2024屆內(nèi)江市重點(diǎn)中學(xué)物理高二第一學(xué)期期末綜合測試試題 含解析

2024屆內(nèi)江市重點(diǎn)中學(xué)物理高二第一學(xué)期期末綜合測試試題

考生須知：

1.全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色

字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。

2.請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。

3.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、如圖所示，a、b、c、d是某勻強(qiáng)電場中的四個點(diǎn)，它們是一個四邊形的四個頂點(diǎn)，ab//cd,ab±bc,lab—cd—be

=21,電場方向與四邊形所在平面平行。已知。點(diǎn)電勢為24V,》點(diǎn)電勢為28V,d點(diǎn)電勢為12V。一個質(zhì)子（不計(jì)重

力）經(jīng)過分點(diǎn)的速度大小為方向與松成45。，一段時間后經(jīng)過c點(diǎn)，則下列說法不正確的是（）

B.質(zhì)子從b運(yùn)動到c所用的時間為—

%

C.場強(qiáng)的方向由a指向c

D.質(zhì)子從b運(yùn)動到c電場力做功為8eV

2、一電子在電場中由a點(diǎn)運(yùn)動到5點(diǎn)的軌跡如圖中虛線所示，圖中平行實(shí)線是等勢面?則下列說法中正確的是（

b-

A.a點(diǎn)的電勢比5點(diǎn)低

B.電子在a點(diǎn)的加速度方向向右

C.電子從a點(diǎn)到b點(diǎn)動能減小

D.電子從a點(diǎn)到b點(diǎn)電勢能減小

3、關(guān)于電流，下列各種說法中正確的是（）

A.電流的定義式適用于任何電荷的定向移動形成的電流

B.由可知，金屬導(dǎo)體中自由電荷的運(yùn)動速率越大,電流一定越大

C.電荷定向移動的方向就是電流的方向

D.因?yàn)殡娏饔蟹较?，所以電流是矢?/p>

4、發(fā)現(xiàn)利用磁場產(chǎn)生電流的條件和規(guī)律的科學(xué)家是()

A.韋伯B.安培

C.法拉第D.奧斯特

5、如圖所示，在水平地面上固定一對與水平面夾角為。的光滑平行金屬導(dǎo)軌，頂端接有電源，直導(dǎo)體棒ab垂直兩導(dǎo)

軌放置，且與兩軌道接觸良好，整套裝置處于勻強(qiáng)磁場中.圖為沿afb方向觀察的側(cè)視圖，下面四幅圖中所加磁場

能使導(dǎo)體棒ab靜止在軌道上的是

6、如圖所示，運(yùn)動員揮拍將質(zhì)量為m的網(wǎng)球擊出，如果網(wǎng)球被拍子擊打前、后瞬間速度的大小分別為vi、V2,vi與

V2方向相反，且V2>V1.重力影響可忽略，則此過程中拍子對網(wǎng)球作用力的沖量為()

A.大小為mg+vi),方向與vi方向相同

B.大小為m(V2—vi),方向與vi方向相同

C.大小為m(V2—vi),方向與V2方向相同

D.大小為mg+vi),方向與V2方向相同

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖為遠(yuǎn)距離輸電的示意圖，若電廠輸出電壓”=22O0sinlOOnt(V),則下列表述正確的是()

A.Vi<Ui,U3>U4

B.電廠輸出電壓的有效值5=220肥X

C.若電廠輸電功率不變，將S提高為原來的10倍，輸電線上損失的功率為原來的,

100

D.用戶得到的交變電流頻率為25Hz

8、如圖所示，厚度為從寬度為〃的導(dǎo)體板放在垂直于它的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)電流通過導(dǎo)體板時，在

導(dǎo)體板的上、下表面之間會產(chǎn)生電勢差，這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng).實(shí)驗(yàn)表明，當(dāng)磁場不太強(qiáng)時，電勢差U、電流/和

B的關(guān)系為U=K與,式中的比例系數(shù)K稱為霍爾系數(shù)，設(shè)電流/（方向如圖）是由電子的定向流動形成的，導(dǎo)體單

a

位體積中電子的個數(shù)為〃，電子定向移動的速率為，，電量為e,下列說法正確的是（）

A.上表面的電勢比下表面低

B.洛倫茲力對電子做正功

C.霍爾系數(shù)K的大小與"、e有關(guān)

D.霍爾系數(shù)K的大小與d、〃有關(guān)

