河北省承德市部分高中2024屆高三年級下冊二模物理試卷(含答案)

河北省承德市部分高中2024屆高三下學(xué)期二模物理試卷

學(xué)校：___________姓名：班級：考號：

一,單選題

1.關(guān)于教材中的四個實(shí)驗(yàn)裝置，下列說法正確的是（）

A.安培利用裝置（a）總結(jié)出了電荷間相互作用的規(guī)律

B.奧斯特利用裝置（b）發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)

C.法拉第利用裝置（c）研究了通電導(dǎo)線間相互作用的規(guī)律

D.麥克斯韋利用電磁感應(yīng)原理制成了第一臺圓盤發(fā)電裝置（d）

2.潛水鐘是一種水下作業(yè)工具。將潛水鐘的大鐵罩倒扣在水面后使之下沉，如圖是潛

水鐘緩慢下沉的示意圖，不計(jì)下沉過程中水溫的變化，關(guān)于潛水鐘內(nèi)被封閉的氣體，

下列說法正確的是（）

A.氣體向外界放出熱量

B.鐘壁單位面積上單位時(shí)間內(nèi)分子碰撞的次數(shù)不變

C.運(yùn)動速率大的分子占比減小

D.氣體的體積不變

3.“雪地魔毯”是滑雪場常見的一種設(shè)備，它類似于機(jī)場的傳送帶，主要用于將乘客從

雪道底端運(yùn)送到頂端。一名穿戴雪具的游客，從雪道底端靜止站上“雪地魔毯”，“雪地

魔毯”長L=150m,傾角夕=11.6。（sin6>=0.2,cos=0,98）,“雪地魔毯”以v=5m/s

的速度向上滑行，經(jīng)過/=35s游客滑到“雪地魔毯”的頂端。g=10m/s2,人與“雪地鷹

穩(wěn)''間的動摩擦因數(shù)為一定值，不計(jì)其他阻力，則（）

A.游客在“雪地魔毯”上一直做勻加速運(yùn)動

B.游客在“雪地魔毯”上勻加速運(yùn)動的時(shí)間為20s

C.游客在“雪地魔毯”受到的摩擦力的方向可能改變

D.游客與“雪地魔毯”間的動摩擦因數(shù)約為0.26

4.如圖所示為某種售貨機(jī)硬幣識別系統(tǒng)簡圖。虛線框內(nèi)存在磁場，從入口A進(jìn)入的硬

幣沿斜面滾落，通過磁場區(qū)域后，由測速器測出速度大小，若速度在某一合適范圍，

擋板3自動開啟，硬幣就會沿斜面進(jìn)入接收裝置；否則擋板C開啟，硬幣進(jìn)入另一個

通道拒絕接收。下列說法不正確的是（）

A.磁場能使硬幣的速度增大得更慢

B.如果沒有磁場，則測速器示數(shù)會更小一些

C.硬幣進(jìn)入磁場的過程會受到來自磁場的阻力

D.由于磁場的作用，硬幣的機(jī)械能減小

5.如圖甲，當(dāng)汽車陷入泥潭時(shí)，往往需要拖車將受困車輛拖拽駛離。如圖乙，救援人

員發(fā)現(xiàn)在受困車輛的前方有一堅(jiān)固的樹樁可以利用，根據(jù)你所學(xué)過的力學(xué)知識判斷，

救援車輛最省力的救援方案為（）

甲乙（俯視圖）

6.圖（a）為玩具風(fēng)鈴，它可以簡化為圖（b）所示的模型。已知圓盤的半徑為力質(zhì)

量分別為必和外的48兩物體通過輕桿與圓盤連接，其中桿0A與圓盤通過錢鏈相

連，A8到&的距離分別為乙和4。圓盤繞軸以恒定的角速度o轉(zhuǎn)動，穩(wěn)定時(shí)

