湖南省株洲世紀(jì)星高級(jí)中學(xué)2022-2023學(xué)年高二年級(jí)上冊(cè)期末考試化學(xué)試題（解析版）

2022?2023學(xué)年第一學(xué)期高二年級(jí)期末考試

化學(xué)學(xué)科試題卷

(本試卷共8頁，18題，全卷滿分：100分，考試時(shí)間：75分鐘)

注意事項(xiàng)：

1.答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)寫在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證條形碼粘貼在答題

卡上的指定位置。

2.選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上相應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。寫在

試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。

3.非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)，寫在試題卷、草稿紙和答

題卡上的非答題區(qū)域均無效。

4.考試結(jié)束后，試題卷自行妥善保管，答題卡統(tǒng)一上交。

可能用到的相對(duì)原子質(zhì)量：H-lC-120-16Cu-64

第I卷

一、單選題(本大題共10小題，共30.0分)

1.在密閉容器中進(jìn)行反應(yīng)CH4(g)+H2O(g)'CO(g)+3H2(g)AH>0,測(cè)得c(CH4)隨反應(yīng)時(shí)

間(t)的變化如圖所示.下列判斷正確的是()

A.恒溫下，縮小容器體積，平衡后c(H2)減小

B.0?5min內(nèi),v(H2)=0.1mol/(L?min)

C.lOmin時(shí)，改變的外界條件可能是升高溫度

D.12min時(shí)，反應(yīng)達(dá)平衡的本質(zhì)原因是氣體總質(zhì)量不再變化

【答案】C

【解析】

【詳解】A項(xiàng)，恒溫下，縮小容器體積，壓強(qiáng)增大，平衡逆向移動(dòng)，根據(jù)化學(xué)平衡移動(dòng)原理，移動(dòng)的結(jié)果降

低了“氫氣濃度的增大”，但不會(huì)消除“氫氣濃度的增大”，平衡后c(H2)仍是增大的，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)，由圖

可知，。?5min內(nèi)甲烷的濃度由1.00mol/L減小為0.50mol/L,v(CH4)=(1.00mol/L-0.50mol/L)4-5min=0.1

mol/(L.min),因?yàn)橛貌煌镔|(zhì)表示的化學(xué)反應(yīng)速率之比等于化學(xué)計(jì)量數(shù)之比，所以

V（H2）=3x0.1mol/（L?min）=0.3mol/（L?min）,故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)，由圖可知，lOmin時(shí)甲烷的濃度繼續(xù)減小，該反

應(yīng)正向移動(dòng)，又因?yàn)樵摲磻?yīng)正向是吸熱反應(yīng)，所以可能是升高了溫度，故C正確；D項(xiàng)，化學(xué)反應(yīng)達(dá)到平衡

的實(shí)質(zhì)是正、逆速率相等，故D錯(cuò)誤。

2.已知工業(yè)合成氨的反應(yīng)為N2（g）+3H2（g）U2NH3（g）AF/<0,下列措施中，既可以提高氨氣平衡時(shí)的產(chǎn)率又

可以加快反應(yīng)速率的是

A.采用高溫條件B.加入適當(dāng)?shù)拇呋瘎?/p>

C.增大壓強(qiáng)D.將氨氣液化并不斷移去液氨

【答案】C

【解析】

【分析】

【詳解】A.升高溫度化學(xué)反應(yīng)速率加快；但由于該反應(yīng)的正反應(yīng)是放熱反應(yīng)，高溫條件下化學(xué)平衡逆向

移動(dòng)，氨氣平衡時(shí)的產(chǎn)率會(huì)降低，A不符合題意；

B.加入適當(dāng)?shù)拇呋瘎┗瘜W(xué)反應(yīng)速率大大加快；但由于催化劑對(duì)正、逆反應(yīng)速率的影響相同，因此不能使

平衡發(fā)生移動(dòng)，故氨氣平衡時(shí)的產(chǎn)率不變，B不符合題意；

C.增大壓強(qiáng)化學(xué)反應(yīng)速率加快；由于該反應(yīng)的正反應(yīng)是是氣體體積減小的反應(yīng)，增大壓強(qiáng)，化學(xué)平衡向

