四川省南充市2022-2023學(xué)年高三下學(xué)期二模物理試題 含解析

南充市高2023屆高考適應(yīng)性考試（二診）

理科綜合試卷

注意事項(xiàng)：

I.本試卷分第I卷（選擇題）和第U卷（非選擇題）兩部分。答題前，考生務(wù)必將自己的

姓名、考生號填寫在答題卡上。

2.回答第I卷時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需

改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號。寫在試卷上無效。

3.回答第II卷時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在試卷上無效。

4.考試結(jié)束，將答題卡交回。

二、選擇題：本題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得

6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

1.近年中國探月工程取得重大成就。月球夜晚溫度低至-18（ΓC,為避免低溫?fù)p壞儀器，“玉兔二號”月球

238238

PU94PU

車攜帶的放射性同位素杯238（94FU）會不斷衰變，釋放能量為儀器設(shè)備238供熱。yu可以通過以

下反應(yīng)過程得到：^U+jH→哥Po,93P94o已知*Pu的衰變方程為

238234

P1IVY-I-TT

94KU→ι+92uj其半衰期為88年。下列說法正確的是（）

A.2霓U+：Hf/Np+2｛）n為輕核聚變

B.X為正電子，Y為質(zhì)子

C.^8Pu的比結(jié)合能比置U的比結(jié)合能小

D.白天時(shí)溫度升高，瞪PU的半衰期會減小

【答案】C

【解析】

【詳解】A.該反應(yīng)為原子核的人工轉(zhuǎn)變，故A錯誤：

B.根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得：X的質(zhì)子數(shù)為

Z=93-94=-l

質(zhì)量數(shù)為零，所以X是電子，Y的質(zhì)量數(shù)為

A=238-234=4

質(zhì)子數(shù)為2,由此可知Y為氮原子核，故B錯誤；

C.生成物更穩(wěn)定，所以比結(jié)合能更大，故C正確;

D.半衰期與溫度無關(guān)，故D錯誤。

故選Co

2.如圖，輕質(zhì)不可伸長晾衣繩兩端分別固定在豎直桿M、N上的a、b兩點(diǎn)，懸掛衣服的衣架鉤是光滑

的，掛于繩上處于靜止?fàn)顟B(tài)。如果只人為改變一個(gè)條件，當(dāng)衣架靜止時(shí)，下列說法正確的是（）

A.繩的右端上移到繩子拉力變小

B.將桿M向左移一些，繩子拉力變小

C.換用稍長一些的輕質(zhì)晾衣繩，繩子拉力變小

D.繩的兩端高度差越小，繩子拉力變小

【答案】C

【解析】

【詳解】如圖所示，因?yàn)橥桓K子上的拉力相等，所以兩個(gè)繩子是對稱的，與豎直方向夾角是相等

的。

AD.設(shè)繩子的長度為X,則兩桿之間的距離等于XCOS優(yōu)繩子一端在上下移動的時(shí)候，繩子的長度不變,

兩桿之間的距離不變，則。角度不變，所以

G

Λι-FO=

^2sin

所以繩子上的拉力不變；繩的兩端高度差的大小，對繩子的拉力沒有影響，故AD錯誤；

B.當(dāng)桿M向左移一些，兩桿之間的距離變大，繩長不變，所以6角度減小，SinO減小，繩子拉力變大,

故B錯誤；

C.換用稍長一些的輕質(zhì)晾衣繩，。角度變大，繩子拉力變小，故C正確。

故選C。

3.如圖，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為扁、方向垂直于紙面向里，無限長通電直導(dǎo)線位于紙面內(nèi)，在紙

面內(nèi)的M、N位于導(dǎo)線兩側(cè)，其連線與導(dǎo)線垂直。且M、N兩點(diǎn)到導(dǎo)線的距離之比為6:5。經(jīng)測量，N點(diǎn)、

的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小是M點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的2倍且方向相同。已知無限長通電直導(dǎo)線在真空中某點(diǎn)產(chǎn)生

