2023年北京市東城區(qū)高考物理二模試卷

2023年北京市東城區(qū)高考物理二模試卷

一、選擇題。本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符

合題目要求的一項(xiàng)。

1.（3分）盧瑟福提出原子核式結(jié)構(gòu)模型是為了解釋（）

A.a粒子散射實(shí)驗(yàn)B.核聚變反應(yīng)

C.天然放射現(xiàn)象D.核裂變反應(yīng)

2.（3分）下列說法正確的是（）

A.液體分子的無規(guī)則運(yùn)動稱為布朗運(yùn)動

B.分子間距離減小時(shí)，分子間的作用力也減小

C.物體從外界吸收熱量，其內(nèi)能不一定增加

D.物體溫度升高，每個(gè)分子熱運(yùn)動的動能均增大

3.（3分）汽車以10m/s的速度在馬路上勻速行駛，駕駛員發(fā)現(xiàn)正前方20米處有障礙物，

立即剎車，汽車恰好停在障礙物前。已知駕駛員反應(yīng)時(shí)間為0.75s,汽車運(yùn)動的v-t圖像

如圖所示?在剎車過程中，汽車的加速度大小為（）

A.3m/s2B.4m/s2C.5m/s2D.6m/s2

4.（3分）下列說法正確的是（）

A.在空氣中，可見光和超聲波傳播速度相同

B.電磁波和機(jī)械波都需要介質(zhì)才能傳播

C.無線電波和紫外線都可以發(fā)生偏振現(xiàn)象

D.紅外線的波長比X射線的波長短

5.（3分）某光源發(fā)出的光由不同波長的光組成。不同波長的光的強(qiáng)度（表示光的強(qiáng)弱）如

圖所示。使金屬恰好發(fā)生光電效應(yīng)的光的波長，稱為極限波長。表中為一些金屬的極限

波長。用該光源照射表中金屬表面，則（）

材料鉗鴇鈉

極限波長（nm）196274542

A.只有鈉表面有電子逸出

B.只有伯表面有電子逸出

C.鈣、伯表面均有電子逸出

D.鉗、鴇、鈉表面均有電子逸出

6.（3分）如圖所示，質(zhì)量為m的木箱在大小為F的水平外力作用下，沿傾角為。的斜面

勻速向上運(yùn)動。不計(jì)空氣阻力.下列說法正確的是（）

A.木箱所受合力大小為mgsinO+Fcos。

B.斜面對木箱的支持力大小為mgcosO

C.斜面對木箱的摩擦力大小為FcosQ-mgsinQ

D.斜面對木箱作用力的合力大小為F+mg

7.（3分）圖示為-一顆人造地球衛(wèi)星發(fā)射過程的簡化示意圖。衛(wèi)星先進(jìn)入圓軌道1做勻速圓

周運(yùn)動，再經(jīng)橢圓軌道2,最終進(jìn)入圓軌道3做勻速圓周運(yùn)動。軌道2分別與軌道1、軌

道3相切于P、Q兩點(diǎn)。下列說法正確的是（）

A.衛(wèi)星在軌道1上運(yùn)行時(shí)，向心力始終不改變

B.衛(wèi)星在軌道1的運(yùn)行周期大于其在軌道3的運(yùn)行周期

C.衛(wèi)星在軌道2上從P點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)的過程中，速度越來越大

D.不論在軌道2運(yùn)行還是在軌道3運(yùn)行，衛(wèi)星在Q點(diǎn)的加速度都相同

8.（3分）如圖中所示，輕彈簧的一端固定，另一端連接一個(gè)有孔的小球（球下固定有筆頭）,

小球套在光滑的桿上，沿水平方向做簡諧運(yùn)動。在小球運(yùn)動時(shí)，沿垂直于小球振動方向，

以速度v勻速拉動紙帶，筆頭在紙帶上留下痕跡，a、b是痕跡上的兩點(diǎn)，如圖乙所示。

不計(jì)一切阻力。下列說法正確的是（）

A.圖乙曲線記錄了小球的運(yùn)動軌跡

B.I時(shí)間內(nèi)小球的運(yùn)動路程可能為vt

C.記錄a點(diǎn)時(shí)小球的速度小于記錄b點(diǎn)時(shí)小球的速度

D.如果僅減小紙帶移動速度，小球運(yùn)動的周期變大

9.（3分）“蹦極”運(yùn)動中，將一根有彈性的繩系在蹦極者身上，另一端固定在跳臺上，人

從幾十米高處跳下。將蹦極過程簡化為人沿豎直方向的運(yùn)動。不計(jì)空氣阻力的影響。從

繩剛好伸直時(shí)，到人第一次下降至最低點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是（）

A.人先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)

B.繩對人的拉力始終做負(fù)功，人的動能先增大后減小

C.繩對人的沖量始終向上，人的動量先減小后增大

D.人的動能的減少量等于繩的彈性勢能的增加量

10.（3分）如圖所示的U-I圖像中，直線a表示某電源的路端電壓U與電流I的關(guān)系，直

線b、c分別表示電阻Ri、R2的電壓U與電流I的關(guān)系。下列說法正確的是（）

A.電阻Ri、R2的阻值之比為4：3

B.該電源的電動勢為6V,內(nèi)阻為3。

C.只將R1與該電源組成閉合電路時(shí)，電源的輸出功率為6W

D.只將R2與該電源組成閉合電路時(shí)，內(nèi)、外電路消耗的電功率之比為1：1

11.（3分）如圖所示，洛倫茲力演示儀由勵(lì)磁線圈、電子槍、玻璃泡等部分組成，勵(lì)磁線

圈是一對彼此平行的共軸的圓形線圈，它能夠在兩線圈之間產(chǎn)生勻強(qiáng)磁場。電子槍可以

產(chǎn)生電子束。玻璃泡內(nèi)充有稀薄的氣體，在電子束通過時(shí)能夠顯示電子的徑跡。若電子

槍垂直磁場方向發(fā)射電子，給勵(lì)磁線圈通電后，能看到電子束的徑跡呈圓形。調(diào)節(jié)電子

槍的加速電壓可以改變電子的速度，調(diào)節(jié)勵(lì)磁線圈的電流可以改變磁感應(yīng)強(qiáng)度。下列說

法正確的是（）

A.只增大電子槍的加速電壓，電子的運(yùn)動周期變大

B.只增大電子槍的加速電壓，電子束的軌道半徑不變

C.只增大勵(lì)磁線圈中的電流，電子的運(yùn)動周期變小

D.只增大勵(lì)磁線圈中的電流，電子束的軌道半徑不變

12.（3分）回旋加速器的工作原理如圖所示，Di和D2是兩個(gè)中空的半圓金屬盒，它們之

間有電勢差。兩個(gè)半圓盒處于與盒面垂直的勻強(qiáng)磁場中。中央A處的粒子源可以產(chǎn)生粒

子，粒子在兩盒之間被電場加速，進(jìn)入磁場后做勻速圓周運(yùn)動。粒子離開A處時(shí)的速度、

在電場中的加速時(shí)間以及粒子的重力均可忽略不計(jì)。不考慮粒子間的相互作用及相對論

效應(yīng)。下列說法正確的是（）

A.電勢差一定時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，粒子離開加速器時(shí)的動能越小

B.電勢差一定時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，粒子在加速器中的運(yùn)動時(shí)間越長

