高考物理二輪復習“82”限時訓練2 （全國2卷）逐題仿真練（含解析）-人教版高三全冊物理試題

2019年(全國2卷)逐題仿真練題號1415161718考點萬有引力核反應與核能受力分析與平衡帶電粒子在磁場中的運動功能關系的應用題號1920212223考點曲線運動電場性質的理解電磁感應圖象問題測定動摩擦因數(shù)研究二極管的特性二、選擇題(本題共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個選項中，第14～17題只有一項符合題目要求，第18～21題有多項符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．)14．(2019·陜西咸陽市模擬(三))下列說法正確的是()A．在探究太陽對行星的引力規(guī)律時，我們引用了公式eq\f(r3,T2)＝k，這個關系式是開普勒第三定律，是可以在實驗室中得到證明的B．在探究太陽對行星的引力規(guī)律時，我們引用了公式F＝eq\f(mv2,r)，這個關系式實際上是牛頓第二定律，是可以在實驗室中得到驗證的C．在探究太陽對行星的引力規(guī)律時，我們引用了公式v＝eq\f(2πr,T)，這個關系式實際上是勻速圓周運動的線速度定義式D．在探究太陽對行星的引力規(guī)律時，使用的三個公式都是可以在實驗室中得到證明的答案B解析在探究太陽對行星的引力規(guī)律時，我們引用了公式eq\f(r3,T2)＝k，這個關系式是開普勒第三定律，是通過研究行星的運動數(shù)據(jù)推理出的，不能在實驗室中得到證明，故A錯誤；在探究太陽對行星的引力規(guī)律時，我們引用了公式F＝eq\f(mv2,r)，這個關系式是向心力公式，實際上是牛頓第二定律，是可以在實驗室中得到驗證的，故B正確；在探究太陽對行星的引力規(guī)律時，我們引用了公式v＝eq\f(2πr,T)，這個關系式不是勻速圓周運動的線速度定義式，勻速圓周運動的線速度定義式為v＝eq\f(Δx,Δt)，故C錯誤；通過A、B、C的分析可知D錯誤．15．(2019·四川德陽市第三次診斷)下列說法中錯誤的是()A．若氫原子從n＝6能級向n＝1能級躍遷時輻射出的光不能使某金屬發(fā)生光電效應，則氫原子從n＝6能級向n＝2能級躍遷時輻射出的光也不能使該金屬發(fā)生光電效應B．核泄漏事故污染物eq\o\al(137,55)Cs能夠產(chǎn)生對人體有害的輻射，其核反應方程式為eq\o\al(137,55)Cs→eq\o\al(137,56)Ba＋x，可以判斷x為電子C．原子核發(fā)生一次β衰變，該原子外層就一定失去一個電子D．質子、中子、α粒子的質量分別是m1、m2、m3，質子和中子結合成一個α粒子，釋放的能量是(2m1＋2m2－m3)c2答案C解析根據(jù)玻爾理論可知，氫原子從n＝6能級向n＝1能級躍遷時輻射出的光子的能量大于氫原子從n＝6能級向n＝2能級躍遷時輻射出的光子的能量，結合光電效應發(fā)生的條件可知，若氫原子從n＝6能級向n＝1能級躍遷時輻射出的光不能使某金屬發(fā)生光電效應，則氫原子從n＝6能級向n＝2能級躍遷時輻射出的光也不能使該金屬發(fā)生光電效應，故A正確；根據(jù)質量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒可知，核反應方程式eq\o\al(137,55)Cs→eq\o\al(137,56)Ba＋x中，x的質量數(shù)為0，電荷數(shù)為：z＝55－56＝－1，所以x為電子，故B正確；β衰變的實質是原子核中的一個中子轉變?yōu)橐粋€質子和一個電子，電子釋放出來，不是來自核外電子，故C錯誤；根據(jù)愛因斯坦質能方程知，質子和中子結合成α粒子，核反應方程為2eq\o\al(1,1)H＋2eq\o\al(1,0)n→eq\o\al(4,2)He，釋放的能量是ΔE＝Δmc2＝(2m1＋2m2－m3)c2，故D正確．16．(2019·山東泰安市5月適應性考試)如圖1所示，一不可伸長的輕繩左端固定于O點，右端跨過位于O′點的光滑定滑輪懸掛一質量為1kg的物體，OO′段水平，O、O′間的距離為1.6m，繩上套一可沿繩自由滑動的輕環(huán)，現(xiàn)在在輕環(huán)上懸掛一鉤碼(圖中未畫出)，平衡后，物體上升0.4m，物體未碰到定滑輪．則鉤碼的質量為()圖1A．1.2kgB．