的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為6=攵,，其中％為常量，/為電流大小，r為該點(diǎn)到導(dǎo)線的距離。則無限長通電直導(dǎo)

r

線在M點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）

×××X

X

■---------------------N

×××X

XBoX×

A.—BOB.-BC.D.BO

16°0

【答案】A

【解析】

【詳解】設(shè)通電長直導(dǎo)線在"點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小等于B,根據(jù)B=后,可知通電長直導(dǎo)線在N點(diǎn)

r

產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小等于∣?B.根據(jù)安培定則可知通電長直導(dǎo)線在M點(diǎn)產(chǎn)生的磁場方向向外、在N點(diǎn)

產(chǎn)生的磁場方向向里，則有

6

-B+Bo=2(Bo-B)

5

解得

B=IBO

16

故選Ao

4.有一種能自動計(jì)數(shù)的智能呼啦圈深受健身者的喜愛，智能呼啦圈腰帶外側(cè)有半徑r=0.12m的圓形光

滑軌道，將安裝有滑輪的短桿嵌入軌道并能自由滑動，短桿的另一端懸掛一根帶有配重的腰帶輕質(zhì)細(xì)

繩，其簡化模型如圖。已知配重（可視為質(zhì)點(diǎn)）質(zhì)量根=0?6kg,繩長為L=O.3m。水平固定好腰帶，

通過人體微小扭動，使配重在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，在某一段時(shí)間內(nèi)細(xì)繩與豎直方向夾角始終為

53°?腰帶可看作不動，重力加速度取g=10m∕s2,不計(jì)空氣阻力，sin530=Q8,cos53°=0.6,下

列說法正確的是（）

不考慮其它天體的影響，A、B圍繞兩者連線上的O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動，它們之間的距離保持不變，若將

可見星A所受暗星B的引力等效為位于。點(diǎn)處質(zhì)量為加的星體對它的引力，設(shè)A和B的質(zhì)量分別為

町、tn2,則（）

2

?…,一叫~

A.m=---------D.Ul-

+m町+"Z

mx72

…，"V…，一濡

Cm_------------------TD加二---------τ

(〃4+機(jī)2)一(m1+∏22)~

【答案】D

【解析】

【詳解】根據(jù)

/22

mλω4=m2ωr1

得

mi_r2

mιr?

根據(jù)

m

G二Cml'

儲+&)2-ZJ2

得

m_片

m1(4+幻2

聯(lián)立解得

-M-J_____!_____________±_____

m-一'rh.2—2

儲+々)(ml+∕∏2)

故選D。

6.如圖，傾角為。的斜面MN段粗糙，其余段光滑，PM,MN長度均為3d。四個(gè)質(zhì)量均為,"的相同樣品

1、2、3、4放在斜面上，每個(gè)樣品（可視為質(zhì)點(diǎn)）左側(cè)面固定有長度為d的輕質(zhì)細(xì)桿，細(xì)桿與斜面平行,

且與其上方的樣品接觸但不粘連，樣品與MN間的動摩擦因數(shù)均為〃=tan。。若樣品1在P處時(shí)，四個(gè)

樣品由靜止一起釋放，重力加速度大小為g,下列說法正確的是（)

4

3

21

?當(dāng)樣品I剛進(jìn)入.段時(shí)’樣品的共同加速度大小為《gsin,

B.當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時(shí)，樣品1的輕桿受到壓力大小為3∕ngsin6

C.從開始釋放到樣品4剛進(jìn)入MN段的過程中，克服摩擦力做的總功為Sngdsin。

D.當(dāng)四個(gè)樣品均位于MN段時(shí)，樣品的共同速度大小為3jgdsin祥

【答案】AD

【解析】

【詳解】A.當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時(shí)，對整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得，樣品的共同加速度