C.磁感應(yīng)強(qiáng)度一定時(shí)，電勢差越大，粒子離開加速器時(shí)的動能越大

D.磁感應(yīng)強(qiáng)度一定時(shí)，電勢差越大，粒子在加速器中的運(yùn)動時(shí)間越長

13.（3分）水平放置的兩平行金屬板間，有一個(gè)帶正電的小球，從某點(diǎn)無初速度自由下落。

經(jīng)過t時(shí)間，在兩板間施加豎直向上的勻強(qiáng)電場。再經(jīng)過t時(shí)間，小球又回到出發(fā)點(diǎn)。己

知小球質(zhì)量為m,重力加速度為g。小球未與下極板發(fā)生碰撞。不計(jì)空氣阻力。從施加

電場開始到小球又回到出發(fā)點(diǎn)的過程中（）

A.小球所受電場力與重力的大小之比為3：1

B.小球加速運(yùn)動時(shí)間與減速運(yùn)動時(shí)間之比為3：1

C.小球的動量變化量大小為4mgt,方向豎直向上

D.小球電勢能的減少量與動能的增加量之比為4：3

14.（3分）圖甲所示為一種無線充電裝置的簡化原理圖，充電基座內(nèi)有送電線圈，中

安裝有受電線圈。送電線圈接入正弦式交變電流，電流激發(fā)周期性變化的磁場，磁場在

周圍空間激發(fā)感生電場，受電線圈中產(chǎn)生交變電流。圖乙所示為受電線圈的電流i隨時(shí)

間t變化的圖像，圖丙所示為圖乙電流再經(jīng)過整流電路（圖中未畫出）處理后的電流i'

隨時(shí)間f變化的圖像。下列說法正確的是（）

A.受電線圈的工作原理是電流的磁效應(yīng)

B.送電線圈的電能先轉(zhuǎn)化為磁場能，再轉(zhuǎn)化為受電線圈的電能

C.相同時(shí)間內(nèi)，圖乙、圖丙電流通過相同電阻產(chǎn)生的熱量之比為2：I

D.受電線圈未正對送電線圈放置時(shí)，受電線圈中感應(yīng)電流的頻率變小

二、非選擇題

15.（8分）物理實(shí)驗(yàn)一般都涉及實(shí)驗(yàn)?zāi)康摹?shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)儀器、實(shí)驗(yàn)方法、實(shí)驗(yàn)操作、

數(shù)據(jù)分析等。

（1）如圖甲所示，“測玻璃的折射率”的實(shí)驗(yàn)中，將白紙平鋪在木板上并用圖釘固定，

之后將玻璃磚平放在白紙上，在適當(dāng)位置豎直地插上A、B、C、D四個(gè)大頭針。圖中a

和a，為玻璃磚的兩個(gè)界面，AB延長線與直線a的交點(diǎn)為0,CD延長線與直線球的交點(diǎn)

為O,NN'表示法線。

①在插大頭針C時(shí)，應(yīng)使其（選填選項(xiàng)前的字母）。

A.只擋住A的像

B.只擋住B的像

C.同時(shí)擋住A、B的像

②該玻璃磚的折射率可表示為n=（用01和。2表示）。

（2）利用不同電路測量電源電動勢和內(nèi)阻。

①用圖乙所示電路測量時(shí)，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要原因是。

A.電壓表的分流作用

B.電壓表的分壓作用

C.電流表的分流作用

D.電流表的分壓作用

②用圖丙所示電路測量時(shí)，改變電阻箱接入電路中的電阻值，記錄多組電流表示數(shù)I和

電阻箱示數(shù)R,以R為橫軸，以工為縱軸，做出工-R圖像，圖線的斜率表

II

示。

16.（10分）某同學(xué)做“研究平拋運(yùn)動的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)。

（1）用圖甲所示裝置研究平拋運(yùn)動豎直分運(yùn)動的特點(diǎn)。A、B為兩個(gè)完全相同的小球，

用小錘擊打彈性金屬片后，A球沿水平方向飛出，同時(shí)B球自由下落。兩球在空中運(yùn)動

的過程中，下列說法正確的是

A.A球的運(yùn)動時(shí)間比較長

B.兩球的運(yùn)動時(shí)間一樣長

C.只改變小錘的擊打力度，不會影響兩球的運(yùn)動時(shí)間

D.只改變兩小球開始運(yùn)動時(shí)距地面的高度，不會影響兩球的運(yùn)動時(shí)間

（2）用頻閃照相的方法研究平拋運(yùn)動水平分運(yùn)動的特點(diǎn)。圖乙所示的頻閃照片中記錄了

做平拋運(yùn)動的小球每隔相等時(shí)間的位置。有同學(xué)認(rèn)為，小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動,

其判斷依據(jù)是。

（3）圖丙是某同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)畫出的小球做平拋運(yùn)動的軌跡，O為平拋的起點(diǎn)。在軌跡上

取兩點(diǎn)A、B,測得A、B兩點(diǎn)的縱坐標(biāo)分別為yi=5.00cm,y2=45.00cm,A、B兩點(diǎn)間

的水平距離X2-xi=40.00cmog取10m/s2,則小球的初速度vo為m/s（結(jié)果

保留兩位有效數(shù)字）。

（4）放學(xué)途中，有同學(xué)看見園林工人正在用手拿著噴水管為草地澆水。他觀察發(fā)現(xiàn)，水

沿水平方向噴出，出水口的橫截面是圓形。他想利用所學(xué)的平拋知識估測水的流量Q（單

位時(shí)間內(nèi)流過出水口的水的體積）。已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間,請寫出他還需要測量哪

些物理量，并推導(dǎo)出流量Q的計(jì)算公式（所需字母自行設(shè)定）。

17.（9分）一個(gè)質(zhì)量為m的物體，在光滑水平面上向左做勻加速直線運(yùn)動。某時(shí)刻物體的

速度為vi,經(jīng)過一段時(shí)間At,速度變?yōu)閂2。

（1）求物體的加速度大小a；

（2）若物體所受合力為F,在At時(shí)間內(nèi)動量的變化量為Ap,根據(jù)牛頓第二定律推導(dǎo)A

p與F的關(guān)系；

（3）若物體繼續(xù)向左運(yùn)動與豎直墻壁發(fā)生碰撞。碰前瞬間物體的速度大小為7m/s,碰后

物體以6m/s的速度反向運(yùn)動。碰撞時(shí)間為0.05s,已知m=0.5kg,求碰撞過程中墻壁對

物體的平均作用力。

18.(9分)如圖所示，粗細(xì)均勻的導(dǎo)線制成的單匝正方形閉合線框abed,邊長為L,總電

阻為R。將其置于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于紙面向里的水平勻強(qiáng)磁場上方h處。