氣體體積減小的正反應(yīng)方向移動(dòng)，因此可以提高氨氣平衡時(shí)的產(chǎn)率，C符合題意；

D.將氨氣液化并不斷移去液氨，化學(xué)平衡正向移動(dòng)，可以提高氨氣平衡時(shí)的產(chǎn)率；但由于物質(zhì)濃度減

小，導(dǎo)致化學(xué)反應(yīng)速率減慢，D不符合題意；

故合理選項(xiàng)Co

3.利用反應(yīng)2NO（g）+2CO（g）.2。02值）+2僅）*2*1=—746.8*10/11101,可凈化汽車尾氣，如果

要同時(shí)提高該反應(yīng)的速率和NO的轉(zhuǎn)化率，采取的措施是

A.降低溫度

B.增大壓強(qiáng)同時(shí)加催化劑

C.恒溫恒容時(shí)，充入惰性氣體

D.及時(shí)將CO2和N?從反應(yīng)體系中移走

【答案】B

【解析】

【分析】提高該反應(yīng)的速率可以采取增大壓強(qiáng)、使用催化劑、升高溫度等，同時(shí)提高NO的轉(zhuǎn)化率，應(yīng)采取

措施使平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，結(jié)合平衡移動(dòng)原理分析解答。

【詳解】A.降低溫度，反應(yīng)速率減小，故A不選；

B.增大壓強(qiáng)平衡正向移動(dòng)，NO的轉(zhuǎn)化率增大，且增大壓強(qiáng)同時(shí)加催化劑，均加快反應(yīng)速率，故B選；

C.恒溫恒容時(shí)，充入惰性氣體，參加反應(yīng)物質(zhì)的濃度未發(fā)生變化，平衡不移動(dòng)，轉(zhuǎn)化率不變，故C不選;

D.及時(shí)將C。?和N?從反應(yīng)體系中移走，反應(yīng)速率減小，故D不選；

答案選B。

4.下列說法正確的是

①參加反應(yīng)的物質(zhì)的性質(zhì)是影響化學(xué)反應(yīng)速率的主要因素

②光是影響某些化學(xué)反應(yīng)速率的外界條件之一

③決定化學(xué)反應(yīng)速率的主要因素是濃度

④不管什么反應(yīng)，增大濃度、加熱、加壓、使用催化劑都可以加快反應(yīng)速率

A.①②B.①②④C.③④D.①④

【答案】A

【解析】

【分析】

【詳解】①參加反應(yīng)的物質(zhì)的性質(zhì)是影響化學(xué)反應(yīng)速率的主要因素，即內(nèi)因，①正確；

②光是影響某些化學(xué)反應(yīng)速率的外界條件之一，例如光照條件下有些物質(zhì)更易分解，②正確；

③決定化學(xué)反應(yīng)速率的主要因素是反應(yīng)物自身的性質(zhì)，濃度是外因，③錯(cuò)誤；

④并不是所有的反應(yīng)，增大濃度、加熱、加壓、使用催化劑等均可以加快反應(yīng)速率，④錯(cuò)誤；

答案選A。

(B)

5.一定溫度下，某氣態(tài)平衡體系的平衡常數(shù)表達(dá)式為5H,有關(guān)該平衡體系的說法正確的是

A.升高溫度，平衡常數(shù)K一定增大

B.增大A濃度，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)

C.增大壓強(qiáng)，C體積分?jǐn)?shù)增加

D.升高溫度，若B的百分含量減少，則正反應(yīng)是放熱反應(yīng)

【答案】D

【解析】

【分析】根據(jù)平衡常數(shù)表達(dá)式可知反應(yīng)方程式為2c(g)+2D(g).A(g)+2B(g),結(jié)合方程式分析解答。

【詳解】A.升高溫度，化學(xué)平衡向吸熱反應(yīng)方向移動(dòng)，如果正反應(yīng)放熱反應(yīng)，則化學(xué)平衡常數(shù)減小，故

A錯(cuò)誤；

B.增大A濃度，平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C.該反應(yīng)正反應(yīng)為氣體體積減小的反應(yīng)，增大壓強(qiáng)，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，所以c的體積分?jǐn)?shù)減少，故

c錯(cuò)誤；

D.升高溫度，平衡向吸熱反應(yīng)方向移動(dòng)，若B的百分含量減少，說明平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)，所以逆反應(yīng)

為吸熱反應(yīng)，正反應(yīng)是放熱反應(yīng)，故D正確；

答案選D。

6.已知反應(yīng)2co也)=2(26)+02他)的八〃>0,A5<0,下列正確的是

A.低溫下能自發(fā)進(jìn)行B.高溫下能自發(fā)進(jìn)行

C.任何溫度下都不能自發(fā)進(jìn)行D.任何溫度下都能自發(fā)進(jìn)行

【答案】C

【解析】

【分析】根據(jù)吉布斯自由能AG=AH-7A5可判斷反應(yīng)是否自發(fā)進(jìn)行，當(dāng)AG>0時(shí)，反應(yīng)能自發(fā)進(jìn)行，

據(jù)此分析解答。

【詳解】反應(yīng)2co他)=2?6)+02他)的此>0,AS<0,因?yàn)門>0,則△G=AH-7A5一定大于

0,即反應(yīng)在任何溫度下都不能自發(fā)進(jìn)行，C項(xiàng)符合題意。

故選C。

7.下圖三條曲線表示不同溫度下水的離子積常數(shù)，下列說法不正確的是

A.圖中溫度:T3>T2>TI

B.圖中pH關(guān)系是:pH(B)=pH(D)=pH(E)