故A正確；

B.當(dāng)樣品1剛進(jìn)入MN段時(shí)，隔離對樣品1分析，根據(jù)牛頓第二定律有

mgsinθ+F-μmgcosθ=maι

解得

3八

F=-mgsinθ

3

根據(jù)牛頓第三定律，樣品1的輕桿受到的壓力為巳Wgsin仇故B錯誤；

4

C.從開始釋放到樣品4剛進(jìn)入MN段的過程中，摩擦力對樣品1做功

VVn=-μmgcosθ?3d--3mgdsinθ

摩擦力對樣品2做功

叫2=~∕jm8c°34sθ?1d=-2mgdsinθ

摩擦力對樣品3做功

嗎3=~∕jm8COSθ?d=-mgdsinθ

此時(shí)樣品4剛進(jìn)入MN段，摩擦力不做功，則摩擦力做的總功

嗎=V‰+%2+嗎3=—6mgdsinθ

故C錯誤；

D.從開始釋放到樣品4剛進(jìn)入MN段的過程運(yùn)用動能定理得

解得樣品共同速度

V-3Jgdsinθ

故D正確。

故選ADo

7.如圖甲所示，絕緣且粗糙程度相同的水平面上固定著兩個(gè)帶等量負(fù)電荷的點(diǎn)電荷M和N,0、A、B是

在此水平面上M、N連線的中垂線上的三點(diǎn)，B點(diǎn)是MN的中點(diǎn)，。與B間距為x=0.2m.一帶正電的小球

由O點(diǎn)靜止釋放，其質(zhì)量m=IXl（F2kg、電荷量于2x10-3。帶正電的小球與水平面的動摩擦因數(shù)

〃=0.2。小球從。點(diǎn)運(yùn)動到B點(diǎn)的口—/圖像如圖乙所示，A為圖像的拐點(diǎn)，乙圖中。、A、B對應(yīng)甲圖中

0、A、B三個(gè)位置。重力加速度g=10m∕s2,則以下說法正確的是（）

十O

A.從O到3,小球的加速度先增大后減小

B.O點(diǎn)與B點(diǎn)電勢差UOB=2V

C.當(dāng)小球速度最大時(shí)，小球所在位置的電場強(qiáng)度E=ION/C

D.O與8之間A點(diǎn)的電場強(qiáng)度最小

【答案】BC

【解析】

【詳解】A.由乙圖可知，從。到A,小球的加速度增大，A到B先減小至零然后反向增大。故A錯誤;

B.從。到8,由動能定理可得

Wf+%=0

Wf=-μmgx

q

聯(lián)立，可得

U°B=2V

故B正確；

C.當(dāng)小球速度最大時(shí)，其加速度為零，有

qE=μmg

解得

E=10N∕C

故C正確；

D.對小球受力分析，由牛頓第二定律有

qE-μmg-ma

由乙圖可知，小球在A點(diǎn)時(shí)加速度最大，即電場強(qiáng)度最大。故D錯誤。

故選BCo

8.如圖所示，兩根電阻不計(jì)、足夠長的平行光滑金屬導(dǎo)軌MN,PQ固定在水平面內(nèi)，間距d=lm,在導(dǎo)

軌間寬度L=Im的區(qū)域有勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小8=0.5T,方向如圖。一根質(zhì)量小,=0?2kg,阻值

R=0.5。的金屬棒b靜置在導(dǎo)軌上，現(xiàn)使另一根質(zhì)量機(jī)il=Slkg,阻值也為R=0.5。的金屬棒〃以初

速度%=4m∕s從左端開始沿導(dǎo)軌滑動，穿過磁場區(qū)域后，與b發(fā)生彈性碰撞，兩金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直

且接觸良好，則金屬棒）

M????-N

????

左da?b右

??B??

r__????