線框由靜止開始自由下落，線框平面保持在豎直平面內(nèi)，且cd邊始終與水平的磁場邊界

平行。當(dāng)cd邊剛進(jìn)入磁場時(shí)，線框加速度恰好為零。己知重力加速度為g。在線框進(jìn)入

磁場過程中，求：

(1)線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小E,及cd兩點(diǎn)間的電勢差U；

(2)線框的質(zhì)量m；

(3)通過線框的電荷量q。

19.(10分)利用物理模型對問題進(jìn)行分析，是重要的科學(xué)思維方法。

如圖所示，長為L的均勻細(xì)桿的一端固定一個(gè)小球，另一端可繞垂直于桿的光滑水平軸

O轉(zhuǎn)動。已知小球質(zhì)量為mi,桿的質(zhì)量為m2。小球可視為質(zhì)點(diǎn)。

(1)若桿的質(zhì)量與小球質(zhì)量相比可以忽略。把桿拉到水平位置后，將小球無初速度釋放。

a.當(dāng)桿轉(zhuǎn)動至與水平方向成0角時(shí)(。<90°),求小球的角速度3。

b.若只增加桿的長度，小球由靜止開始運(yùn)動到最低點(diǎn)的過程中，所用時(shí)間是變長還是變

短，通過分析定性說明。

(2)若桿的質(zhì)量與小球質(zhì)量相比不能忽略。已知桿在繞O點(diǎn)轉(zhuǎn)動時(shí)，其動能的表達(dá)式為

P，—1a,、pv

bk—■r-m3L°

6

a.請你利用單位制的知識，判斷a、0、丫的數(shù)值。

b.把桿拉到水平位置后，將小球無初速度釋放，當(dāng)桿轉(zhuǎn)動至與水平方向成。角時(shí)(9<

90°),求小球的角速度3、

20.(12分)在勻強(qiáng)磁場中放置一個(gè)截面為矩形的通電導(dǎo)體或半導(dǎo)體薄片，當(dāng)磁場方向與電

流方向垂直時(shí)，在與磁場、電流方向都垂直的方向上出現(xiàn)電勢差，這個(gè)現(xiàn)象稱為霍爾效

應(yīng)，產(chǎn)生的電勢差稱為霍爾電勢差或霍爾電壓UHO霍爾電壓與電流之比稱為霍爾電阻

RH?

(1)圖甲所示的半導(dǎo)體薄片的厚度為d,薄片中自由電荷的電荷量為q,單位體積內(nèi)的

自由電荷數(shù)為n。磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。請你推導(dǎo)霍爾電阻RH的表達(dá)式。

(2)在發(fā)現(xiàn)霍爾效應(yīng)約100年后，科學(xué)家又發(fā)現(xiàn)某些半導(dǎo)體材料的霍爾電阻，在低溫和

強(qiáng)磁場下，與外加磁場的關(guān)系出現(xiàn)一個(gè)個(gè)的“平臺”，在平臺處霍爾電阻嚴(yán)格等于一個(gè)常

數(shù)除以正整數(shù)，即RH」亍，其中h為普朗克常數(shù)，e為電子電荷量，i為正整數(shù)，這個(gè)

ie

現(xiàn)象被稱為整數(shù)量子霍爾效應(yīng)。在環(huán)境溫度小于4K時(shí)，霍爾電阻RH與外加磁場的磁感

應(yīng)強(qiáng)度B的關(guān)系圖像如圖乙所示。由于量子霍爾電阻只與基本物理常數(shù)有關(guān)，國際計(jì)量

委員會推薦在世界范圍內(nèi)用量子電阻標(biāo)準(zhǔn)替代實(shí)物電阻標(biāo)準(zhǔn)，以避免實(shí)物電阻阻值因環(huán)

境影響而變化。由于霍爾電阻與實(shí)物電阻的定義并不相同，因此需要利用一些方法才可

以將量子霍爾電阻標(biāo)準(zhǔn)電阻值“傳遞”給實(shí)物電阻。“傳遞”的一種方法叫“電位差計(jì)比

較法”，其原理可簡化為圖丙所示電路，把可調(diào)實(shí)物電阻與量子霍爾電阻串聯(lián)，用同一個(gè)

電源供電，以保證通過兩個(gè)電阻的電流相等。通過比較霍爾電勢差與實(shí)物電阻兩端的電

勢差，即可達(dá)到比較霍爾電阻與實(shí)物電阻阻值的目的。

X10-34JX10',9Co通過分析，計(jì)算該實(shí)物電阻的阻值Rs（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

b.如果要通過量子霍爾效應(yīng)“傳遞”出一個(gè)阻值為一k的標(biāo)準(zhǔn)實(shí)物電阻，請你說明操

Q2

3e

作思路。

2023年北京市東城區(qū)高考物理二模試卷

參考答案與試題解析

一、選擇題。本部分共14題，每題3分，共42分。在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，選出最符

合題目要求的一項(xiàng)。

1.（3分）盧瑟福提出原子核式結(jié)構(gòu)模型是為了解釋（）

A.a粒子散射實(shí)驗(yàn)B.核聚變反應(yīng)

C.天然放射現(xiàn)象D.核裂變反應(yīng)

【分析】根據(jù)核式結(jié)構(gòu)學(xué)說可以解釋a粒子的散射：當(dāng)a粒子穿過原子時(shí)，電子對a粒

子影響很小，影響a粒子運(yùn)動的主要是原子核；離核遠(yuǎn)則a粒子受到的庫侖斥力很小，

運(yùn)動方向改變小。只有當(dāng)a粒子與核十分接近時(shí)，才會受到很大庫侖斥力，而原子核很

小，所以a粒子接近它的機(jī)會就很少，所以只有極少數(shù)大角度的偏轉(zhuǎn)，而絕大多數(shù)基本

按直線方向前進(jìn)。

【解答】a粒子散射實(shí)驗(yàn)，同時(shí)否定了湯姆孫的棗糕模型。故A正確；

B.核聚變反應(yīng)，即輕原子核（例如笊和窟）結(jié)合成較重原子核（例如氨）時(shí)放出巨大能

量。故B錯(cuò)誤；

C.天然放射現(xiàn)象，天然放射現(xiàn)象是指放射性元素自發(fā)地放出射線的現(xiàn)象。天然放射現(xiàn)象

是1896年法國物理學(xué)家貝克勒耳發(fā)現(xiàn)的，該研究使人們認(rèn)識到原子核具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)。

故C錯(cuò)誤；

D.拿中子轟擊重核，使重原子核分裂成兩個(gè)（極少情況下會是3個(gè)）更輕的原子核以及2

-3個(gè)自由中子，并釋放出巨大的能量，這一過程稱為核裂變。故D錯(cuò)誤。

故選：A?