測得輕桿與豎直方向的夾角為仇已知重力加過度g,不計(jì)空氣阻力。下列說法正確的

是（）

（a）（b）

A.A8兩物體做勻速圓周運(yùn)動的向心加速度之比為人

B.風(fēng)鈴從靜止至達(dá)到穩(wěn)定過程中，輕桿。力與輕桿AB對A做的總功為

122

—mAa）+ZAsin<9）+町/人（l-cosg）

C.。1A桿上的拉力與AB桿上的拉力大小之比為（mA+mB）:mB

D.A8兩物體做勻速圓周運(yùn)動的動能之比為（〃+/商11。）21d+^sin。）？

二、多選題

7.氫原子的能級圖如圖（a）所示，一群處于〃=4能級的氫原子，用其向低能級躍遷

過程中發(fā)出的光照射如圖（b）電路陰極K的金屬，只有1種頻率的光能使之發(fā)生光

電效應(yīng)，產(chǎn)生光電子，測得其電流隨電壓變化的圖像如圖（c）所示。電子電荷量為

1.6x10*0則下列說法正確的是（）

n￡/eV

8------------------0

5---------------------0.54

4---------------------0.85

3---------------------1.51

2---------------------3.40

1--------------------13.6

(a)

A.題述氫原子躍遷一共能發(fā)出4種不同頻率的光子

B.陰極金屬的逸出功為12.75eV

C.題述光電子能使處于〃=3能級的氫原子電離

D.若圖（c）中飽和光電流為/=3.2piA,則Is內(nèi)最少有2x10”個氫原子發(fā)生躍遷

8.如圖所示，斜面體A靜止放置在水平地面上。質(zhì)量為m的滑塊3在水平向右的耳

和沿斜面向下歹2的共同作用下沿著斜面向下運(yùn)動，此過程中斜面體A受到地面的靜摩

擦力方向向左。則下列說法中正確的是（）

A.若同時(shí)撤去耳和F2,滑塊B的加速度方向一定沿斜面向下

B.若只撤去耳，在滑塊3仍向下運(yùn)動的過程中，A所受地面摩擦力的方向可能向右

C.若只撤去F2,在滑塊3仍向下運(yùn)動的過程中，A所受面地摩擦力的方向可能向右

D.若只撤去尸2,在滑塊3仍向下運(yùn)動的過程中，A所受地面摩擦力大小和方向均不改

變

9.據(jù)報(bào)道，已經(jīng)發(fā)射成功的“嫦娥四號”月球探測器在月球背面實(shí)現(xiàn)了軟著陸，并展開

探測工作，它將通過早先發(fā)射的“鵲橋”中繼衛(wèi)星與地球?qū)崿F(xiàn)信號傳輸及控制。在地月

連線上存在一點(diǎn)“拉格朗日4”，“鵲橋”在隨月球繞地球同步公轉(zhuǎn)的同時(shí)，沿“Hal。軌

道”（軌道平面與地月連線垂直）繞4轉(zhuǎn)動，如圖所示。已知“鵲橋”衛(wèi)星位于“Halo軌

道”時(shí)，在地月引力共同作用下具有跟月球繞地球公轉(zhuǎn)相同的周期。根據(jù)圖中有關(guān)數(shù)據(jù)

結(jié)合有關(guān)物理知識，可估算出（）

地-月距離：384400km鵲橋繞。運(yùn)轉(zhuǎn)周期：14d

月距離：64500km引力常量：6.67X10-"N-m2/kg2

Halo軌道半徑：3500km

A.“鵲橋”質(zhì)量B.月球質(zhì)量

C.月球的公轉(zhuǎn)周期D.“鵲橋”相對于4的線速度

10.兩根足夠長的平行金屬導(dǎo)軌固定在傾斜角為。的斜面上，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，間距為

￡=0.1m,在導(dǎo)軌41和g/z之間有寬度為d、方向垂直軌道平面向下的勻強(qiáng)磁場I,gh

線上方有垂直于軌道平面向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為&=IT的勻強(qiáng)磁場n。兩根質(zhì)量均

