山東省濱州市博興縣第三中學(xué)2020-2021學(xué)年高二上學(xué)期第一次月考物理試題

物理試題一、選擇題（1—8為單選，每題3分；9—12為多選，每題4分；共40分）1.下列關(guān)于物理史實(shí)正確的是（）A.安培建立了場(chǎng)的概念并引入電場(chǎng)線和磁感線來(lái)形象直觀描述電場(chǎng)和磁場(chǎng)B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)并建立了右手螺旋定則來(lái)判斷電流周圍磁場(chǎng)的方向C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，首先建立了電和磁的聯(lián)系D.奧斯特建立了安培定則來(lái)判斷電流周圍的磁場(chǎng)，同時(shí)提出了分子電流假說(shuō)將磁體的磁場(chǎng)和電流的磁場(chǎng)歸于相同本質(zhì)——電荷的運(yùn)動(dòng)【答案】C【解析】【詳解】A．法拉第提出場(chǎng)的概念并引入電場(chǎng)線和磁感線來(lái)形象直觀描述電場(chǎng)和磁場(chǎng)，故A錯(cuò)誤；B．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，安培建立了右手螺旋定則來(lái)判斷電流周圍磁場(chǎng)的方向，故B錯(cuò)誤；C．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，建立了電和磁的聯(lián)系，故C正確；D．安培建立了安培定則來(lái)判斷電流周圍的磁場(chǎng)，同時(shí)提出了分子電流假說(shuō)將磁體的磁場(chǎng)和電流的磁場(chǎng)歸于相同本質(zhì)——電荷的運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選C。2.下列說(shuō)法正確的是（）A.質(zhì)量一定的物體，若動(dòng)量發(fā)生變化，則動(dòng)能一定變化B.質(zhì)量一定的物體若動(dòng)能發(fā)生變化，則動(dòng)量一定變化C.做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，其動(dòng)能和動(dòng)量都保持不變D.一個(gè)力對(duì)物體有沖量，則該力一定會(huì)對(duì)物體做功【答案】B【解析】【詳解】AB．質(zhì)量一定物體，若動(dòng)量發(fā)生變化，則可能是速度大小變化，也可能是速度方向變化，因此動(dòng)能不一定變化。若動(dòng)能發(fā)生變化，則速度的大小一定發(fā)生變化，因此動(dòng)量一定變化，A錯(cuò)誤，B正確。C．做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，速度的大小不變，但速度的方向時(shí)刻在變化，因此物體的動(dòng)能不變，但動(dòng)量時(shí)刻在變化，C錯(cuò)誤。D．一個(gè)力對(duì)物體有了沖量，則物體的速度可能只有方向改變，如勻速圓周運(yùn)動(dòng)，此時(shí)該力對(duì)物體不做功，D錯(cuò)誤。故選B。3.如圖，用與水方向成角的拉力F拉動(dòng)木箱，使它從靜止開(kāi)始沿粗糙水平面運(yùn)動(dòng)時(shí)間t．木箱受到的重力mg、拉力F、支持力N和摩擦力的沖量大小分別為A.拉力的沖量大小為B.重力的沖量大小為0C.支持力的沖量大小為0D.摩擦力的沖量大小為【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)沖量的定義可知，拉力的沖量大小為，故A錯(cuò)誤；重力的沖量大小為mgt，故B錯(cuò)誤；支持力的沖量大小為Nt，故C錯(cuò)誤；摩擦力的沖量大小為，故D正確．所以D正確，ABC錯(cuò)誤．4.一個(gè)大人和一個(gè)小孩面對(duì)面站在光滑的冰面上，都處于靜止?fàn)顟B(tài)，某時(shí)刻小孩沿水平方向用力推了大人一下，結(jié)果兩人向相反方向滑去．已知大人的質(zhì)量大于小孩的質(zhì)量，則下列說(shuō)法正確的是A.小孩受到的沖量較大 B.大人受到的沖量較大C.小孩運(yùn)動(dòng)的速度較大 D.大人運(yùn)動(dòng)的速度較大【答案】C【解析】?jī)扇私M成的系統(tǒng)，初狀態(tài)總動(dòng)量為零，根據(jù)動(dòng)量守恒，可知兩人的動(dòng)量變化量大小相等，方向相反，根據(jù)，可知質(zhì)量小的速度大，故C正確，D錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)理定理，可知兩人的沖量大小相等，故AB錯(cuò)誤；故選C.5.下列小磁針?lè)较颍ㄋ行〈裴樁继幱陟o止?fàn)顟B(tài)）正確的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【詳解】A．小磁針靜止時(shí)N極所指方向即為磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，A中小磁針N極所指方向與磁感線方向相反，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)安培定則，從上向下看可知磁感線為逆時(shí)針?lè)较?