河北省石家莊二中教育集團(tuán)2023-2024學(xué)年高一下學(xué)期期中物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1石家莊二中教育集團(tuán)2023-2024學(xué)年度高一年級(jí)第二學(xué)期期中考試物理試卷（時(shí)間：75分鐘，分值100分）一、選擇題（本題共10個(gè)小題，1-7為單選題，每小題4分，共計(jì)28分；8-10為多選每小題6分，漏選3分，錯(cuò)選0分，共計(jì)18分）1.2024年1月17日，搭載“天舟七號(hào)”貨運(yùn)飛船的運(yùn)載火箭在文昌航天發(fā)射場(chǎng)發(fā)射。次日凌晨，“天舟七號(hào)”貨運(yùn)飛船成功對(duì)接空間站“天和”核心艙。對(duì)接后，“天舟七號(hào)”與空間站組成組合體，運(yùn)行在離地高度約為的圓形軌道上，已知地球同步衛(wèi)星距赤道的高度約為，則下列說(shuō)法正確的是（）A.組合體運(yùn)行周期小于B.組合體中宇航員可以使用托盤天平測(cè)量物體質(zhì)量C.組合體繞行速度小于同步衛(wèi)星的速度D.若組合體運(yùn)行周期為T，引力常量為G，則地球的平均密度為〖答案〗A〖解析〗AC．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得可得，由于組合體的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的軌道半徑，所以組合體運(yùn)行周期小于，組合體繞行速度大于同步衛(wèi)星的速度，故A正確，C錯(cuò)誤；B．由于組合體處于完全失重狀態(tài)，所以組合體中宇航員不可以使用托盤天平測(cè)量物體質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；D．設(shè)地球半徑為，組合體軌道半徑為，若組合體運(yùn)行周期為T，引力常量為G，則有又聯(lián)立可得地球的平均密度為故D錯(cuò)誤。故選A。2.我國(guó)首顆超百容量的高通量地球靜止軌道通信衛(wèi)星—中星26號(hào)于北京時(shí)間2023年2月23日在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射，該衛(wèi)星將與中星16號(hào)、中星19號(hào)共同為用戶提供高速的專網(wǎng)通信和衛(wèi)星互聯(lián)網(wǎng)接入等服務(wù)。中星26與某一橢圓軌道偵察衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)軌跡以及某時(shí)刻所處位置、運(yùn)行方向如圖所示，兩衛(wèi)星的運(yùn)行周期相同，兩個(gè)軌道相交于兩點(diǎn)，連線過地心，分別為偵察衛(wèi)星的近地點(diǎn)和遠(yuǎn)地點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）A.兩點(diǎn)間距離等于中星26號(hào)衛(wèi)星軌道半徑B.偵察衛(wèi)星從D點(diǎn)到E點(diǎn)的過程中速度先減小后增大C.中星26在C點(diǎn)線速度小于偵察衛(wèi)星在E點(diǎn)線速度D.偵察衛(wèi)星在軌道上運(yùn)行時(shí)，在E點(diǎn)的線速度小于在D點(diǎn)的線速度〖答案〗C〖解析〗A．由題知，兩衛(wèi)星的運(yùn)行周期相同，則根據(jù)開普勒第三定律可知?jiǎng)tDE=2r故A錯(cuò)誤；B．由開普勒第二定律可知，偵察衛(wèi)星與地球的連線，在相同時(shí)間內(nèi)掃過相同的面積。D點(diǎn)到E點(diǎn)的過程中速度增大。故B錯(cuò)誤；C．以地球中心為圓心，過E點(diǎn)建一個(gè)輔助圓軌道，設(shè)該軌道的衛(wèi)星的線速度為v3，偵查衛(wèi)星E點(diǎn)的速度為v2。則從偵察衛(wèi)星軌道到輔助圓軌道要點(diǎn)火加速，有v2＞v3再根據(jù)，可知v1＜v3＜v2故C正確；D．由開普勒第二定律可知，偵察衛(wèi)星與地球的連線，在相同時(shí)間內(nèi)掃過相同的面積。故偵查衛(wèi)星D點(diǎn)速度小于E點(diǎn)速度。故D錯(cuò)誤。故選C。3.在無(wú)風(fēng)天氣里，毽子受到的空氣阻力大小與其下落的速度大小成正比。一毽子從高處由靜止豎直下落至地面過程中，位移大小為x、速度大小為v、加速度大小為a，重力勢(shì)能為、動(dòng)能為、下落時(shí)間為t。取地面為零勢(shì)能面，則下列圖像正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗A．毽子下落過程中，受空氣阻力逐漸變大，則加速度逐漸減小，最后加速度可能減小為零，即速度先增大后不變，則圖像的斜率先增加后不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．根據(jù)牛頓第二定律則選項(xiàng)B正確；C．重力勢(shì)能則為線性關(guān)系，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．動(dòng)能因加速度隨時(shí)間逐漸減?。ǚ蔷€性），則動(dòng)能與時(shí)間一定不是線性關(guān)系，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。