為0.1kg、電阻均為0.20的導(dǎo)體棒間隔為d,如圖垂直導(dǎo)軌放置，導(dǎo)體棒。與g/z間距

為乩現(xiàn)同時(shí)將兩根導(dǎo)體棒由靜止釋放，發(fā)現(xiàn)當(dāng)a棒剛進(jìn)入磁場I時(shí)，兩根導(dǎo)體棒立

即開始勻速運(yùn)動，6棒剛要出磁場I時(shí)沿斜面向下的加速度為工m/s?。不計(jì)一切摩擦,

3

兩棒在下滑過程中，與導(dǎo)軌始終接觸良好，已知sin。=0.1,重力加速度g取lOm/s?。

下列說法正確的是（）

A.題中d=lm

B.磁場I的磁感應(yīng)強(qiáng)度用=1T

217

C.0棒離開磁場I時(shí)，。棒與動■的距離為五m

D.從靜止釋放到6棒離開磁場I的過程中，6棒產(chǎn)生的焦耳熱為0.2J

三、實(shí)驗(yàn)題

11.某物理課外小組通過如圖甲、乙、丙所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究物體加速度與其所受合

外力之間的關(guān)系。已知他們使用的小車完全相同且質(zhì)量為“，重物的質(zhì)量為如試回

答下列問題：

（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，必須滿足“〃遠(yuǎn)大于加'的實(shí)驗(yàn)裝置是（選填“甲”、“乙”或

“丙”）O

（2）按乙圖實(shí)驗(yàn)裝置得到如圖丙所示的紙帶，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的周期T=0.02s,

其中A、B、C、D、E每相鄰兩個計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個點(diǎn)沒有標(biāo)出，根據(jù)紙帶提供的

數(shù)據(jù)，算得小車加速度的大小為m/s2（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

（3）采用（丙）圖實(shí)驗(yàn)裝置探究質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)，以彈簧測力計(jì)

的示數(shù)R為橫坐標(biāo)，加速度。為縱坐標(biāo)，畫出的a-歹圖線是如圖（?。┑囊粭l直線。

測出圖線與橫坐標(biāo)的夾角為仇求得圖線的斜率為左，則小車的質(zhì)量為。

力傳感器

ABCDE

口1111|1111|1111|11即111|1111|小1|11而疝1111|1111|1111|1111|加|1111|1111|1111|制

|o12345678910cm

12.某物理興趣小組設(shè)計(jì)了如圖所示的歐姆表電路，通過控制開關(guān)S,使歐姆表具有

“x10”和“xlOO”兩種倍率，所用器材如下：

A.干電池：電動勢E=1.5V,內(nèi)阻r=1.0。；

B.電流表G：滿偏電流4=0.5mA,內(nèi)阻Rg=150Q；

C.定值電阻A=2100Q；

D.電阻箱R2和&；最大阻值均為999.99。；

E.開關(guān)一個，紅、黑表筆各1支，導(dǎo)線若干。

⑴圖中的。端應(yīng)與(填“紅”或“黑”)表筆連接。

(2)該實(shí)驗(yàn)小組按圖示正確連接好電路。當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)電

阻箱與=。，使電流表達(dá)到滿偏。把原表盤刻度改成電阻值時(shí)，刻度盤正中間

的刻度數(shù)值是

(3)閉合開關(guān)S,調(diào)節(jié)電阻箱&和&，當(dāng)凡=且鳥=。時(shí)，將紅、黑

表筆短接，電流表再次滿偏。

四、計(jì)算題

13.如圖甲是一個長為L的半圓柱體透明介質(zhì)，其底面是半徑為R的半圓，圖乙為半

圓柱體右視圖，。為圓心，P為半徑。4的中點(diǎn)，將平行光垂直側(cè)面ABCD射入介質(zhì)，

其中由P點(diǎn)入射的光線，其射出介質(zhì)的折射光線方向與A3夾角為60。。求：

(1)透明介質(zhì)的折射率；

(2)要使所有光線都不能由圓柱的圓弧面射出，可以在側(cè)面A3CD貼上不透光的貼紙，

求貼紙的最小面積。(不考慮光的多次反射)