，與小磁針N極所指方向相同，B正確；C．根據(jù)安培定則可知環(huán)中產(chǎn)生的磁場(chǎng)與紙面垂直，小磁針與紙面平行，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)圖中條形磁鐵位置可知磁感線由N極指向S極，小磁針N極所指方向與磁感線方向不符，D錯(cuò)誤故選B。6.如圖所示，小船靜止于水面上，站在船尾的人不斷將魚拋向左方船頭的艙內(nèi)，將一定質(zhì)量的魚拋完后，關(guān)于小船的速度和位移，下列說(shuō)法正確的是（）A.向左運(yùn)動(dòng)，船向左移動(dòng)了一些B.小船靜止，船向左移動(dòng)了一些C.小船靜止，船向右移動(dòng)了一些D.小船靜止，船不移動(dòng)【答案】C【解析】【詳解】人、船、魚組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，開(kāi)始時(shí)系統(tǒng)靜止，動(dòng)量為零，由動(dòng)量守恒定律可知，最終，船是靜止的；在人將魚向左拋出而魚沒(méi)有落入船艙的過(guò)程中，魚具有向左的動(dòng)量，由動(dòng)量守恒定律可知，船（包括人）具有向右的動(dòng)量，船要向右移動(dòng)，魚落入船艙后船即停止運(yùn)動(dòng)，如此反復(fù)，在拋魚的過(guò)程中船要向右運(yùn)動(dòng)，最終船要向右移一些；A.向左運(yùn)動(dòng)，船向左移動(dòng)了一些，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A不符合題意；B.小船靜止，船向左移動(dòng)了一些，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B不符合題意；C.小船靜止，船向右移動(dòng)了一些，與結(jié)論相符，選項(xiàng)C符合題意；D.小船靜止，船不移動(dòng)，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D不符合題意；7.如圖所示，在同一平面內(nèi)互相絕緣的三根無(wú)限長(zhǎng)直導(dǎo)線、，圍成一個(gè)等邊三角形，三根導(dǎo)線通過(guò)的電流大小相等，方向如圖所示，為等邊三角形的中心，、分別為關(guān)于導(dǎo)線、的對(duì)稱點(diǎn)．已知三根導(dǎo)線中的電流形成的合磁場(chǎng)在點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，在點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，若撤去導(dǎo)線，而、中電流不變，則此時(shí)點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】設(shè)每根導(dǎo)線中的電流在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，ef、cd中的電流在M點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小都為，則在O點(diǎn)有，在M點(diǎn)有，撤去導(dǎo)線ef后，在N點(diǎn)有、聯(lián)立式各式可得．A.與計(jì)算結(jié)果不相符，故A不符合題意；B.與計(jì)算結(jié)果不相符，故B不符合題意

C.與計(jì)算結(jié)果相符，故C符合題意；D.與計(jì)算結(jié)果不相符，故D不符合題意．8.如圖所示，橫截面積為5cm2的水柱以10m/s的速度垂直沖到墻壁上，已知水的密度為1×103kg/m3A.0.5N B.C.50N D.500N【答案】C【解析】【詳解】設(shè)沖水時(shí)間，墻對(duì)水柱的作用力為F，對(duì)水柱水平方向動(dòng)量定理得：，且，代入數(shù)據(jù)解得：，ABD錯(cuò)誤C正確9.如圖所示，質(zhì)量為M的斜面放在光滑的水平面上，質(zhì)量為m的物體由靜止開(kāi)始從斜面的頂端滑到底端，在這過(guò)程中（）A.M、m組成的系統(tǒng)滿足動(dòng)量守恒B.任意時(shí)刻m、M各自的水平方向動(dòng)量的大小相等C.m對(duì)M的沖量等于M的動(dòng)量變化D.M對(duì)m的支持力做負(fù)功【答案】BD【解析】【詳解】A．物體相對(duì)于斜面有沿斜面向下的加速度，相對(duì)于地面有豎直向下的分加速度，所以M、m組成的系統(tǒng)豎直方向的合外力不為零，在水平方向受到的合外力為零，所以系統(tǒng)的合外力不為零，系統(tǒng)的動(dòng)量不守恒，A錯(cuò)誤；B．系統(tǒng)在水平方向不受外力，所以系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，由于初始時(shí)系統(tǒng)在水平方向的總動(dòng)量為零，根據(jù)水平方向動(dòng)量守恒知任意時(shí)刻m、M各自的水平方向動(dòng)量的大小相等，B正確；C．