2023年廣東省潮州市高考物理二模試卷

2023年廣東省潮州市高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.2020年12月4日，新一代“人造太陽(yáng)”裝置-中國(guó)環(huán)流器二號(hào)M裝置（HZ,-2M）在成都建

成并首次實(shí)現(xiàn)利用核聚變放電。下列方程中，正確的核聚變反應(yīng)方程是（）

A.lH+jH→↑He+?nB.H8U→∣14Th+↑He

5un4

C.gz+o→56Ba+^lKr+3?nD.^He+^AlP+2?n

2.平時(shí)我們所處的地球表面附近，實(shí)際上存在場(chǎng)強(qiáng)大小為10（Ψ∕mfA∕m

的電場(chǎng)，可將其視為勻強(qiáng)電場(chǎng)，在地面立一金屬桿后空間中的等勢(shì)5

...?λ;......--..JQOV

、-一**

面如圖所示?？臻g中存在a、b、C三點(diǎn)，其中ɑ點(diǎn)位于金屬桿正上方，:*/'?Λ??...'400V

??×."300V

2200V

b、C兩點(diǎn)等高。則下列說(shuō)法正確的是（）

A.a點(diǎn)的電勢(shì)等于C點(diǎn)B.a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向水平向右

C.a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小等干IoOlVmD.b、C兩點(diǎn)的電勢(shì)差UbC=I2（Ψ

3.疫情期間利用無(wú)人機(jī)運(yùn)送物資，已知質(zhì)量為8kg的物資在無(wú)人機(jī)拉

力作用下勻速上升35τn,然后勻加速水平移動(dòng)20小，若空氣阻力不能忽

略，取g=10m∕s2c則下列說(shuō)法正確的是（）

A.勻速上升時(shí).，物資重力勢(shì)能不變

B.整個(gè)過(guò)程，物資機(jī)械能增加了280（V

C.物資在勻速上升時(shí)機(jī)械能增量為280Q/

D.無(wú)人機(jī)水平移動(dòng)過(guò)程中空氣對(duì)它的作用力、重力均不做功

4.2022年11月29日神舟十五號(hào)飛船在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射升空，飛船入軌后按照預(yù)

定程序，成功與我國(guó)空間站軌道核心艙進(jìn)行自主快速交會(huì)對(duì)接。已知空間站運(yùn)行在離地面高

為白R(shí)的圓軌道上（R為地球半徑），下列說(shuō)法正確的是（）

Io

A.空間站在軌道上飛行的速度大于9km∕s

B.空間站中的一根天線脫落將做自由落體運(yùn)動(dòng)

C.成功對(duì)接后，空間站由于質(zhì)量增大，軌道半徑將變小

D.入軌后飛船內(nèi)的宇航員所受地球的萬(wàn)有引力大小約為他在地面時(shí)的（雪￥

5.圖甲是北京冬奧會(huì)單板滑雪大跳臺(tái)比賽項(xiàng)目中運(yùn)動(dòng)員在空中姿態(tài)的合成圖。比賽場(chǎng)地分

為助滑區(qū)、起跳臺(tái)、著陸坡和終點(diǎn)區(qū)域四個(gè)部分。運(yùn)動(dòng)員進(jìn)入起跳臺(tái)后的運(yùn)動(dòng)可簡(jiǎn)化成如圖

乙所示，先以水平初速度%從4點(diǎn)沖上圓心角為α的圓弧跳臺(tái)，從B點(diǎn)離開(kāi)跳臺(tái)，C點(diǎn)為運(yùn)動(dòng)軌

跡最高點(diǎn)，之后落在著陸坡上的E點(diǎn)。若忽略運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的一切阻力并將運(yùn)動(dòng)員及其裝

備看成質(zhì)點(diǎn)，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.運(yùn)動(dòng)員在C點(diǎn)速度為O

B.運(yùn)動(dòng)員下降過(guò)程中的加速度不變

C.α越大，運(yùn)動(dòng)員落在著陸坡上的速度越大

D.運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)B點(diǎn)后的上升過(guò)程中處于超重狀態(tài)