C.圖中五點(diǎn)Kw間的關(guān)系:E>D>A=B=C

D.C點(diǎn)可能是顯酸性的鹽溶液

【答案】D

【解析】

【詳解】A.水的電離是吸熱反應(yīng)，升高溫度促進(jìn)水電離，則水中c(H+)、c(OH-)及離子積常數(shù)增大，根據(jù)圖

知，離子積常數(shù)T3>T2>T1,所以溫度T3>T2>T1,故A正確；B.水的離子積常數(shù)只與溫度有關(guān)，溫度越高，

離子積常數(shù)越大，同一曲線是相同溫度，根據(jù)圖知，溫度高低點(diǎn)順序是B<D<E,但三點(diǎn)溶液的氫離子濃

度相等，則pH相等，故B正確；C.溫度高低點(diǎn)順序是A=B=C<D<E,水的離子積常數(shù)只與溫度有關(guān)，

溫度越高，離子積常數(shù)越大，Kw間的關(guān)系:E>D>A=B=C,故C正確；D.C點(diǎn)時(shí)，Kw=lxl（yi4,80匹）=株10-

6,溶液的pH=8,顯堿性，故D錯(cuò)誤；

8.在O.lmol/L的NaHCC）3溶液中，下列關(guān)系式不正確的是

A.c（Na+）>c（HCO；）>c（H+）>c（QH）

+-

B.c（H）+4c（H2CO3）?=c（OH）+c（COt）

++

C.c（Na）+c（H）=c（HCO3）+c（OH-）+2c（CO|）

+

D.c（Na）=c（HCO；）+c（CO^）+c（H2CO3）

【答案】A

【解析】

【分析】NaHCC>3溶液中，HCO；的水解大于其電離，使溶液顯堿性，結(jié)合電荷守恒、物料守恒來解答。

【詳解】A.NaHCC>3為強(qiáng)堿弱酸鹽，HCO；水解，則c（Na*）>c（HCC>3），溶液顯堿性，則

c（OH）>c（H+）,且HCO；水解微弱，貝Uc（Na+）>c（HCOj>c（OH「）>c（H+）,故A錯(cuò)誤；

+

B.根據(jù)質(zhì)子守恒可知：c（H）+c（H2CO3）=C（OH）+C（CO^）,故B正確；

C.由電荷守恒可知，存在c（Na+）+c（H+）=c（HC0］）+c（0H-）+2c（CO『），故C正確；

+

D.由物料守恒可知，c（Na）=c（HCO；）+c（CO1-）+c（H2CO3）,故D正確；

答案選A。

9.下列描述中，符合生產(chǎn)實(shí)際的是

A.一元硬幣材料為鋼芯鍍銀硬幣制作時(shí)，鋼芯應(yīng)作陰極

B.電解法精煉粗銅，每轉(zhuǎn)移2moi電子就有64g銅溶解

C.氯堿工業(yè)中，用陰離子交接膜把陽極室和陰極室隔開

D.氯堿工業(yè)中，用鐵作陽極

【答案】A

【解析】

【詳解】A.電鍍?cè)碇?，鍍層金屬作陽極，鍍件金屬作陰極，所以在鋼芯上鍍銀時(shí)，鋼芯應(yīng)為陰極，鎮(zhèn)為

陽極，故A正確；

B.電解法精煉粗銅，每轉(zhuǎn)移2moi電子就有64g純銅在陰極析出，由于陽極粗銅中的某些雜質(zhì)也能失去電

子，則陽極溶解的銅要小于64g,故B錯(cuò)誤；

C.氯堿工業(yè)中，要防止陰極產(chǎn)生的氫氣和陽極產(chǎn)生的氯氣混合而引起爆炸，還要避免氯氣和NaOH溶液作

用生成NaClO而影響燒堿質(zhì)量，只允許Na+通過，而ChOH和氣體不能通過，則需要用陽離子交接膜把

陽極室和陰極室隔開，故C錯(cuò)誤；

D.用鐵作陽極，則鐵失去電子發(fā)生氧化反應(yīng)，而不是氯離子，得不到氯氣，故D錯(cuò)誤；

故選A?