根據(jù)動(dòng)量定理可知，合外力的沖量等于物體動(dòng)量變化量，M受到重力、地面的支持力和m對(duì)M的壓力，可知，m對(duì)M的沖量不等于M的動(dòng)量變化，C錯(cuò)誤；D．M對(duì)m的支持力與斜面垂直，由于M相對(duì)于地面要向右運(yùn)動(dòng)，所以M對(duì)m的支持力與m相對(duì)于地面的位移不垂直，且支持力方向和m相對(duì)于地面的位移方向的夾角為鈍角，所以M對(duì)m的支持力要做負(fù)功，D錯(cuò)誤。故選BD。10.如圖所示，一輕質(zhì)彈簧兩端連著物體A和B，放在光滑的水平面上，物體A被水平速度為的子彈射中并嵌在其中。已知子彈的質(zhì)量是m，物體A和B的質(zhì)量相同均為則（）A.子彈射入A的過(guò)程中，A物體獲得的最大速度為B.彈簧壓縮到最短時(shí)，B的速度為C.運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，物體B能獲得的最大速度為D.彈簧壓縮到最短時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能為【答案】BC【解析】【詳解】A．子彈射入A的過(guò)程中，對(duì)子彈和A組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒解得故A錯(cuò)誤；B．彈簧壓縮到最短時(shí)，子彈和A、B物體速度相等，設(shè)為，對(duì)子彈、物體A、物體B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒解得故B正確；C．運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，B的速度最大，設(shè)此時(shí)子彈和A的速度為，B的速度為，由動(dòng)量守恒及功能關(guān)系可得解得故C正確；D．彈簧壓縮到最短時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能為故D錯(cuò)誤。故選BC。11.如圖所示，方盒A靜止在光滑的水平面上，盒內(nèi)有一個(gè)小滑塊B，盒的質(zhì)量是滑塊質(zhì)量的2倍，滑塊與盒內(nèi)水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為；若滑塊以速度v開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，與盒的左右壁發(fā)生無(wú)機(jī)械能損失的碰撞，滑塊在盒中來(lái)回運(yùn)動(dòng)多次，最終相對(duì)盒靜止，則（）A.方盒最終的速度為B.方盒最終的速度為C.滑塊相對(duì)方盒運(yùn)動(dòng)路程為D.滑塊相對(duì)方盒運(yùn)動(dòng)的路程為【答案】BC【解析】【詳解】AB．設(shè)滑塊的質(zhì)量是m，碰后速度為v共，物體與盒子組成的系統(tǒng)合外力為0，設(shè)向左為正方向，由動(dòng)量守恒有解得故B正確，A錯(cuò)誤；CD．開(kāi)始時(shí)盒子與物塊的機(jī)械能為碰后盒子與物塊的機(jī)械能為損失的機(jī)械能為聯(lián)立得故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。12.質(zhì)量相等的高鐵列車與普通列車分別受到恒定動(dòng)力F1、F2的作用從靜止開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng)，在t0和4t0時(shí)刻的速度分別達(dá)到2v0和v0時(shí)，撤去F1和F2，此后兩列車?yán)^續(xù)做勻減速運(yùn)動(dòng)直至停止，兩列車運(yùn)動(dòng)速度隨時(shí)間變化的圖線如圖所示，設(shè)兩次摩擦力的沖量分別為If1、If2，摩擦力做的功分別為Wf1、Wf2，F(xiàn)1和F2的沖量分別為I1和I2，F(xiàn)1和F2做的功分別為W1、W2。下列結(jié)論正確的是（）A. B.C. D.【答案】AC【解析】【詳解】A．根據(jù)撤去動(dòng)力后列車的運(yùn)動(dòng)情況可知，兩列車受到的摩擦力相等，兩列車全程的時(shí)間之比故A正確；B．因vt圖線與t軸圍成的面積表示位移，故兩列車全程的位移之比故Wf1：Wf2=6：5B錯(cuò)誤；C．對(duì)列車全過(guò)程利用動(dòng)量定理，有故C正確；D．對(duì)列車全過(guò)程利用動(dòng)能定理，有故D錯(cuò)誤。故選AC。二、填空題13.如圖所示，矩形線圈面積為S，放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中，開(kāi)始處于水平位置，磁場(chǎng)與線圈平面法線夾角為，此時(shí)的磁通量為_(kāi)__________當(dāng)線圈繞其一邊順時(shí)針轉(zhuǎn)到90°到達(dá)豎直位置時(shí)的磁通量為_(kāi)__________，線圈中的磁通量的改變量的大小為_(kāi)__________?！敬鸢浮?1).(2).(3).