2023年高考物理知識點(diǎn)復(fù)習(xí)：氣體　液體與固體（附答案解析）

2023年高考物理熱點(diǎn)復(fù)習(xí)：氣體液體與固體

【2023高考課標(biāo)解讀】

1.知道晶體、非晶體的區(qū)別

2.理解表面張力，會解釋有關(guān)現(xiàn)象.

3.掌握氣體實(shí)驗三定律，會用三定律分析氣體狀態(tài)變化問題.

(2023高考熱點(diǎn)解讀】

—"、固體和液體

1.固體

⑴分類：固體分為晶體和非晶體兩類。晶體分單晶體和多晶體。

(2)晶體與非晶體的比較

單晶體多晶體非晶體

外形規(guī)則不規(guī)則不規(guī)則

熔點(diǎn)確定確定不確定

物理性質(zhì)各向異性各向同性各向同性

典型物質(zhì)石英、云母、食鹽、硫酸銅玻璃、蜂蠟、松香

有的物質(zhì)在不同條件下能夠形成不同的形態(tài)。同一物質(zhì)可能以晶體和

形成與轉(zhuǎn)化

非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)，有些非晶體在一定條件下可以轉(zhuǎn)化為晶體

2.液體

(1)液體的表面張力

①作用：液體的表面張力使液面具有收縮的趨勢。

②方向：表面張力跟液面相切，跟這部分液面的分界線垂直。

③大?。阂后w的溫度越高，表面張力越?。灰后w中溶有雜質(zhì)時，表面張力變??；液體的密度

越大，表面張力越大。

(2)液晶的物理性質(zhì)

①具有液體的流動性。

②具有晶體的光學(xué)各向異性。

③在某個方向上看，其分子排列比較整齊，但從另一方向看，分子的排列是雜亂無章的。

二、飽和汽相對濕度氣體分子動理論

1.飽和汽與飽和汽壓

與液體處于動態(tài)平衡的蒸汽叫作飽和汽；沒有達(dá)到飽和狀態(tài)的蒸汽叫作未飽和汽。在一定溫

度下，飽和汽的分子數(shù)密度是一定的，因而飽和汽的壓強(qiáng)也是一定的，這個壓強(qiáng)叫作這種液體的

飽和汽壓，飽和汽壓隨溫度升高而增大。

2.相對濕度

空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)與同一溫度時水的飽和汽壓之比叫作空氣的相對濕度。

水蒸氣的實(shí)際壓強(qiáng)

即：相對濕度=----------------------玲(8=為＜100%).

同溫下水的飽和汽壓'

3.氣體分子動理論

⑴氣體分子之間的距離遠(yuǎn)大于分子直徑，氣體分子之間的作用力十分微弱，可以忽略不計。

(2)氣體分子的速率分布，表現(xiàn)出"中間多，兩頭少”的統(tǒng)計分布規(guī)律。

⑶氣體分子向各個方向運(yùn)動的機(jī)會均等。

⑷溫度一定時，某種氣體分子的速率分布是確定的，速率的平均值也是確定的，溫度升高，

氣體分子的平均速率增大，但不是每個分子的速率都增大。

三、氣體的性質(zhì)

1.氣體壓強(qiáng)