【點(diǎn)評】本題屬于概念理解性問題，大家要記住教材上這些識記型的問題，但是要注意

不能張冠李戴。

2.（3分）下列說法正確的是（）

A.液體分子的無規(guī)則運(yùn)動稱為布朗運(yùn)動

B.分子間距離減小時(shí)，分子間的作用力也減小

C.物體從外界吸收熱量，其內(nèi)能不一定增加

D.物體溫度升高，每個(gè)分子熱運(yùn)動的動能均增大

【分析】布朗運(yùn)動是顆粒的無規(guī)則運(yùn)動；

根據(jù)分子力與分子距離關(guān)系，分析分子力變化；

根據(jù)熱力學(xué)第一定律，分析內(nèi)能變化；

溫度是衡量分子平均動能的標(biāo)志。

【解答】解：A.布朗運(yùn)動是液體或氣體中固體小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動，間接反映了液體或

氣體分子在做無規(guī)則運(yùn)動，不是液體分子的無規(guī)則運(yùn)動，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)分子力與分子距離關(guān)系，當(dāng)分子間距離小于平衡位置的距離時(shí)，隨著分子間距離

的減小，分子力增大；當(dāng)分子間距離大于平衡位置間距離時(shí).，隨著分子間距離的減小，

分子力可能減小，也可能先增大后減小，故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)熱力學(xué)第一定律AU=W+Q

若物體從外界吸收熱量，但對外做功，且做功數(shù)值上大于所吸收熱量，那么內(nèi)能將減小，

故C正確；

D.溫度是衡量分子平均動能的標(biāo)志，物體溫度升高分子平均動能增大，而單個(gè)分子的動

能有可能增大也有可能減小，故D錯(cuò)誤。

故選：Co

【點(diǎn)評】本題考查學(xué)生對布朗運(yùn)動、分子力與分子距離關(guān)系、熱力學(xué)第一定律、溫度是

衡量分子平均動能的標(biāo)志的掌握，是一道基礎(chǔ)題。

3.（3分）汽車以10m/s的速度在馬路上勻速行駛，駕駛員發(fā)現(xiàn)正前方20米處有障礙物，

立即剎車，汽車恰好停在障礙物前。已知駕駛員反應(yīng)時(shí)間為0.75s,汽車運(yùn)動的v-t圖像

如圖所示。在剎車過程中，汽車的加速度大小為（）

A.3m/s2B.4m/s2C.5m/s2D.6m/s2

【分析】駕駛員發(fā)現(xiàn)行人后，汽車先做勻速直線運(yùn)動，后做勻減速直線運(yùn)動，總位移已

知，勻速運(yùn)動的位移可求，則勻減速運(yùn)動的位移可求，再根據(jù)位移一速度公式可求剎車

時(shí)的加速度大小。

【解答】解：根據(jù)題意，設(shè)初速度為vo,反應(yīng)時(shí)間為ti、反應(yīng)時(shí)間內(nèi)位移為XI,剎車后

做勻減速運(yùn)動的位移為X2、加速度為a,與障礙物最初的距離為X,則有

xi=voti

-2ax2=0-v：

X1+X2=X

代入數(shù)據(jù)，聯(lián)立解得汽車的加速度大小為：a=4m/s2,故B正確，ACD錯(cuò)誤。

故選：Bo

【點(diǎn)評】本題為兩段運(yùn)動過程，先勻速后勻減速，兩段運(yùn)動的聯(lián)系是總位移和勻速運(yùn)動

的速度，分別應(yīng)用運(yùn)動學(xué)公式，聯(lián)立可解。

4.（3分）下列說法正確的是（）

A.在空氣中，可見光和超聲波傳播速度相同

B.電磁波和機(jī)械波都需要介質(zhì)才能傳播

C.無線電波和紫外線都可以發(fā)生偏振現(xiàn)象

D.紅外線的波長比X射線的波長短

【分析】可見光與超聲波在空氣中的傳播速度不同；電磁波的傳播不需要介質(zhì)，機(jī)械波

的傳播需要介質(zhì)；橫波具有偏振現(xiàn)象；紅外線的波長比X射線的波長長。

【解答】解：A、在空氣中可見光的傳播速度約為3X108mzs,超聲波的速度約為340m/s,

在空氣中可見光和超聲波傳播速度不同，故A錯(cuò)誤；

B、電磁波的傳播不需要介質(zhì)，機(jī)械波的傳播需要介質(zhì)，故B錯(cuò)誤；

C、無線電波和紫外線都屬于橫波，都可以發(fā)生偏振現(xiàn)象，故C正確：

D、從電磁波譜可知，紅外線的波長比X射線的波長長，紅外線的頻率比X射線的頻率

小，故D錯(cuò)誤。

故選：Co

【點(diǎn)評】本題是一道基礎(chǔ)題，掌握基礎(chǔ)知識即可解題，平時(shí)要注意基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)與積

累。

5.（3分）某光源發(fā)出的光由不同波長的光組成。不同波長的光的強(qiáng)度（表示光的強(qiáng)弱）如

圖所示。使金屬恰好發(fā)生光電效應(yīng)的光的波長，稱為極限波長。表中為一些金屬的極限

波長。用該光源照射表中金屬表面，則（）

材料柏鴇鈉

極限波長（nm）196274542

A.只有鈉表面有電子逸出

B.只有伯表面有電子逸出

C,鈣、箱表面均有電子逸出

D.柏、鴇、鈉表面均有電子逸出

【分析】根據(jù)發(fā)生光電效應(yīng)的條件：當(dāng)入射光的頻率大于金屬的極限頻率，結(jié)合c=Xv

進(jìn)行分析。

【解答】解：根據(jù)光電效應(yīng)方程Ek=hv7/心力可知:只要光的波長小于某金屬

的極限波長，就有光電子逸出，由題圖可知，該光源發(fā)出的光的波長大約在400nm到

800nm之間，而三種材料中鈉的極限波長是542nm,在400nm到800nm之間，所以該光

源能使鈉產(chǎn)生光電效應(yīng)；該光源發(fā)出的光的波長大于鴇、伯的極限波長，鶴、伯表面沒

有電子逸出，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：A。

【點(diǎn)評】該題考查發(fā)生光電效應(yīng)的條件：當(dāng)入射光的頻率大于金屬的極限頻率，就會發(fā)