1.6kgC.eq\r(2)kgD.eq\f(\r(2),2)kg答案A解析重新平衡后，繩子形狀如圖：設鉤碼的質量為M，由幾何關系知：繩子與豎直方向夾角為θ＝53°，根據(jù)平衡條件可得：2mgcos53°＝Mg；解得：M＝1.2kg，故A正確，B、C、D錯誤．17.(2019·湖南邵陽市二模)如圖2所示，圓形區(qū)域內存在一垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度的大小為B1，P點為磁場邊界上的一點．大量相同的帶正電荷粒子以相同的速率從P點射入磁場區(qū)域，速度方向沿紙面內的各個方向．這些粒子射出磁場區(qū)域的位置均處于磁場邊界的某一段圓弧上，這段圓弧的弧長是磁場邊界圓周長的eq\f(1,6).若只將磁感應強度的大小變?yōu)锽2，結果相應的弧長變?yōu)榇艌鲞吔鐖A周長的eq\f(1,3)，不計粒子的重力和粒子間的相互作用，則eq\f(B2,B1)等于()圖2A.eq\r(3)B.eq\f(\r(3),3)C.eq\f(1,2)D．2答案B解析當磁感應強度為B2時，從P點射入的粒子與磁場邊界的最遠交點是軌跡上直徑與磁場邊界圓的交點，即∠POM＝120°，如圖所示：所以粒子做圓周運動的半徑r2＝Rsin60°＝eq\f(mv,qB2)，同理可知，r1＝Rsin30°＝eq\f(mv,qB1)，解得：eq\f(B2,B1)＝eq\f(\r(3),3)，故B正確．18．(2019·甘肅省最后一次聯(lián)考)已知籃球在空氣中運動時所受空氣阻力與速度大小成正比．籃球與地面碰撞后以大小為v0的速度豎直彈起后到再次與地面碰撞的過程中，以v表示籃球的速度，t表示籃球運動的時間，Ek表示籃球的動能，h表示籃球的高度，則下列圖象可能正確的是()答案BD解析籃球在上升的過程中，速度越來越小，空氣阻力越來越小，由mg＋F1＝ma，可知其加速度越來越小，速度變化越來越慢，速度圖象的斜率越來越小，下降過程中，v越大，阻力就越大，由mg－F1＝ma，可知加速度就越小，故A錯誤，B正確；上升過程中，h越大，v越小，阻力就越小，合力就越來越小，Ek－h(huán)圖線切線斜率越小，下降過程中，h越小，v越大，阻力就越大，合力越小，所以Ek－h(huán)圖線切線斜率越小，故C錯誤，D正確．19．(2019·重慶市5月調研)把一小球從某一高度以大小為v0的速度水平拋出，落地時速度大小仍為v0，方向豎直向下，則該運動過程中()A．小球做平拋運動B．小球的機械能不守恒C．重力對小球做功的功率不變D．小球所受合外力的總功為零答案BD解析若小球做平拋運動，水平方向的分速度不變，故A項錯誤；若小球的機械能守恒，小球從某一高度水平拋出，落地時速度大于v0，故B項正確；小球剛拋出時，速度方向水平，重力對小球做功的功率為零；小球落地時，速度大小為v0，方向豎直向下，重力對小球做功的功率P＝mgv0，故C項錯誤；據(jù)動能定理可得，該運動過程中小球所受合外力的總功W總＝eq\f(1,2)mv02－eq\f(1,2)mv02＝0，故D項正確．20.(2019·山東泰安市3月第一輪模擬)如圖3，在正點電荷Q的電場中，A、B、C為直角三角形的三個頂點，D為AC的中點，∠A＝30°，A、B、C、D四點處的電勢滿足φA＝φC，φB＝φD，點電荷Q在A、B、C三點所在平面內，則()圖3A．點電荷Q在AB的連線上B．點電荷Q在BD連線的中點處C．φD>φCD．將負試探電荷從C點移動到B點，電場力做負功答案AC解析因φA＝φC，則點電荷Q在AC連線的垂直平分線上；又φB＝φD，由幾何關系可知點電荷Q又在BD連線的垂直平分線上，則點電荷Q在AB的連線上，如圖，選項A正確，B錯誤；D點距離點電荷的距離較C點近，可知φD>φC，選項C正確；將負試探電荷從C點移動到B點，電場力做正功，選項D錯誤．21.(2018·江西師范大學附中三模)如圖4所示，abcd為一邊長為l的正方形導線框，導線框位于光滑水平面內，其右側為一勻強磁場區(qū)域，磁場的邊界與線框的cd邊平行，磁場區(qū)域的寬度為2l，磁感應強度為B，方向豎直向下．線框在一垂直于cd邊的水平恒定拉力F作用下沿水平方向向右運動，直至通過磁場區(qū)域．