9、如圖所示為“研究影響平行板電容器電容的因素”的實(shí)驗(yàn)裝置，以下說法正確的是（）

A.4板與靜電計(jì)的指針帶的是異種電荷

B.甲圖中將3板上移，靜電計(jì)的指針偏角增大

C.乙圖中將3板左移，靜電計(jì)的指針偏角不變

D.丙圖中將電介質(zhì)插入兩板之間，靜電計(jì)的指針偏角減小

10、如圖所示，虛線表示電場的一族等勢面且相鄰等勢面電勢差相等，一個帶正電的粒子以一定的初速度進(jìn)入電場后,

只在電場力作用下沿實(shí)線軌跡運(yùn)動，粒子先后通過M點(diǎn)和N點(diǎn).在這一過程中，電場力做負(fù)功，由此可判斷出（）

N

M

A.N點(diǎn)的電勢高于“點(diǎn)的電勢

B.粒子在N點(diǎn)的電勢能比在M點(diǎn)的電勢能大

C.粒子在M點(diǎn)的速率小于在N點(diǎn)的速率

D.粒子在M點(diǎn)受到的電場力比在N點(diǎn)受到的電場力大

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）（1）用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，如圖1所示，從圖中讀出金屬絲的直徑為_____________mm

（2）如圖2所示是一個雙量程電壓表，當(dāng)使用“、》兩個端點(diǎn)時，量程為0?3V,當(dāng)使用a、c兩個端點(diǎn)時，量程為

0-15V.已知電流表的內(nèi)阻4為400Q,滿偏電流Zg為500HA.則電阻Ri和&的值應(yīng)該分別為阻和。

12.（12分）利用如圖所示裝置，通過半徑相同的兩小球的碰撞來驗(yàn)證動量守恒定律.圖中A5是斜槽,8C是水平槽，

斜槽與水平槽之間平滑連接.圖中。點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在水平地面上的垂直投影.實(shí)驗(yàn)時，先讓球1從斜槽軌道上的某

位置由靜止開始滾下，落到位于水平地面的一記錄紙上，留下痕跡，多次重復(fù)上述操作，找到其平均落點(diǎn)的位置P,

測得平拋射程為。P再把球2放在水平槽末端的位置，讓球1仍從原位置由靜止開始滾下，與球2碰撞后，兩球分別

在記錄紙上留下落點(diǎn)痕跡，多次重復(fù)上述操作，分別找到球1和球2相撞后的平均落點(diǎn)V、N,測得平拋射程分別為

OM和。N.測得球1的質(zhì)量為機(jī)1,球2的質(zhì)量為機(jī)2.

⑴實(shí)驗(yàn)中必須滿足的條件是

A.斜槽軌道盡量光滑以減小誤差

B.斜槽軌道末端的切線水平

C.球1每次從軌道的同一位置由靜止?jié)L下

D.兩小球的質(zhì)量相等

⑵若所測物理量滿足表達(dá)式時，可以說明兩球在碰撞過程中動量守恒

（3）若所測物理量滿足表達(dá)式時，可以說明兩球的碰撞為彈性碰撞

（4）實(shí)驗(yàn)時盡管沒有測量兩小球碰撞前后速度，也同樣可以驗(yàn)證動量是否守恒，其原因是:

四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖，兩根間距為L=0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動勢E=3V、內(nèi)阻r=lQ的電源，導(dǎo)軌平面與

水平面間的夾角0=37。.金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m=0.2kg.導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不

計(jì)，整個裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場中.當(dāng)Ro=112時，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g=10m/s2,5也37。=0.6,

cos37°=0.8

（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；

（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

14.（16分）A5C表示豎直放在電場強(qiáng)度為E=l（）4v/m的水平勻強(qiáng)電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的5c部分是半徑

為R的,圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切.A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m,把一質(zhì)量m=0.1kg,帶電

4

量為q=+l（）TC的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）

⑴小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小

⑵小球在C點(diǎn)時，軌道受到的壓力大小

15.（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板分相距d=0.10m,a、b間的電場強(qiáng)度為E=5.0X1（）5N/C,b

板下方整個空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為5=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場.今有一質(zhì)量為桃=4.8xl0-25kg、電荷

量為^1.6xlO>?C的帶正電的粒子（不計(jì)重力），從貼近a板的左端以vo=l.OxlO6m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場，剛好