生光電效應(yīng)，與光強(qiáng)無關(guān)。

6.（3分）如圖所示，質(zhì)量為m的木箱在大小為F的水平外力作用下，沿傾角為。的斜面

勻速向上運(yùn)動。不計(jì)空氣阻力。下列說法正確的是（）

A.木箱所受合力大小為mgsin0+Fcos0

B.斜面對木箱的支持力大小為mgcosS

C.斜面對木箱的摩擦力大小為FcosS-mgsinQ

D.斜面對木箱作用力的合力大小為F+mg

【分析】A、木箱在外力F作用下，沿斜面勻速向上運(yùn)動，合力為零。

BC、對木箱進(jìn)行受力分析，畫出受力圖，沿斜面方向合力為零，垂直斜面方向合力為零,

根據(jù)力的合成與分解、平衡條件可判斷。

D、木箱合力為零，則斜面對木箱作用力的合力必與木箱所受其它力的合力等大反向。

【解答】解：A.由于木箱沿斜面勻速向上運(yùn)動，木箱受力平衡，木箱所受合力為零，故

A錯(cuò)誤；

B.對木箱進(jìn)行受力分析，受重力mg,斜面體的彈力FN、摩擦力f,水平外力F,如圖

所示

由于垂直于斜面方向受力平衡，斜面對木箱的支持力大小為

FN=Fsin0+mgcos9

故B錯(cuò)誤；

C.木箱沿斜面勻速向上運(yùn)動，斜面方向木箱受力平衡，故有

Fcos0=f+mgsin0

得f=Fcos0-mgsin0

故C正確；

D.木箱勻速運(yùn)動，合力為零，則斜面對木箱作用力的合力大小與重力和外力F的合力

大小相同，即斜面對木箱作用力的合力大小為

故D錯(cuò)誤。

故選：C。

【點(diǎn)評】解答本題的關(guān)鍵是要明確做勻速運(yùn)動的物體合力為零，且任一方向的合力都為

零，結(jié)合力的合成與分解、共點(diǎn)力的平衡條件可解。

7.（3分）圖示為一顆人造地球衛(wèi)星發(fā)射過程的簡化示意圖。衛(wèi)星先進(jìn)入圓軌道1做勻速圓

周運(yùn)動，再經(jīng)橢圓軌道2,最終進(jìn)入圓軌道3做勻速圓周運(yùn)動。軌道2分別與軌道1、軌

道3相切于P、Q兩點(diǎn)。下列說法正確的是（）

A.衛(wèi)星在軌道1上運(yùn)行時(shí)，向心力始終不改變

B.衛(wèi)星在軌道1的運(yùn)行周期大于其在軌道3的運(yùn)行周期

C.衛(wèi)星在軌道2上從P點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)的過程中，速度越來越大

D.不論在軌道2運(yùn)行還是在軌道3運(yùn)行，衛(wèi)星在Q點(diǎn)的加速度都相同

【分析】向心力是矢量，方向不斷變化；

根據(jù)萬有引力提供向心力，分析周期；

引力做負(fù)功，根據(jù)動能定理，分析速度大小；

根據(jù)向心加速度公式，分析向心加速度大小。

【解答】解：A.衛(wèi)星在軌道1上運(yùn)行時(shí)做勻速圓周運(yùn)動，則向心力大小始終不改變，向

心力是矢量，方向不斷變化，故A錯(cuò)誤；

2

B.根據(jù)萬有引力提供向心力灣-1rA除r

r2T2

解得T=2冗層

衛(wèi)星在軌道1的運(yùn)行周期小于其在軌道3的運(yùn)行周期，故B錯(cuò)誤；

C.衛(wèi)星在軌道2上從P點(diǎn)運(yùn)動到Q點(diǎn)的過程中，引力做負(fù)功，根據(jù)動能定理，則速度

越來越小，故C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)2號

&2

r

可知，不論在軌道2運(yùn)行還是在軌道3運(yùn)行，衛(wèi)星在Q點(diǎn)的加速度都相同，故D正確。

故選：D。

【點(diǎn)評】本題考查學(xué)生對萬有引力提供向心力、動能定理、向心加速度公式規(guī)律的掌握,

是一道基礎(chǔ)題。

8.（3分）如圖甲所示，輕彈簧的一端固定，另一端連接一個(gè)有孔的小球（球下固定有筆頭）,

小球套在光滑的桿上，沿水平方向做簡諧運(yùn)動。在小球運(yùn)動時(shí)，沿垂直于小球振動方向，

以速度v勻速拉動紙帶，筆頭在紙帶上留下痕跡，a、b是痕跡上的兩點(diǎn)，如圖乙所示。

不計(jì)一切阻力。下列說法正確的是（）

A.圖乙曲線記錄了小球的運(yùn)動軌跡

B.t時(shí)間內(nèi)小球的運(yùn)動路程可能為vt

C.記錄a點(diǎn)時(shí)小球的速度小于記錄b點(diǎn)時(shí)小球的速度

D.如果僅減小紙帶移動速度，小球運(yùn)動的周期變大

【分析】vt是t時(shí)間內(nèi)紙帶運(yùn)動路程，不是小球運(yùn)動路程，二者大小可能相等；靠近平

衡位置，速度更大；簡諧運(yùn)動其振動周期與紙帶的速度無關(guān)。

【解答】解：A.小球在平衡位置附近振動，軌跡是直線，圖乙曲線記錄的是小球振動位

移隨時(shí)間的規(guī)律，故A錯(cuò)誤；

B.小球的路程與紙帶運(yùn)動的距離無關(guān)，但有可能相等，故B正確；

C.由圖可知b點(diǎn)時(shí)小球處在位移最大處，速度為零，a點(diǎn)時(shí)小球處于平衡位置與最大值

之間，其速度大于記錄b點(diǎn)時(shí)小球的速度，故C錯(cuò)誤；

D.紙帶的運(yùn)動速度與小球周期無關(guān)，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

【點(diǎn)評】本題解題關(guān)鍵是掌握簡諧振動規(guī)律，知道振動圖象與軌跡的區(qū)別，是一道基礎(chǔ)

題。

9.（3分）“蹦極”運(yùn)動中，將一根有彈性的繩系在蹦極者身上，另一端固定在跳臺上，人

從幾十米高處跳下。將蹦極過程簡化為人沿豎直方向的運(yùn)動。不計(jì)空氣阻力的影響。從

繩剛好伸直時(shí).，到人第一次下降至最低點(diǎn)的過程中，下列說法正確的是（）

A.人先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)

B.繩對人的拉力始終做負(fù)功，人的動能先增大后減小

C.繩對人的沖量始終向上，人的動量先減小后增大

D.人的動能的減少量等于繩的彈性勢能的增加量

【分析】從繩剛好伸直，到最低點(diǎn)，受力分析可知分為兩階段：加速下滑和減速下滑，

從而判斷加速度方向，確定超失重；對人受力分析，確定繩對人的力的方向和人運(yùn)動的

位移的方向關(guān)系，判斷正負(fù)功；兩個(gè)運(yùn)動過程分別對人列動能定理，可以分析人的動能

的變化；由I=Ft得繩對人的拉力沖量等于繩對人的拉力與t的乘積，從而判斷沖量方向；

根據(jù)動量定理可知人所受合力與時(shí)間的乘積等于人的動量的變化；根據(jù)機(jī)械能守恒得人

的動能的減少量與重力勢能的減少量之和等于繩的彈性勢能的增加量。

【解答】解：A.從繩剛好伸直，到最低點(diǎn)，受力分析可知分為兩階段：開始階段，繩子

彈力小于重力，則加速度向下，人處于失重狀態(tài)，加速下滑階段；達(dá)到最大速度時(shí)彈力

等于重力，a=0；以后階段，彈力大于重力，加速度向上，人處于超重狀態(tài)，速度減小，

減速下滑階段，故A錯(cuò)誤

B.根據(jù)對人受力分析得，繩子對人的拉力方向始終向上，而人一直向下運(yùn)動，則繩子對

人做負(fù)功；由F=ma和人的兩段運(yùn)動可知人所受的合外力先豎直向下再豎直向上，根據(jù)