⑴產(chǎn)生的原因

由于大量分子無規(guī)則地運(yùn)動而碰撞器壁，形成對器壁各處均勻、持續(xù)的壓力，作用在器壁單

位面積上的壓力叫作氣體的壓強(qiáng)。

(2)決定氣體壓強(qiáng)大小的因素

①宏觀上：決定于氣體的溫度和體積。

②微觀上：決定于分子的平均動能和分子數(shù)密度。

2.氣體實(shí)驗定律

⑴等溫變化一一玻意耳定律

①內(nèi)容：一定質(zhì)量的某種氣體，在溫度不變的情況下，壓強(qiáng)與體積成反比。

②公式：PW1=P2∣∕2或P∣∕=C(常量)。

(2)等容變化一一查理定律

①內(nèi)容：一定質(zhì)量的某種氣體，在體積不變的情況下，壓強(qiáng)與熱力學(xué)溫度成正比。

②公式：M=V或與=C(常數(shù))。

⑶等壓變化一一蓋一呂薩克定律

①內(nèi)容：一定質(zhì)量的某種氣體，在壓強(qiáng)不變的情況下，其體積與熱力學(xué)溫度成正比。

②公式:V=,或gc（常數(shù)）。

3.理想氣體及其狀態(tài)方程

⑴理想氣體

①宏觀上講，理想氣體是指在任何條件下始終遵守氣體實(shí)驗定律的氣體。實(shí)際氣體在壓強(qiáng)不

太大、溫度不太低的條件下，可視為理想氣體。

②微觀上講，理想氣體的分子間除碰撞外無其他作用力，分子本身沒有體積，即它所占據(jù)的

空間認(rèn)為都是可以被壓縮的空間。

（2）狀態(tài)方程：需=管或牛=C（常數(shù)）。

（2023高考押題】

1.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A經(jīng)過B、C、D再到A,其體積V和熱力學(xué)溫度T的關(guān)系

圖像如圖所示，BA和CD的延長線均經(jīng)過O點(diǎn)，則下列說法正確的是（）

B.從狀態(tài)D到狀態(tài)A,外界對氣體做功，氣體吸熱

C.從狀態(tài)C到狀態(tài)D,每個氣體分子的速率都減小

D.從A到B過程氣體對外界做的功等于從C到D過程外界對氣體做的功

【分析】根據(jù)公式迎=C,那么V-T圖象斜率與壓強(qiáng)的倒數(shù)成正比，從而分析出氣體的壓

T

強(qiáng)變化；

根據(jù)體積的變化得出氣體的做功類型；

根據(jù)兩個狀態(tài)的溫度大小比較平均動能，但不能比較每個分子的速率；

根據(jù)氣體做功的公式，得出做功與溫度變化的關(guān)系，從而比較兩個過程做功的大小。

【解答】解：A、根據(jù)迎=C,可知V—T圖像的斜率與壓強(qiáng)的倒數(shù)成正比，所以狀態(tài)B的

T

壓強(qiáng)小于狀態(tài)C的壓強(qiáng)，故A錯誤；

B、從狀態(tài)D到狀態(tài)A,體積變小，外界對氣體做功，溫度降低，內(nèi)能減小，根據(jù)熱力學(xué)第

一定律可知?dú)怏w放熱，故B錯誤；

C、從狀態(tài)C到狀態(tài)D,溫度降低，氣體的平均動能變小，但每個氣體分子的速率不一定都

減小，故C錯誤；

D、根據(jù)WAB=PXAVAB,￥&=匹=上=?強(qiáng)，可得：WAB=CXATAB,同理：

TATBPABΔTAB

WCD=CX?TCDO

過程AB和過程CD的溫度變化量的值相等，所以在A到B過程中氣體對外界做的功等于

從C到D過程中外界對氣體做的功，故D正確。

故選：D。

2.王亞平在“天宮課堂”中，將分別粘有水球的兩塊透明板慢慢靠近，直到兩個水球融合

在一起，再把兩板慢慢拉開，水在兩塊板間形成了一座“水橋”。如圖甲所示，為我們展示了微

重力環(huán)境下液體表面張力的特性。“水橋”表面與空氣接觸的薄層叫表面層，已知分子間作用力

F和分子間距r的關(guān)系如圖乙。下列說法正確的是（）

A.可以推斷水和透明板是不浸潤的

B.王亞平把兩板慢慢拉開形成“水橋”的過程，“水橋”表面層相鄰水分子間的分子勢能

變小

C.王亞平把兩板慢慢拉開形成“水橋”的過程，“水橋”表面層相鄰水分子間的分子力做

負(fù)功

D.王亞平放開雙手兩板吸引到一起，該過程表面層相鄰水分子間的作用力與分子間的距離

的關(guān)系與乙圖的A到B過程相對應(yīng)

【分析】本題根據(jù)浸潤、不浸潤，分子間作用力特點(diǎn)，以及分子作用力與分子勢能變化的關(guān)

系，即可解答。

【解答】解：

A.水球粘在兩塊透明板，說明水和透明板是浸潤的，故A錯誤；

BC.形成了一座“水橋”，“水橋”表面層相鄰水分子間的分子力為引力，把兩板慢慢拉開形

成“水橋”的過程，分子引力做負(fù)功，分子勢能增大，故B錯誤，C正確；

D.王亞平放開雙手兩板吸引到一起，“水橋”表面層相鄰水分子間的分子力為引力且變大，

而A到B過程是分子斥力減小的過程，故D錯誤；

故選：C.