PQ

A.第一次穿過磁場時(shí)做勻減速直線運(yùn)動

B.第一次穿過磁場時(shí)回路中有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流

C.第一次穿過磁場過程中克服安培力做的功為0.25J

D.與金屬棒〃碰撞后瞬間的速度大小為0.5m∕s

【答案】BD

【解析】

【詳解】A.金屬棒。穿過磁場過程中受向左的安培力作用，根據(jù)

B2d2v

--------ma

2Ra

可知隨著速度的減小，加速度減小，則金屬棒”做加速度減小的減速運(yùn)動，選項(xiàng)A錯誤;

B.由右手定則可知，第一次穿過磁場時(shí)回路中有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流，選項(xiàng)B正確；

C.第一次穿過磁場的過程中由動量定理可知

-BIdAt=mav-tnav0

其中

-BdL

Ibat=-----

2R

由動能定理

2

-Wii=^maV片

解得

v=1.5m∕s

W?=O.6875J

選項(xiàng)C錯誤;

D.兩棒發(fā)生完全彈性碰撞，則

mav=muvl+mhv2

12?2?2

2mav=QSM+-m∕Λ

解得

vι=-0.5m∕s

V2=lm∕s

即α與金屬棒b碰撞后瞬間的速度大小為0?5m∕s,選項(xiàng)D正確。

故選BD。

第∏卷（非選擇題，共174分）

三、非選擇題（本卷包括必考題和選考題兩部分，第22-32為必考題，每個(gè)試題考生都必須

做答。第33-38題為選考題，考生根據(jù)要求做答）

（-）必考題（共129分）

9.為測量小球從某一高度釋放，與某種橡膠材料碰撞導(dǎo)致的機(jī)械能損失，某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖所示的

裝置，實(shí)驗(yàn)過程如下：（已知小球的質(zhì)量為相，直徑為d）

釋放裝置

（I）讓小球從某一高度由靜止釋放，與水平放置的橡膠材料碰撞后豎直反彈。調(diào)節(jié)光電門位置，使小球

從光電門正上方釋放后，在下落和反彈過程中均可通過光電門；

（2）為方便操作并記錄小球此次下落和反彈通過光電門的遮光時(shí)間4和4，應(yīng)（填“A”或

“B”）；

A.先釋放小球，后接通數(shù)字計(jì)時(shí)器

B.先接通數(shù)字計(jì)時(shí)器，后釋放小球

（3）用測量結(jié)果計(jì)算小球與橡膠材料碰撞的機(jī)械能損失，其表達(dá)式為AE=（用字母〃、

d-%和今表示）；

（4）若適當(dāng)調(diào)高光電門的高度，將會（填“增大”或“減小”）因空氣阻力引起的實(shí)驗(yàn)誤

差。

1￠/21,d、、

【答案】①.B②.,"2（,）根（1）-③.增大

【解析】

【詳解】（2）[1]為方便操作并記錄小球此次下落和反彈通過光電門的遮光時(shí)間4和12，應(yīng)先接通數(shù)字計(jì)

時(shí)器，后釋放小球。

故選B。

（3）[2]小球下落經(jīng)過光電門時(shí)的速度大小為

d

V'^?

小球上升經(jīng)過光電門時(shí)的速度大小為

d

嶺=丁

l2

小球與橡膠材料碰撞損失的機(jī)械能為

ALr12?2?/d2?/d2

ΔE=—mvi——mv2=—m（-）——m（一）

222t[2t]

