湖北省武漢市武昌區(qū)2022-2023學(xué)年高三年級(jí)下冊5月質(zhì)量檢測物理試題（含答案解析）

湖北省武漢市武昌區(qū)2022-2023學(xué)年高三下學(xué)期5月質(zhì)量檢

測物理試題

學(xué)校:姓名：班級(jí)：考號(hào)：

一、單選題

1.為了避免儀器在月球夜晚極端低溫的環(huán)境下遭到損壞，我國自主研發(fā)的“玉兔二號(hào)”

月球車內(nèi)采用了同位素?zé)嵩催M(jìn)行保溫。該同位素?zé)嵩词抢美?38在衰變過程中釋放熱

量，衰變方程是曾Pu->2荔u+X,其半衰期是88年。下列說法正確的是（）

A.衰變方程中的X是夕粒子

B.衰變中釋放出的X粒子流比/射線的電離作用強(qiáng)

C.一個(gè)杯238原子一定會(huì)在88內(nèi)年發(fā)生衰變

D.杯238的半衰期會(huì)因在月球極低溫的環(huán)境下而發(fā)生改變

2.如圖所示是一款手機(jī)磁吸式無線充電座的剖析圖。其原理與變壓器類似，充電座和

手機(jī)分別內(nèi)置了感應(yīng)圈二者靠近時(shí)便開始從充電座向手機(jī)供電。內(nèi)置“雙圈聚磁環(huán)”，不

僅用于定位磁吸手機(jī)還可以提高供電效率。下列分析錯(cuò)誤的是（）

PC隔絕面板

純銅感應(yīng)圈

雙圈聚磁環(huán)

主控IC

A.無線充電是通過電磁感應(yīng)輸送電能

B.只有對“純銅感應(yīng)圈”輸入變化的電流才能對手機(jī)無線充電

C.將金屬物件貼近正在無線充電的手機(jī)，充電不會(huì)受到任何影響

D.“雙圈聚磁環(huán)”可以使手機(jī)的感應(yīng)圈與之對齊，減少漏磁從而提高供電效率

3.如圖所示，某景區(qū)有一座與水平面夾角為，，長度為L的小山坡，欲利用此地形修

建一座滑草場。乘客乘坐設(shè)備從坡頂由靜止開始沿直線滑道滑下，并平滑進(jìn)入到水平直

線滑道減速至停下。整個(gè)滑道上鋪設(shè)的草皮與滑草設(shè)備底面的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，設(shè)乘客

始終保持規(guī)范姿態(tài)且不調(diào)整設(shè)備，忽略空氣阻力影響。下列說法正確的是（）

‘2

L

^7777777777^77777777）

A.加速下滑與水平減速兩段過程中的平均速度的大小相同

B.為保證乘客能順利沿滑道滑下，要滿足動(dòng)摩擦因數(shù)〃>tan。

C.不同體重的乘客沿滑道加速下滑的過程中加速度不同

D.為了乘客的安全，修建的水平滑道長度至少為3叱

4.如圖所示是“嫦娥五號(hào)''探測器登月飛行的軌道示意圖，探測器通過推進(jìn)器制動(dòng)從圓

形軌道I上的P點(diǎn)進(jìn)入到橢圓過渡軌道n,然后在軌道n的近月點(diǎn)。再次制動(dòng)進(jìn)入近

月圓形軌道in。己知軌道I的半徑是軌道ni的半徑的兩倍，不考慮其它天體引力的影響。

下列說法正確的是（）

A.探測器登月飛行的過程中機(jī)械能增大

B.探測器在軌道I與軌道HI上的運(yùn)行速率的比值為1:2

C.探測器在軌道II上經(jīng)過P點(diǎn)的速率與經(jīng)過Q點(diǎn)的速率的比值為1:2

D.探測器在軌道H與軌道HI上的運(yùn)行周期的比值為3:2

5.某同學(xué)閱讀到一科幻小說中的“流浪地球”計(jì)劃第一步是“剎住自轉(zhuǎn)”，即通過固定在

地球赤道上的幾千臺(tái)轉(zhuǎn)向發(fā)動(dòng)機(jī)對地球自轉(zhuǎn)進(jìn)行止動(dòng)。他查閱相關(guān)文獻(xiàn)后推算出，發(fā)動(dòng)