4.2023年6月21日，“中國(guó)天眼”FAST科研團(tuán)隊(duì)公布，他們發(fā)現(xiàn)了一個(gè)軌道周期僅為53分鐘的脈沖星雙星系統(tǒng)M71E。已知雙星系統(tǒng)由脈沖星和伴星組成，脈沖星的質(zhì)量大于伴星的質(zhì)量。若現(xiàn)階段脈沖星環(huán)繞半徑與伴星環(huán)繞半徑之和為，半徑之差為，不考慮相對(duì)論效應(yīng)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.脈沖星與伴星的環(huán)繞線速度和質(zhì)量成正比B.脈沖星環(huán)繞半徑大于伴星環(huán)繞半徑C.脈沖星與伴星的環(huán)繞線速度之和與環(huán)繞線速度之差的比值為D.脈沖星與伴星的質(zhì)量之和與質(zhì)量之差的比值為〖答案〗D〖解析〗B．設(shè)脈沖星的質(zhì)量為，做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，伴星的質(zhì)量為，做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，由于兩星做圓周運(yùn)動(dòng)所需向心力由兩星之間相互作用的萬(wàn)有引力提供，所以兩星做圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力大小相等，且兩星的角速度相等，則有可得由于脈沖星的質(zhì)量大于伴星的質(zhì)量，即，則有故B錯(cuò)誤；A．根據(jù)可知脈沖星與伴星的環(huán)繞線速度與半徑成正比，則脈沖星與伴星的環(huán)繞線速度和質(zhì)量成反比，故A錯(cuò)誤；C．根據(jù)題意有，脈沖星與伴星的環(huán)繞線速度之和與環(huán)繞線速度之差的比值為故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得，可得，則脈沖星與伴星的質(zhì)量之和與質(zhì)量之差的比值為故D正確。故選D。5.我國(guó)高鐵技術(shù)位于世界先進(jìn)行列，一列質(zhì)量為m的動(dòng)車，初速度為，以恒定功率P在平直軌道上加速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t達(dá)到該功率下的最大速度，設(shè)動(dòng)車行駛過程中所受的阻力F保持不變。動(dòng)車在時(shí)間t內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是（）A.支持力的沖量為零B.動(dòng)車在時(shí)間t內(nèi)行駛的距離C.當(dāng)動(dòng)車速度為時(shí)，其加速度為D.牽引力所做的功為〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)可知支持力的沖量不為零，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)動(dòng)能定理可得解得動(dòng)車在時(shí)間t內(nèi)行駛的距離為故B正確；C．當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)，速度達(dá)到最大，則有當(dāng)動(dòng)車速度為時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)動(dòng)能定理可得可得牽引力所做的功為故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，質(zhì)量為的小球從距地面高為處由靜止釋放，與正下方固定的長(zhǎng)為的輕彈簧作用，速度第一次減為零時(shí)，距地面高為，小球第一次反彈至最高點(diǎn)時(shí)，距地面高為。經(jīng)過多次反彈后，小球最終靜止在彈簧上，此時(shí)，小球距地面高為，彈簧的彈性勢(shì)能為。若小球始終在豎直方向上運(yùn)動(dòng)，且受到的空氣阻力大小恒定。（當(dāng)小球速度為零時(shí)空氣阻力為零，重力加速度）下列說(shuō)法正確的是（）A.彈簧的勁度系數(shù)為B.小球在運(yùn)動(dòng)過程中受到的空氣阻力約為C.小球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中通過的路程約為D.小球下落過程中速度最大處距地面高〖答案〗C〖解析〗A．小球靜止在彈簧上時(shí)，根據(jù)平衡條件和胡克定律得解得故A錯(cuò)誤；D．小球接觸彈簧后，剛開始重力大于彈力，加速度向下，小球繼續(xù)加速，當(dāng)彈力與空氣阻力的合力等于小球的重力時(shí)，速度達(dá)到最大，然后彈力大于重力，小球減速，到最低點(diǎn)，經(jīng)過多次反彈后，最終小球靜止在彈簧上端時(shí)彈力等于重力，則小球距地面高為處并不是下落過程中速度最大處，D錯(cuò)誤；B．小球從開始下落到第一次反彈至最高點(diǎn)的過程，由動(dòng)能定理得解得故B錯(cuò)誤；C．對(duì)小球運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程，由能量守恒定律得解得故C正確。故選C。7.如圖甲所示，質(zhì)量為的物塊a鎖定在足夠高的水平桌面上O點(diǎn)，輕質(zhì)細(xì)繩通過光滑定滑輪與物塊b相連，物塊a與定滑輪之間的距離足夠長(zhǎng)，輕質(zhì)細(xì)繩與水平桌面平行。