2023人教版帶答案高中物理必修二第八章機械能守恒定律微公式版典型例題

單選題1、如圖甲所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率運行，初速度大小為的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶。若從小物塊滑上傳送帶開始計時，小物塊在傳送帶上運動的v-t圖象（以地面為參考系）如圖乙所示。已知，物塊和傳送帶間的動摩擦因數(shù)為，物塊的質(zhì)量為m。則（

）A．時刻，小物塊離A處的距離最大B．時間內(nèi)，小物塊的加速度方向先向右后向左C．時間內(nèi)，因摩擦產(chǎn)生的熱量為D．時間內(nèi)，物塊在傳送帶上留下的劃痕為答案：CA．初速度大小為的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶，小物塊在傳送帶上運動的圖象可知，時刻，小物塊離A處的距離達到最大，A錯誤；B．時間內(nèi)，小物塊受到的摩擦力方向一直向右，所以小物塊的加速度方向一直向右，B錯誤；CD．時間內(nèi)物體相對地面向左的位移這段時間傳送帶向右的位移因此物體相對傳送帶的位移時間內(nèi)物體相對地面向右的位移這段時間傳送帶向右的位移因此物體相對傳送帶的位移時間內(nèi)物塊在傳送帶上留下的劃痕為這段時間內(nèi)，因此摩擦產(chǎn)生的熱量C正確，D錯誤。故選C。2、用100N的力在水平地面上拉車行走200m，拉力與水平方向成60°角斜向上。在這一過程中拉力對車做的功約是（

）A．3.0×104JB．4.0×104JC．1.0×104JD．2.0×104J答案：C根據(jù)功的定義式故選C。3、如圖中a、b所示，是一輛質(zhì)量m=6×103kg的公共汽車在t=0和t=4s末兩個時刻的兩張照片。當t=0時，汽車剛啟動（汽車的運動可看成勻加速直線運動）。圖c是車內(nèi)橫桿上懸掛的拉手環(huán)經(jīng)放大后的圖像，測得，根據(jù)題中提供的信息，不可以估算出的物理量有（

）A．汽車的長度B．4s末汽車的速度C．4s末汽車合外力的功率D．4s內(nèi)汽車牽引力所做的功答案：DA．由圖知，4s內(nèi)汽車的位移剛好等于汽車的長度，由對拉手環(huán)進行受力分析如上圖所示，得到聯(lián)立得到故A錯誤；B．由故B錯誤；C．由所以4s末汽車的功率為故C錯誤；D．因不知汽車的摩擦力，所以無法求汽車的牽引力，即不能估算4s內(nèi)汽車牽引力所做的功，故D正確。故選D。4、如圖所示，在光滑地面上，水平外力F拉動小車和木塊一起做無相對滑動的加速運動。小車質(zhì)量是M，木塊質(zhì)量是m，力的大小是F，加速度大小是a，木塊和小車之間動摩擦因數(shù)是μ，則在木塊運動L的過程中，木塊受到的摩擦力對木塊做的功是（

）①μmgL

②maL

③

A．只有①對B．只有②對C．只有③對D．②③都對答案：D對M、m組成整體分析F＝（M＋m）aa＝木塊受到的靜摩擦力f＝ma＝摩擦力對木塊做的功W＝fL＝maL＝故選D。5、全運會小輪車泥地競速賽賽道由半徑為R的圓弧組成，如圖所示，選手從賽道頂端A由靜止無動力出發(fā)沖到坡底B，設阻力大小不變恒為f，始終與速度方向相反，且滿足，選手和車總質(zhì)量為m，重力加速度為g，路程。則選手通過C點的速度為（