（4）[3]若適當(dāng)調(diào)高光電門的高度，則從光電門到橡膠材料的距離增大，從下落經(jīng)過光電門到上升經(jīng)過光

電門通過的路程增大，克服空氣阻力做的功增大，則將會增大因空氣阻力引起的實(shí)驗(yàn)誤差。

10.（1）利用圖甲所示電路測量電流表A（量程ImA）的內(nèi)阻。實(shí)驗(yàn)室有以下器材；

待測電流表A（量程ImA）

滑動變阻器B（最大阻值6000Ω）

滑動變阻器C（最大阻值3000C）

電阻箱（最大阻值999.9。）

電源片（電動勢3V,內(nèi)阻很?。?/p>

電源鳥（電動勢為6V,內(nèi)阻很?。?/p>

甲

①為了比較精確的測量，電源選用（填“用”或“E2”）,滑動變阻器RI選用

（填“B”或"C”）

測量方法是：先斷開開關(guān)當(dāng)，閉合開關(guān)s∣,調(diào)節(jié)滑動變阻器R∣,使電流表的指針滿偏；保持Rl的阻值

不變，閉合S2,調(diào)節(jié)電阻箱&,使電流表的指針半偏，此時(shí)電阻箱”的示數(shù)為99.0C。貝IJ：

②電流表A內(nèi)阻的測量值為C,測量值___________（填“大于”、“小于”或“等于”）

真實(shí)值。

（2）若將該電流表A改裝成量程為IOOmA的電流表A∣,則改裝后的電流表Al的內(nèi)阻RA=

_______Ω,,

（3）為測量一節(jié)廢舊干電池的電動勢E和內(nèi)阻「，利用電流表Al和其它實(shí)驗(yàn)器材設(shè)計(jì)了如圖乙所示的電

路。在實(shí)驗(yàn)中，多次改變電阻箱阻值，記錄多組數(shù)據(jù)，畫出;一《圖像為一條直線（如圖丙）。由圖中數(shù)

據(jù)計(jì)算出該電池的電動勢E=V,內(nèi)阻r=Ω（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）。

【答案】Φ.E2②.B99.0④.小于?.0.991.13⑦.10.3

【解析】

【詳解】（1）①口］［2］根據(jù)題意可知，采用的是半偏法測量電流表內(nèi)阻，為了減小誤差，實(shí)驗(yàn)中電源選擇

電動勢較大的E2，回路最大電流ImA,根據(jù)歐姆定律可知，最小電阻6000C,故滑動變阻器選擇B。

②⑶⑷先斷開開關(guān)S?,閉合開關(guān)S-調(diào)節(jié)滑動變阻器R∣,使電流表的指針滿偏，保持Rl的阻值不變,

閉合S2,調(diào)節(jié)電阻箱與，使電流表的指針半偏，因?yàn)榛瑒幼冏杵髯柚捣浅４?，近似認(rèn)為此時(shí)回路電流不

變，則電阻箱&的電流也為:/g，此時(shí)電阻箱&的示數(shù)為99.0Ω0則根據(jù)并聯(lián)電流與電阻成反比可

知，電流表A內(nèi)阻的測量值為99.0C。因?yàn)殚]合S?后，回路總電阻減小，總電流增大，則流過&的實(shí)際

電流大于;∕g,導(dǎo)致測量值小于真實(shí)值。

（2）［5］若將該電流表A改裝成量程為IoOmA的電流表A∣,則改裝后的電流表AI的內(nèi)阻

JR

RA=-^=0.99Ω

(3)⑹⑺根據(jù)

I=——-——

r+R,A+&

整理得

??d&+「

7=1十

根據(jù)題意，結(jié)合圖丙可得

≡xl?？?0.01X103

E45E

解得

E=1.13V,r=10.3Ω

11.如圖，在平面直角坐標(biāo)系Xoy內(nèi)，第一象限存在沿》軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為馬（未

知)；第二象限存在沿X軸正方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小g=LON/C；第四象限圓形區(qū)域內(nèi)存在垂

直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=O.25T,圓形區(qū)域分別在P點(diǎn)、Q點(diǎn)與X軸、軸相切，

其半徑R=0.4m0一比荷包=20OC/kg、不計(jì)重力和空氣阻力的帶正電粒子，從第二象限的A點(diǎn)由靜

m

止釋放，4點(diǎn)坐標(biāo)為(-0.5m,0.2m),該粒子從)'軸上C(O,0.2m)點(diǎn)進(jìn)入第一象限，恰從尸點(diǎn)進(jìn)

入第四象限的勻強(qiáng)磁場，最終從圓形磁場的M點(diǎn)射出。求：

(I)粒子經(jīng)過C點(diǎn)的速度大小%；

(2)電場強(qiáng)度當(dāng)?shù)拇笮〖傲Ｗ咏?jīng)過尸點(diǎn)的速度V；

【解析】

【詳解】(1)粒子在第二象限做勻加速直線運(yùn)動，則有

由牛頓第二定律得

qE、=/?Jal

聯(lián)立解得粒子經(jīng)過C點(diǎn)的速度大小

v0=lθV2m∕s

(2)在第一象限，粒子做類平拋運(yùn)動，沿X軸正方向有

R=Iv

沿y軸負(fù)方向有

1,2

?e=5?

