2024版高考物理復(fù)習(xí)：考前特訓(xùn) 選擇題提速練

選擇題提速練(6)(限時(shí)25分鐘)1．(2023·江蘇省海安中學(xué)階段測(cè)試)研究光的雙縫干涉現(xiàn)象，擋板上有兩條狹縫S1、S2，由S1和S2發(fā)出的兩列波到達(dá)屏上時(shí)會(huì)產(chǎn)生干涉條紋，已知入射激光的波長(zhǎng)為λ，屏上的P點(diǎn)到兩縫S1和S2的距離相等，如果把P處的亮條紋記作第0號(hào)亮紋，由P向上數(shù)，與0號(hào)亮紋相鄰的亮條紋為1號(hào)亮紋，與1號(hào)亮紋相鄰的亮條紋為2號(hào)亮紋，則P1處的亮條紋恰好是8號(hào)亮紋。設(shè)直線S1P1的長(zhǎng)度為γ1，S2P1的長(zhǎng)度為γ2，則γ2－γ1等于()A．4λB．8λC．16λD．32λ答案B解析當(dāng)兩列波的路程差為波長(zhǎng)的整數(shù)倍時(shí)出現(xiàn)亮條紋，即γ2－γ1＝nλ(n＝0,1,2，…)，P1處的亮條紋恰好是8號(hào)亮紋，故n＝8，故選B。2.如圖所示為氫原子能級(jí)圖，處于某激發(fā)態(tài)的大量氫原子向低能級(jí)躍遷，共發(fā)出6種不同頻率的光，已知金屬鎢的逸出功為4.5eV。用發(fā)出的光照射鎢時(shí)，逸出光電子的最大初動(dòng)能為()A．8.25eV B．8.56eVC．9.1eV D．10eV答案A解析結(jié)合題圖可知，處于n＝4能級(jí)的大量氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)可發(fā)出6種不同頻率的光，躍遷過(guò)程中發(fā)出光子的最大能量為E＝－0.85eV－(－13.6eV)＝12.75eV，其照射鎢時(shí)，逸出光電子的最大初動(dòng)能為ΔE＝12.75eV－4.5eV＝8.25eV，A正確。3．波源位于x軸，且從t＝0時(shí)刻開(kāi)始振動(dòng)，形成的簡(jiǎn)諧橫波在t＝1s時(shí)恰好傳到P點(diǎn)，此時(shí)部分波形圖如圖所示，Q為傳播方向上的一點(diǎn)，再過(guò)eq\f(2,3)s后Q與M相對(duì)平衡位置的位移始終相同，則波在介質(zhì)中的最小傳播速度為()A．6m/sB．5m/sC．4m/sD．3m/s答案A解析由題述可知波傳播的速度v＝eq\f(3xMQ－4,2)m/s，又M、Q相對(duì)平衡位置的位移始終相等，則xMQ＝nλ(n＝1,2,3，…)，由題圖可知λ＝8m，當(dāng)n取1時(shí)，解得vmin＝6m/s，A正確。4.(2023·江蘇省天一中學(xué)階段練習(xí))如圖，半圓形框架豎直靜放在粗糙的水平地面上，套在其上的光滑小球P在水平外力F作用下處于靜止?fàn)顟B(tài)，P與圓心O的連線與水平面的夾角為θ，現(xiàn)用水平力F拉動(dòng)小球，使其緩慢上移到框架的最高點(diǎn)，在此過(guò)程中框架始終保持靜止，下列說(shuō)法中正確的是()A．水平拉力F為恒力B．水平拉力F先增大后減小C．框架對(duì)小球的支持力不斷減小D．地面對(duì)框架的摩擦力一直增大答案C解析對(duì)小球受力分析有F＝eq\f(mg,tanθ)，F(xiàn)N＝eq\f(mg,sinθ)，上移到框架的最高點(diǎn)的過(guò)程中，θ越來(lái)越大，拉力減小，支持力減小，故A、B錯(cuò)誤，C正確；對(duì)整體受力分析，豎直方向上，地面對(duì)框架的支持力的大小等于系統(tǒng)的總重力大小，水平方向上，地面對(duì)框架的摩擦力與外力F相等，所以地面對(duì)框架的摩擦力一直減小，故D錯(cuò)誤。5.(2023·江蘇南通市適應(yīng)性考試)如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A依次經(jīng)過(guò)狀態(tài)B、C、D后又回到狀態(tài)A，其中A→B和C→D為等溫過(guò)程，B→C和D→A為絕熱過(guò)程，這就是著名的“卡諾循環(huán)”，則該氣體()A．在A→B過(guò)程中，密度不變B．在B→C過(guò)程中，分子的速率分布曲線不發(fā)生變化C．在B→C和D→A過(guò)程中，對(duì)外界做功的絕對(duì)值相等D．