某時(shí)刻由靜止釋放物塊a，物塊a從O點(diǎn)開始沿x軸運(yùn)動(dòng)，已知從O點(diǎn)開始物塊a與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)隨位移x變化的圖像如圖乙所示，物塊a的質(zhì)量是物塊b質(zhì)量的4倍，重力加速度，下列說(shuō)法正確的是（）A.物塊a的最大位移為B.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，物塊組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能為C.當(dāng)物塊a的速度最大時(shí)，物塊a運(yùn)動(dòng)的位移是D.從開始運(yùn)動(dòng)到物塊a速度最大的過程中，合外力對(duì)物塊a的沖量為〖答案〗C〖解析〗A．由圖像可知對(duì)系統(tǒng)，由動(dòng)能定理可得聯(lián)立解得物塊a的最大位移為故A錯(cuò)誤；B．整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，根據(jù)能量守恒可知，物塊組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能為故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)物塊a的速度最大時(shí)，此時(shí)系統(tǒng)加速度為0，則有又聯(lián)立解得物塊a運(yùn)動(dòng)的位移為故C正確；D．當(dāng)物塊a運(yùn)動(dòng)位移為時(shí)，物塊a速度達(dá)到最大，對(duì)系統(tǒng)根據(jù)動(dòng)能定理可得解得根據(jù)動(dòng)量定理可得合外力對(duì)物塊a的沖量為故D錯(cuò)誤。8.返回式遙感人造衛(wèi)星技術(shù)已經(jīng)非常成熟。質(zhì)量為m的遙感人造衛(wèi)星與地心的距離為r時(shí)，引力勢(shì)能可表示為，其中G為引力常量，M為地球質(zhì)量。該遙感人造衛(wèi)星原來(lái)在半徑為的軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由于受到極稀薄空氣的摩擦作用，飛行一段時(shí)間后其圓周運(yùn)動(dòng)的半徑變?yōu)?，則此過程中（）A.引力勢(shì)能的減小量為B.引力勢(shì)能的減小量為C.因摩擦而產(chǎn)生的熱量為D.因摩擦而產(chǎn)生的熱量為〖答案〗AD〖解析〗AB．則此過程中引力勢(shì)能的減小量為故A正確，B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力可得，根據(jù)能量守恒可知，因摩擦而產(chǎn)生的熱量為聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。9.如圖所示，高的桌面上固定一半徑的四分之一光滑圓弧軌道，軌道末端B與桌面邊緣水平相切，地面上的C點(diǎn)位于B點(diǎn)的正下方，整個(gè)裝置受到水平向左的恒定風(fēng)力。將一質(zhì)量的小球由軌道項(xiàng)端A處?kù)o止釋放，取，下列說(shuō)法正確的是（）A.小球在B點(diǎn)對(duì)軌道的壓力為B.小球最終落在C點(diǎn)右方C.小球從B運(yùn)動(dòng)到C的過程中，動(dòng)量變化量為D.若與的夾角為，小球運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為〖答案〗AC〖解析〗A．從A到B由動(dòng)能定理在B點(diǎn)時(shí)解得FN=0.6N則根據(jù)牛頓第三定律可知，小球在B點(diǎn)對(duì)軌道的壓力為，選項(xiàng)A正確；B．從B到C豎直方向解得t=0.4s水平方向向右做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為落地時(shí)的水平位移即小球最終落在C點(diǎn)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．小球從B運(yùn)動(dòng)到C的過程中，合外力為根據(jù)動(dòng)量定理可知?jiǎng)恿孔兓繛檫x項(xiàng)C正確；D．從A到D由動(dòng)能定理在D點(diǎn)時(shí)解得FND=0.72N選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選AC。10.質(zhì)量m=0.2kg的圓環(huán)A和質(zhì)量M=1kg的重物B用細(xì)繩跨過一光滑滑輪軸連接，A端繩與輪連接，B端繩與軸相連接，不計(jì)輪軸的質(zhì)量，輪與軸有相同的角速度且輪和軸的直徑之比為2：1，重物B放置在傾角為30°固定在水平地面的斜面上，輕繩平行于斜面，B與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，圓環(huán)A套在豎直固定的光滑直桿上，滑輪軸中心與直桿的距離為L(zhǎng)=3m?，F(xiàn)將圓環(huán)A從與滑輪軸上表面等高處a靜止釋放，下降H=4m到達(dá)b位置。已知直桿和斜面足夠長(zhǎng)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取10m/s2，下列說(shuō)法正確的是（）A.