）A．B．C．D．答案：D根據(jù)圓的弧長計算公式可知，從A到C，選手和車運動的路程為根據(jù)力的做功公式可知，克服阻力做功為選手從A到C受到重力與阻力做功，所以由動能定理可得解得故D正確，ABC錯誤。故選D。6、如圖所示，輕質(zhì)彈簧的一端與固定的豎直板P拴接，另一端與物體A相連，物體A置于光滑水平桌面上（桌面足夠大），A右端連接一細線，細線繞過光滑的定滑輪與物體B相連。開始時托住B，讓A處于靜止且細線恰好伸直，然后由靜止釋放B，直至B獲得最大速度。下列有關該過程的分析中正確的是（

）A．B物體受到細線的拉力保持不變B．B物體機械能的減少量大于彈簧彈性勢能的增加量C．A物體動能的增量等于B物體重力對B做的功與彈簧彈力對A做的功之和D．A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機械能的增加量等于B物體重力對B做的功答案：BA．以A、B組成的系統(tǒng)為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得mBg﹣kx＝(mA+mB)a從開始到B速度達到最大的過程中，彈簧的伸長量x逐漸增加，則B加速度逐漸減??；對B根據(jù)牛頓第二定律可得mBg﹣T＝mBa可知在此過程繩子上拉力逐漸增大，是變力。故A錯誤；B．整個系統(tǒng)中，根據(jù)功能關系可知，B減小的機械能轉化為A的機械能以及彈簧的彈性勢能，故B物體機械能的減少量大于彈簧彈性勢能的增加量。故B正確；C．根據(jù)動能定理可知，A物體動能的增量等于彈簧彈力和繩子上拉力對A所做功的代數(shù)和。故C錯誤；D．根據(jù)機械能守恒定律可知，A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機械能的增加量等于B物體機械能的減少量，也就是等于B物體克服細繩拉力做的功。故D錯誤。故選B。7、跳高是體育課常進行的一項運動，小明同學身高1.70m，質(zhì)量為60kg，在一次跳高測試中，他先彎曲兩腿向下蹲，再用力蹬地起跳，從蹬地開始經(jīng)0.4s豎直跳離地面，假設他蹬地的力恒為1050N，其重心上升可視為勻變速直線運動，則小明從蹬地開始到最大高度過程中機械能的增加量為（不計空氣阻力，g取10m/s2）（

）A．1830JB．1470JC．630JD．270J答案：C根據(jù)牛頓第二定律得解得

重心上升的高度為

離開地面時的速度為

增加的機械能為

故選C。8、如圖，質(zhì)量不同的A、B兩小球分別用細線懸掛在等高的懸點O1、O2處。將兩球拉至與懸點同一高度，使細線水平伸直，由靜止釋放。已知LA＞LB，設懸點所在水平面為零勢能面，不計空氣阻力，則兩球運動到最低點時（

）A．A球動能大于B球動能B．A球機械能與B球機械能不相等C．A球加速度等于B球加速度D．A球向心力等于B球向心力答案：CA．根據(jù)機械能守恒有mgL＝mv2但由于不能明確質(zhì)量關系，故無法確定兩球的動能大小關系。故A錯誤；B．A、B兩球在初始位置的動能重力與勢能均為零，機械能相等都等于零，運動的過程中，只有重力做功，機械能守恒，故兩球運動到最低點時機械能相等都等于零。故B錯誤；C．根據(jù)機械能守恒解得而向心加速度故向心加速度與繩長無關，故兩球的向心加速度相等。故C正確；D．根據(jù)向心力公式可得，向心力F＝2mg因兩球的質(zhì)量不相等，故向心力不相等。故D錯誤。故選C。9、關于機械能和機械能守恒，下列說法正確的是（

）A．物體質(zhì)量越大，其機械能越大B．機械能是標量，但可能取負值C．機械能守恒時，物體一定處于平衡狀態(tài)D．重力對物體做正功時，物體機械能增加答案：BA．物體質(zhì)量越大，物體的動能和重力勢能不一定越大，則機械能不一定越大，A錯誤；B．機械能是標量，但可能取負值，B正確；C．機械能守恒時，物體不一定處于平衡狀態(tài)，比如自由落體運動的物體，機械能守恒，C錯誤；D．重力對物體做正功時，物體機械能不一定增加，比如自由落體運動的物體，機械能守恒，D錯誤。故選B。10、如圖所示，一質(zhì)量為1kg的物體以3m/s的速度從A點沿AB圓弧下滑，滑到B點時的速度仍為3m/s，則物體從A到B的過程中合外力做功為（