6.如圖所示為智能機(jī)器人協(xié)助派件員分揀快遞的場(chǎng)景，派件員將包裹放在機(jī)耕人的水平托

盤(pán)上后，機(jī)器人通過(guò)掃碼讀取目的地信息，并生成最優(yōu)路線，將不同目的地的包裹送至不同

的位置，從而實(shí)現(xiàn)包裹的分揀功能。關(guān)于機(jī)器人和包裹，下列說(shuō)法正確的是（）

A.機(jī)器人加速前進(jìn)則包裹對(duì)水平托盤(pán)的摩擦力方向向后

B.包裹受到向上的支持力是包裹發(fā)生形變產(chǎn)生的

C.包裹對(duì)機(jī)器人的壓力和機(jī)器人對(duì)包裹的支持力是一對(duì)平衡力

D.包裹隨著機(jī)器人一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，包裹受到向前的摩擦力

7.如圖所示為一邊長(zhǎng)為d的正方體,在FE、ND兩邊放置足夠長(zhǎng)直導(dǎo)線,

通有相等的電流/,電流方向如圖所示。若一根無(wú)限長(zhǎng)直導(dǎo)線通過(guò)電流/

時(shí)?，所產(chǎn)生的磁場(chǎng)在距離導(dǎo)線d處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,則圖中C、。兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度

大小分別為（）

A.2B、O

B.28、2B

C.0、√-2β

D.HB、?[~2B

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

8.2023年2月5日佛山和2月11日河源發(fā)生地震，為了了解地震，減少地震帶來(lái)的危害，研

究地震波的發(fā)生、傳播等規(guī)律特別重要。某地震監(jiān)測(cè)站監(jiān)測(cè)到一列沿X軸傳播的地震波，t=0

時(shí)亥收軸上-3km?3kτn區(qū)間內(nèi)的波形如圖甲所示。X=-Mnl處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖象如圖乙所示,

t=0.25s時(shí)該質(zhì)點(diǎn)第一次處于波峰。下列說(shuō)法正確的是（）

A.該地震波的周期為0.75S

B.該地震波沿X軸正方向傳播

C.該地震波沿X軸傳播的速度為4∕σn∕∕ι

D.r=2.25s時(shí)，x=Ikm處的質(zhì)點(diǎn)處于波峰

9.如圖所示為汽車的點(diǎn)火裝置，此裝置的核心是一個(gè)變壓器,

該變壓器的原線圈通過(guò)開(kāi)關(guān)連接到12U的蓄電池上，副線圈連

接到火花塞的兩端，開(kāi)關(guān)由機(jī)械控制，當(dāng)開(kāi)關(guān)由閉合變?yōu)閿嚅_(kāi)

開(kāi)關(guān)變醫(yī)料

時(shí)，副線圈中產(chǎn)生IOOOOV以上的電壓，火花塞中產(chǎn)生火花。

下列說(shuō)法中正確的是（）

A.該點(diǎn)火裝置中變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為3：1250

B.變壓器的原線圈要用粗導(dǎo)線繞制，而副線圈可以用細(xì)導(dǎo)線繞制

C.若該點(diǎn)火裝置的開(kāi)關(guān)始終閉合，火花塞的兩端不會(huì)產(chǎn)生高壓

D.變壓器原線圈輸入的12V電壓必須是交流電，否則就不能在副線圈中產(chǎn)生高壓

10.某高速公路上ErC專用通道是長(zhǎng)為20τn的直線通道，且通道前、后都是平直大道。安裝

有ErC的車輛通過(guò)Ere專用道時(shí)，可以不停車而低速通過(guò)，限速為5M/S。如圖所示一輛小汽

車先減速，當(dāng)車頭到達(dá)通道口時(shí)立即做勻速運(yùn)動(dòng)，車尾一到通道末端立即加速前進(jìn)的1圖

象，則下列說(shuō)法正確的是。（）

A.由圖象可知，小汽車的車身長(zhǎng)度為5小

B.圖象中小汽車加速過(guò)程的位移大小為612.5m

C.圖象中小汽車減速過(guò)程的加速度大小為1.25τn∕s2

D.圖象中小汽車加速過(guò)程的加速度比減速過(guò)程的加速度大

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共16.0分）

11.隨著智能手機(jī)的廣泛應(yīng)用，充電寶成為手機(jī)及時(shí)充電的一種重要選擇。某學(xué)習(xí)小組為了

測(cè)量一充電寶電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻（充電寶的電動(dòng)勢(shì)約為5U,內(nèi)阻很小，最大放電電流為24）進(jìn)行了

以下實(shí)驗(yàn)：

（1）為了盡可能準(zhǔn)確地測(cè)出充電寶的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，使用的實(shí)驗(yàn)器材有：數(shù)字式多用電表（可

