2021年四川省成都市高考物理三診試卷（附答案詳解）

2021年四川省成都市高考物理三診試卷

1.（2021?四川省成都市?模擬題）下列關(guān)于放射性的說法中，正確的是（）

A.居里夫人首先發(fā)現(xiàn)了天然放射性現(xiàn)象

B.人類對原子核的探索，是從發(fā)現(xiàn)原子核放射性開始的

C.某放射性物質(zhì)在和另外物質(zhì)發(fā)生化學反應(yīng)后，半衰期會改變

D.醫(yī)院普遍使用的y刀，是利用了y射線超強的電離本領(lǐng)

2.（2020?江蘇省揚州市?期中考試）如圖所示，一物塊在水平拉力廠的作用下沿水平桌

面做勻速直線運動。若保持尸的大小不變，而方向與水平面成30。角，物塊也恰好

做勻速直線運動。物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)為（）

.尸

A.2-V3B.匹C.更D.更

632

3.（2021.四川省成都市.模擬題）2020年12月，如圖所

示的嫦娥五號著陸器平穩(wěn)落月，其完成的一系列舉

世矚目工作，令全國人民為之振奮。已知月球與地

球的密度之比P地=a,月球與地球的半徑之

比R"R幽=b,則月球表面與地球表面的重力加速度之比g月：9地等于（）

A"。B.白C.I

4.（2021?四川省成都市?模擬題）圖為一交流發(fā)電機示意圖,

線圈abed在勻強磁場中繞固定軸。。'沿順時針方向勻

速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的電動勢的瞬時值表達式為e=

110讓sbilOOTrW。已知線圈電阻r=20,定值電阻R=

200,電表均為理想交流電表。下列說法正確的是（）

A.電流表讀數(shù)為5魚4

B.電壓表讀數(shù)為110V

C.t=5xl0-3s時刻，穿過線圈的磁通量最大

D.0?5x10%內(nèi)，通過電阻R的電荷量為正

5.（2021.四川省成都市.模擬題）如圖，半徑為R、圓心在。點的絕緣光滑圓環(huán)固定在

豎直面內(nèi)，環(huán)上套著一個質(zhì)量為〃，的帶正電小球；兩個等量異種點電荷分別固定在

圓環(huán)平面內(nèi)過。點的水平虛線上E、F兩點，E。=F。＞R,小球以初速度孫從A

點開始沿逆時針方向運動。不考慮小球的運動對兩個點電荷形成的電場的影響，小

球可視為質(zhì)點，重力加速度大小為g。下列判定正確的是（）

A.在B、。兩點，小球所受電場力大小相等、方向相反

B.從8經(jīng)C到。點，小球的電勢能先減小后增大

2

C.在C點，小球?qū)A環(huán)的作用力大小為m晟+47ng

D.若還知道小球在B點的速率，則可求出小球在。點的速率

6.（2021?四川省成都市?模擬題）圖示電路中，C為電容器，網(wǎng)為產(chǎn)

為0?99.00。的電阻箱，電源內(nèi)阻r=50,定值電阻一

20,R3=R4=現(xiàn)閉合開關(guān)S,調(diào)節(jié)治使其電阻從零3干出

逐漸增至最大，在此過程中（）|?/

A.電容器的“板先帶正電后帶負電ErS

B.電容器的。板先帶負電后帶正電

C.電源的輸出功率先增大后減小

D.電容器兩板間的電壓先增大后減小

7.（2021?四川省成都市?模擬題）如圖，絕緣光滑水平面（紙面）上靜止著質(zhì)量為小電阻

為R、半徑為r的金屬圓環(huán)，圓環(huán)右側(cè)存在一長度足夠大、寬度為2r的矩形勻強磁

場區(qū)域，圓心。與磁場左邊界MN相距2r,磁場方向豎直、磁感應(yīng)強度大小為瓦

現(xiàn)沿垂直于MN的方向給圓環(huán)施加一個水平向右的外力，使圓環(huán)以恒定的加速度?