【解析】【詳解】[1]處于水平位置，磁場(chǎng)與線圈平面法線夾角為，此時(shí)磁通量為[2]當(dāng)線圈繞其一邊順時(shí)針轉(zhuǎn)到90°到達(dá)豎直位置時(shí)與磁場(chǎng)從線圈的另一面穿過(guò)，的磁通量為[3]線圈中的磁通量的改變量為大小為14.如圖所示，斜槽末端水平，小球從斜槽某一高度由靜止?jié)L下，落到水平面上的P點(diǎn)。今在槽口末端放一與半徑相同的球，仍讓球從斜槽同一高度滾下，并與球正碰后使兩球落地，球和的落地點(diǎn)分別是M、N，已知槽口末端在白紙上的投影位置為O點(diǎn)。則(1)兩小球質(zhì)量的關(guān)系應(yīng)滿足______；A．B．C．(2)實(shí)驗(yàn)必須滿足的條件______；A．軌道末端的切線必須是水平的B．斜槽軌道必須光滑C．入射球每次必須從同一高度滾下D．入射球和被碰球的球心在碰撞瞬間必須在同一高度(3)實(shí)驗(yàn)中必須測(cè)量的是______；A．兩小球的質(zhì)量和B．兩小球的半徑和C．桌面離地的高度HD．小球起始高度E．從兩球相碰到兩球落地的時(shí)間F．小球單獨(dú)飛出的水平距離G．兩小球和相碰后飛出的水平距離(4)若兩小球質(zhì)量之比為：：2，碰撞前小球的質(zhì)量為，碰撞后小球、的質(zhì)量分別為、，兩球落點(diǎn)情況如圖所示，則碰撞前后有______A．B．C．D．【答案】(1).B(2).ACD(3).AFG(4).C【解析】【詳解】(1)[1]為了防止在碰撞過(guò)程中，入射小球反彈，要求故選B(2)[2]A．要保證每次小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，則軌道的末端必須水平，故A正確；B．“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，是通過(guò)平拋運(yùn)動(dòng)的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，對(duì)斜槽是否光滑沒(méi)有要求，故B錯(cuò)誤；C．要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；D．碰撞的瞬間，入射球與被碰球的球心連線與軌道末端的切線平行，即小球球心處在同一高度，故D正確。故選ACD(3)[3]根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理知即為可知需要測(cè)量的物理量有，兩球的質(zhì)量和，小球單獨(dú)飛出的水平距離OP，兩小球和相碰后飛出的水平距離OM，ON故選AFG(4)[4]由(3)分析可知，碰撞前后有故選C三、計(jì)算題15.勻強(qiáng)磁場(chǎng)中放一根與磁場(chǎng)方向垂直的通電導(dǎo)線，它的電流為1.5A，導(dǎo)線長(zhǎng)為1cm，它受到的磁場(chǎng)力為6×102N。求：(1)該磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B；(2)如果把導(dǎo)線中的電流增大到3A，導(dǎo)線受到的磁場(chǎng)力F1?！敬鸢浮?1)4T；(2)F1=0.12N【解析】【詳解】(1)根據(jù)安培力公式得(2)16.兩質(zhì)量均為2m劈A和B，高度相同，放在光滑水平面上，A和B的傾斜面都是光滑曲面，曲面下端與水平面相切，如圖所示．一質(zhì)量為m的物塊位于劈A的傾斜面上，距水平面的高度為h，物塊從靜止滑下，然后又滑上劈B，重力加速度為g.求：(1)物塊第一次離開(kāi)劈A時(shí)，劈A的速度；(2)物塊在劈B上能夠達(dá)到的最大高度．【答案】(1)(2)【解析】【詳解】（1）設(shè)滑塊第一次離開(kāi)A時(shí)的速度為v1，A的速度為v2，由系統(tǒng)動(dòng)量守恒得：…………（1）系統(tǒng)機(jī)械能守恒得：………………（2）由（1）（2）解得（2）物塊在劈B上達(dá)到最大高度時(shí)兩者速度相同，設(shè)為v，由系統(tǒng)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒得…………（3）…………（4）由（3）（4）解得17.如圖（1）所示，在光滑的水平面上有甲、乙兩輛小車，質(zhì)量為30kg的小孩乘甲車以5m/s的速度水平向右勻速運(yùn)動(dòng)，甲車的質(zhì)量為15kg，乙車靜止于甲車滑行的前方，兩車碰撞前后的位移隨時(shí)間變化圖象如圖（2）所示．求：（1）甲乙兩車碰撞后的速度大??；（2）乙車的質(zhì)量；（3）為了避免甲乙兩車相撞，小孩至少以多大的水平速度從甲車跳到乙車上？【答案】（1）甲車的速度大小為，乙車的速度大小為v2=3m/s（2）（3）【解析】（1）由圖可知，碰撞后甲車的速度大小為（1分）乙車的速度大小為v2="3m/s"（1分）（2）在碰撞過(guò)程中，三者組成的系統(tǒng)滿足動(dòng)量守恒．（2分）解得：（1分）（3）設(shè)人跳向乙車的速度為v人,由動(dòng)量守恒定律得人跳離甲車：（1分）人跳至乙車：（1分）為使二車避免相撞，應(yīng)滿足（2分）取“=”時(shí)，人跳離甲車的速度最小，（2分）18.如圖所示，兩物塊