14.帶電粒子在電場中的運(yùn)動規(guī)律在近代物理實(shí)驗(yàn)裝置中有著極其廣泛的應(yīng)用，這些

應(yīng)用涉及帶電粒子的測量、加速和約束問題。2023年諾貝爾物理學(xué)獎獲得者就因其研

究控制電子移動而獲得。如圖的電場模型設(shè)計(jì)，可以通過改變電場的水平寬度控制帶

電小球間碰撞，從而模仿微觀狀態(tài)帶電粒子的運(yùn)動。如圖所示，電荷量為

4=+2X10-3C、質(zhì)量為為=0.1kg的小球3靜置于光滑的水平絕緣板右端，板的右側(cè)

空間有水平寬度一定、豎直高度足夠高的勻強(qiáng)電場，方向水平向左，電場強(qiáng)度的大小

E=1.0X103N/C,與球3形狀相同、質(zhì)量為%=03kg的絕緣不帶電小球A以初速度

%=10m/s向3運(yùn)動，兩球發(fā)生彈性碰撞后均逆著電場的方向進(jìn)入電場，在空中兩球又

發(fā)生多次彈性碰撞。已知每次碰撞時(shí)間極短，小球A始終不帶電，小球3的電量始終

不變。兩小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，忽略空氣阻力，重力加速度g取lOm/s?。

⑴求第一次碰撞后瞬間A、3兩小球的速度；

（2）如果兩小球第二次、第三次碰撞都發(fā)生在電場中，則在第二次與第三次碰撞之間，

有一個時(shí)刻球3合力的瞬時(shí)功率為0,求從第二次碰撞后到此時(shí)刻的時(shí)間間隔。

15.如圖所示，在直角坐標(biāo)系平面內(nèi)，有一離子源沿x軸正方向發(fā)射出大量速率

均為％的同種正離子，這些離子均勻分布在離x軸距離為。?尺的范圍內(nèi)，離子的質(zhì)量

為m,電荷量為q。在離子源右側(cè)有一圓形磁場區(qū)域I,其圓心。的坐標(biāo)為（0,R）,半

徑為R,磁場方向垂直紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為耳（未知）。在y<0無限大區(qū)域

內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場n,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為不（未知），已知

O為離子收集板，。點(diǎn)位置坐標(biāo)為卜氏-島），且。平行于y軸。若離子群經(jīng)過磁

場I后均從。點(diǎn)進(jìn)入磁場n,其中從離子源最上方射出的離子經(jīng)過磁場I偏轉(zhuǎn)后恰好

從。點(diǎn)沿y軸負(fù)方向射入磁場n,離子打到收集板上即刻被吸收，不考慮離子從磁場

n出去后的運(yùn)動，不計(jì)收集板和離子間的作用。

⑴求用的大小;

(2)若從。點(diǎn)射出的離子恰好全部被收集板右側(cè)吸收，求收集板的長度L-,

(3)若收集板的長度為2R,則被板右側(cè)收集的離子數(shù)與所有射入磁場的離子數(shù)的比值

為多大？

參考答案

1.答案：B

解析：A.庫倫利用裝置（a）總結(jié)出了電荷間相互作用的規(guī)律，故A項(xiàng)錯誤；

B.奧斯特利用裝置（b）發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，故B項(xiàng)正確；

C.安培利用裝置（c）研究了通電導(dǎo)線間相互作用的規(guī)律，故C項(xiàng)錯誤；

D.法拉第利用電磁感應(yīng)原理制成了第一臺圓盤發(fā)電裝置（d）,故D項(xiàng)錯誤。故選B。

2.答案：A

解析：AD.下潛過程中，隨著深度的增加，鐘內(nèi)氣體體積減小，則單位體積內(nèi)分子數(shù)