視為理想電壓表）、滑動(dòng)變阻器（最大阻值足夠大）、電流表、導(dǎo)線、開(kāi)關(guān)等。實(shí)驗(yàn)電路如圖甲

所示，已知定值電阻&=30,請(qǐng)根據(jù)電路圖在圖乙中完成實(shí)物連線。

紅導(dǎo)線

(2)連接好電路后閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，記錄數(shù)字電壓表和電流表的讀數(shù)。作出U-/圖

像，如圖丙所示。由圖像求得充電寶的電動(dòng)勢(shì)EV,內(nèi)Ifir=0。(結(jié)果均

保留兩位有效數(shù)字)

(3)若實(shí)驗(yàn)室中沒(méi)有數(shù)字式多用電表，上述電路只能用普通電壓表做實(shí)驗(yàn)，這樣會(huì)使內(nèi)阻的測(cè)

量值.。(選填“偏大”、“偏小”或“無(wú)偏差”

)

12.某實(shí)驗(yàn)小組用橡皮筋探究影響其伸長(zhǎng)量的有關(guān)因素，探究方案

如下:

(i)取4根材料、粗細(xì)相同的橡皮筋，其中3根等長(zhǎng)，另一根的長(zhǎng)度

只有前三根長(zhǎng)度的一半，將它們按圖示方式懸掛(其中第1組是兩根

并用);

(ii)在每組下端扎線的地方各拴一個(gè)紅色塑料簽，并在支架襯貼的白紙上標(biāo)出簽的原始位置

。(即橡皮筋的原長(zhǎng));

(iii)先分別懸掛100克鉤碼，然后在橡皮筋“2”下加掛100克鉤碼，記下各次標(biāo)簽的位置，測(cè)

量結(jié)果如表:

橡皮筋編號(hào)1234

原長(zhǎng)L(Cnl)10.0010.005.0010.00

外力F(克力)100100100200

橡皮筋橫截面積S2111

伸長(zhǎng)量4L(cm)2.515.012.50010.02

回答下列問(wèn)題:

(1)以上探究過(guò)程使用了的實(shí)驗(yàn)方法;

(2)伸長(zhǎng)量4L在記錄數(shù)據(jù)中出現(xiàn)錯(cuò)誤的是(填具體數(shù)據(jù))；

(3)根據(jù)上述探究過(guò)程，橡皮筋的伸長(zhǎng)量與相關(guān)因素可能的關(guān)系為；

(4)將一原長(zhǎng)為L(zhǎng)的橡皮筋，兩端施加大小為F的拉力時(shí)，橡皮筋伸長(zhǎng)了4L：把它從中央剪斷，

取其中的一段，給兩端施加2F的拉力，此時(shí)這段橡皮筋的長(zhǎng)度為(不超過(guò)彈性限度)。

四、計(jì)算題(本大題共4小題，共38.0分)

13.潮州素有瓷都之美譽(yù)，而現(xiàn)代瓷器燒制通常采用電加熱式氣窯。燒制單向排氣1?

過(guò)程中為避免窯內(nèi)氣壓過(guò)高，窯上安有一個(gè)單向排氣閥，當(dāng)窯內(nèi)氣壓達(dá)到

2.5x105Pa時(shí)，單向排氣閥變?yōu)殚_(kāi)通狀態(tài)。某次燒制前，封閉在窯內(nèi)的氣

體溫度為27冤，壓強(qiáng)為L(zhǎng)OXlO5p以己知燒制過(guò)程中窯內(nèi)氣體溫度均勻且

緩慢升高。不考慮瓷胚體積的變化，求：排氣閥開(kāi)始排氣時(shí)，窯內(nèi)氣體溫度。

14.如圖所示，有一救生員面向泳池坐在池邊的高凳上，他dU

W

的眼睛到地面的高度為H=I.8m,眼睛距離池邊緣的水平距VXJ0

離為d=2.4τn,當(dāng)泳池注滿水時(shí)，水的深度為∕ι=1.8m,此時(shí)電她

救生員可觀察到池底離池邊緣最近的點(diǎn)為4水池邊緣與2。之JL?---------------

間的范圍為“視線盲區(qū)”。已知水的折射率為Ti=全光在真空中的速度為c=3xl08m∕s,

求：

①4點(diǎn)到池邊緣的水平距離；

②光在水中傳播的速度。

15.滑板運(yùn)動(dòng)是青少年喜歡的運(yùn)動(dòng)之一，某滑板運(yùn)動(dòng)場(chǎng)地如圖所示，水平面BC與斜面AB和

