶上先加速下滑，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsin37°+μmgcos37°=ma1解得加速度為：a1=g（sin37°+μcos37°）=10×（0.6+0.5×0.8）=10m/s2時間為：：位移為：速度與傳送帶相等后，由于μ＜tan37°，繼續(xù)加速，根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsin37°﹣μmgcos37°=ma2解得：a2=g（sin37°﹣μcos37°）=10×（0.6﹣0.5×0.8）=2m/s2根據(jù)速度位移公式，有：代入數(shù)據(jù)解得：v1=8m/s故運動時間為：滑上水平傳送帶后，加速度為：a3=﹣μg=﹣5m/s2根據(jù)速度公式，有：故t=t1+t2+t3=0.4+2+0.8=3.2s（2）從A到B過程，傳送帶的對地路程：S=v（t1+t2）=4×（0.4+2）=9.6m故工件從A到B的過程中與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的熱量：Q1=μmgcos37°?（L+S）=0.5×1×10×0.8×（12.8+9.6）=111.2J從C到D過程，物體的對地路程：x3===4.8m從C到D過程，傳送帶的對地路程：S′=vt3=4×0.8=3.2m故工件從C到D的過程中與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的熱量：Q2=μmg（x3+S′）=0.5×1×10×（4.8+3.2）=40J故工件從A到D的過程中，與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的熱量：Q=Q1+Q2=111.2J+40J=151.2J答：（1）工件從A到D所需的時間為3.2s；（2）工件從A到D的過程中，與傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的熱量為151.2J．【點評】：本題關(guān)鍵是明確滑塊在各段過程中的受力情況、運動情況，根據(jù)牛頓第二定律列式求解加速