增大，不計(jì)下沉過程中水溫的變化，氣體體積減小，該過程外界對氣體做功，向外界

放出熱量，故A正確，D錯誤；

B.根據(jù)

pv

------=Cr

T

鐘內(nèi)氣體體積減小，不計(jì)下沉過程中水溫的變化，故壓強(qiáng)增大，故鐘壁單位面積上單

位時(shí)間內(nèi)分子碰撞的次數(shù)發(fā)生變化，故B錯誤；

C.不計(jì)下沉過程中水溫的變化，則溫度不變，故氣體分子速率分布規(guī)律不變，故C錯

誤。

故選Ao

3.答案：D

解析：A.若游客在“雪地魔毯”上一直做勻加速運(yùn)動，則游客的位移x<2/=87.5m

2

則游客在“雪地魔毯”上不是一直做勻加速運(yùn)動，選項(xiàng)A錯誤；

B.設(shè)游客勻加速的時(shí)間為彳，則L=?+（F）

解得10s,選項(xiàng)B錯誤：

C.游客在“雪地魔毯”先受到滑動摩擦力，摩擦力方向沿“雪地魔毯”向上，然后受靜摩

擦力，方向也沿“雪地魔毯”向上，選項(xiàng)C錯誤；

D.游客加速階段的加速度a=上=0.5m/s2

根據(jù)jumgcos0-mgsin0=ma

解得〃=0.26選項(xiàng)D正確。故選D。

4.答案：B

解析：ABC.根據(jù)題意可知，硬幣進(jìn)入磁場和離開磁場時(shí)，穿過硬幣的磁通量發(fā)生變

化，硬幣中產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)電流會阻礙硬幣的相對運(yùn)動，即硬幣進(jìn)入磁場的過程

會受到來自磁場的阻力，若磁場阻力大于硬幣重力沿斜面的分力，硬幣將做減速運(yùn)

動，若磁場阻力等于硬幣重力沿斜面的分力，硬幣將勻速進(jìn)入磁場，若磁場阻力小于

硬幣重力沿斜面的分力，硬幣繼續(xù)加速運(yùn)動，但速度增加變慢，綜上所述，磁場能使

硬幣的速度增大得更慢，如果沒有磁場，則測速器示數(shù)會更大一些，故AC正確，不

滿足題意要求，B錯誤，滿足題意要求；

D.根據(jù)題意可知，硬幣進(jìn)入磁場和離開磁場時(shí)，穿過硬幣的磁通量發(fā)生變化，硬幣中

產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)電流會阻礙硬幣的相對運(yùn)動，對硬幣做負(fù)功，使硬幣的機(jī)械能減

小，故D正確，不滿足題意要求。

故選B。

5.答案：D

解析：A圖中，纜繩與樹樁構(gòu)成定滑輪系統(tǒng)，僅改變力的方向，未改變力的大；

B圖中，根據(jù)受力分析可知，救援車輛的拉力為受困車輛所受拖拽力的2倍；

C圖中，根據(jù)受力分析可知，救援車輛的拉力為受困車輛所受拖拽力的工

2

D圖中，根據(jù)受力分析可知，救援車輛的拉力為纜繩兩側(cè)拖拽拉力的合力，因初始時(shí)

刻兩分力夾角接近180。，合力遠(yuǎn)小于兩分力（小于所受拖拽力的；），可知，D圖最省

力。故選D。

6.答案：B

解析：A.A、3兩物體做勻速圓周運(yùn)動的角速度相同，做勻速圓周運(yùn)動的半徑為

r=d+lsin0

故它們做勻速圓周運(yùn)動的向心加速度之比

2

aA_corA_rA_d+lAsin0

aBarrBrBd+lBsin0

A錯誤；

B.風(fēng)鈴從靜止至達(dá)到穩(wěn)定過程中，由動能定理有

2

WAB-mAglA(1-cose)=gtnAco(d+lAsind'y

故輕桿QA與輕桿AB對A做的總功為:+〃sinO'f+mAglA(l-cos0)，B正確;