圓環(huán)A到達(dá)b位置時(shí)，圓環(huán)A與重物B的速度大小之比為5：4B.圓環(huán)A從a到b過程中，A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少了1JC.圓環(huán)A到達(dá)b位置時(shí)，圓環(huán)A的速度大小為m/sD.圓環(huán)A從a到b過程中，繩子拉力對(duì)圓環(huán)A做功的大小為J〖答案〗BC〖解析〗A．輪與軸有相同的角速度且輪和軸的直徑之比為2：1，環(huán)A沿繩方向的分速度與重物B的速度之比為因?yàn)镠=4m，L=3m，所以此時(shí)繩與豎直方向的夾角為37°，把環(huán)A的速度沿繩和垂直于繩方向分解，則環(huán)A沿繩方向的分速度解得故A錯(cuò)誤；B．由題可知圓環(huán)A到達(dá)b位置時(shí)，重物B沿斜面的運(yùn)動(dòng)的位移為A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少了故B正確；C．根據(jù)能量守恒可知解得故C正確；D．對(duì)A動(dòng)能定理可得解得W=J故D錯(cuò)誤。故選BC。二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2個(gè)小題，共計(jì)14分）11.用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)時(shí)，將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器固定在鐵架臺(tái)上，使重物帶動(dòng)紙帶從靜止開始下落。（1）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是_____（填字母代號(hào)）。A.應(yīng)選擇密度大、體積小的重物進(jìn)行實(shí)驗(yàn)B.釋放紙帶之前，紙帶必須處于豎直狀態(tài)C.先釋放紙帶，后接通電源（2）實(shí)驗(yàn)中，得到如圖乙所示的一條紙帶。在紙帶上選取三個(gè)連續(xù)打出的點(diǎn)A、B、C，測(cè)得它們到起始點(diǎn)O（O點(diǎn)與下一點(diǎn)的間距接近）的距離分別為、、。已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)周期為T，設(shè)重物質(zhì)量為m。從打O點(diǎn)到B點(diǎn)的過程中，重物的重力勢(shì)能減少量_____，動(dòng)能變化量_____（用已知字母表示）（3）某同學(xué)用如圖丙所示裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，將力傳感器固定在天花板上，細(xì)線一端系著小球，一端連在力傳感器上。將小球拉至水平位置從靜止釋放，到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)力傳感器的示數(shù)為F。已知小球質(zhì)量為m，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。在誤差允許范圍內(nèi)，當(dāng)滿足關(guān)系式_____時(shí)，可驗(yàn)證機(jī)械能守恒?！即鸢浮剑?）AB（2）（3）〖解析〗【小問1詳析】A．為了減小空氣阻力的影響，應(yīng)選擇密度大、體積小的重物進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，故A正確；B．為了減小紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間的摩擦阻力，釋放紙帶之前，紙帶必須處于豎直狀態(tài)，故B正確；C．為了充分利用紙帶，應(yīng)要先接通電源，后釋放紙帶，故C錯(cuò)誤。故選AB?！拘?詳析】從打O點(diǎn)到B點(diǎn)的過程中，重物的重力勢(shì)能減少量為根據(jù)勻變速中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于這段時(shí)間內(nèi)的平均速度，可得從打O點(diǎn)到B點(diǎn)的過程中，重物的動(dòng)能變化量為【小問3詳析】設(shè)擺長(zhǎng)為L(zhǎng)，擺球下擺過程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得在最低點(diǎn)，由牛頓第二定律得聯(lián)立可得在誤差允許范圍內(nèi)，當(dāng)滿足關(guān)系式時(shí)，可驗(yàn)證機(jī)械能守恒。12.某實(shí)驗(yàn)小組利用圖甲所示的裝置，驗(yàn)證槽碼和滑塊（包括遮光條）組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。將遮光條安裝在滑塊上，用天平測(cè)出遮光條和滑塊的總質(zhì)量M，槽碼和掛鉤的總質(zhì)量m。實(shí)驗(yàn)時(shí)，將滑塊系在繞過定滑輪懸掛有槽碼的細(xì)線上，細(xì)線平行于氣墊導(dǎo)軌，滑塊由靜止釋放，數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄下遮光條通過光電門1和2的遮光時(shí)間分別為和，測(cè)出遮光條的寬度d．