2024屆陜西教育聯(lián)盟高三下學期模擬卷物理試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE12024年陜西教育聯(lián)盟高三模擬卷考生注意：1.本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分110分，考試時間60分鐘。2.答題前，考生務必用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將密封線內項目填寫清楚。3.考生作答時，請將〖答案〗答在答題卡上。選擇題每小題選出〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑；非選擇題請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的〖答案〗無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。4.本卷命題范圍：高考范圍。一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第1~5題只有一項符合題目要求，第6~8題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.關于近代物理知識，下列說法中正確的是（）A.光電效應現(xiàn)象說明了光具有粒子性B.鈾核裂變的一種核反應方程為C.動能相等的質子和電子，它們的德布羅意波長也相等D.結合能越大，原子核中核子結合得越牢固，原子核越穩(wěn)定〖答案〗A〖解析〗A．光電效應現(xiàn)象說明了光具有粒子性，選項A正確；B．鈾核需要俘獲一個慢中子才能發(fā)生裂變，裂變的一種核反應方程為選項B錯誤；C．動能相等的質子和電子，它們的動量為德布羅意波長為質子和電子的質量不同，所以德布羅意波長也不相等，選項C錯誤；D．比結合能是原子核的結合能與該原子核所含有的核子數(shù)之比，所以比結核能越大，原子核中核子結合得越牢固，原子核越穩(wěn)定，選項D錯誤。故選A。2.如圖所示，質量為m的小球用細繩懸掛在天花板上，用拉力F作用在小球上，靜止時細繩與豎直方向的夾角、細繩能承受的最大拉力等于，重力加速度為g，保持小球的位置始終不變則拉力F與細繩的夾角α應滿足的條件為（）A.0°≤α≤60° B.0°≤α≤90° C.30°≤α≤60° D.30°≤α≤90°〖答案〗D〖解析〗重力豎直向下，繩子的張力沿繩收縮的方向，由題圖可知，小球要保證位置不變應滿足當F的方向與細繩垂直時，即時，細繩的拉力達到最大值，因此，D正確。故選D。3.如圖所示，三顆衛(wèi)星a、b、c繞地球做勻速圓周運動，軌道半徑相同，其中a是地球同步衛(wèi)星，b是傾斜軌道衛(wèi)星，c是極地衛(wèi)星.則（）A.衛(wèi)星a可以經過北京正上空 B.衛(wèi)星a、b、c的運行角速度相等C.衛(wèi)星b的運行速度大于7.9km/s D.衛(wèi)星c的運行周期小于24小時〖答案〗B〖解析〗A．衛(wèi)星a是同步衛(wèi)星，只能定點在赤道的上空，不可能經過北京正上空，A錯誤；B．根據可知由圖可知，衛(wèi)星a、b、c的半徑相等，故三顆衛(wèi)星的角速度相等，B正確；C．根據可知，衛(wèi)星b的軌道半徑大于地球的半徑，則衛(wèi)星b的運行速率小于7.9km/s，C錯誤；D．衛(wèi)星a、c的軌道半徑相同，則兩衛(wèi)星的周期相同，即衛(wèi)星c的運行周期為24小時，D錯誤。故選B。4.如圖所示，M、N是某靜電場中一條豎直方向電場線上的兩點，電場線方向未標出。現(xiàn)有質量為m的帶電小球在電場力和重力作用下沿該電場線向下運動，小球通過M點的速度為，經過一段時間后，小球通過N點的速度為，方向向上．由此可以判斷（）A.M點場強大于N點的場強B.M點的電勢低于N點的電勢C.小球在M點的動能小于它在N點的動能D.小球在M點的電勢能小于它在N點的電勢能〖答案〗D〖解析〗該電場線豎直方向，帶電小球僅在重力和沿電場線的電場力的作用下，在M點速度方向豎直向下變?yōu)樵贜點豎直向上。由此可知小球先減速后反向加速，電場力方向豎直向上。