人教版(2019)高中物理必修第三冊《第1單元-靜電場及其應(yīng)用》測試卷(A卷)(含答案解析)

人教版(2019)必修第三冊《第1單元靜電場及其應(yīng)用》測試卷(A卷)一、單選題（本大題共8小題，共32.0分）1. 如圖所示，a、b和c表示電場中的三個(gè)等勢面，a和c的電勢分別為φ和15φ，a、b的電勢差等于b、c的電勢差.一帶電粒子只在電場力作用下從等勢面a上某處以初速度v開始運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過等勢面c時(shí)的速率為2v，則(????)A.此過程粒子一定做直線運(yùn)動(dòng)B.此過程粒子一定做曲線運(yùn)動(dòng)C.經(jīng)過等勢面b時(shí)速率為5D.經(jīng)過等勢面b時(shí)速率為32. 質(zhì)量均為m的帶電小球a、b、c，小球a用絕緣絲線懸掛天花板下，a、b間由輕質(zhì)絕緣彈簧相連，b、c用絕緣輕桿連接后直立在小球a的正下方的水平支撐面上，如圖所示，此時(shí)小球c對支持面的壓力、彈簧彈力均恰好為零，已知小球a帶正電，重力加速度為g。下列說法正確的是(????)A.b、c

總電荷量一定為負(fù)B.絲線拉力為mgC.若將b、c

兩球位置互換，穩(wěn)定后絲線拉力可能不變D.若增加b、c

中的負(fù)電荷，穩(wěn)定后絲線拉力一定增大3. 如圖所示，有一正電荷電場中的A點(diǎn)自由釋放，只受電場力作用，沿電場線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，它運(yùn)動(dòng)的速度圖象正確的是(????)A.B.C.D.4. 如圖所示，一勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧的下端固定在水平面上，上端疊放著兩個(gè)質(zhì)量均為m的物塊A、B(物塊B與彈簧拴接)，初始時(shí)物塊均處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)對物塊A施加一個(gè)豎直向上的恒力F=32mg，g為重力加速度。當(dāng)物塊A、B恰好分離時(shí)，物體A上升的高度為(????)A.3mgB.mgC.mgD.mg5. 下列關(guān)于點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式E=kQr2的幾種不同的理解，正確的是A.以點(diǎn)電荷Q為中心，r為半徑的球面上各處的場強(qiáng)相同B.當(dāng)r→0時(shí)，E→∞；當(dāng)r→∞時(shí)，E→0C.點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場中，各點(diǎn)的場強(qiáng)方向一定是背向點(diǎn)電荷QD.在點(diǎn)電荷Q的電場中，某點(diǎn)的場強(qiáng)大小與Q成正比，與r26. 如圖示是點(diǎn)電荷Q周圍的電場線．將兩個(gè)相同的試探電荷分別放在其中一根電場線上的A、B兩點(diǎn)，不考慮試探電荷間的相互作用，下列說法正確的是(????)A.電荷Q的電場為勻強(qiáng)電場B.電荷Q帶負(fù)電C.試探電荷在A、B兩點(diǎn)受力大小相等D.試探電荷在A點(diǎn)受力大于在B點(diǎn)受力7. 兩個(gè)完全相同的正四棱錐疊放在一起，構(gòu)成如圖所示的形狀，其中b點(diǎn)固定點(diǎn)電荷+Q、d點(diǎn)固定點(diǎn)電荷-Q，o點(diǎn)為正方形abcd的中心，且ao=eo=fo，則下列說法正確的是(????)A.c點(diǎn)的電勢比e點(diǎn)的電勢低B.a、c兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度不同C.負(fù)電荷沿棱由e→c→f的過程中，電場力一直做正功D.如果將點(diǎn)電荷十Q放置到e點(diǎn)，其他條件不變，則o點(diǎn)的電勢不變8. 關(guān)于靜電場，以下敘述中正確的是(????)A.點(diǎn)電荷是理想化物理模型，通常體積小的帶電體都可以看成是點(diǎn)電荷B.電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度方向即為試探電荷在該點(diǎn)的受力方向C.電場強(qiáng)度是矢量，運(yùn)算時(shí)遵循平行四邊形定則D.沿電場線方向，電場強(qiáng)度一定越來越小二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）9. 關(guān)于電場強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度，下列說法正確的是(????)A.