）A．4.5JB．0C．9JD．無法計算答案：B由動能定理可知，合外力做功為故選B。11、如圖所示，斜面傾角為θ＝37°，物體1放在斜面緊靠擋板處，物體1和斜面間動摩擦因數(shù)為μ＝0.5，一根很長的不可伸長的柔軟輕繩跨過光滑輕質(zhì)的小定滑輪，繩一端固定在物體1上，另一端固定在物體2上，斜面上方的輕繩與斜面平行。物體2下端固定一長度為h的輕繩，輕繩下端拴在小物體3上，物體1、2、3的質(zhì)量之比為4：1：5，開始時用手托住小物體3，小物體3到地面的高度也為h，此時各段輕繩剛好拉緊。已知物體觸地后立即停止運動、不再反彈，重力加速度為g＝10m/s2，小物體3從靜止突然放手后物體1沿面上滑的最大距離為（

）A．3hB．hC．2hD．h答案：D設2的質(zhì)量為m，從開始放手到3觸地過程中，設觸地時3的速度為v1；則對整體根據(jù)功能關系可知6mgh﹣（4mgsinθ+4μmgcosθ）h（10m）v12此后3停止，設物體2繼續(xù)向下運動距離s后速度減小為零，對1、2應用功能關系可知mgs﹣（4mgsinθ+4μmgcosθ）s＝0（5m）v12解得則1沿斜面上滑的最大距離為L＝h+sh故D正確，ABC錯誤。故選D。12、質(zhì)量為m的小球從光滑曲面上滑下，在到達高度為的位置A時，速度大小為，滑到高度為的位置B時，速度大小為，則（

）A．以A處為重力勢能參考面，則小球在B處的重力勢能為B．由于不清楚支持力做功，所以無法斷定機械能是否守恒C．無論以什么位置作為參考面，小球在下滑中，重力做功D．以曲面頂部為參考面，則小球在B處重力勢能比在A處的重力勢能大答案：CA．以A處為重力勢能參考面，則小球在B處的重力勢能為A錯誤；B．物體在運動過程中，支持力的方向總是與速度方向垂直，因此支持力不做功，小球運動過程中只有重力做功，小球機械能守恒，B錯誤；C．根據(jù)功的定義式，小球在下滑中，重力做功為C正確；D．令曲面底部到A的距離為，以曲面頂部為參考面，則小球在B處重力勢能與在A處的重力勢能分別為，由于重力勢能的正負表示大小，因此小球在B處重力勢能比在A處的重力勢能小，D錯誤。故選C。13、2020年12月6日，嫦娥五號返回器與上升器分離，進入環(huán)月圓軌

道等待階段，準備擇機返回地球。之后返回窗口打開后，返回器逐漸抬升離月高度，進入月地轉移軌道（如圖），于12月17日，嫦娥五號返回器攜帶月球樣品著陸地球。下列說法正確的是（

）A．嫦娥五號返回器在環(huán)月圓軌道運行時，還受地球的引力作用B．若嫦娥五號返回器等待階段的環(huán)月圓軌道半徑越大，則環(huán)繞速度越大C．嫦娥五號返回器在月地轉移軌道上運動時，月球樣品處于超重狀態(tài)D．嫦娥五號返回器在月地轉移軌道上運動時，與地球距離變小，機械能變小答案：AA．