在一次循環(huán)過(guò)程中，吸收的熱量小于放出的熱量答案C解析在A→B過(guò)程中，體積變大，則密度減小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；在B→C過(guò)程中，絕熱，體積增加，對(duì)外做功，則內(nèi)能減小，溫度降低，分子的速率分布曲線發(fā)生變化，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；在B→C和D→A過(guò)程中，溫度的變化絕對(duì)值相等，內(nèi)能變化的絕對(duì)值相等，且兩個(gè)過(guò)程都是絕熱，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，兩過(guò)程中氣體對(duì)外界做功的絕對(duì)值相等，選項(xiàng)C正確；在一次循環(huán)過(guò)程中，氣體內(nèi)能不變，因p－V圖像的面積表示氣體做的功，可知?dú)怏w對(duì)外做的功大于外界對(duì)氣體做的功，即整個(gè)過(guò)程氣體對(duì)外做功(大小等于ABCD圖像包圍的面積)，吸收熱量，即整個(gè)過(guò)程吸收的熱量大于放出的熱量，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。6.(2023·江蘇省蘇錫常鎮(zhèn)二模)空間站夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙在發(fā)射入軌后，成功對(duì)接于天和核心艙前向端口。夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙，又稱為夢(mèng)天艙，是我國(guó)空間站“天宮”的重要組成部分。對(duì)接變軌過(guò)程簡(jiǎn)化為如圖所示，MN是橢圓軌道Ⅱ的長(zhǎng)軸。夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙從圓軌道Ⅰ先變軌到橢圓軌道Ⅱ，再變軌到圓軌道Ⅲ，并在圓軌道Ⅲ上與運(yùn)行的天和核心艙實(shí)施對(duì)接。下列說(shuō)法正確的是()A．夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙在變軌過(guò)程中機(jī)械能不變B．可讓夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙先進(jìn)入圓軌道Ⅲ，然后加速追趕天和核心艙實(shí)現(xiàn)對(duì)接C．無(wú)論在軌道Ⅱ還是軌道Ⅲ，夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙在N點(diǎn)的加速度都相同D．夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙在橢圓軌道Ⅱ上運(yùn)行的周期與天和核心艙的運(yùn)行周期相等答案C解析夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙在變軌過(guò)程中都需要加速做離心運(yùn)動(dòng)，有外力對(duì)其做正功，機(jī)械能變大，故A錯(cuò)誤；如果夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙先進(jìn)入圓軌道Ⅲ后再加速，夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙會(huì)飛到更高的軌道，無(wú)法與天和核心艙實(shí)現(xiàn)對(duì)接，故B錯(cuò)誤；無(wú)論在軌道Ⅱ還是軌道Ⅲ，夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙在N點(diǎn)所受的萬(wàn)有引力相等，根據(jù)牛頓第二定律可知夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙在N點(diǎn)的加速度都相同，故C正確；由題圖可知橢圓軌道Ⅱ的半長(zhǎng)軸小于圓軌道Ⅲ的軌道半徑，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知夢(mèng)天實(shí)驗(yàn)艙在橢圓軌道Ⅱ上運(yùn)行的周期小于天和核心艙的運(yùn)行周期，故D錯(cuò)誤。7．