向右運動。貝歐）

第2頁，共20頁

M

a

B

A.圓環(huán)穿過磁場的過程中，感應(yīng)電流的方向不變

B.圓心。位于邊界MN上時，圓環(huán)中感應(yīng)電流的大小為經(jīng)叵

R

C.圓心。位于邊界PQ上時，圓環(huán)所受安培力大小為把受會亙

D.圓心。位于邊界PQ右側(cè)且與PQ相距;時，水平外力的功率為省&+3ma病

8.(2021?四川省成都市?模擬題)如圖(a),表面由特殊材質(zhì)制成、傾角37。、長為2〃?的

斜面右端靠著豎直擋板放置在光滑水平地面上，一小物塊從斜面頂端由靜止下滑。

圖(b)是物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)〃隨物塊到斜面頂端的距離x變化的函數(shù)圖線(

傾斜直線)。已知物塊質(zhì)量為1依，重力加速度大小為10m/s2,sin37。=0.6,

B.物塊下滑過程中，斜面對擋板的作用力逐漸增大

C.物塊剛釋放時的加速度大小為2.8m/s2

D.物塊滑到斜面底端時的速度大小為2魚6/s

9.(2021?四川省成都市?模擬題)某實驗小組用圖(a)所示裝置研究平拋運動。裝置中，

豎直硬板上依次固定著白紙和復寫紙，MN是一個水平放置、稍微向紙面內(nèi)傾斜且

可上下調(diào)節(jié)的擋板。小鋼球從斜槽中某高度由靜止釋放，從斜槽末端。飛出的鋼球

落到擋板上會擠壓復寫紙，在白紙上留下印記；上下調(diào)節(jié)擋板，通過多次實驗，白

紙上會留下鋼球經(jīng)過的多個位置，最終用平滑曲線將其連接，得到鋼球做平拋運動

的軌跡。

(1)下列說法正確的是和(填選項序號字母)。

A安裝斜槽時，應(yīng)保證斜槽末端。的切線水平

B.鋼球與斜槽間的摩擦是造成實驗誤差的主要原因

C.移動擋板MN時，其高度必須等距變化

D鋼球每次都應(yīng)從斜槽中同一高度由靜止釋放

(2)圖(b)所示為實驗中得到的一張平拋運動軌跡圖，在軌跡上取水平間距均為久=

0.15m的a、b、c三點，測得豎直間距為=0.15m,y2=0.25m,重力加速度g=

10m/s2,則鋼球從a運動到人的時間為s,鋼球在斜槽末端Q的速度大小為

_______m/So

健板臺紙、史寫紙

10.(2021?四川省成都市?模擬題)為將一量程為3,的電壓表改裝成簡易歐姆表，某創(chuàng)新

小組完成了以下的設(shè)計與操作。

(1)設(shè)計圖(a)所示電路測量電壓表的內(nèi)阻燈和電池組(內(nèi)阻不計)的電動勢E。實驗

步驟如下：

①閉合開關(guān)S,調(diào)節(jié)電阻箱R,當接入電路的阻值刈=3k。時，電壓表指針恰好滿

偏；

②繼續(xù)調(diào)節(jié)電阻箱R,當接入電路的阻值&=6k。時，電壓表指針位置如圖(b)所

示。

由此可求出即=k。,E=Vo

(2)將紅、黑表筆接在圖(a)中的電壓表兩端，如圖(c)所示；再將電壓表表盤刻度轉(zhuǎn)

換為歐姆表表盤刻度，即成為簡易歐姆表。表盤改裝步驟如下：

①閉合開關(guān)S,將兩表筆斷開，調(diào)節(jié)電阻箱R的阻值為kO,使電壓表指針

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位置指在刻度“3”處，則此刻度對應(yīng)的電阻值為（填“0”或“8”）；

②保持電阻箱R的阻值不變，在兩表筆間接入不同阻值的電阻，在相應(yīng)電壓表指

針所指刻度上標上接入的電阻值；則電壓表表盤正中央刻度處所對應(yīng)的電阻值為

______kilo

11.（2021.四川省成都市.模擬題）如圖，在第三象限內(nèi)存在方向垂直紙面向外、磁感應(yīng)強

度大小為B的勻強磁場；在第一、第四象限內(nèi)存在方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度

大小未知的勻強磁場；P（-夜L,0）、Q（0,-夜L）是坐標軸上的兩個點?，F(xiàn)有一負離

子從P點以速率%沿PQ方向射出，剛好通過原點。進入第一象限，離子第二次經(jīng)

過y軸的位置為M點（圖中未畫出），M與O點相距2夜L。不計離子重力。求：

（1）離子在第三象限內(nèi)運動的軌道半徑％和第一、第四象限內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強度大

小B'；

（2）離子從P點運動到“點的時間t.