雖然距離地球較遠，但地球質(zhì)量很大，地球?qū)σψ饔帽容^明顯，故嫦娥五號返回器在環(huán)月圓軌道運行時，還受地球的引力作用，A正確；B．若只考慮月球的引力，根據(jù)解得可知距離月球球心r越大，環(huán)繞速度越小，B錯誤；C．嫦娥五號返回器在月地轉移軌道上運動時，由萬有引力（即重力）提供向心力，樣品處于完全失重狀態(tài)，C錯誤；D．嫦娥五號返回器在月地轉移軌道上運動時，與地球距離變小，在轉移軌道上萬有引力做正功，引力勢能減小，動能增大，機械能守恒，D錯誤。故選A。14、在下列幾種情況中，甲、乙兩物體的動能相等的是（）A．甲的速度是乙的2倍，甲的質(zhì)量是乙的B．甲的質(zhì)量是乙的2倍，甲的速度是乙的C．甲的質(zhì)量是乙的4倍，甲的速度是乙的D．甲、乙質(zhì)量相等，速度大小也相等，但甲向東運動，乙向西運動答案：D由動能公式及題意可得A．若甲的速度是乙的2倍，甲的質(zhì)量是乙的時，有故A錯誤；B．若甲的質(zhì)量是乙的2倍，甲的速度是乙的時，有故B錯誤；C．甲的質(zhì)量是乙的4倍，甲的速度是乙的時，有故C錯誤；D．由上述分析可知，動能與速度方向無關，只與質(zhì)量和速度大小有關，故甲、乙質(zhì)量相等，速度大小也相等時，甲向東運動，乙向西運動的動能相等，故D正確。故選D。15、如圖，高臺跳水項目中要求運動員從距離水面H的高臺上跳下，在完成空中動作后進入水中。若某運動員起跳瞬間重心離高臺臺面的高度為h1，斜向上跳離高臺瞬間速度的大小為v0，跳至最高點時重心離臺面的高度為h2，入水（手剛觸及水面）時重心離水面的高度為h1。圖中虛線為運動員重心的運動軌跡。已知運動員的質(zhì)量為m，不計空氣阻力，則運動員跳至最高點時速度及入水（手剛觸及水面）時速度的大小分別是（

）A．0，B．0，C．，D．，答案：C從跳離高臺瞬間到最高點，據(jù)動能定理得解得最高點的速度從跳離高臺瞬間到入水過程，據(jù)動能定理得解得入水時的速度故選C。多選題16、如圖所示，左側為一固定在水平桌面上的半徑為R的半球形碗，碗口直徑AB水平，O點為球心，碗的內(nèi)表面及碗口光滑。右側是一個足夠長的固定光滑斜面。一根不可伸長的輕質(zhì)細繩跨過碗口及豎直固定的輕質(zhì)光滑定滑輪，細繩兩端分別系有可視為質(zhì)點的小球m1和物塊m2，質(zhì)量分別為m1、m2，且m1>m2.開始時m1恰在A點，m2在斜面上且距離斜面頂端足夠遠，此時連接m1、m2的細繩與斜面平行且伸直，C點在圓心O的正下方。當m1由靜止釋放開始運動，則下列說法正確的是（

）A．m2沿斜面上滑過程中，地面對斜面的支持力始終保持恒定B．當m1運動到C點時，m1的速率是m2速率的倍C．若細繩在m1到達C點時斷開，m1可能沿碗面上升到B點D．在m1從A點運動到C點的過程中，m1與m2組成的系統(tǒng)機械能守恒答案：ABDA．m2沿斜面上滑過程中，m2對斜面的壓力始終不變，斜面所受重力不變，且一直處于平衡狀態(tài)，則地面對斜面的支持力也始終不變，A正確；B．小球m1到達最低點C時，m1、m2的速度大小分別為v1、v2，由運動的合成與分解得則B正確；C．m1由靜止從A點運動到C點的過程中，除重力外，繩的拉力對m1做負功，m1的機械能一直在減小，所以細繩斷開后，m1不能上升到B點，C錯誤；D．m1從A點運動到C點的過程中，m1和m2組成的系統(tǒng)只有重力做功，機械能守恒，D正確；故選ABD。17、如果汽車以額定功率P由靜止出發(fā)，沿平直路面行駛，受到的阻力恒為Ff，則下列判斷正確的是（