圓弧CD平滑連接，滑板愛(ài)好者站在滑板甲上由靜止從4點(diǎn)滑下，同時(shí)另一完全相同的滑板乙

從圓弧上的。點(diǎn)由靜止釋放。兩滑板在水平面上互相靠近時(shí)，滑板愛(ài)好者跳到滑板乙上，并

和滑板乙保持相對(duì)靜止，此后兩滑板沿同一方向運(yùn)動(dòng)且均恰好能到達(dá)。點(diǎn)，被站在。點(diǎn)的工作

人員接收。已知斜面AB長(zhǎng)，=1.225m,傾角為。=30°,圓心。與。點(diǎn)的連線與豎直方向的夾

角a=60。，滑板質(zhì)量τn=5kg,滑板愛(ài)好者的質(zhì)量M=55kg,不計(jì)空氣阻力及滑板與軌道

之間的摩擦，滑板愛(ài)好者與滑板均可視為質(zhì)點(diǎn)，取g=10m∕s2.求：

(1)圓弧CC的半徑；

(2)滑板乙在下滑過(guò)程中經(jīng)過(guò)圓弧最低點(diǎn)時(shí)，對(duì)C點(diǎn)壓力的大小。

16.如圖所示，直角坐標(biāo)系XOy所在豎直平面內(nèi)，第一、二象限

中分布著沿X軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)Ei,第三、四象限中分布著沿y

軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)E2；第三、四象限還分布著勻強(qiáng)磁場(chǎng)(圖中未

畫(huà)出)。一質(zhì)量為m、帶電量為q的正電小球自坐標(biāo)為(0,L)的A點(diǎn)

由靜止出發(fā),進(jìn)入第三象限后恰能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)并垂直于y軸射

入第四象限，已知El=詈，重力加速度為g。求：

(1)小球第一次通過(guò)X軸時(shí)的速度；

(2)勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)劣和勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小的比值；

(3)小球從第四象限穿出后，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間會(huì)再次到達(dá)X軸上的N點(diǎn)(圖中未標(biāo)出)，求小球從出

發(fā)運(yùn)動(dòng)至N的時(shí)間以N。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：4、lH+lH→tHe+l∏,是輕核聚變，故A正確；

B、H8U→ll4Th+↑He,此核反應(yīng)的反應(yīng)物只有一個(gè)原子核，且生成物有氮核，屬于α衰變，故3

錯(cuò)誤；

C、235y+ln_^144βa+^κr+3ln,此反應(yīng)的反應(yīng)物和生成物都有中子，構(gòu)成鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，且產(chǎn)物

至少有兩個(gè)中等質(zhì)量的核，故屬于重核裂變，故C錯(cuò)誤；

。、^He+llAl→3θP+?n,此反應(yīng)是用α粒子轟擊生成了同位素磷，是人工轉(zhuǎn)變，是發(fā)現(xiàn)同位素磷

和正電子的方程，故。錯(cuò)誤；

故選:Ao

根據(jù)核反應(yīng)方程區(qū)分：天然衰變分為α衰變或夕衰變，裂變是重核變?yōu)橹械荣|(zhì)量的核，聚變是兩輕

核反應(yīng)變?yōu)橹械荣|(zhì)量的核.

本題考查了常見(jiàn)的核反應(yīng)方程中的應(yīng)用，同時(shí)注意原子核的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)的表示方法.

2.【答案】A

【解析】解：4、αc兩點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，電勢(shì)相等，故A正確；

以電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，并且沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，所以ɑ點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向下，故B

錯(cuò)誤；

C、等勢(shì)面密集的地方，場(chǎng)強(qiáng)越大，所以ɑ點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小大于IOOV∕m,故C錯(cuò)誤；

D、b、C兩點(diǎn)的電勢(shì)差UbC=20(Ψ-300V=-10(Ψ,故。錯(cuò)誤；

故選：A.,

電勢(shì)差代表兩點(diǎn)電勢(shì)的差值，等勢(shì)面密集的地方，場(chǎng)強(qiáng)越大，電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，并且沿著電

場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低，同一等勢(shì)面的電勢(shì)相等。

本題考查電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系，解題關(guān)鍵掌握等勢(shì)面的特點(diǎn)，注意電勢(shì)差的計(jì)算方法。