由牛頓第二定律可得

qE2=ma2

聯(lián)立解得

2

E2-2.5N/C,cz2=500m∕S

粒子經(jīng)過P點(diǎn)沿沿＞軸負(fù)方向的分速度大小為

vv=?2/=lθV2m∕s

因此，粒子經(jīng)過尸點(diǎn)的速度大小為

2

V=??vθ+vy=20m/s

設(shè)速度方向與X軸正向夾角為e,則有

V

tan^=—=1

VO

可得

6=45°

（3）粒子在圓形磁場中做勻速圓周運(yùn)動，由洛倫茲力提供向心力可得

2

nV

qvβ=m一

解得

r=0.4m=R

可知四邊形PQlMo2為菱形，則粒子從M點(diǎn)射出磁場時(shí)速度沿X軸負(fù)向；從P到M,圓心角為

0=135°,粒子在磁場中的運(yùn)動時(shí)間為

又

_2πm

1=-----

qB

聯(lián)立解得

3兀

t=----s

200

12.如圖，固定在水平地面上，傾角為6的光滑斜面底端固定一垂直于斜面的擋板，一輕質(zhì)彈簧放在斜面

上，一端固定在擋板上，另一端處于自由狀態(tài)，足夠長的木板B放在斜面上，木塊A放在B的上端，

A、B的質(zhì)量均為加，A、B之間的動摩擦因數(shù)為〃。開始時(shí)，A、B均靜止，使彈簧壓縮了我。然后沿斜

面向下緩慢推動木板B移動距離2次后鎖定B（彈簧始終在彈性限度內(nèi)）。某時(shí)刻解除鎖定，木B板沿斜

面向上運(yùn)動，A與B之間發(fā)生相對滑動，經(jīng)過時(shí)間3A與B第一次共速，此時(shí)B已脫離彈簧。已知彈簧

形A變量為X時(shí)彈性勢能為5=5丘2（其中左為彈簧的勁度系數(shù)，A未知）。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動

摩擦力，重力加速度為g。求：

（1）解除鎖定瞬間，A、B的加速度大小公、"B；

（2）從解除鎖定到B沿斜面向上運(yùn)動速度達(dá)到最大時(shí)B的位移大小x1;

（3）解除鎖定后，B沿斜面向上運(yùn)動的最大位移Xm的大小。

(5Sine-〃COSe)Xo(?)

【答案】(1)QA=〃gcos。一gsinθ,4B=5^sin0-/∕gcos<9;(2)Jq=

2sin6

22

18x0sinθ-gt(χ∕cosθ-sinθfgt(//cosθ-sinθ?

Xm2(〃CoSe+sin6)2sin

【解析】

【詳解】（1）最初，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，則有

kx°=2mgsi∏e

解除鎖定瞬間，對于A

μmgcos0-mgsinθ=ma

對于B

k3xo—/HgsinO-"mgcos9=man

解得

QA=μgcosθ~gsinθ

4B=5gsinJ-〃gcos9

(2)B速度最大時(shí)，其加速度為0,則有

kx-∕πg(shù)sin9+"AWgcosO

B的位移大小

Xi=3xo~X

解得

(5Sine-χ√cosx0

,2sin6

(3)從解除鎖定到共速，設(shè)A、B的位移大小分別為也、X3,共同速度為％對于A

V=ClAt

12

x2=~aAt

對于系統(tǒng)，能量守恒，則有：共速后，一起沿斜面向上勻減速，對A、B整體(AB的位移大小為M)

1?