機(jī)需將燃料氣體以相對于地球表面的速度v=U.2km/s,沿地球赤道切線方向噴出，從

而獲得止動(dòng)推力。忽略大氣阻力，發(fā)動(dòng)機(jī)的總平均功率為4.6X103W,估算發(fā)動(dòng)機(jī)的總

推力可以達(dá)到（）

A.4.1xlO2oNB.8.2xlO2oN

C.4.1X10I7ND.8.2X10I7N

6.如圖所示是一座水平固定放置的弧形槽，其底面是矩形平面，上表面ABC。是半徑

R=10m的光滑圓弧面，直邊AD=3C=L57m,圓弧邊A8和CD平行且等長為0.5m,

8、C是弧面最低點(diǎn)且切線水平?，F(xiàn)有一個(gè)可看作質(zhì)點(diǎn)的小球，以沿AO方向的初速度v

試卷第2頁，共8頁

從A點(diǎn)開始沿弧面運(yùn)動(dòng)，恰好能運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)。重力加速度g=10m/s2,則u的大小約為

A.0.5m/sB.l.Om/sC.1.5m/sD.2.0m/s

7.一包含有兩種頻率光的激光束，從真空中垂直射入截面為直角三角形的玻璃棱鏡,

光路如圖所示。激光從棱鏡的斜邊面出射時(shí)被分為。、b兩束光。已知，截面頂角為，,

棱鏡對這兩種頻率光的折射率分別為4=二和心=及。下列說法正確的是()

4

A,a光的頻率大于比人光的頻率

B.〃光與匕光在三棱鏡中的傳播速度之比是5:40

C.用同一裝置做單縫衍射實(shí)驗(yàn)，方光的中央亮條紋比“光的寬

D.為使這兩種頻率的光都能從棱鏡斜邊射出，6角的取值范圍是0＜。＜45

二、多選題

8.如圖所示為某一聲波干涉儀結(jié)構(gòu)簡化圖。S為揚(yáng)聲器，D為聲音強(qiáng)度測試器，路徑

長度固定，路徑SB。的長度可調(diào)節(jié)。干涉儀內(nèi)有空氣，由于SA。和S3。的長度不

同,聲波通過兩個(gè)不同路徑到達(dá)D時(shí)的振幅不同。聲音強(qiáng)度用/表示，單位為分貝(dB),

在控制其它影響因素不變的情況下，/與聲波的振幅A的平方成正比。調(diào)節(jié)S3。的長度，

使D測試到的聲音強(qiáng)度出現(xiàn)最小值為4=5()dB,在保持測試和其它部分不動(dòng)的情況下,

將SBD中的可調(diào)節(jié)部分緩慢向下移動(dòng)2.5cm時(shí)，D測試到聲音強(qiáng)度第一次出現(xiàn)最大值

為/2=450dB.下列說法正確的是()

A.聲波的干涉現(xiàn)象的本質(zhì)是波的疊加

B.兩個(gè)路徑傳播的聲波的頻率不同

C.揚(yáng)聲器發(fā)出的聲波的波長為10cm

D.接收到的最強(qiáng)聲波和最弱聲波的振幅的比值為3：1

9.如圖所示，某場比賽中籃球運(yùn)動(dòng)員在三分線外離地面高度〃=2.3m,與籃筐中心的

水平距離L=6.8m的位置將籃球拋出?；@球離手時(shí)的速度與水平方向夾角為45。，并恰

好無擦碰地進(jìn)入籃筐。已知籃筐離地面高”=3.05m,重力加速度g=10m/s2,忽略空

氣阻力的影響，下列說法正確的是（）

L

A.從離手到剛進(jìn)入籃筐，籃球做的是勻變速曲線運(yùn)動(dòng)

B.離手1.1s后籃球進(jìn)入籃筐

C.離手時(shí)，籃球的速度大小約為6.2m/s

D.從離手到剛進(jìn)入籃筐，籃球速度的改變量的大小為10m/s

10.如圖所示有三個(gè)完全相同的帶正電的點(diǎn)電荷，其中兩個(gè)點(diǎn)電荷分別固定在線段AB

的兩端點(diǎn)，以AB的中點(diǎn)。為圓心，為半徑畫半圓形的弧線?，F(xiàn)將剩下的一個(gè)點(diǎn)電

荷從A點(diǎn)附近出發(fā)，沿半圓弧向3點(diǎn)移動(dòng)。下列說法正確的是（）

試卷第4頁，共8頁

?