3.【答案】C

【解析】解：人勻速上升過(guò)程中，物體升高，重力勢(shì)能增大，故4錯(cuò)誤；

B、根據(jù)功能關(guān)系可知，在無(wú)人機(jī)拉力作用下物資在勻速上升，動(dòng)能不變，重力勢(shì)能增加/Ep=

mgh=80×10×35/=2800/,所以上升過(guò)程機(jī)械能增加加=/Ep=28001,水平移動(dòng)過(guò)程中

加速運(yùn)動(dòng)，發(fā)動(dòng)機(jī)做功，動(dòng)能增加，重力不做功，重力勢(shì)能不變，機(jī)械能增加，所以整個(gè)過(guò)程物

資機(jī)械能增加大于2800/,故B錯(cuò)誤。

C、根據(jù)功能關(guān)系可知，在無(wú)人機(jī)拉力作用下物資在勻速上升，動(dòng)能不變，勢(shì)能增加為：ΔEp=

mgh=80X10X35/=2800/,所以上升過(guò)程機(jī)械能增量為2800/,故C正確。

。、空氣阻力不能忽略，無(wú)人機(jī)的升力應(yīng)該斜向運(yùn)動(dòng)的方向，水平移動(dòng)過(guò)程中，發(fā)動(dòng)機(jī)做正功，

空氣阻力做負(fù)功，重力不做功，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)重力勢(shì)能公式可知物體升高，重力勢(shì)能增大；

根據(jù)平均功率公式確定克服重力做功的平均功率。

空氣阻力不能忽略，無(wú)人機(jī)的升力應(yīng)該斜向運(yùn)動(dòng)的方向，水平移動(dòng)過(guò)程中，做正功。

本題考查了功的計(jì)算，解題的關(guān)鍵是功能關(guān)系的應(yīng)用，明確空氣阻力不能忽略，無(wú)人機(jī)需要克服

空氣阻力做功。

4.【答案】D

【解析】解：4、第一宇宙速度7.9km∕s是衛(wèi)星或空間站繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最大速度，所以

空間站在軌道上飛行的速度不可能大于9kτn∕s,故A錯(cuò)誤；

8、空間站中的一根天線脫落，天線與空間站一樣做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C、組合體在對(duì)接軌道上繞地運(yùn)行時(shí)受到的萬(wàn)有引力仍然是恰好提供向心力，所以成功對(duì)接后，

空間站雖然質(zhì)量增大，但軌道半徑不變，故C錯(cuò)誤；

。、入軌后飛船內(nèi)的宇航員到地球球心的距離為裝R,根據(jù)F=畔，則宇航員所受地球的萬(wàn)有引

16rz

力大小約為他在地面時(shí)的（意）2,故D正確。

故選：Dc.

繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的空間站的速度不能超過(guò)第一宇宙速度；天線脫落后與空間站一樣做勻速

圓周運(yùn)動(dòng)；根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力解答.

本題關(guān)鍵是明確組合體的運(yùn)動(dòng)情況，知道向心力來(lái)源：萬(wàn)有引力，能根據(jù)牛頓第二定律列式分析.

5.【答案】B

【解析】解：A,曲線的最高點(diǎn)時(shí)，物體還有水平方向的分速度，故4錯(cuò)誤；

B,在下降過(guò)程中，只受重力作用，故加速度的大小方向都不變，故8正確；

C,因?yàn)樵贏B弧上運(yùn)動(dòng)時(shí)，沒(méi)有能量損失，故α的大小不影響著陸的速度大小，故C錯(cuò)誤；

D,離開(kāi)B點(diǎn)后，有豎直向下的加速度，應(yīng)處在失重狀態(tài)，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)勻變速曲線運(yùn)動(dòng)的受力特點(diǎn)，可得出運(yùn)動(dòng)中的加速度，速度的特點(diǎn)。從而可以得出答案。

本題考查了曲線運(yùn)動(dòng)中受力，加速度，速度特點(diǎn)及失重超重的含義。

6.【答案】A

【解析】解：4、機(jī)器人加速前進(jìn)時(shí)，相對(duì)包裹機(jī)器人有向前運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，故此時(shí)包裹具有向前

的加速度，所以受到向前的摩擦力作用，根據(jù)牛頓第三定律可知包裹對(duì)水平托盤(pán)的摩擦力方向向

后，故A正確；

以包裹受到向上的支持力是托盤(pán)發(fā)生形變產(chǎn)生的，故B錯(cuò)誤；

C、包裹對(duì)機(jī)器人的壓力和機(jī)器人對(duì)包裹的支持力是一對(duì)相互作用力，故C錯(cuò)誤；

D,包裹隨著機(jī)器人一起做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，包裹加速度為零，故此時(shí)不受到摩擦力，故。錯(cuò)誤。