電場強(qiáng)度的定義式E=FqB.電場中某點(diǎn)電場強(qiáng)度的方向與在該點(diǎn)的帶正電的檢驗(yàn)電荷所受電場力的方向相同C.由磁感應(yīng)強(qiáng)度公式B=FIL，若長為L，通電電流為I的直導(dǎo)線在磁場中受到的磁場力為零，則該位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度D.由磁感應(yīng)強(qiáng)度公式B=F10. 11.運(yùn)動(dòng)員用雙手握住豎直的滑桿勻速上攀和勻速下滑時(shí)，運(yùn)動(dòng)員所受到的摩擦力分別是f1和f2，那么A.f1=f2????????????????C.f1向上，f2向上????????? D.f11. 以v0的速度水平拋出一物體，不計(jì)空氣阻力，當(dāng)它的豎直位移大小和水平位移大小相等時(shí)，下列說法正確的是(????)A.瞬時(shí)速度大小為2v0 B.C.運(yùn)動(dòng)時(shí)間為2v0g 12. 如圖所示，在光滑水平面上，輕質(zhì)彈簧的右端固定在豎直墻壁上．一物塊在水平恒力F作用下做直線運(yùn)動(dòng)，接觸彈簧后，壓縮彈簧，直至速度為零．整個(gè)過程中，物體一直受到力F作用，彈簧一直在彈性限度內(nèi)．在物塊與彈簧接觸后向右運(yùn)動(dòng)的過程中，下列說法正確的是(????)A.物塊接觸彈簧后立即做減速運(yùn)動(dòng)B.物塊接觸彈簧后先加速后減速C.當(dāng)彈簧對物塊的彈力大小等于恒力F的大小時(shí)，物塊的速度達(dá)到最大D.當(dāng)彈簧被壓縮到最短時(shí)，物塊的加速度等于零三、簡答題（本大題共2小題，共21.0分）13. 如圖所示，OAB為豎直放置的輕質(zhì)等腰三角形支架，θ=30°，AB長為2L，C為AB的中點(diǎn)，A端擱在支撐物上，OA水平，支架可繞過O點(diǎn)的水平軸自由轉(zhuǎn)動(dòng)，質(zhì)量為M=1116m帶正電的物塊P固定在支架上的A點(diǎn)?，F(xiàn)將另一質(zhì)量為m、電荷量為+q的物塊Q由中點(diǎn)C靜止釋放，Q沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，剛好能到達(dá)B點(diǎn)，此時(shí)支架恰好不翻倒。已知Q與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=36，(1)C、B兩點(diǎn)間的電勢差；(2)釋放Q瞬間，它的加速度；(3)若Q運(yùn)動(dòng)過程中的最大速度為v，求Q處于平衡狀態(tài)時(shí)的總勢能。(以C點(diǎn)為重力勢能和電勢能的零點(diǎn))14. 真空中有一帶電荷量為Q=2×10-4C的場源電荷A，另一帶電荷量為q=-2×10-5C的檢驗(yàn)電荷B固定在與A(1)B所受的靜電力；(2)B所在位置的場強(qiáng)EB(3)將B撤去后，原來B所在位置的場強(qiáng)如何變化。四、計(jì)算題（本大題共2小題，共34.0分）15. 如圖所示，在傾角為θ的絕緣斜面上，有相距為L的A、B兩點(diǎn)，分別固定著兩個(gè)帶電量均為Q的正點(diǎn)電荷．O為AB連線的中點(diǎn)，a、b是AB連線上兩點(diǎn)，其中Aa=Bb=L4.一質(zhì)量為m、電荷量為+q的小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))以初動(dòng)能EK0從a點(diǎn)出發(fā)，沿AB直線向b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，其中小滑塊第一次經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為2EK0(1)兩個(gè)帶電量均為Q的正點(diǎn)電荷在a點(diǎn)處的合場強(qiáng)大小和方向；(2)小滑塊由a點(diǎn)向b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中受到的滑動(dòng)摩擦力大小；(3)aO兩點(diǎn)間的電勢差．16. 如圖所示，水平傳送帶在電動(dòng)機(jī)的帶動(dòng)下，始終以v=2m/s的速率運(yùn)行，傳送帶兩端A、B間距離為x0=10m，當(dāng)質(zhì)量為m=5kg的行李箱無初速度地放在傳送帶A端后，傳送到B端，傳送帶與行李箱間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2，重力加速度g取10m/(1)整個(gè)過程行李箱和傳送帶因摩擦產(chǎn)生的熱量Q；(2)電動(dòng)機(jī)由于傳送行李箱多消耗的電能E．