B

A.在移動(dòng)的過程中，。點(diǎn)的電場強(qiáng)度保持不變

B.在移動(dòng)的過程中,。點(diǎn)的電勢保持不變

C.在移動(dòng)的過程中,移動(dòng)的電荷所受靜電力先增大后減小

D.在移動(dòng)的過程中，移動(dòng)的電荷的電勢能先減小后增大

11.如圖所示，兩根足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面成。角固定放置，定值電阻R

接在導(dǎo)軌一端，空間存在著垂直于導(dǎo)軌平面（圖中未畫出）的勻強(qiáng)磁場。金屬桿岫水

平放置在導(dǎo)軌上，由靜止開始沿導(dǎo)軌下滑，并始終保持水平且與導(dǎo)軌接觸良好。下列說

法正確的是（）

A.桿必先做勻加速運(yùn)動(dòng)后做勻速運(yùn)動(dòng)

B.桿向勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，電阻R兩端的電壓最大

C.桿必沿導(dǎo)軌下滑過程中，其重力勢能減少量等于回路中產(chǎn)生的焦耳熱

D.若保持磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不變而方向變?yōu)樨Q直方向，桿M的速度最大值將變大

三、實(shí)驗(yàn)題

12.利用如圖甲所示的圓錐擺裝置驗(yàn)證向心力表達(dá)式，步驟如下：

（1）用天平測出密度較大的小球的質(zhì)量為"?，如圖乙所示用20分游標(biāo)卡尺測出小球的

直徑。=cm。小球靜止時(shí)，用刻度尺測量此時(shí)懸掛點(diǎn)與小球上端之間的豎直距離

為，

(2)在白紙上畫幾個(gè)不同半徑的同心圓，用刻度尺測量各個(gè)圓的半徑八將白紙平鋪在

水平桌面上，使同心圓的圓心剛好位于。讓小球做圓錐擺運(yùn)動(dòng)，俯視觀察小球，

其在水平面上沿著白紙上某個(gè)圓做圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定時(shí)，用秒表測量小球運(yùn)動(dòng)5圈

所用的時(shí)間％

(3)用向心力表達(dá)式推導(dǎo)出工=(用小、八r和圓周率》表示)；通過受力分析，

推導(dǎo)出小球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)所受合力七=(用優(yōu)、八D、L和重力加速度g表示)。

將記錄的數(shù)據(jù)帶入到上述兩個(gè)表達(dá)式中進(jìn)行計(jì)算。

(4)改變繩長，重復(fù)(2)、(3)實(shí)驗(yàn)步驟，記錄多組數(shù)據(jù)。

(5)通過比較每一組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)計(jì)算出的工和F合的大小，在誤差允許的范圍內(nèi)近似相等。

由此，向心力的表達(dá)式得以驗(yàn)證。

13.鈣鈦礦太陽能電池有成本低、光能轉(zhuǎn)化效率高、相同光照強(qiáng)度下電動(dòng)勢穩(wěn)定等優(yōu)點(diǎn)。

實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)欲探究某塊鈣鈦礦太陽能電池的內(nèi)阻特性，實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：

鈣鈦礦太陽能電池：內(nèi)阻變化范圍0~4C；

電壓表V：量程為3.0V,內(nèi)阻約3kC；

電流表A：量程為300mA,內(nèi)阻約0.3C；

滑動(dòng)變阻器R：最大阻值為60。；

定值電阻凡：阻值為4.0C；

電鍵S和導(dǎo)線若干。

圖甲圖乙

試卷第6頁，共8頁

（1）按如圖甲所示電路連接器材，將滑動(dòng)變阻器R的滑片調(diào)至最左端。閉合電鍵S,

用一定強(qiáng)度的光照射太陽能電池，通過調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器K的阻值，記錄不同阻值時(shí)的電