A．僅一條電場線分布，未知周圍電場線分布情況，且不知道MN兩點的加速度大小關系，故無法判斷兩點的電場場強關系，A錯誤；B．由分析得知小球所受電場力方向豎直向上，但未知小球所帶電荷的電性，故無法判斷MN兩點的電勢高低，B錯誤；C．小球從M到N點，未知重力做功和電場力做功的大小關系和速度大小關系，故無法判斷小球在MN兩點的動能大小關系，C錯誤；D．小球電場力方向豎直向上，從M點到N點電場力做負功，電勢能增加，故小球在M點的電勢能小于N點的電勢能，D正確。故選D。5.如圖所示，用長為L的細線懸掛于O點的小球處于靜止狀態(tài)，質量為m的子彈以速度水平射入小球，子彈穿過小球后的速度為，子彈穿過小球后瞬間細線上的張力是子彈射入小球前細線張力的2倍，子彈穿過小球時間極短，重力加速度為g，不考慮小球質量變化，則小球的質量為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗子彈穿過小球過程中，子彈和小球水平方向動量守恒，設穿過瞬間小球的速度為v，則根據牛頓第二定律解得故選C。6.足球運動員在球場上進行足球訓練，甲、乙兩運動員分別將A、B球從地面同時踢起，結果兩球在上升過程中在空中相遇，若兩球的質量相等，不計空氣阻力，忽略球的大小，則下列說法正確的是（）A.兩球的運動軌跡一定在同一豎直平面內B.兩球相遇時，豎直方向分速度大小一定相等C.兩球相遇時機械能一定相等D.兩球相遇時克服重力做功的功率一定相等〖答案〗BD〖解析〗A．兩球相遇時，兩小球豎直方向的位移相同，根據位移時間公式兩球運動時間相等，可知兩球豎直方向的初速度相等，但兩球的運動軌跡不一定在同一豎直平面內，故A錯誤；B．根據兩球相遇時，兩球運動時間相等，則豎直方向分速度大小一定相等，故B正確；C．兩球相遇時，兩球的重力勢能相等，豎直方向的速度相等，水平方向的速度不一定相等，則兩球的合速度不一定相等，動能不一定相等，故兩球相遇時的機械能不一定相等，故C錯誤；D．兩球相遇時，克服重力做的功相等，兩球運動時間相等，故克服重力做功的功率一定相等，故D正確。故選BD。7.如圖所示，理想變壓器原、副線圈接有額定電壓均為的燈泡A和B，當輸入的交流電時，兩燈泡均能正常發(fā)光，設燈泡不會被燒壞，下列說法正確的是（）A.原、副線圈匝數(shù)比為B.原、副線圈中電流的頻率比為C.當滑動變阻器的滑片向上滑少許時，燈泡B變亮D.當滑動變阻器的滑片向上滑少許時，燈泡A變亮〖答案〗AC〖解析〗A．交流電壓的有效值為兩燈均正常發(fā)光，則原線圈輸入的電壓的為副線圈電壓根據理想變壓器變壓比故A正確；B．變壓器不改變交流電的頻率，即頻率比為1：1，故B錯誤；CD．當滑動變阻器的滑片向上滑少許時，阻值增大，副線圈電流變小，根據可知原線圈電流變小，燈泡A分擔的電壓變小，燈泡A變暗，原線圈輸入的電壓變大，輸出電壓變大，所以燈泡B亮度變亮，故C正確，D錯誤。故選AC。8.如圖所示，abcdef為金屬線框，線框由7段長均為L、電阻均為R的金屬棒組成，線框右側有一寬度為L的勻強磁場，磁場的磁感應強度大小為B，讓線框勻速通過磁場，線框運動過程中，af邊始終與磁場邊界平行，線框平面始終與磁場垂直，則下列判斷正確的是（）A.af邊穿過磁場的過程中，通過be、cd邊截面的電量之比為1：1B.af邊穿過磁場的過程中，be、cd邊產生的焦耳熱之比為9：1C.be邊穿過磁場的過程中，通過be、cd邊截面的電量之比為2：1D.be邊穿過磁場過程中，be、cd邊產生的焦耳熱之比為1：1〖答案〗BC〖解析〗AB．af邊穿過磁場的過程中，bc、cd、de串聯(lián)后與be并聯(lián)，因此通過be、cd邊的電流之比為3：1，則根據Q=It可知通過be、cd邊截面的電量之比為3：1，根據Q熱=I2Rt可知be、cd邊產生的焦耳熱之比為9：1，選項A錯誤，B正確；CD．be邊穿過磁場的過程中，bcde與bafe并聯(lián)，be為電源，通過be、cd邊的電流之比為2：1，則根據Q=It可知通過be、cd邊截面的電量之比為2：1，根據Q熱=I2Rt可知be、cd邊產生的焦耳熱之比為4：1，選項C正確，D錯誤。故選BC。二、非選擇題：共62分。第9~12題為必考題，每個試題考生都必須作答。第13~16題為選考題，考生根據要求作答。