參考答案及解析1.答案：C解析：解：AB、物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件是物體受到的合外力的方向與速度的方向不在同一條直線上，由于粒子從a到C的初速度的條件不明確，所以粒子可能做直線運(yùn)動(dòng)，也可能做曲線運(yùn)動(dòng)，故AB錯(cuò)誤；CD、粒子從a到c電場力做的功：qU由動(dòng)能定理：qU由于a、b的電勢差等于b、c的電勢差，則：Uab設(shè)粒子經(jīng)過b的速度為vb，則：q聯(lián)立可得：vb=52v故選：C。根據(jù)做曲線運(yùn)動(dòng)的條件判斷；根據(jù)動(dòng)能定理判斷經(jīng)過b的速率。本題主要考查了電場力作用下的動(dòng)能定理，關(guān)鍵是在每一過程中電場力做功的表示。2.答案：C解析：解：A、由于小球c

對支持面的壓力恰為零，b、c

兩球與小球a之間呈引力，b、c

帶電可能是一正一負(fù)或都為負(fù)，若b球帶負(fù)電，則qb可能大于、等于或小于qc，故B、對a、b、c

整體，只受絲線拉力和重力兩個(gè)力，因此絲線拉力FT=3mg，故C、若c

球帶負(fù)電或c

球所帶負(fù)電大于b

球所帶負(fù)電，b、c

兩球位置互換后靜電引力增大，由于b、c

兩球受到的靜電引力大于它們的重力而導(dǎo)致兩球向a

球壓縮彈簧后靜止，穩(wěn)定后絲線拉力仍為

3

mg

不變。若c

球帶正電，位置互換后靜電引力減小，絲線拉力減小，故C正確；D、若增加b、c

中的負(fù)電荷，靜電引力增大而導(dǎo)致向上壓縮彈簧后靜止，穩(wěn)定后絲線拉力不變，故D錯(cuò)誤。故選：C。帶電小球處于受力平衡的狀態(tài)，分別對abc三個(gè)小球受力分析，根據(jù)小球c對支持面的壓力和彈簧彈力恰好為零討論電荷的電荷量之間的關(guān)系。本題是對電荷之間的庫侖力的考查，根據(jù)庫侖力的公式可知，庫侖力與電荷的電荷量和電荷之間的距離都有關(guān)系，當(dāng)分析多個(gè)物體之間的作用力的時(shí)候，注意結(jié)合整體法來分析。3.答案：B解析：解：電場線的疏密表示場強(qiáng)的強(qiáng)弱，根據(jù)電場線可知電場強(qiáng)度逐漸增大，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度逐漸增大，速度方向與加速度方向相同，做加速運(yùn)動(dòng)，v-t圖象的斜率表示加速度，加速度逐漸增大，則斜率逐漸增大，故B正確。故選：B。電場線的疏密表示場強(qiáng)的強(qiáng)弱，根據(jù)電場線判斷電場強(qiáng)度大小，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度的變化，v-t圖象中的斜率表示物體的加速度，據(jù)此分析即可．本題結(jié)合v-t圖象，考查了電場強(qiáng)度與電場線以及電荷受電場力與電場方向之間的關(guān)系，考點(diǎn)結(jié)合巧妙、新穎，有創(chuàng)新性，同時(shí)要明確明確電場線分布與電場強(qiáng)度以及電勢之間的關(guān)系．4.答案：B解析：解：設(shè)初始時(shí)彈簧的壓縮量為x，根據(jù)胡克定律有2mg=kx，解得：x=2mg設(shè)當(dāng)物塊A、B恰好分離時(shí)彈簧的壓縮量為x'，對物塊A應(yīng)用牛頓第二定律有：F-mg=ma，其中F=3對物塊B應(yīng)用牛頓第二定律有：kx'-mg=ma，聯(lián)立解得：x'=3mg2k，則物體A上升的高度為h=x-x'=mg2k，故故選：B。分析物塊A、B的受力，根據(jù)胡克定律結(jié)合牛頓第二定律列式求解。物塊A、B分離時(shí)，兩者具有相同的加速度。該題考查了牛頓第二定律的應(yīng)用，明確物塊A、B的受力，注意物塊A、B分離時(shí)，兩者具有相同的加速度。5.答案：D解析：解：A、以點(diǎn)電荷Q為中心，r為半徑的球面上各處的場強(qiáng)大小相等，方向不同，場強(qiáng)是矢量，所以場強(qiáng)不同，故A錯(cuò)誤．B、當(dāng)r→0時(shí)，點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式E=kQr2已經(jīng)不適用，當(dāng)r→∞時(shí)，E→0.C、點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場中，各點(diǎn)的場強(qiáng)方向與點(diǎn)電荷的性質(zhì)有關(guān)，正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，各點(diǎn)的場強(qiáng)方向是背向點(diǎn)電荷Q向外，負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，各點(diǎn)的場強(qiáng)方向是指向點(diǎn)電荷Q向內(nèi)．