cd邊剛進入磁場時，線框開始勻速運動，規(guī)定線框中電流沿逆時針方向為正，則導線框從剛進入磁場到完全離開磁場的過程中，a、b兩端的電壓Uab及導線框中的電流i隨cd邊的位移x變化的圖線可能是()圖4答案BD解析線框的cd邊剛進入磁場時做勻速運動，則整個線框進入磁場時速度不變，根據(jù)楞次定律知產(chǎn)生逆時針方向的電流，為正方向，電動勢大小E＝Blv，此時ab兩端的電壓為Uab＝eq\f(1,4)Blv，當線框全部進入磁場時，線框內無感應電流，此時線框做勻加速運動，ab兩端的電壓為Uab＝Bl(v＋at)，線框cd邊剛出磁場后的瞬間，ab兩端的電壓為cd邊即將出磁場前瞬間ab兩端電壓的eq\f(3,4)，且逐漸減小，對比圖象可知，A錯誤，B正確；當線圈的cd邊出磁場后瞬間，電流為順時針方向，由于此時安培力大于外力F，故此時線框做減速運動，且加速度逐漸減小，電流－位移圖象切線的斜率減小，逐漸趨近于開始進入磁場時的電流大小，C錯誤，D正確．22．(5分)(2018·陜西寶雞市質檢二)某同學設計了測定動摩擦因數(shù)的方案，其裝置如圖5所示，A是可在水平桌面任意位置固定的滑槽，其末端與水平桌面相切，B是體積較小的質量為m的滑塊．請你根據(jù)相關知識完善以下實驗操作：(重力加速度為g，不計空氣阻力)圖5(1)如圖甲所示，將滑槽末端與桌面右邊緣M對齊并固定，讓滑塊從滑槽最高點由靜止滑下，最終落在水平地面上的P點，測出滑槽最高點距離桌面的高度h、M距離水平地面的高度H、M與P間的水平距離x1，則滑塊經(jīng)過滑槽末端時的速度為________(用實驗中所測物理量的符號表示)．(2)如圖乙所示，將滑槽沿桌面向左移動一段距離并固定，讓滑塊B再次從滑槽最高點由靜止滑下，最終落在水平地面上的P′點，測出滑槽末端與桌面右邊緣M的距離L、M與P′間的水平距離x2，則滑塊離開桌面右邊緣M時的速度為____________(用實驗中所測物理量的符號表示)．(3)由第(1)、(2)步的測量，可以寫出滑塊與桌面之間的動摩擦因數(shù)的表達式為μ＝________(用實驗中所測量物理量的符號表示)．答案(1)x1eq\r(\f(g,2H))(2)x2eq\r(\f(g,2H))(3)eq\f(x\o\al(,12)－x\o\al(,22),4HL)解析(1)設滑塊在滑槽末端時的速度大小為v1，水平方向有x1＝v1t，豎直方向有H＝eq\f(1,2)gt2，聯(lián)立解得：v1＝x1eq\r(\f(g,2H)).(2)同理，第二次實驗經(jīng)過桌面右邊緣M點的速度大小為：v2＝x2eq\r(\f(g,2H)).(3)滑塊在水平桌面上運動，由動能定理得：－μmgL＝eq\f(1,2)mv22－eq\f(1,2)mv12，解得：μ＝eq\f(x\o\al(,12)－x\o\al(,22),4HL).23．(10分)(2019·河南鄭州市第三次質量檢測)二極管為非線性元件，其主要特性是單向導電性．正向電壓較小時，電流很小，二極管呈現(xiàn)較大的電阻特性；當電壓超過一定數(shù)值(稱為開啟電壓)時，電流迅速增加，呈現(xiàn)較小的電阻特性．加反向電壓(不超過擊穿電壓)時呈現(xiàn)很大的電阻特性，反向電壓增加時，反向電流幾乎不變．物理小組欲研究測量二極管正向伏安特性，設計了甲、乙、丙三種電路，如圖6所示．小組最終選擇了丙圖．操作步驟如下：圖6a．根據(jù)電路圖丙連接電路；b．閉合開關S1，調節(jié)各可變電阻，使得開關S2由斷開到閉合時，靈敏電流表G指針無偏轉，并記錄此時電壓表V的示數(shù)U和電流表A的示數(shù)I；c．調節(jié)可變電阻，重復步驟b，讀出多組不同的U值和I值，記錄數(shù)據(jù)如表格所示：電壓U/V0.100.200.300.400.500.550.600.650.700.750.80電流I/mA000001.04.013.027.053.090.0d.在坐標紙上描繪出二極管正向伏安特性曲線．根據(jù)以上內容，請回答以下問題：(1)從設計原理上講，對于甲圖和乙圖的誤差分析，下列說法正確的是________．A．甲圖誤差的來源在于電流表的分壓作用，乙圖的誤差來源在于電流表的分壓作用B．甲圖誤差的來源在于電流表的分壓作用，乙圖的誤差來源在于電壓表的分流作用C．甲圖誤差的來源在于電壓表的分流作用，乙圖的誤差來源在于電流表的分壓作用D．甲圖誤差的來源在于電壓表的分流作用，乙圖的誤差來源在于電壓表的分流作用(2)在圖7坐標系中根據(jù)表格中數(shù)據(jù)描繪出二極管正向伏安特性曲線．圖7(3)從描繪的圖線來看，二極管的開啟電壓約為________V(結果保留一位有效數(shù)字)．(4)已知二極管的電阻RD＝eq\f(U,I)，從描繪的圖線來看，當二極管導通時，二極管的電阻隨著U的增大而迅速________(填“增大”或“減小”)．(5)從設計原理上講，電路圖丙中二極管電阻的測量值________真實值．(填“大于”“等于”或“小于”)答案(1)C(2)(3