X

PXXX

—?

OxxXX

■

、?XXX

XXX

?

?XXX

12.（2021?湖南省永州市?模擬題）人工智能在現(xiàn)代工業(yè)生產(chǎn)中的應(yīng)用越來越普遍。某自動

化生產(chǎn)過程可簡化如下：如圖，足夠長的水平工作臺上從左向右依次有4、B、C

三點，相鄰兩點之間的距離均為L=2m；質(zhì)量m=2kg、長度也為乙的薄木板靜止

放置在工作臺上，其右端剛好在A點；現(xiàn)對木板施加大小F=4N的水平向右恒力，

當木板右端運動到n點時，位于B點的機器人將質(zhì)量為m的物塊輕放在木板右端，

當木板右端運動到C點時，撤去恒力凡已知木板與臺面間的動摩擦因數(shù)〃1=0.1,

木板與物塊間的動摩擦因數(shù)〃2=02,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，物塊可視為

2

質(zhì)點，重力加速度g=10m/so求：

（1）木板右端運動到8點時的速度大?。?/p>

（2）撤去恒力廠前的過程中，摩擦力對物塊的沖量；

（3）木板從開始運動至最終停止的過程中，臺面對木板的摩擦力對木板做的總功。

物塊

木板FO

ABC

13.（2021.四川省成都市.模擬題）一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)。開

始，經(jīng)ab、b-c、CTa三個過程后回到初始狀態(tài)a,其

p-V圖像如圖所示。已知三個狀態(tài)的坐標分別為a（%,p。）、

b（3%,p。）、c（3%,5p0）,下列說法正確的是（）

A.在a-b過程中，氣體溫度逐漸升高

B.在b-c過程中，氣體向外界放熱

C.在c-a過程中，外界對氣體做的功小于氣體向外界放出的熱量

D.氣體在c-a過程中的內(nèi)能減少量小于氣體在b-c過程中的內(nèi)能增加量

E.氣體在a—b-c—a—個循環(huán)過程中對外界放出的熱量為4p（）%

14.（2021?四川省成都市?模擬題汝口圖，兩個側(cè)壁絕熱、頂部和底

部都導熱的圓柱形汽缸直立放置，汽缸底部和頂部均有細管（

體積不計）連通,頂部的細管帶有閥門K-左汽缸的容積為％,

右氣缸的容積為2%,汽缸中各有一個絕熱活塞（質(zhì)量、橫截

面積不同，厚度不計）。開始時K關(guān)閉，兩活塞下方和左活塞

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上方充有理想氣體，壓強分別為Po和9Po；左活塞在汽缸正中間，右活塞上方為真

空，體積為5%?，F(xiàn)使汽缸底部與一恒溫熱源始終接觸，達到熱平衡后右活塞升至

汽缸頂部且與頂部剛好沒有接觸；然后打開K,經(jīng)過一段時間，重新達到平衡。a

知外界溫度為70,不計活塞與汽缸壁間的摩擦。求：

(i)恒溫熱源的溫度T；

3)重新達到平衡后，右汽缸中活塞上方氣體的體積匕。

15.(2021?四川省成都市?模擬題)波速大小相同的兩列簡諧橫波振幅均為30cm。實線波

沿軸正方向傳播，周期為2s,虛線波沿x軸負方向傳播，某時刻兩列波在圖示區(qū)域

相遇。

①兩列波的波速大小為v=m/s；

②實線波和虛線波的頻率之比/期/慮=

③從圖示時刻起，至少經(jīng)t=出現(xiàn)位移y=-60cm的質(zhì)點。

16.(2021.四川省成都市.模擬題)如圖，圓心為0、半徑為R的

扇形玻璃磚置于水平桌面上，一光線垂直于界面射到AO

上。點，光線在磚內(nèi)第一次射到圓弧面上時恰好發(fā)生全反

射。已知4408=150。，DO=-R,真空中的光速為以

2

求:

(i)光線第一次從磚內(nèi)射出時的折射角；

(M)光線第一次從磚內(nèi)射出前在磚內(nèi)傳播的時間?