故C錯(cuò)誤．D、在點(diǎn)電荷Q的電場中，場強(qiáng)公式E=kQr2，某點(diǎn)的場強(qiáng)大小與Q成正比，與r故選D．點(diǎn)電荷的場強(qiáng)公式E=kQ每一個(gè)物理公式都有其適用的范圍，故在學(xué)習(xí)中要注意體會(huì)其范圍，以免錯(cuò)用了公式．6.答案：D解析：解：A、勻強(qiáng)電場的電場線是分布均勻的平行直線，A錯(cuò)誤；B、電場線從正電荷出發(fā)，到負(fù)電荷終止，由圖知Q為正電荷，B錯(cuò)誤；C、由圖象知A的場強(qiáng)大于B的場強(qiáng)，所以試探電荷在A點(diǎn)受力大于在B點(diǎn)受力，C錯(cuò)誤D正確；故選：D。據(jù)電場線的疏密程度反映場強(qiáng)和沿電場線方向電勢越來越低，電場線從正電荷出發(fā)，到負(fù)電荷終止．明確電場線的疏密程度和沿電場線的方向反映場強(qiáng)和電勢是解題的關(guān)鍵，記住一些典型的電場線分布．7.答案：D解析：解：A、等量異種電荷的電場線和等勢線分別是關(guān)于連線和中垂線對稱，由等量異種電荷的電場特點(diǎn)，結(jié)合題圖可知，c、e兩點(diǎn)在等量異種電荷的中垂面上，因此，c、e兩點(diǎn)的電勢相等，故A錯(cuò)誤；B、由于a、c兩點(diǎn)到o點(diǎn)的距離相等，由對稱性可知，a、c兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同，故B錯(cuò)誤；C、由ecfa為bd連線的中垂面，則該面上所有點(diǎn)的電勢相同，因此負(fù)電荷沿棱由e→c→f移動(dòng)的過程中，電場力一直不做功，故C錯(cuò)誤；D、將+Q從b點(diǎn)移動(dòng)到e點(diǎn)，由幾何關(guān)系可知o點(diǎn)位于e、d連線的中垂面上，則o點(diǎn)的電勢仍為零，因此o點(diǎn)的電勢不變，故D正確。故選：D。由等量異種電荷形成的電場線和等勢線的特點(diǎn)即可判斷各點(diǎn)電勢大小關(guān)系；由電場強(qiáng)度的疊加原理可知道a、c兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度；點(diǎn)電荷在等勢面上移動(dòng)，電場力不做功；根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷形成電場的可知連線的中點(diǎn)電勢為零，根據(jù)幾何關(guān)系可知，將+Q由b點(diǎn)移到e點(diǎn)，o點(diǎn)仍然在兩點(diǎn)電荷的連線的中垂面上。本題考查等量異種點(diǎn)電荷形成的電場，根據(jù)電場線和等勢線的特點(diǎn)可以判斷電勢和電場力做功，注意電場強(qiáng)度是矢量，而電勢為標(biāo)量。等量異種點(diǎn)電荷形成的電場，兩電荷的連線中點(diǎn)處電勢為零。8.答案：C解析：解：A、點(diǎn)電荷是理想化物理模型，電荷的形狀、體積和電荷量對分析的問題的影響可以忽略時(shí)，就可以看成是點(diǎn)電荷，所以體積小的帶電體在有些情況下也不能看做點(diǎn)電荷，體積很大的帶電體也有可能看成是點(diǎn)電荷，故A錯(cuò)誤；B、某點(diǎn)電場強(qiáng)度的方向，與該點(diǎn)負(fù)電荷所受電場力方向相反，與正電荷所受電場力方向相同，故B錯(cuò)誤；C、電場強(qiáng)度是矢量，運(yùn)算時(shí)滿足平行四邊形定則，故C正確；D、電場線的疏密程度表示場強(qiáng)強(qiáng)弱，越密，電場強(qiáng)度越大，沿電場線方向，電場強(qiáng)度不一定越來越小，故D錯(cuò)誤。故選：C。點(diǎn)電荷是理想化模型。電場強(qiáng)度是矢量，電場強(qiáng)度的方向是正電荷受力的方向。電場線的疏密反映場強(qiáng)的大小。該題考查了電場的相關(guān)知識，帶電體看作點(diǎn)電荷的條件，當(dāng)一個(gè)帶電體的形狀及大小對它們間相互作用力的影響可忽略時(shí)，這個(gè)帶電體可看作點(diǎn)電荷，是由研究問題的性質(zhì)決定，與自身大小形狀無具體關(guān)系。9.答案：AB解析：解：A電場強(qiáng)度的定義式E=Fq