故選：Ao

首先，根據(jù)機(jī)器人加速前進(jìn)時(shí)加速度的方向，判斷摩擦力的方向；

其次，根據(jù)支持力的產(chǎn)生判斷包裹受到向上的支持力是不是包裹的形變產(chǎn)生的；

然后，根據(jù)作用力與反作用力以及平衡力的特點(diǎn)判斷包裹對(duì)機(jī)器人的壓力和機(jī)器人對(duì)包裹的支持

力是不是一對(duì)平衡力；

最后，根據(jù)包裹做勻速直線運(yùn)動(dòng)判斷包裹加速度的加速度，進(jìn)而分析受到的摩擦力。

該題考查牛頓運(yùn)動(dòng)定律，在對(duì)物體受力分析時(shí)，要注意從作用對(duì)象、作用性質(zhì)上找出作用力和反

作用力與一對(duì)平衡力的區(qū)別。

7.【答案】D

【解析】解：根據(jù)右手螺旋定則，放置在FE邊的電流在C點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)大小為B、方向沿CM；放

置在ND邊的電流在C點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)大小為B、方向沿FC,故C點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為BC=

√B2+B2=y∕~2B-.放置在FE邊的電流在。點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)大小為8、方向沿N0；放置在ND邊的

電流在C點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)大小為B、方向沿0P,故。點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為%=√B2+82=

CB；故ABC錯(cuò)誤，。正確。

故選：Do

根據(jù)安培定則判斷通電導(dǎo)線FE和ND分別在C點(diǎn)和。點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向，根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度的疊加求

合磁感應(yīng)強(qiáng)度，然后作出判斷。

本題考查了安培定則和磁場(chǎng)的疊加，要求熟練掌握平行四邊形定則。

8.【答案】BC

【解析】解：4由題可知，X=-Mm處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖乙所示，t=0.25s時(shí)該質(zhì)點(diǎn)第一次處

于波峰，則有

)=0.25s

解得該地震波的周期為

T=Is

故4錯(cuò)誤；

8.由圖乙可知，K=-Iknl處質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻向y軸正方向振動(dòng)，根據(jù)波形平移法可知，該地震波

沿X軸正方向傳播，故B正確；

C.由圖甲可知波長(zhǎng)為4∕σn,則該地震波沿%軸傳播的速度為

v==γkm/s=4km/s

故C正確；

。.由圖甲可知，t=0時(shí)刻，X=IkTn處的質(zhì)點(diǎn)位于平衡位置向y軸負(fù)方向振動(dòng)，根據(jù)

t=2.25s=2T+^T

4

可知t=2.25s時(shí)?，X=Ikm處的質(zhì)點(diǎn)處于波谷，故￡＞錯(cuò)誤。

故選:BC.

由題可知，t=0.25s時(shí)該質(zhì)點(diǎn)第一次處于波峰，由此可解得該地震波的周期；由圖乙可知，X=

-Iknl處質(zhì)點(diǎn)在t=0時(shí)刻向y軸正方向振動(dòng)，根據(jù)波形平移法可知，該地震波沿X軸正方向傳播；

由圖甲可知波長(zhǎng)為4∕σn,則該地震波沿X軸傳播的速度為V=λT;由圖甲可知，t=0時(shí)刻，x=Ikm

處的質(zhì)點(diǎn)位于平衡位置向y軸負(fù)方向振動(dòng)。

本題根據(jù)圖形及題意結(jié)合波形平移法等進(jìn)行分析求解。

9.【答案】BC

【解析】解：人由于火花塞需要的電壓為IooOoL但是電源的電壓為12V,所以必須要經(jīng)過(guò)升

壓變壓器才可以得到高的電壓，所以變壓器左邊線圈的匝數(shù)小右邊線圈的匝數(shù)。同時(shí)要注意變壓

器的左側(cè)接的是直流電，當(dāng)開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，穿過(guò)鐵芯中的磁通量減少，在兩個(gè)線圈內(nèi)都會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)

電動(dòng)勢(shì)，該電動(dòng)勢(shì)的產(chǎn)生原理不同與理想變壓器的互感，其中原線圈內(nèi)的電動(dòng)勢(shì)為自感電動(dòng)勢(shì)，