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答案和解析

1.【答案】B

【知識點】射線及其特性、原子核的衰變、物理科學史、天然放射現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)

【解析】解：人貝克勒爾首先發(fā)現(xiàn)了天然放射現(xiàn)象，故A錯誤；

8、天然的放射現(xiàn)象揭示了原子核結(jié)構(gòu)的復雜性，人類對原子核的研究是從天然放射性

現(xiàn)象開始的，故B正確；

C、半衰期具有統(tǒng)計規(guī)律，只對大量的原子核適用，且半衰期的大小由原子核內(nèi)部因素

決定，與所處的物理環(huán)境和化學狀態(tài)無關(guān)，故C錯誤；

D、醫(yī)用的“y刀”是利用了y射線具有很高的能量，穿透能力很強的特性，故。錯誤.

故選：B。

根據(jù)物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可；貝克勒爾發(fā)現(xiàn)的天然放

射現(xiàn)象說明原子核內(nèi)部具有復雜結(jié)構(gòu)，半衰期僅有原子本身決定，從而即可求解；y射

線具有很高的能量，穿透能力很強，但是電離能力很弱.

本題考查了天然放射和半衰期的知識，加強對基本知識的積累是解決此類題目的基

礎(chǔ).還考查物理學史，是常識性問題，對于物理學上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強

記憶，這也是考試內(nèi)容之一.

2.【答案】A

【知識點】滑動摩擦力和動摩擦因數(shù)、正交分解法解決靜態(tài)平衡問題

【解析】解：尸水平時尸=〃mg

當保持尸的大小不變而方向與水平面成30。時物塊也恰好做勻速直線運動則

Fcos30°=〃(mg—Fsin30°)

聯(lián)立計算得出：M=2-V3

故A正確，8CD錯誤。

故選：Ao

拉力水平時，二力平衡拉；力傾斜時物體勻速運動，依然是平衡狀態(tài)，分別根據(jù)共點力

的平衡條件列式聯(lián)立即可求解。

此題考查了正交分解法在解決平衡問題中的應(yīng)用問題；關(guān)鍵是列出兩種情況下水平方向

的平衡方程，聯(lián)立即可求解。

3.【答案】A

【知識點】萬有引力定律的應(yīng)用、向心力

【解析】解：根據(jù)萬有引力近似等于重力有：G警=mg,g=瞿，M=pH=p-^nR3,

KKi

代入可解得g=:GpriR,所以。用：g地=P^R月：P地R/tii=a.b。故A正確,8C￡)錯誤。

故選:Ao

根據(jù)萬有引力等于重力，得到質(zhì)量關(guān)系，結(jié)合質(zhì)量等于密度乘以體積得到重力加速度表

達式，可求出比值。

本題考查萬有引力定律的應(yīng)用，要掌握萬有引力等于重力的表達式，球體體積公式、結(jié)

合數(shù)學方法求得具體問題。

4.【答案】D

【知識點】交變電流的產(chǎn)生、交變電流的表達式及圖象、描述交變電流的物理量、交變

電流的有效值

【解析】解：A根據(jù)電動勢的瞬時值表達式，可知線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值為：

Em=110V21Z.

線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的有效值為：E=筆=義吧V=110V,

V2V2

根據(jù)閉合電路的歐姆定律可知：/=?=9%=54故A錯誤；

1\?f+ZU」2

A電壓表讀數(shù)為電阻R兩端電壓：UR=IR=5Ax20/2=100V,故B錯誤；

C根據(jù)電動勢的瞬時值表達式，可知線圈轉(zhuǎn)動的角速度3=100冗，線圈轉(zhuǎn)動的周期：

T=—=—s=0.02s,

0)IOOTT

當t=5x10-35時刻，線圈剛好轉(zhuǎn)動的時間，此時線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大，此