適用于任何電場。故B、根據(jù)電場強(qiáng)度方向的規(guī)定：電場中某點(diǎn)電場強(qiáng)度的方向與在該點(diǎn)的帶正電的檢驗(yàn)電荷所受電場力的方向相同。故B正確；C、磁感應(yīng)強(qiáng)度公式B=FIL是定義式，只有當(dāng)B與I相互垂直時(shí)才成立；故通電電流為I的直導(dǎo)線在磁場中受到的磁場力為零可能是導(dǎo)線與磁場平行，而磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零。故D、根據(jù)左手定則，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與置于該處的通電導(dǎo)線所受的安培力方向垂直。故D錯(cuò)誤。故選：AB。電場強(qiáng)度處處相等的區(qū)域內(nèi)，電勢不一定處處相等，沿電場線的方向電勢降低；小段通電導(dǎo)線在某處若不受磁場力，是導(dǎo)線與磁場垂直，則此處不一定無磁場。電場強(qiáng)度的定義式E=F本題考查對電場強(qiáng)度與磁感應(yīng)強(qiáng)度兩公式的理解能力，首先要理解公式中各個(gè)量的含義，其次要理解公式的適用條件，注意比值定義法的含義，同時(shí)知道電荷有正負(fù)之分。10.答案：AC解析：由于都是勻速運(yùn)動(dòng)，所受合力都為零.所以摩擦力f1、f2大小都與重力相等11.答案：BC解析：解：當(dāng)水平位移和豎直位移相等時(shí)有：v0t=12gt2，解得t=2v0g.此時(shí)豎直方向上的分速度故選BC．通過豎直分位移與水平分位移大小相等，求出時(shí)間，根據(jù)時(shí)間可求出豎直方向的分速度以及速度的大小和方向．解決本題的關(guān)鍵掌握處理平拋運(yùn)動(dòng)的方法，平拋運(yùn)動(dòng)可分解為水平方向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)．且分運(yùn)動(dòng)與合運(yùn)動(dòng)具有等時(shí)性．12.答案：BC解析：木塊接觸彈簧后，水平方向受到恒力F和彈簧的彈力，根據(jù)彈力與F的大小關(guān)系，確定合力方向與速度方向的關(guān)系，判斷木塊的運(yùn)動(dòng)情況。本題考查分析物體受力情況和運(yùn)動(dòng)情況的能力，要抓住彈簧彈力的可變性進(jìn)行動(dòng)態(tài)分析；同時(shí)要明確合力與速度同向時(shí)加速，合力與速度反向時(shí)減速。當(dāng)木塊接觸彈簧后，水平方向受到向右的恒力F和彈簧水平向左的彈力，彈簧的彈力先小于恒力F，后大于恒力F，木塊所受的合力方向先向右后向左，則木塊先做加速運(yùn)動(dòng)，后做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈力大小等于恒力F時(shí)，木塊的速度為最大值．當(dāng)彈簧壓縮量最大時(shí)，彈力大于恒力F，合力向左，加速度大于零，故AD錯(cuò)誤，BC正確；故選BC。