C.如果小球3的力沿桿，以3為研究對象受力分析知，A3桿上的拉力

T：mBg

COS0

以A、3整體為研究對象受力分析知，?！鳁U上的拉力

(mA+mB)g

O,A~cos。

故

TO1A_mA+mB

TABmB

但因?yàn)樾∏?的力不沿桿，所以拉力比不等于s纏，故c錯誤；

mB

D.A、3兩物體做勻速圓周運(yùn)動時(shí)，A、3的動能之比為

E(明了

21

j------------=mA(d+lAsin0):mB(d+lBsinO')

%31nB(①”)?

D錯誤。

故選B。

7.答案：CD

解析：A.題述氫原子躍遷一共能發(fā)出6種不同頻率的光子，故A錯誤；

B.根據(jù)波爾定理，躍遷時(shí)能夠釋放出最大光子能量為

hv=-O.85eV-(-13.6eV)=12.75eV

逸出功為W=〃v-1.6eV<12.75eV故B錯誤；

C.使〃=3能級氫原子電離所需要的能量為1.51eV,題中光電子最大動能大于電離所需

要的能量，故能夠使〃=3能級的氫原子電離，故C正確；

D.飽和光電流為3.2|iA,則Is內(nèi)陰極發(fā)出的光電子數(shù)目為

N=3.2義106I：2*］。*故口正確?？凇?/p>

1.6x10”

8.答案：AD

解析：（1）斜面A表面光滑（設(shè)斜面的傾角為仇A的質(zhì)量為,%，3的質(zhì)量為7%）

A.同時(shí)撤去F［和F2,物體在其重力沿斜面向下的分力mBgsmO的作用下也一定沿斜面

向下做勻加速直線運(yùn)動。故A正確；

B.如果撤去耳，使A相對地面發(fā)生相對運(yùn)動趨勢的外力大小是

片42sin8=74geosOsin。，方向向右。如圖1所示。由于

mBgeosOsin0<{mBgeos0+/^sinff）sin0

所以A所受地面的摩擦力仍然是靜摩擦力，其方向仍然是向左，而不可能向右。故B

錯誤；

CD.撤去歹2，在物體3仍向下運(yùn)動的過程中，A所受地面摩擦力的變化情況要從A受

地面摩擦力作用的原因角度去思考即尋找出使A相對地面發(fā)生相對運(yùn)動趨勢的外力的

變化情況。通過分析，使A相對地面有向右滑動趨勢的外力是

G%gcose+￡sin。）sin。，如圖2、3所示。與F2是否存在無關(guān)。所以撤去F?,在物體

3仍向下運(yùn)動的過程中，A所受地面的摩擦力應(yīng)該保持不變。故C錯誤，D正確；

因此，在斜劈表面光滑的條件下，該題的答案應(yīng)該是AD。

⑵斜劈A表面粗糙（設(shè)A表面的動摩擦因數(shù)為〃）

在斜劈A表面粗糙的情況下，3在牛巴共同作用下沿斜面向下的運(yùn)動就不一定是勻

加速直線運(yùn)動，也可能是勻速直線運(yùn)動。如果在此再陷入對3的運(yùn)動的討論中，勢必

加大判斷的難度。退一步海闊天空。是不是可以不必糾纏于5的受力分析，看一看A

會怎么樣呢？

由題意知，在3沿斜坡下滑時(shí)，受到A對它彈力然和滑動摩擦力人根據(jù)牛頓第三定

律，這兩個力反作用于A斜劈A實(shí)際上就是在這兩個力的水平分力作用下有相對地面

向右運(yùn)動的趨勢的綜sin亢os，

又因?yàn)?=〃4

所以練sin0>cos0

sin。?