10.下列說法正確的是

A.3P2表示3P能級(jí)上有兩個(gè)軌道

B.M層中的原子軌道數(shù)目為3

C.Is22sl2Pl是激發(fā)態(tài)原子的電子排布式

D,處于同一軌道上電子可以有多個(gè)，運(yùn)動(dòng)狀態(tài)完全相同

【答案】C

【解析】

【詳解】A.3P能級(jí)有三個(gè)軌道，3P2表示3P能級(jí)有兩個(gè)電子，而不是兩個(gè)軌道，故A錯(cuò)誤；

B.M層有s、p、d能級(jí)，s能級(jí)有1個(gè)軌道、p能級(jí)有3個(gè)軌道、d能級(jí)有5個(gè)軌道，軌道數(shù)=1+3+5=9,

故B錯(cuò)誤；

C.Is22sl2pL根據(jù)能量最低原理，其基態(tài)應(yīng)為Is22s2,1個(gè)2s電子被激發(fā)到2P能級(jí)上為激發(fā)態(tài)，故C正

確；

D.同一軌道上最多排2個(gè)電子，其自旋方向相反，所以它們的狀態(tài)并不完全相同，故D錯(cuò)誤。

故選C。

二、不定項(xiàng)選擇題（有1個(gè)或者2個(gè)正確答案，本大題共4小題，共16.0分）

11.下列判斷正確的是

A.基態(tài)Li原子的核外電子排布式寫成1s3違背了能量最低原理

B.電子的吸收光譜和發(fā)射光譜總稱原子光譜

c.基態(tài)的氧原子電子排布圖表示成,］，違背了洪特規(guī)則

h&

D.價(jià)電子排布為5s25Pl的元素位于第五周期，第IA族，是s區(qū)元素

【答案】BC

【解析】

【詳解】A.Li原子的核外電子排布式寫成Is?違背了泡利不相容原理，s軌道最多能容納2個(gè)電子，故A

不選；

B.原子光譜，是由原子中的電子在能量變化時(shí)所發(fā)射或吸收的一系列波長(zhǎng)的光所組成的光譜，包含吸收光

譜和發(fā)射光譜，故B選；

c.處于基態(tài)的氧原子電子排布圖表示成,?'!i/違背了洪特規(guī)則，2P軌道上單電子的自旋

Js?s?P

狀態(tài)應(yīng)相同，故C選；

D.價(jià)電子排布為5s25Pl的元素最外層電子數(shù)為3,電子層數(shù)是5,最后一個(gè)電子排在P軌道，所以該元素

位于第五周期第IIIA族，是P區(qū)元素，故D不選;

答案選BC。

12.下列有關(guān)四個(gè)常用電化學(xué)裝置的敘述中，正確的是

金屬外殼廢電解質(zhì)

H2so4（aq）cU

n產(chǎn)鋅負(fù)極飛

T稀

1硫

（正核）矍//詢解臉—

酸

Pb（負(fù)6/,1"T,*氧化劑

浸有K0H溶液§電極

11的隔板

①鉛蓄電池②銅鋅原電池③銀鋅紐扣電池④氫氧燃料電池

A.圖①所示電池放電過程中，負(fù)極的質(zhì)量不斷增大

B.圖②所示電池放電過程中，電解質(zhì)溶液的質(zhì)量不斷減小

C.圖③所示電池工作過程中，電子由Zn極流向Ag?。極

D.圖④所示電池的正極反應(yīng)式一定是O2+4F+2H2。=40H

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.鉛蓄電池放電過程中的反應(yīng)為Pb+PbC>2+2H2so4=2PbSO4+2H2。，負(fù)極產(chǎn)生不溶于水

的PbS。.故放電過程中負(fù)極的質(zhì)量不斷增大，A項(xiàng)正確；

B.該銅鋅原電池中，電解質(zhì)溶液是稀硫酸，電池反應(yīng)為Zn+H2sC)4=ZnSO4+H2T,故放電過程中，電

解質(zhì)溶液的質(zhì)量不斷增大，B項(xiàng)錯(cuò)誤;

C.銀鋅紐扣電池中，Zn作負(fù)極，Ag2。作正極，電池工作過程中電子由Zn極流向Ag2。極，C項(xiàng)正確；

D.若電解質(zhì)為酸性，則氫氧燃料電池的正極反應(yīng)式是。2+4片+4H+=2H2。，若電解質(zhì)為堿性，則氫氧

燃料電池的正極反應(yīng)式為。2+4e-+2H2。=40H.，D項(xiàng)錯(cuò)誤。

故選AC

13.根據(jù)25℃下列實(shí)驗(yàn)操作和現(xiàn)象所得出的結(jié)論不正確的是

選項(xiàng)實(shí)驗(yàn)操作和現(xiàn)象結(jié)論

向溶有SO2的BaCb溶液中通入氣體X,出現(xiàn)白

A.X具有強(qiáng)氧化性

色沉淀

將稀HC1CU溶液滴入硅酸鈉溶液中，充分振蕩，

B.非金屬性：Cl>Si

有白色沉淀產(chǎn)生

常溫下，分別測(cè)定濃度均為O.lmol/L的NaF溶液

C.酸性:HF>HC1O

和NaClO溶液的pH,后者的pH大

向3mL0.1mol/LAgNO3溶液中先加入4-5滴

D.O.lmol/LNaCl溶液，再滴加4-5滴O.lmol/LNal溶25℃Ksp(AgCl)>Ksp(AgI)