3.在2022年11月3日，如圖甲所示的中國空間站“夢天”“問天”拉著中間“天和”的手

構(gòu)成“T字組合”，一起繞地球每天飛行16圈左右。在空間站內(nèi)航天員演示了包括“毛細(xì)現(xiàn)象”

—三根插入水中粗細(xì)不同的長玻璃管最后水從上口溢出（圖乙）、“水球變懶”一懸浮空中的球形

水球中扔入的鋼球能在里面運(yùn)動而不穿出水球（圖丙）等實(shí)驗，下列說法正確的是（）

甲乙丙

A.只有丙實(shí)驗與完全失重（或微重力）及表面張力有關(guān)

B.乙、丙兩個實(shí)驗都與完全失重（或微重力）及表面張力有關(guān)

C.“T字組合”的運(yùn)行速度介于第一宇宙速度與第二宇宙速度之間

D.空間站每一部分的發(fā)射速度都要大于第二宇宙速度小于第三宇宙速度

【分析】本題根據(jù)表面張力現(xiàn)象、地球衛(wèi)星的發(fā)射速度、環(huán)繞速度的知識，即可解答。

【解答】解：AB.乙、丙兩個實(shí)驗一個是毛細(xì)現(xiàn)象，一個是水球變懶”，都與完全失重（或

微重力）及表面張力有關(guān)，故A錯誤，B正確；

C.“T字組合”是地球的衛(wèi)星，“T字組合”的運(yùn)行速度小于第一宇宙速度，故C錯誤；

D.空間站每一部分的發(fā)射速度都要大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，故D錯誤；

故選：B。

4.如圖所示，絕熱隔板K把絕熱的氣缸分隔成體積相等的兩部分，K與氣缸壁的接觸是光

滑的。兩部分中分別盛有相同質(zhì)量、相同溫度的同種氣體a和b。氣體分子之間相互作用勢能可

忽略?，F(xiàn)通過電熱絲對氣體a加熱一段時間后，a、b各自達(dá)到新的平衡（）

1

6

北

A.a的體積增大，壓強(qiáng)變小

B.b的體積減小，溫度不變

C.a增加的內(nèi)能等于b增加的內(nèi)能

D.加熱后a的分子熱運(yùn)動比b的分子熱運(yùn)動更激烈

【分析】根據(jù)一定質(zhì)量氣體的狀態(tài)方程雙=C和己知的變化量去判斷其它的物理量。

T

根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷氣體的內(nèi)能變化。

【解答】解：A、當(dāng)a加熱時，氣體a的溫度升高，壓強(qiáng)增大，由于K與氣缸壁的接觸是光

滑的，可以自由移動，所以a,b兩部分的壓強(qiáng)始終相同，都變大，故A錯誤。

B、由于a氣體膨脹，b氣體被壓縮，所以a對b氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律得：b的溫