）A．汽車行駛的最大速度為B．汽車先做勻加速運動，最后做勻速運動C．汽車先做加速度越來越小的加速運動，最后做勻速運動D．汽車先做勻加速運動，再做勻減速運動，最后做勻速運動答案：ACA．汽車以最大速度行駛時，牽引力與阻力大小相等，所以汽車行駛的最大速度為故A正確；BCD．汽車以額定功率啟動，根據(jù)可知隨著速度的增大，牽引力減小，而阻力不變，則汽車所受合外力減小，加速度減小，所以汽車先做加速度越來越小的加速運動，當加速度最后減小至零后，汽車做勻速運動，故C正確，BD錯誤。故選AC。18、如圖所示，位于豎直平面內(nèi)的固定光滑圓環(huán)軌道與水平面相切于M點，與豎直墻相切于A點，豎直墻上另一點B與M的連線和水平面的夾角為60°，C是圓環(huán)軌道的圓心，已知在同一時刻，甲、乙兩球分別由A、B兩點從靜止開始沿光滑傾斜直軌道AM、BM運動到M點，丙球由C點自由下落到M點，有關下列說法正確的是（

）A．甲球下滑的加速度大于乙球下滑的加速度B．丙球最先到達M點C．甲、乙、丙球同時到達M點D．甲、丙兩球到達M點時的速率相等答案：BDA．設光滑傾斜軌道與水平面的夾角為θ，根據(jù)牛頓第二定律可得加速度可知乙球的加速度大于甲球的加速度。故A錯誤。BC．對于AM段，位移加速度則根據(jù)得對于BM段，位移加速度對于CM段，位移加速度則知最小，故B正確，C錯誤。D．根據(jù)動能定理得甲，丙高度相同，則到達M的速率相等，故D正確。故選BD。19、滑板項目是極限運動歷史的鼻祖，許多的極限運動項目均由滑板項目延伸而來。如圖所示為滑板運動場地的示意圖，場地是圓心角為的圓弧面，等高，B為最低點，滑板與場地之間的動摩擦因數(shù)，且處處相同?，F(xiàn)運動員和滑板車一起由A點以一定的初速度沿圓弧面向下滑，且恰能到達C點，重力加速度用g表示。下列說法中正確的是（

）A．運動員在C點時的加速度為B．運動員在下滑過程中，重力的功率一直在增大C．運動員由A到B過程中與由B到C過程中摩擦力做的功相等D．運動員在整個運動過程中機械能一直在減少答案：ADA．對運動員在C點受力分析有解得選項A正確；B．在下滑到最低點B時，此時，則重力的功率為零，所以重力的功率先增大后減小，選項B錯誤；C．運動員由A到C過程中，在同一等高處右邊的速度始終大于左邊的速度，則其對右邊圓弧面的壓力始終大于對左邊圓弧面的壓力，故運動員在右邊圓弧面受到的摩擦力始終大于在左邊圓弧面受到的摩擦力，因此右邊摩擦力做的功大于左邊摩擦力做的功，選項C錯誤；D．由于摩擦力一直做負功，所以運動員的機械能一直在減少，選項D正確。故選AD。20、國外一個團隊挑戰(zhàn)看人能不能在豎直的圓內(nèi)測完整跑完一圈，團隊搭建了如圖一個半徑1.6m的木質(zhì)豎直圓跑道，做了充分的安全準備后開始挑戰(zhàn)。（g=10m/s2）（