液，先出現(xiàn)白色沉淀，后出現(xiàn)黃色沉淀

A.AB.BC.CD.D

【答案】AD

【解析】

【詳解】A.若X為堿性氣體，如氨氣，通入溶液后二氧化硫與氫氧根會(huì)反應(yīng)生成亞硫酸根，也會(huì)生成亞

硫酸銀白色沉淀，氨氣并不具有強(qiáng)氧化性，故A錯(cuò)誤；

B.HC104和H2SiO3分別為C1元素和Si元素的最高價(jià)含氧酸，該實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象說明HC104的酸性強(qiáng)于

H2SiO3,可以說明非金屬性Cl>Si,故B正確；

C.濃度相同的兩溶液，NaClO的pH更大，說明Cl。的水解程度更大，則HC1O的酸性較弱，故C正

確；

D.硝酸銀過量，均為沉淀的生成，沒有發(fā)生沉淀的轉(zhuǎn)化，不能比較二者的溶度積，故D錯(cuò)誤；

綜上所述答案為AD。

I

14.反應(yīng)N2O4(g).2NO2(g)AH=+57kJ-mol,在溫度為Ti、T2時(shí)，平衡體系中NO2的體積分?jǐn)?shù)隨壓強(qiáng)

變化曲線如圖所示。下列說法正確的是

PlP2壓強(qiáng)

A.由狀態(tài)B到狀態(tài)A,可以用加熱的方法

B.A、C兩點(diǎn)氣體的顏色：A深，C淺

C.A、C兩點(diǎn)的反應(yīng)速率：OA

D.A、C兩點(diǎn)氣體的平均相對(duì)分子質(zhì)量：A>C

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.升高溫度，化學(xué)平衡正向移動(dòng)，N02的體積分?jǐn)?shù)增大，由圖象可知，A點(diǎn)NO2的體積分?jǐn)?shù)大，

則TI<T2,由狀態(tài)B到狀態(tài)A,可以用加熱的方法，故選項(xiàng)A正確；

B.由圖象可知，A、C兩點(diǎn)都在等溫線上，C的壓強(qiáng)比A的大，增大壓強(qiáng)，體積減少，濃度變大，體積濃

度變化比平衡移動(dòng)變化的要大，N02為紅棕色氣體，所以A.、兩點(diǎn)氣體的顏色：A淺，C深，故選項(xiàng)B錯(cuò)

誤

C.由圖象可知，A.、兩點(diǎn)都在等溫線上，C的壓強(qiáng)大，則反應(yīng)速率：C)A,故選項(xiàng)C正確

D.由圖象可知，A、兩點(diǎn)都在等溫線上，C的壓強(qiáng)大，增大壓強(qiáng)，化學(xué)平衡逆向移動(dòng)，C點(diǎn)時(shí)氣體的物質(zhì)

的量小，混合氣體的總質(zhì)量不變，所以平均相對(duì)分子質(zhì)量：A<C,故選項(xiàng)D錯(cuò)誤

故答案為AC

第II卷

15.回答下列問題：

(1)下圖是ImolNCh和ImolCO反應(yīng)生成C。？和NO過程中能量變化示意圖，請(qǐng)寫出NO?和CO反應(yīng)的

熱化學(xué)方程式。

反應(yīng)進(jìn)程

(2)常溫常壓下，1克乙醇完全燃燒生成C。2氣體和液態(tài)水放出熱量為52.0kJ,寫出乙醇燃燒熱的熱

化學(xué)方程式：

(3)寫出硫酸和燒堿的稀溶液反應(yīng)生成1摩爾水時(shí)的中和熱的熱化學(xué)反應(yīng)方程式(中和熱為

57.3KJ/mol)*。

(4)同素異形體相互轉(zhuǎn)化的反應(yīng)熱相當(dāng)小而且轉(zhuǎn)化速率較慢，有時(shí)還很不完全，測(cè)定反應(yīng)熱很困難?，F(xiàn)

在可根據(jù)蓋斯提出的“不管化學(xué)過程是一步完成或分幾步完成，這個(gè)總過程的熱效應(yīng)是相同的”觀點(diǎn)來計(jì)算

反應(yīng)熱。已知：

-1

P/白磷,S)+5O2(g)=P1O10(s)AHd—2983.2kJ?①

-1

P(紅磷，s)+5/4O2(g)=1/41^010(s)AH?l-738.5kJ?②

則白磷轉(zhuǎn)化為紅磷的熱化學(xué)方程式為。相同狀況下，白磷的穩(wěn)定性比紅磷(填“高”或“低”)。

(5)用C"生產(chǎn)某些含氯有機(jī)物時(shí)會(huì)產(chǎn)生副產(chǎn)物HC1。利用反應(yīng)A,可實(shí)現(xiàn)氯的循環(huán)利用。