要大于原來(lái)的12乙所以該點(diǎn)火裝置中變壓器的原、副線圈匝數(shù)比不能等于3：1250,故A錯(cuò)誤;

B、變壓器線圈中電流大，所用的導(dǎo)線應(yīng)當(dāng)越粗；副線圈電流小，所以原線圈用粗導(dǎo)線繞制，副線

圈用細(xì)導(dǎo)線繞制，故B正確；

C、若點(diǎn)火裝置的開(kāi)關(guān)若始終閉合，變壓器就沒(méi)有變化的磁通量，則不能工作，所以副線圈兩端(火

花塞的兩端)也不會(huì)有高壓，故C正確；

。、接該變壓器的初級(jí)線圈的電源不一定是交流電源，直流也可以，只要使磁通量發(fā)生變化就可

以，故。錯(cuò)誤。

故選；BC。

蓄電池的電壓為12V,火花塞需要的電壓為IOOo(Ψ,所以電路中需要的是升壓變壓器，再根據(jù)升

壓變壓器的原理可得副線圈匝數(shù)大于原線圈匝數(shù)；結(jié)合感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)產(chǎn)生的原理分析。

本題可以結(jié)合變壓器的工作原理去分析，但又不完全與變壓器相同，要注意不能簡(jiǎn)單套用變壓器

的結(jié)論判斷匝數(shù)比。

10.【答案】AB

【解析】解：4、由圖可知，小汽車做勻速直線運(yùn)動(dòng)的位移：x1=vtBC=5×(25-20)m=25m,

通道是長(zhǎng)為，=20m,則小汽車的長(zhǎng)度：L=x1-I=25m—20m=5m,故A正確；

B、圖象中小汽車加速過(guò)程的位移大小為：X2=tCD=?×(60-25)m=612.5m,故B

正確；

22

C、小汽車減速過(guò)程的加速度大小為：a1=^-m∕s=lm∕s,故C錯(cuò)誤；

22

。、小汽車加速過(guò)程的加速度大小為：a2=-^^m∕s=lm∕s,可知圖象中小汽車加速過(guò)程的

460-25,7'

加速度比減速過(guò)程的加速度小，故。錯(cuò)誤。

故選：ABo

u-t圖象與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，由此求出位移，并結(jié)合幾何關(guān)系求出車的長(zhǎng)度；u-t圖

象的斜率表示加速度。由此分析。

解決本題的關(guān)鍵要掌握。-1圖象的意義，知道其斜率以及圖線與橫坐標(biāo)之間面積的意義。

11.【答案】5.00.13偏小

【解析】解：(1)實(shí)物連線，如圖

充電寶

(2)由閉合電路歐姆定律E=U+/(r+Ro),得U=E-/(r+Ro)

由圖像可得充電寶的電動(dòng)勢(shì)E=5.0V

內(nèi)阻r=I冬I-RO=-3/2≈0.1312

(3)由于電壓表的分流，電流表的測(cè)量值比通過(guò)電源的電流偏小，所以電動(dòng)勢(shì)偏小，圖像的斜率的

絕對(duì)值偏小，內(nèi)阻偏小。

故答案為：(1)見(jiàn)解析；(2)5.0,0.13；(3)偏小。

(I)根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖；

(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律推導(dǎo)圖像函數(shù)表達(dá)式，根據(jù)圖像截距和斜率計(jì)算電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻；

(3)分析電壓表造成的誤差。

本題考查測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)，要求掌握實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)電路和利用圖像處理數(shù)據(jù)。

12.【答案】控制變量法2.50OdLOC+3

【解析】解：(1)影響橡皮筋伸長(zhǎng)量的因素涉及多個(gè)物理量，應(yīng)使用控制變量法進(jìn)行實(shí)驗(yàn)；

(2)用毫米刻度尺測(cè)長(zhǎng)度時(shí)，讀數(shù)時(shí)要估讀到毫米的下一位，即0.1mm,因此記錄數(shù)據(jù)中出現(xiàn)錯(cuò)誤

的是2.500cm,多估讀了一位；

(3)由實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，橡皮筋“1、2”原長(zhǎng)相同、受力相同，橫截面積越大，伸長(zhǎng)量越小，伸長(zhǎng)量

與橫截面積成反比關(guān)系；

橡皮筋“2、3”受力相同，橫截面積相同，原長(zhǎng)越大，伸長(zhǎng)量越長(zhǎng)，伸長(zhǎng)量與原長(zhǎng)成正比關(guān)系；