時線圈位于與中性面垂直位置，故穿過線圈的磁通量為零，故c錯誤；

D根據(jù)電動勢的瞬時值表達式，可知電動勢的最大值Em=110或V,線圈轉(zhuǎn)動的角速度

0)=IOOTT,

在0?5x10-3$內(nèi)，通過電阻R的電荷量為：q=/△￡=?△t,

交流電電動勢的最大值：Em=NBSo),

由法拉第電磁感應(yīng)定律：E=N—=W，

可推得：1吁C=*,故。正確。

'co(R+r)1007T(20+2)207r

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故選：D。

根據(jù).根據(jù)電動勢的瞬時值表達式，可知線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值和交流電的周

期，即可求得交流電的頻率和有效值，交流電壓表顯示的是路端電壓有效值，根據(jù)閉合

電路的歐姆定律可求通過電流表的電流大小；

根據(jù)角速度與周期的關(guān)系可交流電的周期，從而判斷t=5x10-3s時刻線圈在磁場中所

處的位置，從而判斷穿過線圈的磁通量大??；

根據(jù)Em=NBS3、法拉第電磁感應(yīng)定律以及q=/△t即可推導通過電阻R的電荷量。

本題主要考查了交流電電動勢的瞬時值表達式，能從表達式中獲取電動勢的最大值以及

角速度，知道最大值與有效值的關(guān)系，以及求某電阻的電荷量時，要用：＜7=/At?

5.【答案】D

【知識點】電場力做功與電勢能變化的關(guān)系

【解析】解：A、由等量異種電荷的場強分布可知8、。關(guān)于。點對稱，場強方向相同，

且根據(jù)對稱性知，B、。兩點的電場強度大小相等，根據(jù)F=Eq可知，小球在8、。兩

點所受電場力相等，故A錯誤；

8、對小球在8點進行受力分析，小球帶正電從8點至。點，所受電場力向右，與位移

方向相同，故電場力一直做正功，所以小球電勢能一直減小，故8錯誤；

C、根據(jù)對稱性，從A到C的過程中，電場力對小球做功為零，只有重力做功，由動能

定理可得：mg2R=\mvf-1mvl,在C點由牛頓第二定律有：F-mg=由牛

NNRN

頓第三定律可得：尸壓=%=5mg+喑，故C錯誤；

。、整個過程中只有重力和電場力對小球做功，根據(jù)對稱性，從A到8正電荷和負電荷

對小球做功的代數(shù)和等于從A到。正電荷和負電荷對小球做功的代數(shù)和，對小球從A

到B,由動能定理，=mgR+IV電，對小球從。到A由動能定理，gm詔-

=-m.gR+W聯(lián)立解得/)=J4gR+2詔一瑤,故。正確。

故選：

根據(jù)等量異種電荷形成的電場的特點分析小球在不同位置所受的電場力及電場能的大

小情況，根據(jù)圓周運動的規(guī)律判斷最高點時小球?qū)A環(huán)的作用力。

本題關(guān)鍵是要熟悉等量異號電荷的電場線分布情況，同時靈活選擇過程根據(jù)動能定理列

式求解，基礎(chǔ)題目。

6.【答案】AC

【知識點】電容器、電功和電功率定義、表達式及應(yīng)用、閉合電路歐姆定律

【解析】解：A、B、D：當自=0時-，。板接電源的正極，電勢最高，帶正電，人板帶

負電；

當Ri=20時，電容器。、6兩板等電勢，放出電量，不帶電；

當%>20時，6板電勢高，。板帶負電，電容器又反向充電，即電容器兩端電壓先減小

后增大，故A正確，BD錯誤

=R式R3+R4)=2X(5+5)0=1.67

C、當％=0時,外電阻最小,最小值:Rmin。

R2+R3+R42+5+5

_(%+叫)(馬+仁4)_(99+2)(5+5)

當&最大時，外電阻最大，最大值：RmaxQ=9.1/2

R1+R2+R3+R499+2+5+5

D、電源的輸出功率與外電阻的關(guān)如圖所示：因為Rmm<r<Rmax即電源的輸出功率

先增大后減小，故C正確。緣

故選：AC.