從狹縫尸處穿過％板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，最后粒子回到8板的。處（圖中未畫出）.求P、。之間的距離L

a

h

XXXVCXXXX

xxxxvxxxx

xxxxxxxx

xxxx^xxxx

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、C

【解題分析】A.作如圖e點(diǎn)，H間電勢差為4V,可求得e點(diǎn)電勢為20V,即動間電勢差為8V,所以de間電勢差也

為8V,故c點(diǎn)電勢為20V,A正確，不符合題意；

C.連接,，可得用中點(diǎn)。處的電勢為20V,所以0c為等勢面，根據(jù)幾何知識可得加，0c,所以“為一條電場線,

》點(diǎn)電勢高于d點(diǎn)，所以電場方向?yàn)閺?到d,C錯誤，符合題意；

B.質(zhì)子與兒成45。方向拋出時，電場力沿加方向，則質(zhì)子從b-c做類平拋運(yùn)動，沿初速度方向分位移為"，此方

向做勻速直線運(yùn)動，則

%

B正確，不符合題意；

D.電勢差

〃=8V

則質(zhì)子從5ic電場力做功為8eV,D正確，不符合題意。

2、C

【解題分析】電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度小，電場力做正功，電勢能減小，電場力做

負(fù)功，電勢能增加

【題目詳解】A.根據(jù)電子的運(yùn)動軌跡可知，電子受的電場力向下，電場線與等勢面垂直，由此可知電場線的方向向

上，沿電場線的方向，電勢降低，所以a點(diǎn)的電勢比b點(diǎn)高，所以A錯誤；

B.由A的分析可知，電子受的電場力向下，所以電子在a點(diǎn)的加速度方向向下，所以B錯誤；

C.從a點(diǎn)到b點(diǎn)的過程中，電場力做負(fù)功，所以電子從a點(diǎn)到b點(diǎn)動能減小，所以C正確；

D.電場力做負(fù)功，電勢能增加，所以電子從a點(diǎn)到b點(diǎn)電勢能增加，所以D錯誤

故選C

【題目點(diǎn)撥】加強(qiáng)基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)，掌握住電場線的特點(diǎn)，同時結(jié)合功能關(guān)系分析，基礎(chǔ)問題

3、A

【解題分析】A、電流的定義式〃采用的是比值定義法，具有比值定義法的共性是普遍適用，適用于任何電荷的定

向移動形成的電流；故A正確.

B、由上"qsv可知，電流的大小跟導(dǎo)體的材料(決定”)，導(dǎo)體的橫截面積(s)和電荷定向移動的速率⑺共同決定；故B

錯誤.

C、物理學(xué)中把正電荷定向移動的方向規(guī)定為電流的方向，負(fù)電荷定向移動的反方向是電流的方向；故C錯誤.

D、電流有大小和方向，但方向是指沿著電荷運(yùn)動的直線上，不同于矢量的方向；故電流是標(biāo)量；故D錯誤.

故選A.

4、C

【解題分析】發(fā)現(xiàn)利用磁場產(chǎn)生電流的條件和規(guī)律的科學(xué)家是法拉第，故選C.

5、B

【解題分析】導(dǎo)體棒受到重力、軌道的支持力和磁場對導(dǎo)體棒的安培力，安培力方向由左手定則判斷，根據(jù)三個力的

位置關(guān)系判斷能否平衡

【題目詳解】磁場方向與電流方向平行，不受安培力，C和D選項(xiàng)不正確；由左手定則可知，A選項(xiàng)安培力方向水平

向左，導(dǎo)體棒不可能平衡，選項(xiàng)A錯誤；B選項(xiàng)安培力方向水平向右，與向下的重力和垂直斜面向上的支持力能平衡，

所以B正確

6、D

【解題分析】設(shè)擊打前球的速度方向?yàn)檎?，則擊打后的速度為負(fù)，則前后的動量分別為mvi和-mv2；由動量定理可得：

合外力的沖量I=-mv2-mvi=-m(v2+vi),即沖量的大小為m(V2+V1),負(fù)號表示沖量與正方向相反，即與V2方向相同；

故選D

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AC

【解題分析】A.電廠發(fā)出的電，經(jīng)過升壓變壓器進(jìn)行升壓，后經(jīng)過降壓變壓器降壓后輸送給用戶，所以

故A正確;

B.根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系可知

220四

U.=—^V=220V

'也

故B錯誤;

C.若提高為原來的10倍，由公式尸=LA則電流為原來的，，根據(jù)AP=/2R可知，輸電線上損失的功率為原

來的故c正確;

100

D.由題意可知，

—=—=50Hz

2兀2兀

輸電過程中功率不變，所以用戶得到交流電的頻率仍為50Hz,故D錯誤。

故選ACo

8、AC

【解題分析】根據(jù)左手定則判斷電子的偏轉(zhuǎn)方向，從而確定電勢的高低，抓住電子所受的洛倫茲力和電場力平衡，結(jié)