橡皮筋“3、4”原長(zhǎng)相同、橫截面積，受力越大，伸長(zhǎng)量越大，伸長(zhǎng)量與力成正比關(guān)系；

根據(jù)上述探究過(guò)程，橡皮筋的伸長(zhǎng)量與相關(guān)因素可能的關(guān)系為4L?~

(4)設(shè)比例系數(shù)為則4=

從中央剪斷，彈簧原長(zhǎng)變?yōu)?。，此時(shí)施加的力為2尸，橡皮筋的伸長(zhǎng)量量/z∕=k2=人空

zSS

解得21Z/=ΔL

此時(shí)橡皮筋的長(zhǎng)度為Z/=5+21Z/=4L+提

故答案為：(I)控制變量法；(2)2.500；(3)dLoc系;(4W+3。

(1)根據(jù)控制變量法由表中的數(shù)據(jù)分析判斷彈簧的伸長(zhǎng)量與其他物理量的關(guān)系；

(2)用毫米刻度尺測(cè)長(zhǎng)度時(shí)，讀數(shù)時(shí)要讀到毫米的下一位，據(jù)此分析作答；

(3)由實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，分析橡皮筋“1、2”，得出伸長(zhǎng)量與橫截面積的關(guān)系；

分析橡皮筋“2、3”，得出伸長(zhǎng)量與原長(zhǎng)的關(guān)系；

分析橡皮筋“3、4”，得出伸長(zhǎng)量與力的關(guān)系；

最后得到彈簧伸長(zhǎng)量的可能關(guān)系式；

(4)根據(jù)得到的表達(dá)式進(jìn)行計(jì)算。

本題考查了探究影響橡皮筋伸長(zhǎng)量的有關(guān)因素的實(shí)驗(yàn)，要求掌握實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)裝置、實(shí)驗(yàn)步驟

和數(shù)據(jù)處理。

13.【答案】解：根據(jù)題意分析可知，窯內(nèi)氣體做等容變化

初狀態(tài)A=(273+27)K=300K,Pl=1.0XIO5Pa

末狀態(tài)p2=2.5XIO5Pa,求7?

根據(jù)查理定律列式，γ=γ

1112

代入數(shù)據(jù)解得7?=900K,即為t=(900-273)℃=627℃；

答：排氣閥開(kāi)始排氣時(shí)，窯內(nèi)氣體溫度為627。。

【解析】根據(jù)氣體做等容變化，由查理定律列式求解。

該題考查氣體做等容變化過(guò)程中，學(xué)生對(duì)查理定律的應(yīng)用，基礎(chǔ)題。

14.【答案】解：①光線從P點(diǎn)射向人眼時(shí)在水面發(fā)生折射，設(shè)入射角為r,折射角為i

..d

由幾何關(guān)系可知2E

Sinr=/X

Jx2+h2

則水的折射率A黑

聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得X=0.9375m

②根據(jù)光的傳播速度與折射率的關(guān)系可知

C3×108.CCL"Cf?,

V=-=-4—m/s=2.25X108m∕s

答：①4點(diǎn)到池邊緣的水平距離為0.9375m；

②光在水中傳播的速度為2.25X108m∕So

【解析】①根據(jù)光的折射定律結(jié)合幾何關(guān)系解得A點(diǎn)到池邊緣的水平距離;

②作根據(jù)光的傳播速度與折射率的關(guān)系解答。

本題是折射定律的應(yīng)用問(wèn)題，根據(jù)幾何知識(shí)與折射定律結(jié)合進(jìn)行處理,注意光速與折射率的關(guān)系。

15.【答案】解：(D滑板愛(ài)好者和滑板甲從4點(diǎn)到B點(diǎn)，利用動(dòng)能定理有：(M+m)glsinθ=∣(M+

m)vl

代入數(shù)據(jù)，可得力=3.5m∕s

滑板愛(ài)好者從滑板甲跳到滑板乙過(guò)程動(dòng)量守恒，取向右為正方向，則有：(M+m)%一瓶盯=

mv3+(M+m)v4

兩滑板均恰好能到達(dá)。點(diǎn)，可知兩滑板到達(dá)D點(diǎn)的速度恰好為零，所以"2=%=畤

聯(lián)立方程，可得以=3m∕s

滑板乙從。點(diǎn)到C點(diǎn)利用動(dòng)能定理可得：m