（一）必考題：共47分。9.某同學做研究勻變速直線運動規(guī)律的實驗裝置如圖甲所示，得到一條清晰的紙帶如圖乙所示，并在紙帶上選取A、B、C、D、E共5個計數(shù)點（每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點未畫出），已知打點計時器的頻率為50Hz。（1）關于本實驗，下列說法正確的是___________。（填選項前字母）A．釋放紙帶的同時，接通電源B．先接通電源打點，后釋放紙帶運動C．先釋放紙帶運動，后接通電源打點D．紙帶上的點跡越密集，說明紙帶運動的速度越大（2）小車經過B點時的速度大小為vB=___________m/s。（結果保留兩位有效數(shù)字）（3）小車的加速度大小為a=___________m/s2.（結果保留兩位有效數(shù)字）〖答案〗（1）B（2）0.26（3）0.40〖解析〗（1）[1]ABC．由于小車速度較快，且運動距離有限，打出的紙帶長度也有限，為了能在長度有限的紙帶上盡可能多地獲取間距適當?shù)臄?shù)據點，實驗時應先接通電源，后釋放紙帶，A、C錯誤，B正確；D．紙帶上的點跡越密集，說明相同時間內的位移越小，故紙帶運動的速度越小，D錯誤。故選B。（2）[2]小車經過B點時的速度大小為（3）[3]利用逐差法，可得小車的加速度大小為10.某小組測某種圓柱形材料的電阻率，做了如下實驗。（1）已知該圓柱形材料的長度為橫截面直徑為，該小組先用多用電表粗略測量圓柱材料的電阻R，將選擇開關旋至“”擋，紅表筆和黑表筆直接接觸，調節(jié)___________旋鈕，使指針指向“”；再將紅表筆和黑表筆與圓柱材料兩端圓形電極接觸，表盤示數(shù)如圖甲所示，則圓柱材料電阻的阻值為___________。（2）該小組想用伏安法更精確地測量圓柱材料的電阻R，可選用的器材如下：A．電流表（量程，內阻約）B．電流表（量程，內阻約）C．電壓表（量程內阻約）D．電壓表（量程，內阻約）E．電源E（電動勢，有一定內阻）F．滑動變阻器（阻值范圍，允許通過的最大電流）G．開關S，導線若干為使實驗誤差較小，要求電壓可以從零開始調節(jié)，電流表選擇___________，電壓表選擇___________（以上兩空均選填儀器前面的序號）（3）請用筆畫線表示導線，在圖乙中完成測量圓柱材料電阻的實驗電路連接。（）（4）實驗過程中，實驗小組移動滑動變阻器的滑片，并記錄兩電表的多組測量數(shù)據，在坐標紙上描點、連線作出如圖丙所示的U—I圖象，則實驗測得圓柱材料的電阻率ρ=________（計算結果保留2位有效數(shù)字）〖答案〗（1）歐姆調零190（2）BC（3）（4）〖解析〗（1）[1][2]在選擇擋位之后，調整歐姆調零旋鈕，使歐姆表指針指到“”，然后其測量電阻值；由于歐姆擋是倍率擋，因此測量值為（2）[3]由于電源電動勢為，為了準確，電壓表應選量程為的電壓表C；[4]流過待測電阻的電流最大值因此電流表選用量程為的B。（3）[5]由于電壓從零開始調節(jié)，滑動變阻器采用分式接法，由于待測電阻阻值較大，采用電流表內接法，電路連接圖如圖所示（4）[6]根據圖象可得電阻值為根據可得11.如圖所示，傾角為的傳送帶以的速度順時針運行。一質量為的物塊以的初速度從底端沖上傳送帶，物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為μ=0.5，物塊可以看做質點。已知傳送帶長度，重力加速度g取10，，。求：（計算結果可以保留根號）（1）物塊在傳送帶上運行的總時間；（2）物塊與傳送帶摩擦產生的總熱量?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）物塊速度大于傳送帶速度時，由牛頓第二定律有2所用時間s物體的位移物塊速度小于傳送帶速度時，由牛頓第二定律有所用時間物體位移因為物塊能夠反向運動解得s總時間s（2）物塊向上運動過程中，物塊與傳送帶的相對位移物塊向下運動過程中，物塊與傳送帶的相對位移產生的熱量J12.如圖甲所示，兩平行金屬板接有如圖乙所示隨時間t變化的電壓U，兩板間電場可看作均勻的，且兩板外無電場，板長，板間距離。在金屬板右側有一邊界為MN的足夠大的勻強磁場區(qū)域，與兩板中線垂直，磁感應強度大小為，方向垂直紙面向里?