壓表和電流表的讀數(shù)，并描繪出U-/圖線如圖乙所示，AB段為直線，8c段為曲線。

分析此。一/圖線，將圖甲中的電路補(bǔ)充完整______。

（2）分析圖乙可知，此強(qiáng)度光照下太陽能電池的電動(dòng)勢E=V,其內(nèi)阻在電流低

于mA時(shí)為恒定值r=C（以上結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）。

（3）當(dāng)電流超過一定值后，內(nèi)阻隨電流的增大而（填“增大”或“減小”）。若用該電

池直接且僅給電阻為10C的小燈泡供電，則小燈泡的實(shí)際功率為W（結(jié)果保留3

位有效數(shù)字）。

四、解答題

14.如圖所示為一款便攜式鼻吸氧氣呼吸器的產(chǎn)品參數(shù)。罐體導(dǎo)熱性能良好，罐體內(nèi)氧

氣可視為理想氣體，當(dāng)罐體內(nèi)、外無氣壓差時(shí)便不能噴出氧氣。根據(jù)該產(chǎn)品參數(shù)的信息，

忽略氣體噴出時(shí)溫度的變化，求該款氧氣呼吸器在大氣壓強(qiáng)為01MPa,溫度為33℃的

環(huán)境下，以最大流量持續(xù)出氣的使用時(shí)長是多少秒？

產(chǎn)品名稱便攜式鼻吸氧氣呼吸器

組成部分產(chǎn)品由呼吸罐體、連接閥、吸入罩、防護(hù)帽和氧氣等部分

主要性能氧氣純度N99.6%

■

氧氣壓力0.8MPa(15℃)

型號(hào)SFK-3新RC0

產(chǎn)品規(guī)格1000mL

最大流量50mL/s

適用范圍主要適用于缺氧人群吸氧使用

15.如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧右端固定在豎直墻壁上，左端與小物塊A連接，A的左

側(cè)緊靠著放置一小物塊B。開始時(shí)彈簧處于原長，A、B均靜止，現(xiàn)對B施加一水平向

右的恒力F,使A和B一起向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度為零時(shí)，立即撤去凡一段時(shí)間后，A、

B分離并最終停止運(yùn)動(dòng)。以初始時(shí)B靜止的位置為坐標(biāo)原點(diǎn)，以向右為正方向，從B

開始向右運(yùn)動(dòng)到撤去尸前瞬間，這段過程中B的加速度。隨位移x變化的圖像如圖乙所

示。已知A和B質(zhì)量均為,〃=O.lkg,與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃=0.5,求

(1)彈簧的勁度系數(shù)4和恒力F的大??？

(2)在圖乙坐標(biāo)系中，畫出撤去F后B的a-x關(guān)系圖線，并在坐標(biāo)軸上標(biāo)出B開始

向左運(yùn)動(dòng)和停止運(yùn)動(dòng)時(shí)的。、x值(不要求推導(dǎo)過程)。

(3)A和B一起運(yùn)動(dòng)過程中的最大速度心的大小和方向？

BA

甲

16.如圖所示，某足夠大的區(qū)域內(nèi)同時(shí)存在豎直方向的勻強(qiáng)電場和水平方向的勻強(qiáng)磁場。

磁場垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為瓦一不帶電的質(zhì)量為，"的絕緣小球m沿著光

滑絕緣的水平面向右運(yùn)動(dòng)。另一質(zhì)量也為機(jī)，帶電量為q(q>0)的小球6沿著水平面

向左運(yùn)動(dòng)，速度大小為等，運(yùn)動(dòng)過程中b和水平面接觸但恰好無擠壓?！迸c匕在A點(diǎn)

Bq

發(fā)生碰撞并粘在一起。已知兩小球均可視為質(zhì)點(diǎn)且碰撞前后b的電荷量保持不變，重力

加速度為g,求

(1)該區(qū)域的電場強(qiáng)度的大小和方向？

(2)若碰撞后小球不再回到A點(diǎn)，則碰撞前?的速度大小應(yīng)滿足什么條件?

(3)若碰撞前a的速度大小為誓

,〃、6碰撞后瞬間，電場強(qiáng)度的大小立即變?yōu)樵瓉?/p>

Bq

的2倍，則碰撞后，小球第一次運(yùn)動(dòng)到的最高點(diǎn)與4點(diǎn)的距離有多大？

XXXXXXXX

XXXXXXXX

XXXXXXXX

XXX。"

/////////Vz/z/z///

A

試卷第8頁，共8頁

參考答案：

I.B

【詳解】A.根據(jù)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)守恒可知，衰變方程中的X是a粒子，故A錯(cuò)誤；