）A．根據(jù)計算人奔跑的速度達到4m/s即可完成挑戰(zhàn)B．不計阻力時由能量守恒計算要的速度進入跑道才能成功，而還存在不可忽略的阻力那么這個速度超過絕大多數(shù)人的極限，所以該挑戰(zhàn)根本不能成功C．人完成圓周運動的軌道半徑實際小于1.6m，因此這個速度并沒有超過多數(shù)人的極限速度，挑戰(zhàn)可能成功D．一般人不能完成挑戰(zhàn)的根源是在腳在上半部分時過于用力蹬踏跑道內(nèi)測造成指向圓心的力大于需要的向心力從而失敗答案：CDA．人在最高點時，且將人的所有質(zhì)量集中到腳上一點的情況下，且在人所受重力提供向心力的情況下，有可得考慮情況太過片面，A錯誤；BC．若將人的所有質(zhì)量集中到腳上一點的情況下，設恰好通過最高點時的速度為v1，通過最低點的速度為v0，有聯(lián)立可得但實際上這是不可能的，人的重心不可能在腳底，所以人完成圓周運動的軌道半徑實際小于1.6m，因此這個速度并沒有超過多數(shù)人的極限速度，挑戰(zhàn)可能成功，B錯誤，C正確；D．腳在上半部分時過于用力蹬踏跑道內(nèi)測造成指向圓心的力大于需要的向心力，而人的速度不夠，則會導致挑戰(zhàn)失敗，D正確。故選CD。21、如圖甲，一足夠長的傳送帶與水平面的夾角θ＝30°，皮帶在電動機的帶動下，速率始終不變。t＝0時刻在傳送帶適當位置放上一具有初速度的小物塊。取沿斜面向上為正方向，物塊在傳送帶上運動的速度隨時間的變化如圖乙所示。已知小物塊質(zhì)量m＝1kg，g取10m/s2，下列說法正確的是（

）A．傳送帶順時針轉動，速度大小為2m/sB．傳送帶與小物塊之間的動摩擦因數(shù)μ＝C．0～t2時間因摩擦產(chǎn)生熱量為27JD．0～t2時間內(nèi)電動機多消耗的電能為28.5J答案：ABCA．從v－t圖像可知，小物塊最終隨傳送帶一起勻速運動，說明傳送帶的速度為2m/s，因為取沿斜面向上為正方向，所以傳送帶順時針轉動，故A正確；B．小物塊的加速度a＝1m/s2對物塊受力分析，可得μmgcosθ－mgsinθ＝ma解得μ＝故B正確；C．物塊運動速度減為零后，反向加速經(jīng)歷時間t＝＝2s由v－t圖像可知t2＝3s則物塊向下運動過程中與傳送帶間的相對位移為物塊向上運動過程中與傳送帶間的相對位移為所以傳送帶與物塊的總相對位移為=4.5m所以產(chǎn)生內(nèi)能為Q＝μmgcosθ·Δs＝27J故C正確；D．物塊增加的重力勢能ΔEp＝mgsinθ·

＝7.5J物塊動能的增量ΔEk＝mv2－mv02＝1.5J則傳送帶多消耗的電能W電＝Q＋ΔEp＋ΔEk＝36J故D錯誤。故選ABC。22、如圖所示，AB為圓弧軌道，BC為水平直軌道，圓弧的半徑為R，BC的長度也是R。一質(zhì)量為m的物體，與兩個軌道間的動摩擦因數(shù)都為μ，當它由軌道頂端A從靜止開始下落，恰好運動到C處停止，那么（

）A．物體在BC段克服摩擦力所做的功μmgRB．物體在BC段克服摩擦力所做的功mgRC．物體在AB段克服摩擦力所做的功mgRD．物體在AB段克服摩擦力所做的功答案：ADAB．BC段物體受摩擦力大小為BC段摩擦力對物體做功為所以物體在BC段克服摩擦力所做的功，故A正確，B錯誤；CD．對全程由動能定理可知解得所以AB段克服摩擦力做功為，故C錯誤，D正確。故選AD。23、如圖所示，人通過滑輪將質(zhì)量為m的物體，沿粗糙的斜面由靜止開始勻加速地由底端拉上斜面，物體上升的高度為h時，速度為v。則在此過程中（