即Hn〃<----=tan。

'cosO

A.同時(shí)撤出K和F2,物體受到的沿斜面方向向下的力

mBgsinO-jumBgcosO>0

所以物體3所受的合力沿斜劈向下，加速度方向也一定沿斜劈向下。故A正確；

B.如果撤去耳，在物體3仍向下運(yùn)動的過程中

N=mgcosO,f=juN

圖中假設(shè)A受的摩擦力以方向向左，貝UsinOu/bosd+A

則有fA=Nsin9-〃Ncose=N(sin9-〃cos8)>0

所以斜劈A都有相對地面向右運(yùn)動的趨勢，摩擦力方向是向左。故B錯誤；

CD.又由于歹2的存在與否對斜劈受地面摩擦力大小沒有影響，故撤去尸2后，斜劈A所

受摩擦力的大小和方向均保持不變。故C錯誤，D正確；

因此，在斜劈A表面粗糙的情況下，本題的正確選項(xiàng)仍然是AD。故選AD。

9.答案：BCD

解析：設(shè)衛(wèi)星和地球連線與地月連線的夾角為a；衛(wèi)星和月球連線與月4連線的夾角

為小已知“鵲橋”衛(wèi)星位于“拉格朗日點(diǎn)時(shí)，在地月引力共同作用下具有跟月球繞

地球公轉(zhuǎn)相同的周期，同時(shí)繞4轉(zhuǎn)動，貝對“鵲橋”衛(wèi)星

M地形衛(wèi)萬V月加衛(wèi)n4兀？小

G—2cosa+G——^^cos0=m史—不/衛(wèi)①

，衛(wèi)々衛(wèi)金

M地利衛(wèi).月加衛(wèi)-047e

G—2sina+G—個一sin0=m衛(wèi)一~—%②

加衛(wèi)士衛(wèi)%

對月球有G"挈%=叫合/月③

加月/月

在①、②式中，相衛(wèi)均能消去，故根據(jù)已知消息不能求得“鵲橋”質(zhì)量。聯(lián)立①、②、③

可得月球的質(zhì)量、月球的公轉(zhuǎn)周期、地球的質(zhì)量。故A錯誤，BC正確；

2nr

D.根據(jù)y

可求解鵲橋繞區(qū)運(yùn)轉(zhuǎn)的速度，故D正確。故選BCD。

10.答案：BC

解析：B.當(dāng)a棒剛進(jìn)入磁場I時(shí)，Z?棒在磁場H中，兩根金屬棒均做勻速運(yùn)動，受力相

同，電流大小相同，速度相同，所以兩個磁場的大小相同，磁場I的磁感應(yīng)強(qiáng)度為

B]=1T故B正確；

A.設(shè)a棒剛進(jìn)入磁場I時(shí)的速度為%,根據(jù)動能定理可得

1F

2-mgsm0-d=2--mvl,a棒勻速運(yùn)動時(shí)電動勢為E=,1=—mgsin6=BJL

227?

解得/=1A,%=2m/s,d=2m,故A錯誤；

D.金屬棒b在磁場II中做勻速運(yùn)動時(shí)產(chǎn)生的熱量為

21—FR￡,tx-—

%

解得。i=0.2J

設(shè)b棒剛要出磁場I時(shí)沿斜面向下的速度為v,由牛頓第二定律得

mgsm.6A二ma

2R

解得v=

3

b棒在磁場I中做變加速直線運(yùn)動產(chǎn)生的熱量為&，由動能定理得

1212

mgsin-6?-2Q2=—mv--mv0

解得°2qJ

從靜止釋放到》棒離開磁場i的過程中，6棒產(chǎn)生的焦耳熱為

2

Q=Q1+Q2=§J故D錯誤；

c.設(shè)。穿過磁場I的時(shí)間為馬，根據(jù)動量定理得

mgsin0t-BILt=mv-mv,q=It=

2x2022R

,7

解得J=—S

6

"棒離開磁場I時(shí)，〃棒做勻加速直線運(yùn)動，則加gsin8=加/

1.