度升高了，故B錯誤。

C、由于a氣體膨脹，b氣體被壓縮，最終a氣體體積大于b氣體體積，所以a氣體的最終

溫度較高，內(nèi)能增加較多，故C錯誤。

D、由于過程中a氣體膨脹，b氣體被壓縮，所以a氣體的溫度較高，所以加熱后a的分子

熱運(yùn)動比b的分子熱運(yùn)動更激烈，故D正確。

故選：D。

5.如圖所示，粗細(xì)均勻兩端開口的U形玻璃管，管內(nèi)注入一定量的水銀，但在其中封閉了

一段空氣柱，其長度為I。在空氣柱上面的一段水銀柱長為h∣,空氣柱下面的水銀面與左管水銀

面相差為h2。若往管內(nèi)加入適量水銀（水銀沒有溢出），則（）

A.水銀加入右管，1變短，h2變大

B.水銀加入左管，1不變，h2變大

C.水銀加入右管，1變短，h2不變

D.水銀加入左管，1變短，h2變大

【分析】以右管中封閉氣體為研究對象，求出封閉氣體的壓強(qiáng)，根據(jù)封閉氣體壓強(qiáng)的變化分

析答題。

【解答】解：AC、設(shè)大氣壓強(qiáng)為PoCmHg,被封閉氣體的壓強(qiáng)p=po+ph∣,水銀加在右管，

被封閉氣體的壓強(qiáng)p'=po+phl+pΛh=po+ph2.封閉氣體壓強(qiáng)增大，h2變大，根據(jù)PV=C可知，

體積減小，故1變短，故A正確，C錯誤；

BD＞水銀加在左管，被封閉氣體的壓強(qiáng)p=pt)+phl=pθ+ph2,由于hl不變，故被封閉氣體壓

強(qiáng)不變，貝IJI不變，h2不變，故BD錯誤；

故選：Ao

6.“白露暖秋色，月明清漏中”，描寫的是我國古代詩人對露珠的觀察和感悟，根據(jù)所學(xué)物

理知識，下列對露珠形成主要原因的說法正確的是()

A.液體表面層的分子比液體內(nèi)部稀疏，表面層的分子之間互相吸引

B.液體表面層的分子比液體內(nèi)部密集，表面層的分子之間互相排斥

C.液體表面層的分子比液體內(nèi)部稀疏，表面層的分子之間互相排斥

D.液體表面層的分子比液體內(nèi)部密集，表面層的分子之間互相吸引

【分析】液體表面層的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間引力大于斥力，分子力表現(xiàn)為引力。

【解答】解：液體表面張力的產(chǎn)生原因是液體表面層的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間引力大

于斥力，分子力表現(xiàn)為引力，所以表面層的分子之間互相吸引，從而形成露珠，故A正確，BCD

錯誤.

故選：Ao

7.如圖所示，蹦蹦球是一種兒童健身玩具，某同學(xué)在27。C的室內(nèi)對蹦蹦球充氣，已知充氣

前兩球的總體積為2L,壓強(qiáng)為Iatm,充氣筒每次充入0.2L的氣體，忽略踴踴球體積變化及充氣

過程中氣體溫度的變化，問，用這個充氣筒要充氣多少次才能讓氣體壓強(qiáng)增大到3atm()

A.15次B.18次C.20次D.22次

【分析】據(jù)題充氣過程中一定質(zhì)量的理想氣體發(fā)生等溫變化，由玻意耳定律求解。

【解答】解：設(shè)充氣n次可以讓氣體壓強(qiáng)增大至3atm,據(jù)題充氣過程中氣體發(fā)生等溫變化，

以蹦蹦球內(nèi)原來的氣體和所充的氣體整體為研究對象，由玻意耳定律得

pi（V+nΔV）=p2V

代入數(shù)據(jù)解得n=20（次），故C正確，ABD錯誤；

故選：Co

8.如圖所示，密封的礦泉水瓶中，由于底部放置在加熱裝置上，距瓶底部越近水的溫度越

高。一開口向下、導(dǎo)熱良好的小瓶置于礦泉水瓶中，小瓶中封閉一段空氣。輕輕擠壓礦泉水瓶,

使得小瓶緩慢向底部下沉，則在小瓶逐漸下沉的過程中，小瓶內(nèi)氣體（）

A.內(nèi)能減少

B.增加的內(nèi)能大于吸收的熱量

C.對外界做正功

D.溫度升高，分子的速率都增大

【分析】根據(jù)題目的條件結(jié)合一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程分析出氣體狀態(tài)參量的變化；

結(jié)合熱力學(xué)第一定律得出氣體的內(nèi)能和做功的情況；

理解溫度對分子動能的影響并結(jié)合選項完成分析。

【解答】解：A、距離瓶子底部越近，水的溫度越高，因此瓶子在下沉過程中，瓶內(nèi)氣體的

溫度升高，則內(nèi)能增大，故A錯誤:

BC、輕輕擠壓礦泉水，小瓶受到的浮力減小，緩慢向下沉，可知瓶內(nèi)氣體的體積減小，所

以外界對氣體做正功，由熱力學(xué)第一定律AU=Q+W可知增加的內(nèi)能大于吸收的熱量，故B正

確，C錯誤；

D、溫度升高，氣體的平均速率增大，但不是每個分子的速率都增大，故D錯誤；

故選：B?