B.衰變中釋放出的X粒子流是氫核流，帶正電，所以比7射線的電離作用強(qiáng)，故B正確；

C.半衰期不是指少數(shù)粒子，是大量粒子有半數(shù)原子核發(fā)生衰變所用的時(shí)間，故C錯(cuò)誤；

D.放射性元素衰變的快慢是由原子核內(nèi)部自身決定的，與外界的物理和化學(xué)狀態(tài)無關(guān)，故

D錯(cuò)誤。

故選B。

2.C

【詳解】AD.無線充電是利用電磁感應(yīng)原理輸送電能的，所以送電線圈和受電線圈通過互

感現(xiàn)象實(shí)現(xiàn)能量傳遞，但是存在能量損失，因此“雙圈聚磁環(huán)”可以使手機(jī)的感應(yīng)圈與之對齊,

減少漏磁從而提高供電效率，故AD正確，不符合題意；

B.由于送電線圈中通入正弦式交變電流，根據(jù)麥克斯韋理論可知，送電線圈中電流產(chǎn)生的

磁場呈周期性變化，所以受電線圈中電流仍是正弦式交流電，因此只有對'‘純銅感應(yīng)圈''輸入

變化的電流才能對手機(jī)無線充電，故B正確，不符合題意；

C.因?yàn)闊o線充電存在漏磁，所以將金屬物件貼近正在無線充電的手機(jī)，充電會(huì)受到任何影

響，故C錯(cuò)誤，符合題意。

故選C。

3.A

【詳解】A.乘客從坡頂由靜止開始沿直線滑道滑下，設(shè)到坡底的大小速度為v,沿水平直

線滑道減速至停下，由

匚金

2

可知，加速下滑與水平減速兩段過程中的平均速度的大小相同，故A正確；

B.為保證乘客能順利沿滑道滑下，則有

mgsin0>"mgcos0

可得

sin。

//<----

cose

故B錯(cuò)誤；

C.由

答案第1頁，共12頁

mssin0-umecos0.八八

a=----------2-----=gsin。一〃gcos0

m

可知，加速度與乘客的質(zhì)量無關(guān)，故C錯(cuò)誤；

D.由

2(gsin0-〃gcos0)L-v2

2〃gx=v2

可得

故D錯(cuò)誤。

故選Ao

4.C

【詳解】A.根據(jù)題意可知，探測器通過推進(jìn)器制動(dòng)從高軌道到低軌道，推進(jìn)器做負(fù)功，機(jī)

械能減小，故A錯(cuò)誤；

B.由萬有引力提供向心力有

GMmv2

———=m—

r~r

解得

由于軌道?的半徑是軌道m(xù)的半徑的兩倍，則探測器在軌道I與軌道山上的運(yùn)行速率的比值

為1:a,故B錯(cuò)誤；

c.根據(jù)開普勒第二定律可知，探測器在軌道n上經(jīng)過p點(diǎn)的速率與經(jīng)過Q點(diǎn)的速率的比值

為1:2,故C正確；

D.根據(jù)題意，由開普勒第三定律有

解得

7；_3

故D錯(cuò)誤。

故選C。

答案第2頁，共12頁

5.D

【詳解】設(shè)在時(shí)間加內(nèi)噴出氣體質(zhì)量加，則由動(dòng)量定理

F/\t=mv

由能量關(guān)系

P\t=—mv

2

解得

發(fā)動(dòng)機(jī)的總推力約為

故選D。

6.B

【詳解】小球在豎直面內(nèi)做減速圓周運(yùn)動(dòng)，小球從4到C豎直面內(nèi)的圓心角

小球在豎直面內(nèi)的運(yùn)動(dòng)可看做單擺運(yùn)動(dòng)，小球從4到C的時(shí)間

小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，在水平方向上可看做勻速運(yùn)動(dòng)；，則

v=lm/s

故選B。

7.D

【詳解】A.由已知，。光的折射率小于b光的折射率，因此可知a光的頻率小于比人光的

頻率，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)