(2023·江蘇南京市、鹽城市一模)豎直上拋一小球，小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到與速率成正比的空氣阻力作用，小球從開(kāi)始上拋至最高點(diǎn)過(guò)程，下列關(guān)于小球的加速度a、速度v隨小球運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t的變化關(guān)系及動(dòng)能Ek、機(jī)械能E隨位移x的變化關(guān)系中可能正確的是(圖中虛線均為圖像的切線)()答案C解析小球上拋過(guò)程，減速的加速度大小為a＝g＋eq\f(k,m)v，做加速度逐漸減小(最小為g)的減速運(yùn)動(dòng)，v－t圖像斜率的絕對(duì)值減小，故A、B錯(cuò)誤；Ek減小到0，Ek－x圖線的斜率絕對(duì)值為合外力大小，斜率的絕對(duì)值逐漸減小，最小為mg，故C正確；E一直變小，E－x圖線的斜率絕對(duì)值為阻力大小，斜率的絕對(duì)值減小到0，故D錯(cuò)誤。8.(2023·江蘇南通市模擬)如圖所示，理想變壓器原線圈接在正弦交流電源上，電源的輸出電壓不變，副線圈回路中接有電阻R和燈泡。現(xiàn)增加并入電路燈泡的個(gè)數(shù)，則()A．原線圈中的電流減小B．副線圈中的電流減小C．變壓器的輸出功率增大D．燈泡消耗的總功率增大答案C解析增加并入電路的燈泡的個(gè)數(shù)，副線圈回路中的負(fù)載增加，副線圈回路的總電阻減小，而副線圈的輸出電壓U2不變，則副線圈中的電流增大，根據(jù)理想變壓器兩端的電流比等于匝數(shù)的反比，可知原線圈的電流增大，故A、B錯(cuò)誤；由于變壓器的輸入功率和輸出功率相等，副線圈總電阻減小，則輸出功率變大，故C正確；設(shè)燈泡的并聯(lián)總電阻為R′，燈泡消耗的總功率為P＝(eq\f(U2,R＋R′))2R′＝eq\f(U22,\f(R2,R′)＋R′＋2R)，則R′減小，燈泡消耗的總功率不一定增大，故D錯(cuò)誤。9．(2023·江蘇鹽城市三模)某同學(xué)利用電壓傳感器來(lái)研究電感線圈工作時(shí)的特點(diǎn)。圖甲中三個(gè)燈泡完全相同，不考慮溫度對(duì)燈泡電阻的影響。在閉合開(kāi)關(guān)S的同時(shí)開(kāi)始采集數(shù)據(jù)，當(dāng)電路達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)。圖乙是由傳感器得到的電壓u隨時(shí)間t變化的圖像。不計(jì)電源內(nèi)阻及電感線圈L的電阻。下列說(shuō)法正確的是()A．開(kāi)關(guān)S閉合瞬間，流經(jīng)燈D2和D3的電流相等B．開(kāi)關(guān)S閉合瞬間至斷開(kāi)前，流經(jīng)燈D1的電流保持不變C．開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)瞬間，燈D2閃亮一下再熄滅D．根據(jù)題中信息，可以推算出圖乙中u1與u2的比值答案D解析開(kāi)關(guān)S閉合瞬間，由于電感線圈的阻礙作用，燈D3逐漸變亮，通過(guò)燈D3的電流緩慢增加，待穩(wěn)定后，流經(jīng)燈D2和D3的電流相等，故從開(kāi)關(guān)S閉合瞬間至斷開(kāi)前，流經(jīng)燈D1的電流也是逐漸增加，A、B錯(cuò)誤；開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)瞬間，由于電感線圈阻礙電流減小的作用，由電感線圈繼續(xù)為燈D2和D3提供電流，又因?yàn)殡娐贩€(wěn)定的時(shí)候，流經(jīng)燈D2和D3的電流相等，所以燈D2逐漸熄滅，C錯(cuò)誤；開(kāi)關(guān)S閉合瞬間，燈D1和D2串聯(lián)，電壓傳感器所測(cè)電壓為D2兩端電壓，由歐姆定律u1＝eq\f(E,2)，電路穩(wěn)定后，流過(guò)D3的電流為I＝eq\f(1,2)·eq\f(E,\f(3,2)R)＝eq\f(E,3R)，開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)瞬間，電感線圈能夠?yàn)镈2和D3提供與之前等大電流，故其兩端電壓為u2＝I·2R＝eq\f(2E,3)，所以eq\f(u1,u2)＝eq\f(3,4)，故可以推算出題圖乙中u1與u2的比值，D正確。10.