電路結(jié)構(gòu)是％與&串聯(lián)，氏3與R4串聯(lián)，然后并聯(lián)，a、b/'：'、p

板的電勢高低和極性隨治阻值的變化而改變，外電阻也隨

%阻值的變化而改變，電源的輸出功率也隨外電阻的變化而變化。

本題重點是搞清電路結(jié)構(gòu)，含電容器電路要判定“、人板電勢的高低變化及充放電，記

住電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系圖像。

7.【答案】BD

【知識點】動生電動勢、閉合電路歐姆定律、安培力

【解析】解：A、根據(jù)楞次定律知，圓環(huán)進入磁場時，磁通量增加，產(chǎn)生的感應(yīng)電流方

向為順時針方向，圓環(huán)出磁場時，磁通量減小，產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為逆時針方向，故

A錯誤；

B、圓心。位于邊界A/N上時，切割的有效長度為2〃感應(yīng)電動勢：E=2Brv,根據(jù)勻

變速直線運動的速度-位移公式得，此時速度：〃=岳"不=2病，則感應(yīng)電流：I=

坨=絲叵，故3正確；

RR

C、圓心0位于邊界PQ上時，此時的速度：y=安培力：尸安=B/'?

2「=8?詠-2「=匣巴至，故C錯誤；

RR

D、圓心。位于邊界PQ右側(cè)且與PQ相距:時，根據(jù)幾何關(guān)系得，切割的有效長度：L=

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V3r.此時圓環(huán)所受的安培力：F安'=BIL=喑此時的速度：v=^2aJr=3屈,

根據(jù)牛頓第二定律得：F-F^'=ma,解得：F=F^'+ma=+ma,水平外

力的功率：P=Fv=27Bra+3ma\[ar>故。正確。

R

故選：BD。

根據(jù)楞次定律判斷出圓環(huán)進入磁場和出磁場時感應(yīng)電流方向，判斷是否相同；當圓心。

位于邊界MN上時，根據(jù)切割的有效長度求出感應(yīng)電動勢，從而求出圓環(huán)中感應(yīng)電流大

??；當圓心。位于邊界PQ上時，根據(jù)切割的有效長度求出感應(yīng)電動勢，得出感應(yīng)電流，

從而求出圓環(huán)所受的安培力；當圓心。位于邊界尸。右側(cè)且與PQ相距;時，根據(jù)切割的

有效長度求出感應(yīng)電動勢，得出感應(yīng)電流大小，求出安培力大小，根據(jù)牛頓第二定律求

出水平外力大小，通過P=F0求出水平外力的功率。

本題考查了電磁感應(yīng)與力學和電路的綜合運用，掌握導體切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢公式、