動能定理可得人的動能先增加后減小，故B正確；

C.繩子對人的拉力方向始終向上，由I=Ft得繩對人的拉力沖量等于繩對人的拉力與t

的乘積，則繩對人的沖量始終向上，根據(jù)動量定理和人所受的合外力先豎直向下再豎直

向上得合外力的沖量先增大后減小，則人的動量先增大后減小，故C錯(cuò)誤；

D.由機(jī)械能守恒定律可知，人的動能的減少量與重力勢能減小量之和等于繩的彈性勢能

的增加量，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

【點(diǎn)評】整個(gè)題目對學(xué)生得綜合素養(yǎng)要求很高，學(xué)生首先對蹦極運(yùn)動的運(yùn)動和受力特點(diǎn)

要明確，其次對超失重現(xiàn)象的判斷依據(jù)要了解，最后扎實(shí)地落實(shí)對力做功，動能定理，

沖量，動量，動量定理，機(jī)械能守恒定律都要很熟悉，各物理量的含義的理解

10.（3分）如圖所示的U-I圖像中，直線a表示某電源的路端電壓U與電流I的關(guān)系，直

線b、c分別表示電阻Ri、R2的電壓U與電流I的關(guān)系。下列說法正確的是（）

A.電阻Ri、R2的阻值之比為4：3

B.該電源的電動勢為6V,內(nèi)阻為3。

C.只將R1與該電源組成閉合電路時(shí)，電源的輸出功率為6W

D.只將R2與該電源組成閉合電路時(shí)，內(nèi)、外電路消耗的電功率之比為1：1

【分析】根據(jù)圖線a縱軸截距讀出電源的電動勢，由斜率大小讀出電源的內(nèi)阻；圖線be

的斜率大小等于電阻Ri.Ro的大小;兩圖線的交點(diǎn)表示電阻R接在該電源的電壓和電流,

根據(jù)功率公式求解。

【解答】解：A.由圖像知U=4V,h=1A由歐姆定律得：

代入數(shù)據(jù)得：Ri=4Q

由圖像知U=4V,h=2A由歐姆定律得：

代入數(shù)據(jù)得：R2=2Q

電阻RI、R2的阻值之比為2：1,故A錯(cuò)誤；

B.該電源的電動勢為6V,由閉合電路歐姆定律得：

由圖像知E=3V,當(dāng)U=0時(shí)，即R=0時(shí)，1=3（1

代入數(shù)據(jù)得：r=2Q,故B錯(cuò)誤；

C.只將R1與該電源組成閉合電路時(shí)，電源的輸出功率為：

Pi=Uih

由圖像知Ui=4V,Ii=lA

代入數(shù)據(jù)得：P1=4W,故C錯(cuò)誤；

D.只將R2與該電源組成閉合電路時(shí)，內(nèi)、外電路消耗的電功率分別為：

解得：P內(nèi)：P外=1：1,故D正確。

故選：D。

【點(diǎn)評】本題抓住伏安特性曲線的斜率、截距和交點(diǎn)的物理意義，知道兩個(gè)圖象的交點(diǎn)

表示該電源與電阻R相連組成閉合電路時(shí)電路中電流和路端電壓。

11.（3分）如圖所示，洛倫茲力演示儀由勵(lì)磁線圈、電子槍、玻璃泡等部分組成，勵(lì)磁線

圈是一對彼此平行的共軸的圓形線圈，它能夠在兩線圈之間產(chǎn)生勻強(qiáng)磁場。電子槍可以

產(chǎn)生電子束。玻璃泡內(nèi)充有稀薄的氣體，在電子束通過時(shí)能夠顯示電子的徑跡。若電子

槍垂直磁場方向發(fā)射電子，給勵(lì)磁線圈通電后，能看到電子束的徑跡呈圓形。調(diào)節(jié)電子

槍的加速電壓可以改變電子的速度，調(diào)節(jié)勵(lì)磁線圈的電流可以改變磁感應(yīng)強(qiáng)度。下列說

法正確的是（）

A.只增大電子槍的加速電壓，電子的運(yùn)動周期變大

B.只增大電子槍的加速電壓，電子束的軌道半徑不變

C.只增大勵(lì)磁線圈中的電流，電子的運(yùn)動周期變小

D.只增大勵(lì)磁線圈中的電流，電子束的軌道半徑不變

【分析】根據(jù)動能定理表示出加速后獲得的速度，然后根據(jù)洛倫茲力提供向心力推導(dǎo)出

半徑的表達(dá)式，然后分析只增大電子槍的加速電壓或只增大勵(lì)磁線圈中的電流，分析粒

子的軌道半徑或周期如何變化。

【解答】解：B、電子在加速電場中加速，根據(jù)動能定理，有eUn/mv：

電子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律和洛倫茲力提供向心力，有

當(dāng)只增大電子槍的加速電壓時(shí)，電子束的軌道半徑變大，故B錯(cuò)誤；

A、帶電粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的周期為丁衛(wèi)臣衛(wèi)皿

v0qB

故只增大電子槍的加速電壓，電子的運(yùn)動周期不變，故A錯(cuò)誤；

C、只增大勵(lì)磁線圈中的電流，根據(jù)電流的磁效應(yīng)可知電流產(chǎn)生的磁場增強(qiáng)，由丁衛(wèi)工

qB

可知，周期變短，故C正確；

D、只增大勵(lì)磁線圈中的電流，電流產(chǎn)生的磁場增強(qiáng)，由r'出=工回可知，電子

eBBVe

束的軌道半徑變小，故D錯(cuò)誤。

故選：Co

【點(diǎn)評】本題考查了粒子在磁場中運(yùn)動在實(shí)際生活中的應(yīng)用，正確分析出儀器的原理是

關(guān)鍵。

12.（3分）回旋加速器的工作原理如圖所示，Di和D2是兩個(gè)中空的半圓金屬盒，它們之

間有電勢差。兩個(gè)半圓盒處于與盒面垂直的勻強(qiáng)磁場中。中央A處的粒子源可以產(chǎn)生粒

子，粒子在兩盒之間被電場加速，進(jìn)入磁場后做勻速圓周運(yùn)動。粒子離開A處時(shí)的速度、

在電場中的加速時(shí)間以及粒子的重力均可忽略不計(jì)。不考慮粒子間的相互作用及相對論

效應(yīng)。下列說法正確的是（）

A.電勢差一定時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，粒子離開加速器時(shí)的動能越小

B.電勢差一定時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，粒子在加速器中的運(yùn)動時(shí)間越長