CuO/CuCl2

反應(yīng)A：4HC1+C)2.2C12+2H9O

400℃~

己知：

I.此條件下反應(yīng)A中，4moiHC1被氧化，放出H5.6kJ熱量。

H.①寫出此條件下，反應(yīng)A的熱化學(xué)方程式o

②斷開ImolH-O鍵與斷開ImolH—C1鍵所需能量相差約為kJ。

498kJmor'

【答案】(1)N02(g)+CO(g)=CO2(g)+NO(g)AH=-234kJ/mol

(2)C2H50H⑴+3O2(g尸2co2(g)+3H2O(l)AH=-2392.0kJ/mol

(3)|H2so4(aq)+NaOH(aq)=1Na2SO4(aq)+H2O(l)AH=-57.3kJ/mol

(4)PK白磷，s)=4P(紅磷，s)?AH=-29.2kJ/mol②.低

CuO/CuCl2

(5)①.4HCl(g)+O2(g),2cL(g)+2HQ(g)AH=-115.6kJ/mol②.31.9

400"C'"、，

【解析】

【小問1詳解】

根據(jù)圖示lmolNC>2和ImolCO反應(yīng)生成CO2和NO過程中能量變化為放出234kJ的能量，即熱化學(xué)方程

式為：NO2(g)+CO(g)=CO2(g)+NO(g)AH=-234kJ/mol.

故答案為：N02(g)+CO(g)=CO2(g)+NO(g)AH=-234kJ/mol；

【小問2詳解】

乙醇完全燃燒生成C。？和液態(tài)水時(shí)放熱52.0kJ,則Imol乙醇的質(zhì)量=lmolx46g/mol=46g,完全燃燒

生成穩(wěn)定的氧化物放出的熱量為46gx52.0kJ/g=2392.0kJ,其反應(yīng)的熱化學(xué)方程式為：

C2H50H(l)+3O2(g)=2CO2(g)+3H2O⑴AH=-2392.0kJ/mol,

故答案為：C2H5OH(l)+3O2(g)=2CO2(g)+3H2O(l)AH=-2392.0kJ/mol；

【小問3詳解】

根據(jù)題意可確定中和熱的熱化學(xué)方程式為|H2SO4(aq)+NaOH(叫尸|Na2SO4(aq)+H2O(l)

AH=-57.3kJ/mol.

故答案為：|H2SO4(aq)+NaOH(aq)=|Na2SO4(aq)+H2O(l)AH=-57.3kJ/mol；

【小問4詳解】

由已知方程式①—②x4得巳(白磷，s)=*4P(紅磷，s)AH=-29.2kJ/mol,白磷轉(zhuǎn)化為紅磷放熱，則

白磷能量比紅磷高，能量越低越穩(wěn)定，紅磷穩(wěn)定。

故答案為：PK白磷，s)=*4P(紅磷，s)AH=-2392.0kJ/mol；紅磷；低；

【小問5詳解】

①4moiHC1被氧化，放出H5.6kJ的熱量，則反應(yīng)熱化學(xué)方程式為

CuO/CuCl2

4HCl(g)+O2(g)2Cl2(g)+2H2O(g)AH=-115.6kJ/mol,

400℃

CuO/CuCl2

故答案為：4HCl(g)+O2(g)2Cl2(g)+2H,O(g)AH=-115.6kJ/mol；

400℃

②焰變AH=反應(yīng)物斷鍵吸收熱量-生成物形成化學(xué)鍵放出熱量，由

4HCl(g)+O2(g),2Cl2(g)+2H2O(g)AH=-115.6kJ/mol,可得：

4molxE(H-Cl)Wmor1+498Mmor1-[243kJmor'x2mol+4molxE(H-O)kJmor1]=-115.6kJ-morl,得至I]

4molxE(H-O)kJ-mol-1-4molxE(H-Cl)kJ-mol-1=498kJmor'_486kJmor'+115.6kJmor'=127.6kJmo『，E(H-O)kJmo『-E(H-Cl)kJmo「=31.9kJmor'；H2O中

H-O鍵的鍵能大于比HC1中HC1鍵的鍵能，所以H2O中H—O鍵比HC1中HC1鍵強(qiáng)；

故答案為：31.9?