已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。（1）打開氣泵，待氣流穩(wěn)定后調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌，直至看到導(dǎo)軌上的滑塊在短時(shí)間內(nèi)保持靜止或者勻速運(yùn)動(dòng)，該操作的目的是_____（2）本實(shí)驗(yàn)中_____（填“需要”或“不需要”）槽碼和掛鉤的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于遮光條和滑塊的總質(zhì)量；（3）保持光電門1的位置不變，移動(dòng)光電門2，并測(cè)出光電門1和光電門2之間的距離s，讓滑塊每次從相同的位置釋放，多次實(shí)驗(yàn)，記錄多組數(shù)據(jù)，作出隨s變化的圖像如圖乙所示，若在誤差允許的范圍內(nèi)，可以驗(yàn)證系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，則該圖線的斜率_____〖答案〗（1）調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平（2）不需要（3）〖解析〗【小問1詳析】打開氣泵，待氣流穩(wěn)定后調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌，直至看到導(dǎo)軌上的滑塊在短時(shí)間內(nèi)保持靜止，該操作的目的是調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平?！拘?詳析】本實(shí)驗(yàn)中不需要取槽碼和掛鉤的總重力等于輕繩中的拉力，所以不需要槽碼和掛鉤的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于遮光條和滑塊的總質(zhì)量?！拘?詳析】根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，有化簡(jiǎn)得則有三、計(jì)算題（本題共3個(gè)小題，共計(jì)40分）13.2024年上半年，嫦娥六號(hào)將擇機(jī)發(fā)射，出征月球，它要飛往月球采樣并返回地球，嫦娥六號(hào)探測(cè)器由軌道器、返回器、著陸器、上升器四部分組成。在距離月球地面高度為h時(shí)，著陸器在大推力發(fā)動(dòng)機(jī)的作用下處于懸停狀態(tài)。已知懸停時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)提供的推力為F，著陸器的質(zhì)量為m，月球半徑為R，萬(wàn)有引力常量為G．（1）求月球的質(zhì)量M；（2）若著陸器能再次進(jìn)入近月軌道執(zhí)行任務(wù)，至少以多大速度從月球表面發(fā)射?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）設(shè)在距離月球地面高度為處的重力加速度為，對(duì)著陸器受力分析可知結(jié)合萬(wàn)有引力定律可知解得（2）由題可知解得14.傾斜傳送帶順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，傾角，、兩點(diǎn)的距離，物塊以初速度從A點(diǎn)滑上傳送帶，在始終沿傳送帶向上的力F作用下，物塊在傳送帶上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其加速度大小恒為。已知物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)，質(zhì)量，重力加速度，傳送帶轉(zhuǎn)輪半徑遠(yuǎn)小于L，不計(jì)空氣阻力，請(qǐng)分析物塊由A運(yùn)動(dòng)到B的過程中：（1）若傳送帶速度大小為，求拉力F做的功是多少？（2）若傳送帶速度大小為，求物塊與傳送帶間由于摩擦產(chǎn)生的熱量Q是多少？（3）若傳送帶速度大小范圍為，求力F做的功與傳送帶速度大小v的函數(shù)關(guān)系？〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）若傳送帶速度大小為，由于可知物塊受到的滑動(dòng)摩擦力沿傳送帶向下，根據(jù)牛頓第二定律可得解得則拉力F做的功為（2）物塊從A到B過程，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得解得若傳送帶速度大小為，可知物塊受到的滑動(dòng)摩擦力一直沿傳送帶向上，物塊從A到B所用時(shí)間為物塊與傳送帶發(fā)生的相對(duì)位移為物塊與傳送帶間由于摩擦產(chǎn)生熱量為（3）若傳送帶速度大小范圍為，則物塊與傳送帶共速前受到的滑動(dòng)摩擦力沿傳送帶向上，根據(jù)牛頓第二定律可得解得共速前物塊發(fā)生的位移為此過程拉力做的功為物塊與傳送帶共速后，受到的滑動(dòng)摩擦力沿傳送帶向下，根據(jù)牛頓第二定律可得解得從共速到B過程，力做的功為則全過程拉力做的功為15.如圖所示，質(zhì)量為的薄木板靜置于水平地面上，薄木板長(zhǎng)度為，薄木板與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)為。半徑為R的豎直光滑圓弧軌道固定在地面，軌道底端與木板等高，軌道上端點(diǎn)和圓心連線與水平面成角，質(zhì)量為的