9.一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a變?yōu)闋顟B(tài)b,再變?yōu)闋顟B(tài)c,其P-V圖像如下圖所示。下

列說法正確的是（）

A.由狀態(tài)a沿圖像變化到狀態(tài)b氣體溫度升高

B.由狀態(tài)b沿圖像變化到狀態(tài)C氣體溫度升高

C.由狀態(tài)a沿圖像變化到狀態(tài)b氣體要從外界吸熱

D.氣體在狀態(tài)C的內(nèi)能大于在狀態(tài)a的內(nèi)能

【分析】由狀態(tài)a沿圖像變化到狀態(tài)b的過程中，根據(jù)查理定律R=C判斷；由狀態(tài)b沿圖

T

像變化到狀態(tài)C的過程中，根據(jù)蓋一呂薩克定律干=C判斷；根據(jù)熱力學(xué)第一定律AU=Q+W判

斷；根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程，結(jié)合一定質(zhì)量的某種理想氣體內(nèi)能只與溫度有關(guān)進(jìn)行判

斷。

【解答】解：A、結(jié)合P-V圖像，由狀態(tài)a沿圖像變化到狀態(tài)b的過程中，是等容變化，

根據(jù)查理定律R=C,壓強(qiáng)減小，則氣體溫度降低，故A錯誤；

T

B、由狀態(tài)b沿圖像變化到狀態(tài)C的過程中，是等壓變化，根據(jù)蓋一呂薩克定律Y=C,體

T

積增大，則氣體溫度升高，故B正確；

C、由狀態(tài)a沿圖像變化到狀態(tài)b的過程中，氣體體積沒有變化，即W=O,氣體溫度降低，

內(nèi)能減小，即AU<0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律AU=Q+W,可得Q<0,則氣體向外界放出熱量,

故C錯誤；

2pv

D、氣體由狀態(tài)a沿圖像變化到狀態(tài)c,根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程，可得：θiθ

Ta

=P亡解得：Ta=Tc,即氣體在狀態(tài)C的內(nèi)能等于在狀態(tài)a的內(nèi)能，故D錯誤。

TC

故選：Bo

10.一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷三個過程ab、be、Ca回到原狀態(tài)，其P-T圖像

如圖所示。下列判斷正確的是（）

B.be過程中氣體既不吸熱也不放熱

C.Ca過程中外界對氣體所做的功等于氣體所放的熱

D.b和C兩個狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)相同

【分析】先根據(jù)圖像得出氣體的體積和溫度的變化，而溫度會影響氣體的內(nèi)能，再結(jié)合熱力

學(xué)第一定律即可完成分析。

【解答】解：A、根據(jù)公式PV=CT可知，ab過程中氣體的體積不變，即氣體對外界不做功，

而溫度升高，根據(jù)熱力學(xué)第一定律AU=Q+W可知，氣體一定吸熱，故A正確；

B、在be過程中，氣體的溫度不變，根據(jù)公式PV=CT可知?dú)怏w的體積增大，氣體對外界

做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律AU=Q+W可知，be過程中氣體吸熱，故B錯誤；

C、Ca過程中氣體經(jīng)理等壓變化，溫度降低，內(nèi)能減小，根據(jù)與公式PV=CT可知?dú)怏w的體

積變小，則外界對氣體做正功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律AU=Q+W可知，外界對氣體做的功小于

氣體所放的熱，故C錯誤；

D、b和C兩個狀態(tài)中，氣體溫度相同，分子平均動能相同，但b狀態(tài)比C狀態(tài)壓強(qiáng)大，所

以b狀態(tài)下容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)比C狀態(tài)多，故D錯誤；

故選：Ao

11.如圖，一粗細(xì)均勻的細(xì)管開口向上豎直放置，管內(nèi)有一段高度為2.0Cm的水銀柱，水銀

柱下密封了一定量的理想氣體，水銀柱上表面到管口的距離為2.0cm。若將細(xì)管倒置，水銀柱下

表面恰好位于管口處，且無水銀滴落，管內(nèi)氣體溫度與環(huán)境溫度相同。已知大氣壓強(qiáng)為76CmHg,

環(huán)境溫度為296K。則細(xì)管的長度為()