答案第3頁，共12頁

vb=—

則可得

v“=%=40

Vb?i5

故B錯(cuò)誤；

C.由于a光的頻率小于比。光的頻率，則可知〃光的波長大于比6光的波長，當(dāng)用同一裝

置做單縫衍射實(shí)驗(yàn)，波長越大，中央亮條紋越寬，由此可知a光的中央亮條紋比6光的寬,

故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)臨界角與折射率的關(guān)系

sinC=-

n

可知a光與b臨界角的正弦值分別為

所對應(yīng)的臨界角分別為

Q=53

孰=45

而根據(jù)幾何關(guān)系可知，入射角就等于，，因此可知，為使這兩種頻率的光都能從棱鏡斜邊射

出，e角的取值范圍必定為

0<6><45

故D正確。

故選D。

8.ACD

【詳解】A.聲波的干涉現(xiàn)象的本質(zhì)是波的疊加，故A正確；

B.同一波源產(chǎn)生的聲波不會(huì)因?yàn)閭鞑ヂ窂降牟煌淖冾l率，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)題意，將SBZ）中的可調(diào)節(jié)部分緩慢向下移動(dòng)2.5cm時(shí)，D測試到聲音強(qiáng)度第一次出

現(xiàn)最大值，則可知

答案第4頁，共12頁

—=2x2.5cm=5cm

2

可得

2=10cm

故C正確；

D.設(shè)最強(qiáng)聲波的振幅為&,最弱聲波的振幅的振幅為A,根據(jù)題意可知

/,=M,2=50dB,/,=M;=450dB（式中k為比例常數(shù)）

由此可知

%一代-7

故D正確。

故選ACD。

9.AB

【詳解】A.從離手到剛進(jìn)入籃筐，忽略空氣阻力的影響只受重力，又速度方向與重力方向

不共線，所以籃球做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故A正確；

BC.籃球做斜拋運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖

設(shè)從離手到剛進(jìn)入籃筐運(yùn)動(dòng)時(shí)間為人豎直方向先做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，有

“一〃=%sin45。?/一（

水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有

L=v0cos450-r

聯(lián)立解得

r=l.ls

6.8^2

v=--------m/s?8.74m/s

°n1.1

故B正確，C錯(cuò)誤；

D.從離手到剛進(jìn)入籃筐，根據(jù)公式

Av

a=——

M

可知籃球速度的改變量的大小為

答案第5頁，共12頁

Av=^=10x1.lm/s=lIm/s

故D錯(cuò)誤。

故選ABo

10.BD

【詳解】A.。點(diǎn)的合場強(qiáng)等于移動(dòng)電荷在。點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)，所以在移動(dòng)的過程中，。點(diǎn)的

電場強(qiáng)度大小保持不變，方向變化，故A錯(cuò)誤；

B.A、B電荷在。點(diǎn)的電勢不變，移動(dòng)電荷到。點(diǎn)的距離不變，則在。點(diǎn)的電勢不變，所

以在移動(dòng)的過程中，O點(diǎn)的電勢保持不變，故B正確；

C.根據(jù)

E增

r

可知，電荷間距離越大，場強(qiáng)越小，所以在移動(dòng)的過程中，移動(dòng)的電荷所受靜電力先減小后

增大，故C錯(cuò)誤；

D.在移動(dòng)的過程中，移動(dòng)的電荷受到的斥力先做正功后做負(fù)功，所以電勢能先減小后增大，

故D正確。

故選BDo

II.BD

【詳解】A.桿下滑切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以桿受到安培力作用，由

可知安培力是變力，所以桿岫先做變加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)受力平衡時(shí)、做勻速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤;

B.桿加勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度達(dá)到最大，則感應(yīng)電動(dòng)勢達(dá)到最大，所以感應(yīng)電流達(dá)到最大，

由歐姆定律可知，電阻R兩端的電壓最大，故B正確；

C.桿加沿導(dǎo)軌下滑過程中，根據(jù)能量守恒可知，其重力勢能減少量等于回路中產(chǎn)生的焦

耳熱和桿獲得的動(dòng)能，故c錯(cuò)誤；

D.由

mgsina--------

R+r

可得桿的最大速度為

mg(R+r)sina

VM=BH}

磁場方向變化后，由

答案第6頁，共12頁

mgsina=%或。sa

R+r

可得桿的最大速度為

,_mg(R+r)sina

B21?cosa

變大，故D正確。

故選BD。

mgr

100^2/?/,

12.1.500靜止的小球球心正下方(A+f)2-r

【詳解】(1)口］游標(biāo)卡尺讀數(shù)為

D=15mm+0x0.05mm=15.00mm=l.500cm

(2)⑵將白紙平鋪在水平桌面上，使同心圓的圓心剛好位于靜止的小球球心正下方;