13.答案：解：(1)對物塊Q，根據(jù)動(dòng)能定理有：UCB解得：UCB(2)Q即將到達(dá)B點(diǎn)時(shí)，P受到的庫侖力為FB，對支架，由力矩的平衡有：NL+fLtanθ=Mg對Q：N=mgcosθ=32mg解得：FBQ在C點(diǎn)時(shí)，受到的庫侖力為FC，則：F解得：F釋放Q瞬間：F解得：a=(3)Q處于平衡狀態(tài)時(shí)，有兩個(gè)位置。Q經(jīng)過最大速度為v的位置，Q受到的庫侖力為F，則：F=mgsinθ+f=又：F解得：L此位置，Q的總勢能為EP1，由能量守恒定律有：解得：EQ到達(dá)B點(diǎn)后，因mgsinθ-FB=18mg<f，故Q停在則：E故Q處于平衡狀態(tài)時(shí)的總勢能為：EP1=-答：(1)C、B兩點(diǎn)間的電勢差為3mgL4q(2)釋放Q瞬間，它的加速度為34(3)若Q運(yùn)動(dòng)過程中的最大速度為v，則Q處于平衡狀態(tài)時(shí)的總勢能為-2-14解析：(1)對物塊Q，根據(jù)動(dòng)能定理解得C、B兩點(diǎn)間的電勢差；(2)Q即將到達(dá)B點(diǎn)時(shí)，P受到的庫侖力為FB，對支架，由力矩的平衡列式，求解FB，Q在C點(diǎn)時(shí)，根據(jù)庫侖定律求解(3)Q處于平衡狀態(tài)時(shí)，有兩個(gè)位置，由能量守恒定律結(jié)合庫侖定律求解。本題主要考查了動(dòng)能定理、牛頓第二定律、庫侖定律以及能量守恒定律的直接應(yīng)用，要求同學(xué)們正確正確分析物塊的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況，注意Q處于平衡狀態(tài)時(shí)，有兩個(gè)位置，難度適中。14.答案：解：(1)根據(jù)庫侖定律得，B所受的靜電力為：

F=kQqr2=9×10(2)根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式知，B點(diǎn)的場強(qiáng)EB=Fq=92×(3)將B撤去，檢驗(yàn)電荷不會(huì)影響原電場分布，所以將B撤去后，原來B所在位置的場強(qiáng)不變。答：(1)B所受的靜電力為9N，方向由B指向A．(2)B所在位置的場強(qiáng)為4.5×105

N/C，方向由A指向(3)將B撤去后，原來B所在位置的場強(qiáng)不變。解析：(1)根據(jù)庫侖定律求出B所受的靜電力。(2)由電場強(qiáng)度的定義式求出B點(diǎn)的場強(qiáng)EB(3)場強(qiáng)是由電場本身決定的，與檢驗(yàn)電荷無關(guān)．該題考查了庫侖定律的相關(guān)知識，解決本題的關(guān)鍵掌握庫侖定律和電場強(qiáng)度的定義式，知道場強(qiáng)的大小由電場本身性質(zhì)決定，與放入電場中的檢驗(yàn)電荷無關(guān)。15.答案：解：(1)根據(jù)真空中點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度的表達(dá)式E=kQA點(diǎn)處電荷在a處場強(qiáng)E1B點(diǎn)處電荷在a處場強(qiáng)E2根據(jù)電場的疊加原理，可知，在a點(diǎn)處的合場強(qiáng)大小為：E=E(2)由Aa=Bb=L4，O為AB連線的中點(diǎn)得：a、b關(guān)于O點(diǎn)對稱，則a點(diǎn)與b點(diǎn)等勢，即Uab=0，小滑塊從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，電場力做功設(shè)小滑塊與水平面間的摩擦力大小為f，小滑塊從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中根據(jù)動(dòng)能定理有-mgsinθL而f=μmg解得