16.鈦(Ti)由于其穩(wěn)定的化學(xué)性質(zhì)，良好的耐高溫、耐低溫、抗腐蝕，以及高強(qiáng)度、低密度，被譽(yù)為“太空金

屬”。工業(yè)上制金屬鈦是先將金紅石(Ti。2)和炭粉混合加熱至1000?HOOK,進(jìn)行氯化處理，發(fā)生反應(yīng)如

下：TiO2(S)*+*2C(S)*+*2C12(g)-TiCl4(g)*+*2CO(g)*AH=+*72.IkJo再采用金屬熱還

原法還原四氯化鈦得到鈦。

(1)氯化反應(yīng)平衡常數(shù)表達(dá)式K=。若反應(yīng)容器的容積為2-L,4.min后達(dá)到平衡，測(cè)得固體

的質(zhì)量減少了10.4.g,貝ICL的平均反應(yīng)速率為mol/(L-min)。

(2)上述反應(yīng)達(dá)到平衡后，下列說法正確的是(選填編號(hào)，下同)。

a.其他條件不變,增大Ti。？的質(zhì)量，CU的轉(zhuǎn)化率提高

b.其他條件不變，升高溫度，平衡常數(shù)K減小

c.其他條件不變，減小壓強(qiáng)，平衡向右移動(dòng)

d.其他條件不變，分離出TiCl“正反應(yīng)速率增大

(3)一定條件下，在密閉恒容的容器中，無法表示上述反應(yīng)達(dá)到化學(xué)平衡狀態(tài)的是

a.?v*(Cl2)*=?v(CO)b.VlE(Cl2>=<2vB(TiCl4)

c.c(Cl2)：c(TiCl4)：c(CO).=.2：l：2d.混合氣體密度保持不變

(4)若平衡時(shí)c“和co的物質(zhì)的量之比為P：q,保持其他條件不變，升高溫度后達(dá)到新的平衡時(shí),

CU和CO的物質(zhì)的量之比*p：q(填“大于”、“小于”或“等于”)。

【答案】(1)①."Tic?，。(CO)②.0025(2)C(3)ac

c(Cl2)

(4)小于

【解析】

【小問1詳解】

依據(jù)固體和純液體不帶入平衡常數(shù)表達(dá)式的原則，根據(jù)化學(xué)方程式可知氯化反應(yīng)的化學(xué)平衡常數(shù)表達(dá)式為

c(TiC}).c(8)；根據(jù)方程式TiCh(s)+2C(s)+2C12(g)F-TiCl4(g)+2CO(g),當(dāng)固體質(zhì)量減少

C(d)

Imolx80g/mol+2molx12g/mol=104g,對(duì)應(yīng)反應(yīng)掉的氯氣的物質(zhì)的量為2mo1,所以固體的質(zhì)量減少

了10.4g時(shí)，C1,的平均反應(yīng)速率為02moi=o.o25mollt施；故答案為：C<?4)'C(CQ)；

2Lx4minc(Cl2)

0.025；

【小問2詳解】

a.其他條件不變，由于TiC>2是固體，增大TiC>2的質(zhì)量，對(duì)平衡移動(dòng)無影響，故a錯(cuò)誤；

b.該反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，其他條件不變，升高溫度，平衡正向移動(dòng)，平衡常數(shù)K增大，故b錯(cuò)誤；

C.其他條件不變，減小壓強(qiáng)，平衡向著化學(xué)計(jì)量數(shù)增大的方向即向右移動(dòng)，故C正確；

d.其他條件不變，分離出TiCl”生成物的濃度減小，逆反應(yīng)速率立即減小，正反應(yīng)速率逐漸減小，故d錯(cuò)

誤；

故答案為：c；

【小問3詳解】

a.v(C12)=*v(CO)沒有指明方向，無法判斷平衡狀態(tài)，故a錯(cuò)誤；

b.v正(02)=*2v逆(TiClJ時(shí)，說明正逆反應(yīng)速率相等，反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，故b正確；

c.因?yàn)椴恢榔鹗紳舛?，所以濃度之比等于系?shù)之比時(shí)無法判斷是否平衡，故c錯(cuò)誤；

d.因?yàn)闅怏w的總質(zhì)量發(fā)生改變，容器體積不變。所以混合氣體密度只有到達(dá)平衡時(shí)才保持不變，故d正確；

故答案為：ac；

【小問4詳解】

由于該反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，升高溫度平衡會(huì)向正向移動(dòng)，Cl2和CO的物質(zhì)的量之比會(huì)有所減小，所以Cl2和