A.39cmB.40cmC.41cmD.42cm

【分析】設(shè)細(xì)管的長度，分析出氣體變化前后的狀態(tài)參量，根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)

方程列式得出細(xì)管的長度。

【解答】解：設(shè)細(xì)管的長度為X,則氣體的最初狀態(tài)參量為：

pi=78cmHg+2cmHg=80cmHg

VI=(x-4)cm

當(dāng)細(xì)管倒置后，則

p2=78cmHg-2cmHg=76cmHg

V2=(x-2)cm

因為過程中氣體的溫度不變，則

PlVI=P2V2

聯(lián)立解得：x=41Cm,故C正確，ABD錯誤；

故選：Co

12.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體分別經(jīng)歷a-b和a-c兩個過程，則()

A.狀態(tài)a的內(nèi)能大于狀態(tài)b

B.狀態(tài)a的體積大于狀態(tài)b

C.a—c過程中氣體吸收熱量

D.a-c過程中所有氣體分子熱運(yùn)動速率增大

【分析】（1）根據(jù)溫度的大小可以判斷內(nèi)能的大?。?/p>

（2）根據(jù)pv=nRT,可以得到P=逃「可以知道與原點(diǎn)連線的斜率與體積成反比，故斜

V

率越大體積越小。

（3）根據(jù)熱力學(xué)第一定律可以求解吸放熱情況。

（4）溫度反映的是平均分子動能而不是所有分子的動能。

【解答】解：A、狀態(tài)a的溫度小于狀態(tài)b的溫度，溫度越高內(nèi)能越大，所以狀態(tài)a的內(nèi)能

小于狀態(tài)b的內(nèi)能，故A錯誤；

B、根據(jù)pv=nRT,可以得到P=巡「可以知道與原點(diǎn)連線的斜率與體積成反比，故斜率

V

越大體積越小，所以狀態(tài)a的體積小于狀態(tài)b的體積，故B錯誤；

C、根據(jù)熱力學(xué)第一定律得，ΔU=W+Q,因為從a到C過程溫度升高，所以AU為正值，

體積增大，所以W為負(fù)值，所以Q為正值，代表在整個過程中吸熱，故C正確；

D、溫度反映的是平均分子動能而不是所有分子的動能，故D錯誤。

故選：Co

13.對于固體和液體，下列說法正確的是（）

A.液體表面張力的方向.與液面垂直并指向液體內(nèi)部

B.農(nóng)田里，要保存水分，常常把地面的土壤鋤松，這是為了減少毛細(xì)現(xiàn)象的發(fā)生

C.水銀不浸潤玻璃，可以說明水銀是一種不容易發(fā)生浸潤現(xiàn)象的液體

D.單晶體有固定的熔點(diǎn)，多晶體沒有固定的熔點(diǎn)

【分析】表面張力產(chǎn)生在液體表面層，它的方向平行于液體表面，使液體的表面積減小到最

小的趨勢;根據(jù)毛細(xì)現(xiàn)象的特點(diǎn)判斷;一種液體是否浸潤某種固體,與這兩種物質(zhì)的性質(zhì)都有關(guān)；

晶體具有固定的熔點(diǎn)。

【解答】解：A、液體表面張力產(chǎn)生在液體表面層，張力的方向始終與液面相切，與分界線

垂直，故A錯誤；

B、農(nóng)田里把地面的土壤鋤松，從而破壞土壤中的毛細(xì)管，來減少毛細(xì)現(xiàn)象的發(fā)生，故B正

確；

C、一種液體是否浸潤某種固體，與這兩種物質(zhì)的性質(zhì)都有關(guān)，因此某種液體是浸潤的還是

不浸潤的，一定要指明相應(yīng)的固體，故C錯誤；

D、單晶體和多晶體都有固定的熔點(diǎn)，故D錯誤。

故選：Bo

14.如圖為一定質(zhì)量的理想氣體的P-T圖像，從狀態(tài)a沿直線變化到狀態(tài)b,氣體（)