元二%/2+/〃/2

217

解得％=—m,故C正確。故選BC。

72

11.答案：（1）甲（2）0.63（3）-

k

解析：（1）甲實(shí)驗(yàn)裝置無測力裝置，而乙、丙裝置均裝有測力裝置，可直接通過測力

裝置得到小車?yán)K子上的拉力，因此不需要““遠(yuǎn)大于加'，而甲裝置因沒有測力裝置，

需用槽碼的總重力代替小車所受合外力，因此需要滿足遠(yuǎn)大于機(jī)”。

故選甲。

（2）根據(jù)題意，每兩個計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個點(diǎn)未標(biāo)出，則可得每兩個計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)

間間隔為

t=5T=0.1s

根據(jù)逐差相等公式可得

a=—~~—x102m/s2=0.63m/s2

⑶？4x0.01

（3）根據(jù)圖丙實(shí)驗(yàn)原理結(jié)合牛頓第二定律有

2F=Ma

可得

2-

a-.....r

M

結(jié)合圖丁則有

z=k

M

解得小車的質(zhì)量

M=-

k

12.答案：（1）黑（2）749；30（3）742；50

解析：⑴根據(jù)歐姆表電流“紅進(jìn)黑出”可知。端接黑表筆。

E

(2)由閉合電路歐姆定律可知4

F+Rg+R]+7?2

代入數(shù)據(jù)解得&=749Q

根據(jù)歐姆表的刻度設(shè)置可知，表盤上只有兩種擋位，開關(guān)S斷開與閉合時(shí)相比，干路

允許的最大電流較小，由歐姆定律知?dú)W姆表內(nèi)阻較大，測量的中值電阻較大，故S斷

開時(shí)歐姆表倍率應(yīng)為“x100”，當(dāng)S斷開時(shí)，歐姆表內(nèi)阻為3000C,則歐姆表的中值電

阻應(yīng)為3000。，中間刻度值是30o

F

(3)閉合開關(guān)S時(shí)，歐姆表內(nèi)阻為300Q,則/=——

6（4+K）

R^=R2+r+

8%居+4+K

聯(lián)立解得&=74Q,R3=250Q

13.答案：(1)百(2)漢普

R

解析：(1)根據(jù)題意，由P點(diǎn)入射的光線，入射角為仇根據(jù)幾何關(guān)系有sin8=(=；

其射出介質(zhì)的折射光線方向與A3夾角為60。，可得折射角為。=90-60+30=60

根據(jù)折射定律”=包4

sinC

解得透明介質(zhì)的折射率為

⑵全反射的臨界角為sinC=工=3

n3

根據(jù)幾何關(guān)系，可知?！觊g射入的光不能在圓弧面發(fā)生全反射，需貼上不透光的貼

紙，貼紙的最小面積為S=L-2RsinC=2酗

3

14.答案：（1）4的速度5m/s,水平向右；3的速度15m/s,水平向右⑵0.2s

解析：（1）第一次碰撞，取向右為正，設(shè)碰后A球速度為匕，碰后3球速度為V2,根據(jù)

mV

動量守恒定律知mAv0=%匕+B2

根據(jù)能量守恒定律知:網(wǎng)4丫；=~mAVl+~mBV2

第一次碰后A的速度％=5m/s,水平向右；3的速度匕=15m/s,水平向右

（2）豎直方向自由下落，A3始終在同一水平面，對3水平方向有4石=加8。

代入得a=20m/s2,方向水平向左

第二次碰撞前貼=刈-gw

代入得八=Is

對球5有匕=%—a。--5m/s

方向水平向左，豎直