co的物質(zhì)的量之比會(huì)小于P：q；故答案為：小于。

17.弱電解質(zhì)的水溶液中存在電離平衡。

(1)醋酸是常見的弱酸。

①醋酸在水溶液中的電離方程式為。

②下列方法中，可以使醋酸稀溶液中CH3COOH電離程度增大的是(填字母序

號(hào))。

a滴加少量濃鹽酸b微熱溶液c加水稀釋d加入少量醋酸鈉晶體

(2)用O.lmoHPNaOH溶液分別滴定體積均為20.00mL、濃度均為0.1moLL」的鹽酸和醋酸溶液，得

到滴定過程中溶液pH隨加入NaOH溶液體積而變化的兩條滴定曲線。

②室溫時(shí)，若0」moLL」的醋酸的電離度為1%,計(jì)算這醋酸溶液的pH值________o

③滴定開始前，三種溶液中由水電離出的c(H+)最大的是o

④上述用O.lmoLL」的NaOH溶液滴定0.1moLL」的鹽酸，下列操作不正確的是。

A.用標(biāo)準(zhǔn)NaOH溶液潤(rùn)洗堿式滴定管后，再裝入標(biāo)準(zhǔn)堿溶液

B.用待測(cè)酸溶液潤(rùn)洗錐形瓶后，再裝入待測(cè)酸溶液

C.滴定時(shí)兩眼應(yīng)注視滴定管中液面的變化，以免滴定過量

D.讀數(shù)時(shí)，視線應(yīng)與滴定管凹液面的最低點(diǎn)保持水平

⑤上述滴定用酚獻(xiàn)作指示劑，滴定終點(diǎn)的現(xiàn)象o

【答案】①.CH3coOHUCH3coO-+H+②.be③.I?.3⑤.{HmokL」醋酸溶液?.

BC⑦.最后一滴氫氧化鈉溶液滴入時(shí)，溶液由無色變?yōu)闇\紅色，且30s內(nèi)不恢復(fù)

【解析】

【分析】(1)①醋酸是弱酸，在水中部分電離；

②根據(jù)影響弱電解質(zhì)電離的因素分析；

(2)①根據(jù)濃度均為0.的鹽酸和醋酸溶液的pH不一樣來回答；

②室溫時(shí)，若0.1mol-L-1的醋酸的電離度為1%,c(H+)=O.1mol-L^Xl%,根據(jù)pH=Tgc?)計(jì)算醋

酸溶液的pH；

③酸和堿都對(duì)水的電離起抑制作用，酸、堿性越強(qiáng)，水的電離程度越小，據(jù)此來判斷；

④根據(jù)酸堿中和滴定的操作回答；

⑤滴定開始時(shí)，酸性溶液中酚酸呈無色，滴定過程中溶液的堿性增強(qiáng)；

【詳解】(1)①醋酸是弱酸，在水中部分電離，電離方程式是CHCOOHMCLCOO+H*；

②a滴加少量濃鹽酸，氫離子濃度增大，CHsCOOHMCH3co(T+H+逆向移動(dòng)，CH3COOH電離程度減?。籦電離

吸熱，微熱溶液CH3C00HMCH3C00-+H+正向移動(dòng)，CH3COOH電離程度增大；C弱電解質(zhì)溶液越稀越電離，加

水稀釋促進(jìn)醋酸電離，CHsCOOH電離程度增大；d加入少量醋酸鈉晶體，濃度增大電離程度越?。还蔬x

be；

(2)①濃度均為0.lmol11的鹽酸和醋酸溶液的pH,鹽酸的等于1,但是醋酸的大于1,所以滴定醋酸的

曲線是I;

②若0.1mol?L-1的醋酸的電離度為遙，c(H+)=0.1mol-L-X1%=1XIO-3mol-L-1,pH=-lgc(H+)=-

lg107=3；

③0.NaOH溶液、0.的鹽酸中氫離子和氫氧根濃度都是0.Imol/L,對(duì)水的抑制作用一

樣，但是0.lmol/L醋酸溶液中氫離子濃度小于0.Imol/L,所以對(duì)水的電離抑制較小，即三種溶液中由水

電離出的c(H+)最大的是0.1醋酸溶液；

@A.滴定管在使用前用待盛液潤(rùn)洗，所以用標(biāo)準(zhǔn)NaOH溶液潤(rùn)洗堿式滴定管后，再裝入標(biāo)準(zhǔn)堿溶液，故A

正確；

B.錐形瓶不能用待測(cè)酸溶液潤(rùn)洗，故B錯(cuò)誤；

C.滴定時(shí)兩眼應(yīng)注視錐形瓶中顏色的變化，故C錯(cuò)誤；

D.讀數(shù)時(shí)，視線應(yīng)與滴定管凹液面的最低點(diǎn)保持水平，故D正確。選BC.

⑤滴定開始時(shí)，溶液為無色，滴定過程中溶液堿性增強(qiáng)，所以滴定終點(diǎn)的現(xiàn)象是最后一滴氫氧化鈉溶液滴

入時(shí)，溶液由無色變?yōu)闇\紅色，且30s內(nèi)不恢復(fù)。

18.I.某研究性學(xué)習(xí)小組欲探究原電池的形成條件，按下圖所示裝置進(jìn)行