A.密度逐漸減小B.分子平均動能增大

C.向外界放熱D.對外界做功

【分析】根據(jù)一定質(zhì)量理想氣體狀態(tài)方程畢=C和已知的變化量去判斷其它的物理量的變化;

根據(jù)溫度是分子平均動能的標(biāo)志分析平均動能的變化;根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析氣體吸放熱情況。

【解答】解：AB、從圖中可以看出：從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b氣體的溫度不變，氣體分子平

均動能不變，壓強(qiáng)升高，根據(jù)半=C可知，體積逐漸減小，氣體密度逐漸增大，故AB錯誤；

CD、氣體體積逐漸減小，外界對氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律AU=W+Q可知，氣體向

外界放熱，故C正確，D錯誤。

故選：Co

15.裝有一定質(zhì)量理想氣體的薄鋁筒開口向下浸在恒溫水槽中，如圖所示，現(xiàn)推動鋁筒使其

緩慢下降，鋁筒內(nèi)氣體無泄漏，則鋁筒在下降過程中，筒內(nèi)氣體不可能的是（）

A.壓強(qiáng)增大B.內(nèi)能增大

C.外界對氣體做正功D.分子平均動能不變

【分析】理解公式AU=Q+W的含義，氣體內(nèi)能的變化量等于氣體吸收的熱量與外界對氣

體做的功之和；理解溫度是分子平均動能的標(biāo)志。

【解答】解：A、緩慢推動鋁筒，由于水溫恒定，薄鋁筒導(dǎo)熱良好，則筒內(nèi)氣體發(fā)生等溫變

化，鋁筒在下降過程中筒內(nèi)氣體壓強(qiáng)為p=po+pgh,隨著鋁筒下降，筒內(nèi)外液體高度差h增大,

則氣體壓強(qiáng)增大，故A正確；

BCD、根據(jù)玻意耳定律PV=C可知，鋁筒內(nèi)氣體被壓縮，體積減小，對氣體做功，故W>

0,溫度不變，故氣體內(nèi)能不變，分子平均動能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律AU=Q+W可知，氣

體向外界放熱，故B錯誤，CD正確，

由于本題選擇不可能的選項；

故選：B.

16.一定量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b,該氣體的熱力學(xué)溫度T與壓強(qiáng)P的變化關(guān)系

如T-P圖中從a到6的線段所示。在此過程中（）

A.外界一直對氣體做正功

B.所有氣體分子的動能都一直減小

C.氣體一直對外界放熱

D.氣體放出的熱量等于外界對其做的功

【分析】在T-P圖線中，ab為過坐標(biāo)原點(diǎn)的直線，氣體做等容變化，氣體不做功，溫度降

低，分子的平均動能減小，內(nèi)能減小，結(jié)合熱力學(xué)第一定律即可判斷。

【解答】解：A、根據(jù)一定質(zhì)量的某種理想氣體狀態(tài)方程型=C,整理可得熱力學(xué)溫度T

T

與壓強(qiáng)P的函數(shù)關(guān)系為：T=]p,a到b為過坐標(biāo)原點(diǎn)的傾斜直線，故氣體做等容變化，即外界

對氣體不做功，故A錯誤；

B、從a到b的過程中，氣體的溫度逐漸降低，根據(jù)溫度是分子平均動能的標(biāo)志，可知分子

的平均動能逐漸減小，但并不是所有氣體分子的動能都一直減小，故B錯誤；

CD、由于氣體從a到b不做功，即W=O,氣體的溫度逐漸降低，則氣體內(nèi)能逐漸減小，即

ΔU<0,根據(jù)熱力學(xué)第一定律AU=W+Q,可得Q<0,氣體一直對外界放熱，且放出的熱量等

于其內(nèi)能的減小量，故C正確，D錯誤。

故選：Co

17.某同學(xué)在水杯中倒入一半開水后，將杯蓋蓋上后杯內(nèi)空氣（視為一定質(zhì)量的理想氣體）

的溫度約為97℃,一段時間后，該同學(xué)想喝水時，發(fā)現(xiàn)杯蓋很難被打開，若此時杯中空氣的溫

度與外部環(huán)境溫度均為17℃,則下列說法正確的是（）

A.杯蓋很難被打開的原因是降溫后杯內(nèi)空氣的壓強(qiáng)大于外界大氣壓強(qiáng)