C.磁感應(yīng)強(qiáng)度一定時(shí)，電勢差越大，粒子離開加速器時(shí)的動能越大

D.磁感應(yīng)強(qiáng)度一定時(shí)，電勢差越大，粒子在加速器中的運(yùn)動時(shí)間越長

【分析】AC.粒子在回旋加速器的D形盒內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力，根

據(jù)牛頓第二定律求最大速度，根據(jù)動能的定義求最大動能，據(jù)此分析作答；

B.根據(jù)圓周運(yùn)動線速度與周期的關(guān)系求解圓周運(yùn)動的周期，根據(jù)動能定理求解粒子在電

場中加速的次數(shù)，一個(gè)周期內(nèi)粒子加速兩次，再求加速時(shí)間；

據(jù)此分析作答。

2U

【解答】解：AC.粒子在回旋加速器的D形盒內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，洛倫茲力提供向心力；

2

根據(jù)牛頓第二定律有

R

解得丫屈0

m

222

粒子離開加速器時(shí)的動能為E，=lmv2=B_j_RL

k22m

由此可知，粒子離開回旋加速器時(shí)的動能與D形盒的半徑、磁感應(yīng)強(qiáng)度、粒子的電荷量

和粒子的質(zhì)量有關(guān)，與粒子的加速電壓無關(guān):

當(dāng)電勢差一定時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，粒子離開加速器時(shí)的動能越大;

當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度一定時(shí)，電勢差越大，粒子離開加速器時(shí)的動能不變，故AC錯(cuò)誤;

2

B.根據(jù)牛頓第二定律有Bq二變L

VR

粒子在磁場中做圓周運(yùn)動的周期1上工月

V

聯(lián)立可得粒子在磁場中的周期為T專皿

222

設(shè)一共加速了n次粒子恰好離開回旋加速器，根據(jù)動能定理nqU=Ekm=-

22

則加速的次數(shù)n=qBR

2mU

222

粒子在回旋加速器運(yùn)動的時(shí)間為X處生X?口=三足一

222mUBq2U

由上式可知，電勢差一定時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度越大，粒子在加速器中的運(yùn)動時(shí)間越長，故B

正確；

D.由上分析，粒子在回旋加速器運(yùn)動的時(shí)間為

2U

由上式可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度一定時(shí)，電勢差越大，粒子在加速器中的運(yùn)動時(shí)間越短，故D

錯(cuò)誤。

故選：Bo

【點(diǎn)評】本題考查了回旋加速器工作原理：電場加速，磁場偏轉(zhuǎn)，加速時(shí)間等于偏轉(zhuǎn)時(shí)

間；注意粒子的最大動能與加速電壓無關(guān)，但粒子的加速時(shí)間與加速電壓有關(guān)。

13.（3分）水平放置的兩平行金屬板間，有一個(gè)帶正電的小球，從某點(diǎn)無初速度自由下落。

經(jīng)過t時(shí)間，在兩板間施加豎直向上的勻強(qiáng)電場。再經(jīng)過t時(shí)間，小球又回到出發(fā)點(diǎn)。已

知小球質(zhì)量為m,重力加速度為g。小球未與下極板發(fā)生碰撞。不計(jì)空氣阻力。從施加

電場開始到小球又回到出發(fā)點(diǎn)的過程中（）

A.小球所受電場力與重力的大小之比為3：1

B.小球加速運(yùn)動時(shí)間與減速運(yùn)動時(shí)間之比為3：1

C.小球的動量變化量大小為4mgt,方向豎直向上

D.小球電勢能的減少量與動能的增加量之比為4：3

【分析】首先，規(guī)定正方向，假設(shè)施加電場后小球加速度大小為a,根據(jù)位移關(guān)系求出加

速度大小，再根據(jù)牛頓第二定律求出電場力與重力的比值關(guān)系；

其次，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的規(guī)律列出小球下落時(shí)間t時(shí)和回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度關(guān)系式,

再求出從施加電場開始到小球又回到出發(fā)點(diǎn)的過程中減速運(yùn)動的時(shí)間和加速的時(shí)間，進(jìn)

而求出兩段時(shí)間的比值；

然后，規(guī)定豎直向下為正方向，根據(jù)動量定理求出小球的動量變化量的大小和方向；

最后，根據(jù)電場力的大小和功的計(jì)算公式，求出從施加電場開始到小球又回到出發(fā)點(diǎn)的

過程中電場力所做的功，以及合外力所做的功，進(jìn)而求出小球電勢能的減少量與動能的

增加量之比。

【解答】解：A、以豎直向下為正，假設(shè)施加電場后小球加速度大小為a,根據(jù)勻變速直

線運(yùn)動的位移關(guān)系,有：ygt2=-（gt2-yat2）

解得施加電場后的加速度為：a=3g

根據(jù)牛頓第二定律，有F-mg=3mg

解得F=4mg

小球所受電場力與重力的大小之比為4：1,故A錯(cuò)誤；

B、小球下落時(shí)間t時(shí)的速度大小為：vi=gt

小球回到出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度大小為：V2=|gt-3gt|=2gt

從施加電場開始到小球又回到出發(fā)點(diǎn)的過程中減速運(yùn)動時(shí)間：t,=—=-^=-

13g3g3

加速運(yùn)動時(shí)間：空=?t

「23g3g3t

小球加速運(yùn)動的時(shí)間與減速運(yùn)動的時(shí)間之比為2：1,故B錯(cuò)誤；

C、以豎直向下為正方向，根據(jù)動量定理：Ap=-mv2-mvi=-3mgt

小球的動量變化量大小為3mgt,方向豎直向上，故C錯(cuò)誤；

D、從施加電場開始到小球又回到出發(fā)點(diǎn)的過程中電場力做功為：W電=4mgh

合外力做功為：W仔=3mgh

△E-W中A

所以小球電勢能的減少量與動能的增加量之比為：

△EkW合3

故D正確。

故選：D。

【點(diǎn)評】本題考查了帶電粒子在重力場和電場復(fù)合場中的運(yùn)動，解決本題的關(guān)鍵是分析

清楚小球的受力情況以及運(yùn)動情況。

14.（3分）圖甲所示為一種無線充電裝置的簡化原理圖，充電基座內(nèi)有送電線圈，中

安裝有受電線圈。送電線圈接入正弦式交變電流，電流激發(fā)周期性變化的磁場，磁場在

周圍空間激發(fā)感生電場，受電線圈中產(chǎn)生交變電流。圖乙所示為受電線圈的電流i隨時(shí)

間t變化的圖像，圖丙所示為圖乙電流再經(jīng)過整流電路（圖中未畫出）處理后的電流i'