，F(xiàn)有帶正電的粒子流沿兩板中線連續(xù)射入電場中，已知每個粒子速度大小為，比荷，重力忽略不計，在每個粒子通過電場區(qū)域的極短時間內，電場可視作是恒定不變的。求：（1）帶電粒子射出電場時的最大速度；（2）在任意時刻從電場射出的帶電粒子，進入磁場時在上的入射點和在上出射點的距離的表達式；（3）時，開始，在足夠長的時間內在磁場中運動時間大于的粒子占總發(fā)射粒子的占比。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）設兩板間電壓為時，帶電粒子剛好從極板邊緣射出電場，則有水平方向豎直方向解得粒子剛好從極板邊緣射出電場時，速度最大，設最大速度為，則有解得（2）如圖所示設粒子進入磁場時速度方向與的夾角為，根據幾何關系得速度大小粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律有粒子進入磁場時在MN上的入射點和在MN上的出射點之間的距離為聯(lián)立解得與無關，即射出電場的任何一個帶電粒子進入磁場的入射點與出射點間距離恒為定值。（3）粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期代入數(shù)據得由（1）（2）可知，電壓在-100V~100V之間的粒子才能進入磁場，故在磁場中運動時間大于的粒子為從下方進入磁場的粒子，故從下方進入磁場的粒子占總發(fā)射粒子的。（二）選考題：共45分。請考生從2道物理題中任選兩題作答。如果多做，則每學科按所做的第一題計分?！疚锢怼x修3—3】13.關于熱力學的理論，下列說法不正確的是（）A.空氣中水蒸氣的壓強越大，空氣的相對濕度就越大B.空調制冷時熱量是從低溫物體傳向高溫物體，說明熱傳遞不存在方向性C.布朗運動是液體或氣體分子的無規(guī)則運動的體現(xiàn)D.一定質量的理想氣體吸熱時，溫度一定升高E.一定質量的理想氣體，當它的壓強、體積都增大時，其內能一定增大〖答案〗ABD〖解析〗A．空氣中的水蒸氣的壓強與同一溫度下水的飽和汽壓的比值叫做空氣的相對濕度，因此相對濕度還與同溫下水的飽和汽壓有關，即空氣中水蒸氣的壓強越大，空氣的相對濕度不一定越大，故A錯誤，符合題意；B．空調制冷時熱量是從低溫物體傳向高溫物體，該過程消耗了電能，不違背熱力學第二定律，并不能夠說明熱傳遞不存在方向性，故B錯誤，符合題意；C．布朗運動是懸浮微粒在液體或氣體分子撞擊之下的不平衡引起的，布朗運動是液體或氣體分子的無規(guī)則運動的體現(xiàn)，故C正確，不符合題意；D．根據熱力學第一定律有可知，一定質量理想氣體吸熱的同時，若體積增大，氣體對外做功，內能不一定增大，即溫度不一定升高，故D錯誤，符合題意；E．根據理想氣體狀態(tài)方程有可知，一定質量的理想氣體，當它的壓強、體積都增大時，氣體的溫度升高，其內能一定增大，故E正確，不符合題意。故選ABD。14.如圖所示，一端封閉、一端開口且粗細均勻的直角細玻璃管（直徑遠小于），在直角處用一段水銀柱封閉了一定質量的空氣（視為理想氣體），開始時，封閉端處于豎直狀態(tài)，水銀柱的豎直部分長為，水平部分長度為。封閉端空氣柱的長度?，F(xiàn)將玻璃管在豎直平面內沿逆時針方向繞直角緩慢旋轉，使開口端處于豎直狀態(tài)，該過程中空氣溫度保持不變。已知大氣壓強為。求：（1）旋轉后空氣柱的長度；（2）要使空氣柱的長度恢復到，應該將玻璃管中空氣柱溫度升高到多少攝氏度?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）假設玻璃管在豎直平面內沿逆時針方向繞直角緩慢旋轉后，水銀柱均處于水平狀態(tài)，初態(tài)有末態(tài)有氣體做等溫變化，則解得由于假設成立，旋轉后空氣柱的長度為。（2）空氣柱的長度恢復到，此時空氣柱的壓強為根據理想氣體狀態(tài)方程其中解得此時玻璃管中空氣柱的溫度為【物理—選修3—4】15.如圖所示，M、N為在同一均勻介質中且波長均為a的波源，兩波源的振動步調相同，且從平衡位置開始振動，O點為兩波源連線的中點，已知兩波源在該介質中形成的機械波的振幅均為A、波速均為v，，下列說法正確的是（）A.當O點開始振動