合電流的微觀表達(dá)式求出霍爾系數(shù)的大?。?/p>

【題目詳解】A.根據(jù)左手定則知，電子向上表面偏轉(zhuǎn)，則上表面的電勢低于下表面的電勢，故A正確；

B.洛倫茲力與速度的方向用于都垂直，即洛倫茲力對電子不做功，故B錯誤；

TTTTDJj

CD.因?yàn)?=倭詁=〃6而，解得v=——，根據(jù)eiB=e=,解得U=因?yàn)閁=仝竽，則霍爾系數(shù)K=一，

nehd?neddne

故C正確，D錯誤

【題目點(diǎn)撥】解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，注意偏轉(zhuǎn)的是電子，掌握電流的微觀表達(dá)式，結(jié)合

洛倫茲力和電場力平衡進(jìn)行求解

9、BD

【解題分析】A板與靜電計(jì)指針相連，帶的是同種電荷，A錯誤；平行板電容器的決定式是C=-定義式是

4乃Kd

F?[=K粵=3x10*N,若將B板豎直向上平移，兩極板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式得知，電容C減小，

rn

而電容器的電量Q不變，由電容的定義式分析得到，板間電勢差U增大，則靜電計(jì)指針張角增大B正確;若將B板向

左平移，板間距離d增大，根據(jù)電容的決定式得知，電容C減小，因電容器的電量Q不變，由電容的定義式知板間電

勢差U增大，則靜電計(jì)指針張角增大，C錯誤;若將電介質(zhì)插入兩板之間，則C增大，U減小，靜電計(jì)的指針偏角減

小，D正確

考點(diǎn)：本題考查了電容器的定義式和平行板電容器的決定式

10>AB

【解題分析】粒子帶正電，由運(yùn)動軌跡可知，電場力的方向指向右下方即電場線的方向指向右下方，根據(jù)電場的性質(zhì)“順

著電場線的方向電勢降落”可知N點(diǎn)的電勢高于“點(diǎn)的電勢，A選項(xiàng)正確；電場力做負(fù)功，電勢能增加，B選項(xiàng)正確;

電場力做負(fù)功，動能減小，C選項(xiàng)錯誤；根據(jù)電場線或等勢面的疏密表電場強(qiáng)弱可知，D選項(xiàng)錯誤

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、①.0.517（0.515-0.519均正確）②.5600③.24000

【解題分析】改裝后的量程為u=ig（4+辱）據(jù)此可求出%=，Rg

根據(jù)電路圖，應(yīng)用并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律求出點(diǎn)阻值

（1）螺旋測微器的讀數(shù)為d=0.5zmz+l.7x0.01加n=0.517的n；

U3

（2）接a、b時，為串聯(lián)的g,則N=?-4=so。.J。與一400=5600Q；

接a、c時，為串聯(lián)的&和4,貝！—Rg_Rj=M^gw—6000=24000Q；

12、①.BC?.mrOP=mrOM+mrON?.OP+OM=ON④.兩小球碰撞前后均做平拋運(yùn)動，下落高度相同，

運(yùn)動時間相同，水平射程與平拋初速度成正比，可以用水平射程替代水平速度

【解題分析】（1）[1].A、"驗(yàn)證動量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，是通過平拋運(yùn)動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開

軌道后做平拋運(yùn)動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤；要保證每次小球都做平拋運(yùn)動，則軌道的末端必須水平，

故B正確；要保證碰撞前的速度相同，所以入射球1每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；為了使小球碰后不

被反彈，要求入射小球1的質(zhì)量大于被碰小球2的質(zhì)量，故D錯誤；故選BC

⑵⑵?小球離開軌道后做平拋運(yùn)動，由于小球拋出點(diǎn)的高度相同，它們在空中的運(yùn)動時間t相等，它們的水平位移x與

其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動量守恒，則

miVQ=mivi+m2V29

又OP=vot,OM=vit,ON=vit9

代入得：

mvOP=mi-OM+m2-ON

（3）[3].若碰撞是彈性碰撞，則機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得:

1212,12

萬奶%=]叫匕+萬根2嶺

將OP=vof,OM=vit,ON=v2f代入得：

m\OP2=miOM2+miON2；

與““OP=?nOAf+?Z2ON聯(lián)立可得：

OP+OM=ON

⑷[4].由于兩球從同一高度下落，故下落時間相同，所以水平向速度之比等于兩物體水平方向位移之比，可以用球的水

平位移代替其水平速度

四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)2T；(2)1.5m/s2,方向沿斜面向上

【解題分析】(1)當(dāng)Ro=l。時，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強(qiáng)度，由平衡條件求解磁感應(yīng)強(qiáng)度；

(2)若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上