）A．物體所受的合力做功等于B．物體所受的合力做功等于C．人的拉力做功等于D．人的拉力做功大于答案：BDAB．根據(jù)動能定理，物體所受的合力做功等于物體的動能變化量，即為，故A錯誤，B正確；CD．根據(jù)動能定理則人的拉力做功等于故C錯誤，D正確。故選BD。24、如圖，ABC是豎直面內(nèi)的光滑固定軌道，A點在水平面上，軌道AB段豎直，長度為R，BC段是半徑為R的四分之一的圓弧，與AB相切于B點。一質(zhì)量為m的小球從A點以某一豎直向上的初速度沿ABC軌道的內(nèi)側運動，且到達最高點C點時恰好仍能接觸軌道，已知小球始終受到與重力大小相等的水平向右的外力作用，小球的半徑遠小于R，重力加速度大小為g。則（

）A．小球在A點的初速度為B．小球在A點的初速度為C．小球的落地點到A點的距離為RD．小球的落地點到A點的距離為2R答案：BCAB．小球到達最高點C點時恰好仍能接觸軌道，根據(jù)牛頓第二定律有小球從A點到C點根據(jù)動能定理有解得小球在A點的初速度為故A錯誤B正確；CD．小球從C點之后做平拋運動，根據(jù)平拋運動規(guī)律有聯(lián)立解得所以小球的落地點為C點正下方，到A點的距離為R，故C正確D錯誤。故選BC。25、下列說法正確的是（）A．物體做速率逐漸增加的直線運動時，其所受合力的方向一定與速度方向相同B．物體做變速率曲線運動時，其所受合力的方向一定改變C．物體做曲線運動時，速度方向不斷發(fā)生變化，速度大小不一定發(fā)生變化D．對做勻速直線運動的物體施加一恒力后，該物體單位時間內(nèi)速率變化量總相同E．物體做曲線運動時，其在某一點的速度方向沿該點的切線方向F．物體在變力作用下，一定做曲線運動G．只要兩個分運動為直線運動，合運動一定是直線運動答案：ACEA．已知物體做直線運動，說明合力與速度共線，又知速率逐漸增加，說明合力（加速度）與速度同向，故其所受合力的方向一定與速度方向相同，故A正確；B．物體做變速率曲線運動時，其所受合力的方向不一定改變，如做平拋運動的物體受重力，為恒力，故B錯誤；C．曲線運動的速度方向一定是時刻變化的，若合力方向總是與速度方向垂直，根據(jù)動能定理可知，合力不做功速度大小不變，如勻速圓周運動，故C正確；D．對做勻速直線運動的物體施加一恒力，若該恒力與物體速度方向不共線，物體開始做勻變速曲線運動，則物體在單位時間內(nèi)速度變化量相同，速率變化量不同，如平拋運動，故D錯誤；E．曲線運動中物體的速度方向沿曲線在這一點的切線方向，故E正確；F．物體受變力的作用，但力的方向可以與速度的方向共線，此時物體仍然做直線運動，故F錯誤；G．兩個分運動是直線運動，合運動不一定是直線運動，比如平拋運動，故G錯誤。故選ACE。填空題26、如圖所示，O

為彈簧的原長處，物體由

O

向

A

運動（壓縮）或由

O

向

A′運動（伸長）時，彈力做_________功，彈性勢能________，其他形式的能轉化為彈性勢能；物體由

A

向

O

運動，或者由

A′向

O

運動時，彈力做________功，彈性勢能_________，彈性勢能轉化為其他形式的能。答案：

負功

增加

正功

減小[1]物體由

O

向

A

運動（壓縮）或由

O

向

A′運動（伸長）時,彈簧彈力的方向與物體的位移方向相反，彈力做負功；[2]彈力做負功時，彈性勢能增加；[3]物體由

A

向

O

運動，或者由

A′向

O

運動時，彈簧彈力的方向與物體的位移方向相同，彈力做正功；[4]彈力做正功時，彈性勢能減小。27、依據(jù)下面情境，判斷下列說