隨時(shí)間f變化的圖像。下列說法正確的是（）

A.受電線圈的工作原理是電流的磁效應(yīng)

B.送電線圈的電能先轉(zhuǎn)化為磁場能，再轉(zhuǎn)化為受電線圈的電能

C.相同時(shí)間內(nèi)，圖乙、圖丙電流通過相同電阻產(chǎn)生的熱量之比為2：1

D.受電線圈未正對送電線圈放置時(shí)，受電線圈中感應(yīng)電流的頻率變小

【分析】明確無線充電原理，根據(jù)麥克斯韋電磁場理論分析磁場是否變化；

送電線圈電能先轉(zhuǎn)化為磁場能，再轉(zhuǎn)化為受電線圈的電能；

先計(jì)算兩個(gè)線圈的電流的有效值，再計(jì)算熱量；

變壓器不改變電流的頻率。

【解答】解：A.受電線圈的工作原理是電磁感應(yīng)的原理，故A錯(cuò)誤；

B.送電線圈接入正弦式交變電流，電流激發(fā)周期性變化的磁場，可知送電線圈的電能先

轉(zhuǎn)化為磁場能，再轉(zhuǎn)化為受電線圈的電能，故B正確；

C.圖乙中電流的有效值為

圖丙中電流的有效值為

可知相同時(shí)間內(nèi)，圖乙、圖丙電流通過相同電阻產(chǎn)生的熱量之比為1：1;

故C錯(cuò)誤；

D.變壓器不改變電流的頻率，與送電和受電線圈的間距無關(guān)，則受電線圈未正對送電線

圈放置時(shí)，受電線圈中感應(yīng)電流的頻率不變，故D錯(cuò)誤；

故選：Bo

【點(diǎn)評】本題主要是考查了法拉第電磁感應(yīng)定律和楞次定律；電磁感應(yīng)與生活實(shí)際相結(jié)

合，明白電磁感應(yīng)的原理。

二、非選擇題

15.（8分）物理實(shí)驗(yàn)一般都涉及實(shí)驗(yàn)?zāi)康?、?shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)儀器、實(shí)驗(yàn)方法、實(shí)驗(yàn)操作、

數(shù)據(jù)分析等。

（1）如圖甲所示，“測玻璃的折射率”的實(shí)驗(yàn)中，將白紙平鋪在木板上并用圖釘固定，

之后將玻璃磚平放在白紙上，在適當(dāng)位置豎直地插上A、B、C、D四個(gè)大頭針。圖中a

和a，為玻璃磚的兩個(gè)界面，AB延長線與直線a的交點(diǎn)為0,CD延長線與直線a，的交點(diǎn)

為O，，NN'表示法線。

①在插大頭針C時(shí)，應(yīng)使其C（選填選項(xiàng)前的字母）。

A.只擋住A的像

B.只擋住B的像

C.同時(shí)擋住A、B的像

sin81

②該玻璃磚的折射率可表示為n=———L（用和。2表示）。

sm82

（2）利用不同電路測量電源電動勢和內(nèi)阻。

①用圖乙所示電路測量時(shí)，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要原因是A。

A.電壓表的分流作用

B.電壓表的分壓作用

C.電流表的分流作用

D.電流表的分壓作用

②用圖丙所示電路測量時(shí)，改變電阻箱接入電路中的電阻值，記錄多組電流表示數(shù)1和

電阻箱示數(shù)R,以R為橫軸，以工為縱軸，做出工-R圖像，圖線的斜率表示1。

II-E-

【分析】（1）根據(jù)光線的傳播特點(diǎn)得出大頭針C的位置；

根據(jù)折射定律得出折射率的表達(dá)式；

（2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析出產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的原因；

根據(jù)閉合電路歐姆定律，結(jié)合圖像的物理意義完成分析。

【解答】解：（1）①確定大頭針C的位置時(shí)，應(yīng)該使大頭針C能夠擋住A、B的像，則

大頭針C一定在出射光線方向上，故C正確，AB錯(cuò)誤；

故選：C?

②由折射定律，該玻璃磚的折射率可表示為

（2）①圖乙所示電路測量時(shí)，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要原因是電壓表的分流作用，使得測得

的電流小于流過電源的電流，故A正確，BCD錯(cuò)誤；

故選：Ao

②若不考慮電流表的內(nèi)阻，則有

E=I（R+r）

則

圖線的斜率表示工，同理若考慮電流表的內(nèi)阻，結(jié)果是相同的。

E

sin01-1

故答案為：（1）①C；②----—L；（2）①A；②』

sin62E

【點(diǎn)評】本題主要考查了光的折射定律，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)合折射

率的定義式即可完成分析。

16.（10分）某同學(xué)做“研究平拋運(yùn)動的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)。

（1）用圖甲所示裝置研究平拋運(yùn)動豎直分運(yùn)動的特點(diǎn)。A、B為兩個(gè)完全相同的小球，

用小錘擊打彈性金屬片后，A球沿水平方向飛出，同時(shí)B球自由下落。兩球在空中運(yùn)動

的過程中，下列說法正確的是BC

A.A球的運(yùn)動時(shí)間比較長

B.兩球的運(yùn)動時(shí)間一樣長

C.只改變小錘的擊打力度，不會影響兩球的運(yùn)動時(shí)間

D.只改變兩小球開始運(yùn)動時(shí)距地面的高度，不會影響兩球的運(yùn)動時(shí)間

（2）用頻閃照相的方法研究平拋運(yùn)動水平分運(yùn)動的特點(diǎn)。圖乙所示的頻閃照片中記錄了

做平拋運(yùn)動的小球每隔相等時(shí)間的位置。有同學(xué)認(rèn)為，小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動,

其判斷依據(jù)是相鄰兩球水平方向的距離相等。

（3）圖丙是某同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)畫出的小球做平拋運(yùn)動的軌跡，O為平拋的起點(diǎn)。在軌跡上

取兩點(diǎn)A、B,測得A、B兩點(diǎn)的縱坐標(biāo)分別為yi=5.00cm,y2=45.00cm,A、B兩點(diǎn)間

的水平距離X2-xi=40.00cmog取10m/s2,則小球的初速度vo為2.0m/s（結(jié)果保

留兩位有效數(shù)字）。

（4）放學(xué)途中，有同學(xué)看見園林工人正在用手拿著噴水管為草地澆水。他觀察發(fā)現(xiàn)，水

沿水平方向噴出，出水口的橫截面是圓形.他想利用所學(xué)的平拋知識估測水的流量Q（單

位時(shí)間內(nèi)流過出水口的水的體積）。已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間,請寫出他還需要測量哪

些物理量，并推導(dǎo)出流量Q的計(jì)算公式（所需字母自行設(shè)定）。

【分析】（1）A球做平拋運(yùn)動，B做自由落體運(yùn)動；根據(jù)平拋運(yùn)動的規(guī)律和自由