B.17C時杯內(nèi)空氣的體積比97℃時的大

C.17C時杯內(nèi)空氣的密度比97℃時的大

D.17℃時杯內(nèi)空氣對杯壁單位時間內(nèi)，單位面積上的碰撞次數(shù)比97℃時的少

【分析】對杯內(nèi)的氣體根據(jù)查理定律分析出變化后的壓強(qiáng);根據(jù)氣體質(zhì)量、體積均不變可知,

氣體密度不變，再根據(jù)氣體壓強(qiáng)的微觀意義即可分析。

【解答】解：A.杯內(nèi)空氣溫度降低，由上L=EZ,可知杯內(nèi)壓強(qiáng)減小，杯內(nèi)空氣的壓強(qiáng)小于

TlT2

外界大氣壓強(qiáng)，故A錯誤；

BC.17°C時與97℃時相比，杯內(nèi)空氣的體積不變，質(zhì)量不變，所以密度不變，故BC錯誤;

D.17°C時與97℃時相比，杯內(nèi)空氣壓強(qiáng)減小，對杯壁單位時間內(nèi)，單位面積上的碰撞次數(shù)

減少，故D正確。

故選：D。

18.Imol的某種理想氣體，沿如圖P-V圖像中箭頭所示方向，從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B,

再變化到狀態(tài)C,再回到狀態(tài)A。已知?dú)怏w處于狀態(tài)A時的溫度為To,已知Imol的該種理想氣

體內(nèi)能為U=2RT(其中R為普適氣體常數(shù),T為氣體的熱力學(xué)溫度),大氣壓Iatm=LOXl()5pa,

2

A.氣體處于狀態(tài)B時的溫度是2To

B.從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B,理想氣體一定從外界吸收熱量

C.從狀態(tài)B變化到狀態(tài)C過程該氣體吸熱3T0R

D.從狀態(tài)AfBfC-A的過程中，外界該氣體做功20OJ

【分析】氣體從A到B做等壓變化，根據(jù)蓋一呂薩克定律進(jìn)行解答；

從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B,根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析熱傳遞情況；

從狀態(tài)B變化到狀態(tài)C過程氣體做等容變化,根據(jù)查理定律結(jié)合內(nèi)能的計算公式進(jìn)行解答；

外界對該氣體做功等于圖中三角形的面積，由此分析。

【解答】解：A、氣體從A到B做等壓變化，根據(jù)蓋一呂薩克定律可得：Σ?-=?根據(jù)

TATB

圖象可知VB=3VA,則TB=3TO,故A錯誤；

B、從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B,體積膨脹，氣體對外界做功，溫度升高，內(nèi)能增大，根據(jù)熱力

學(xué)第一定律可知，氣體一定吸收熱量，故B正確；

C、從狀態(tài)B變化到狀態(tài)C過程氣體做等容變化，根據(jù)查理定律可得：現(xiàn)=±￡,根據(jù)圖

TBTC

象可得：pB=3pc.所以TC=T0,從狀態(tài)B變化到狀態(tài)C過程，溫度降低，氣體不做功，則放

熱AQ=?∣RX3T0-∣?RT°=3RTo,故C錯誤；

D、根據(jù)W=PAV可知，從狀態(tài)AfBfCfA過程，外界對該氣體做的功等于圖中三角形

的面積，即：W=y×(3-1)×10^3×(3-1)×105J=2OOJ>故D錯誤。

故選：B?

19.一定量的理想氣體從狀態(tài)a經(jīng)狀態(tài)b變化到狀態(tài)c,其過程如圖所示，則氣體()

A.狀態(tài)a處的壓強(qiáng)大于狀態(tài)C處的壓強(qiáng)

B.狀態(tài)b處的壓強(qiáng)小于狀態(tài)C處的壓強(qiáng)

C.由a變化到b的過程中，氣體向外界放熱

D.由a變化到C的過程中，從外界吸收的熱量小于其增加的內(nèi)能

【分析】根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)方程平=C可得T哈