(3)［3］根據(jù)向心力周期公式，得

4/r247r2mr100/〃“

F“=m

產(chǎn)豆2

⑷設(shè)小球做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，懸線與豎直方向的夾角為凡根據(jù)受力分析可知

七二mgtan0

又由幾何關(guān)系可知

r

tan?=

L+爭j

聯(lián)立解得

13.0.500增大0.625

【詳解】(1)［1］通過對圖像直線部分分析可知，直線部分表示的電阻大小為4.5C,而內(nèi)阻

的變化范圍為0-4。，因此可確定，電路中串聯(lián)了定值電阻以；電流表的內(nèi)阻約為0.3C,

若電流表外接，測量得到的等效內(nèi)阻為定值電阻、電流表內(nèi)阻與電源內(nèi)阻之和，而電流表內(nèi)

答案第7頁，共12頁

阻未知，因此不能準(zhǔn)確測量電源內(nèi)阻，而電流表內(nèi)接的情況下，因?yàn)殡妷罕韮?nèi)阻遠(yuǎn)大于電源

內(nèi)阻，因此電壓表的分流作用就很微小，可忽略，這樣造成的實(shí)驗(yàn)誤差就可忽略，實(shí)驗(yàn)電路

如下圖

(2)[2]圖像與縱軸的截距表示電源的電動(dòng)勢，讀圖可得電源的電動(dòng)勢為

￡=2.90V

[3]⑷根據(jù)所設(shè)計(jì)電路圖可知，圖像的斜率表示電源的內(nèi)阻與定值電阻4之和，圖像直線部

分說明電源的內(nèi)阻恒定，此時(shí)對應(yīng)的電流為200mA,則說明電流低于200mA時(shí)，電池的內(nèi)

阻為定值，則有

，=2.90-2*。=4so。

"200x10-3

由此可得

r=0.5(X)Q

(3)[5]當(dāng)電流超過一定值后，分析圖像可知，圖像上某點(diǎn)的斜率在增大，而斜率表示定值

電阻凡與內(nèi)阻之和，因此可知當(dāng)電流超過一定值后，內(nèi)阻隨電流的增大而增大;

⑹由于U-/圖像斜率表示定值電阻和電源內(nèi)阻之和，而定值電阻等于4。，因此要得到僅

將電阻為10。的小燈泡直接接入該電源兩端時(shí)小燈泡的功率，則可將10Q中的4。等效到

電源內(nèi)部，作出電阻為6c的U-/圖像，該圖像與電源的U-/圖像的交點(diǎn)所對應(yīng)的電流即

相當(dāng)于流過電阻為10Q的小燈泡的電流，作出圖像如圖所示

答案第8頁，共12頁

、UN

圖乙

根據(jù)圖像可得小燈泡的工作電流為250mA,其實(shí)際功率為

P=尸氏=(0.25)2X1ow=0.625W

14.150s

【詳解】初狀態(tài)有

Pi=0.8MPa,匕=1000mL,7；=(15+273)K288K

末狀態(tài)有

p2=0.1MPa,4=(33+273)K=306K

設(shè)末狀態(tài)體積為匕，則由理想氣體的狀態(tài)方程有

代入數(shù)據(jù)解得

匕=8.5xl03mL

則可知噴出的氧氣

AV=K-V；=7.5x103mL

由此可知以最大流量持續(xù)出氣的使用時(shí)長是

15.(1)%=100N/m；尸=3N；(2)見解析；(3)v=—m/s方向向左

,m10

【詳解】(1)根據(jù)牛頓第二定律和圖像可得

F-2umg-kxFkx

------------=-----4g----

2m2m2m

代入數(shù)值可得

答案第9頁，共12頁

10

=500

2m2x10"

則

k=100N/m

縱軸截距為

F

7g=1°

可得

F=3N

(2)撤去F后B的〃一x關(guān)系圖線如圖所不

(3)一起向右運(yùn)動(dòng)時(shí),當(dāng)x=0.02m時(shí)，動(dòng)能最大,由動(dòng)能定理

Fx-^kx2-/z-2mgx=-2m-

可得

4=y/OAm/s

一起向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，當(dāng)

kx'=/.i-2mg

可得

x'=0.01m

由動(dòng)能定理

g依:-g依'2)一〃.2mg(/-x')=~2m-vl

可得

%=JO.45m/s=m/s

所以最大速度為%=*m