(2023·江蘇南通市適應(yīng)性考試)如圖所示，電荷量為＋q的點(diǎn)電荷固定在正方形ABCD的頂點(diǎn)A上，先將另一電荷量為＋q的點(diǎn)電荷Q1從無(wú)窮遠(yuǎn)處(電勢(shì)為0)移到O點(diǎn)，此過(guò)程靜電力做的功為－W，再將Q1從O點(diǎn)移到B點(diǎn)并固定，最后將一帶電荷量為－2q的點(diǎn)電荷Q2從無(wú)窮遠(yuǎn)處移到C點(diǎn)，則()A．Q1移入之前，O點(diǎn)的電勢(shì)為－eq\f(W,q)B．Q1從O點(diǎn)移到B點(diǎn)的過(guò)程中，靜電力做負(fù)功C．Q2在移到C點(diǎn)后的電勢(shì)能小于－4WD．Q2移到C點(diǎn)后，D點(diǎn)的電勢(shì)低于零答案D解析將另一電荷量為＋q的點(diǎn)電荷Q1從無(wú)窮遠(yuǎn)處(電勢(shì)為0)移到O點(diǎn)，此過(guò)程靜電力做的功為－W，則U∞O＝0－φO＝eq\f(－W,＋q)，可得φO＝eq\f(W,q)，即Q1移入之前，O點(diǎn)的電勢(shì)為eq\f(W,q)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；從O點(diǎn)到B點(diǎn)電勢(shì)降低，可知Q1從O點(diǎn)移到B點(diǎn)的過(guò)程中，電勢(shì)能減小，靜電力做正功，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若將帶－2q的電荷Q2從無(wú)窮遠(yuǎn)處移到O點(diǎn)，則靜電力做功為4W，則在O點(diǎn)的電勢(shì)能為－4W，則若將帶－2q的電荷Q2從無(wú)窮遠(yuǎn)處移到C點(diǎn)，則靜電力做功小于4W，則在O點(diǎn)的電勢(shì)能大于－4W，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若設(shè)電荷量為＋q的電荷在距離a(正方形的邊長(zhǎng))處產(chǎn)生的電勢(shì)為＋φ，則可知A處點(diǎn)電荷在D點(diǎn)的電勢(shì)為＋φ，在B處的Q1在D點(diǎn)的電勢(shì)小于＋φ，在C點(diǎn)的Q2在D點(diǎn)的電勢(shì)為－2φ，即Q2移到C點(diǎn)后，D點(diǎn)的電勢(shì)低于零，選項(xiàng)D正確。11.(2023·江蘇省海安高級(jí)中學(xué)月考)如圖所示，粗糙斜面傾角為θ，彈簧一端與斜面頂端相連，另一端與質(zhì)量為m的滑塊連接，開(kāi)始滑塊靜止在O處(圖中未標(biāo)出)，與斜面間恰好沒(méi)有摩擦力?，F(xiàn)用沿斜面向下的力將滑塊從O點(diǎn)緩慢拉至A點(diǎn)，拉力做的功為W。撤去拉力后滑塊由靜止沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)O點(diǎn)到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度為零，AB＝a，重力加速度為g，斜面與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。則()A．從A到O，滑塊一直做加速運(yùn)動(dòng)B．從O到A再到B，彈簧彈力做的功為eq\f(3,2)μmgacosθ－WC．向上經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)，滑塊的動(dòng)能小于W－μmgacosθD．滑塊到達(dá)B處后不可能保持靜止答案C解析第一步：判斷O點(diǎn)是否為AB的中點(diǎn)、加速度為零的位置。滑塊從A點(diǎn)向B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程，先加速后減速，由于彈簧彈力隨位移線性變化，重力沿斜面向下的分力及滑動(dòng)摩擦力均為恒力，可知加速度也隨位移線性變化。a－x圖線如圖甲所示，又F合＝ma，則合力與位移的圖像與a－x圖像類似，由合力與位移圖線與橫軸圍成的面積表示動(dòng)能的變化量可知x軸上、下兩部分圍成的面積相等，由對(duì)稱性可知，滑塊到AB的中點(diǎn)C時(shí)速度達(dá)到最大，該處彈簧彈力、重力沿斜面向下的分力與滑動(dòng)摩擦力的合力為0，如圖乙所示，此位置比O點(diǎn)低，則從A到O，滑塊先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤。第二步：由動(dòng)能定理計(jì)算＋W彈＝0－0，得彈簧彈力做的功W彈＝－W＋m