-Imgx4Sine=O-5?2m?v

所以B沿斜面向上運(yùn)動的最大位移為

Xm=+x4

解得

18%)sinθ-gt11μCOSθ-sin8)2gt2(μcosθ-sinθ}

Xm二

2(μcos6+sinO)2sin8

(~)選考題(共45分。請考生從給出的2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選

一題作答，如果多做，則按所做的第一題計(jì)分)

[物理選修3-3](15分)

13.一定質(zhì)量的理想氣體發(fā)生狀態(tài)變化，其壓強(qiáng)P隨熱力學(xué)溫度T變化的圖像如圖所示，氣體從狀態(tài)”開

始，經(jīng)歷了a-6—a的過程，Hcd為平行四邊形，M與T軸平行，機(jī)?邊反向延長線通過坐標(biāo)原點(diǎn)

A.從。到6,氣體體積減小

B.從6到c,氣體體積增大

C.從。到c,氣體放出熱量

D.從C到d氣體對外做的功大于從a到b外界對氣體做的功

E.從C到d氣體對外做的功等于從a到b外界對氣體做的功

【答案】ACE

【解析】

【分析】

【詳解】A.從α至∣J6,壓強(qiáng)不變，根據(jù)

二以

TaTh

溫度降低，體積減小，A正確：

B.從b到c,為等容變化，則氣體的體積不變，B錯誤；

C.從α到c,溫度減小，則

Δt∕<O

從α到C,根據(jù)

T

體積變小，外界對氣體做正功，即

w>o

根據(jù)熱力學(xué)第一定律

?U=W+Q

則

β<0

氣體放出熱量，C正確；

DE.從C到d,氣體的體積增大，外界對氣體做負(fù)功，即

叫=%(%T)

根據(jù)

T

則

Pc(Vd-Vc)=C(Td-Tc)

從“到從體的體積減小，外界對氣體做正功，即

嗎=P〃(匕一%)

即

W2=Pa(Vd-Vc)=C(Ta-Tb)

因?yàn)?/p>

Td-Tc=Ta-Tb

即從C到d氣體對外做的功等于從α到b外界對氣體做的功，D錯誤E正確。

故選ACEo

14.潛水能進(jìn)入水面以下，處于懸浮狀態(tài)，讓人徹底放松身心，在靜謐的海底無言地觀賞各種色彩斑斕的

奇異珊瑚和魚類。但由于水壓的存在，潛水也存在一定的風(fēng)險(xiǎn)。已知人體肺部空氣容積最小可壓縮至空

氣中體積Vo的(，最大可膨脹至%的2倍，否則會出現(xiàn)危險(xiǎn)。水面上的大氣壓Po相當(dāng)于深為加的水柱

壓強(qiáng)，為了保證潛水時(shí)的安全：(肺部氣體溫度等于人體內(nèi)溫度，視為不變)

(1)求人在安全狀態(tài)下能下潛的最大深度H-,(答案用心表示)

(2)人在最大安全深度通過吸人壓縮空氣將肺部體積恢復(fù)至V0,返回時(shí)為了避免到達(dá)水面后出現(xiàn)肺部過度

擴(kuò)張，求返回時(shí)應(yīng)當(dāng)在最大安全深度吐出壓縮空氣的最小體積。(答案用丫表示)

【答案】(l)4Ao;(2)0.6?

【解析】

【分析】

【詳解】(1)以對人體肺部氣體為研究對象

空氣中狀態(tài)有

Pl=P0,V∣=?

最大安全深度下，有

P2=po+n↑PfhVΓ2=O.2MO,(PH=PO)

由等溫變化可得

PlVI=PA12

解得

711=4

故最大安全深為4”。

⑵人在最大安全深度時(shí)肺部氣體有

P3=P2=5po,?=?

人在最大安全深度時(shí)肺部吐出氣體