安培力公式、閉合電路歐姆定律，并能靈活運用，求解電動勢時，注意切割的有效長度。

8.【答案】CD

【知識點】動能和動能定理、牛頓第二定律

【解析】解：設(shè)物塊的質(zhì)量為如斜面的質(zhì)量為“，地面對斜面的支持力為FN，擋板對

斜面的作用力為凡

AB、物塊下滑過程中，對物塊，根據(jù)牛頓第二定律得：mgsin370-fimgcos37°=ma,

得a=(6-8〃)m/s2,由圖(b)知〃隨著x的增大而增大，則。隨著x的增大而減小。

將物塊的加速度沿水平方向和豎直方向分解，如圖所示。對物塊和整體，根據(jù)牛頓第二

定律得：

水平方向有F=max

豎直方向有(M+ni)g-FN=+m)ay,得尸可=(M+m)g-&,=("+m)ay

則知因為&、%均減小，則下減小，氏增大，根據(jù)牛頓第三定律可知斜面對地面的壓

力增大，斜面對擋板的作用力減小，故AB錯誤；

C、由圖(b)知x=0,〃=0.4,代入a=(6—8〃)m/s2得a=2.8m/s2,故C正確；

D、物塊受到的滑動摩擦力大小為/=wngcos37。，由圖(b)知〃=O.lx+0.4,得『=

(0.1%+0.4)mgcos370=(0.1%+0.4)x1x10x0.8N=(0.8x+3.2)N,可知,f與x是

線性關(guān)系，物塊下滑過程中，滑動摩擦力的平均值為，=牛=三幺等^N=4N

根據(jù)動能定理得:mgLsin370-fL=jmv2,解得物塊滑到斜面底端時的速度大小為。=

2夜m/s，故。正確。

故選：CD。

先對物塊，根據(jù)牛頓第二定律列式，得到物塊加速度表達式，結(jié)合動摩擦因數(shù)〃的變化

情況，分析物塊加速度變化情況，再對物塊和斜面組成的整體，利用牛頓第二定律分析

地面對斜面的支持力和擋板對斜面的作用力變化，由牛頓第三定律分析斜面對地面的壓

力和斜面對擋板作用力的變化情況；利用牛頓第二定律求物塊剛釋放時的加速度大?。?/p>

根據(jù)動能定理求物塊滑到斜面底端時的速度大小。

本題涉及到變力做功問題，要根據(jù)變力的平均值來求功。要知道只有力隨位移均勻變化

時，變力的平均值才等于初末位置時力的平均值。也可以作出/-x圖像，根據(jù)圖像與x

軸所圍的面積求滑動摩擦力做功。

9.【答案】AD0.11.5

【知識點】實驗：探究平拋運動的特點

【解析】解：(1)4、安裝斜槽時，為了保證小球做平拋運動，斜槽末端Q切線需水平，

故A正確；

BD,鋼球與斜槽間的摩擦不會引起實驗的誤差，只要讓小球每次從斜槽的同一位置由

靜止釋放，保證到達斜槽底端的速度大小相等即可，故B錯誤，O正確；

C、移動擋板MN時，高度不需要等距變化，故C錯誤。

故選：AD.

(2)a到〃和6到c的水平位移相等，則運動時間相等，設(shè)相等時間為T,在豎直方向上，

根據(jù)丫2-=9產(chǎn)得，a到b的時間：T=-fs=0.1s,

平拋運動的初速度：氏=/=答m/s=1.5m/s。

故答案為：(1)4D；(2)0.1,1.5。

(1)根據(jù)實驗的原理和注意事項確定正確的操作步驟；

(2)根據(jù)豎直方向上連續(xù)相等時間間隔內(nèi)的位移之差是一恒量，求出相等的時間間隔，

即a到6的時間，結(jié)合水平位移和時間間隔求出水平分速度，即鋼球離開斜槽末端的速

度大小。

解決本題的關(guān)鍵知道實驗的原理和注意事項，知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的

運動規(guī)律，結(jié)合運動學公式和推論靈活求解。

10.【答案】363oo1.5

第14頁，共20頁

【知識點】實驗：練習使用多用電表

【解析】解：(1)根據(jù)題意，由串聯(lián)電路電壓的關(guān)系有：E=Um+肥XR1，E=U+日x

R2,將Um=3叭U=2V,R]=3ka,R?=6k0代入可得：Rv=3kfl,E=6V；

E—U6—3

(2)①電壓表的示數(shù)指在3y的位置，則電阻箱/?=苫=而°=3000°=3k0,由

于此時兩表筆是斷開的，所以應(yīng)刻“8”；

U，3

②當電壓表指在中央U'=1.5匕那么%=^U7~77F=6-33n=1500/2=1.5/cO。

RRv3X1O33X1O3

故答案為：(1)3、6；(2)①3、oo；@1.5

(1)根據(jù)串聯(lián)電路的電壓與電阻的正比求電壓表的內(nèi)阻；

(2)根據(jù)該小組的創(chuàng)新思維，結(jié)合閉合電路歐姆定律求出電阻箱的阻值，并在相應(yīng)的位

置刻上中值電阻和8的值。

本題是歐姆表的一種創(chuàng)新，常規(guī)的歐姆表是用電流的大小來顯示電阻的大小，電流小，

則對應(yīng)的電阻大，與常規(guī)思維一致。此處是用電壓來表征電阻，但待測電阻是與電壓表

并聯(lián)的，若電阻越小，并聯(lián)的電阻越小，電壓越小，所以其刻度線是與電壓刻度線是一

致的。

11.【答案】解：(1)大致畫出離子從P點運動到何點的軌跡，如圖I所示

在第三象限，因PQ=Q0,故N0PQ=45°,4OP。1=45°

離子在第三象限運動軌跡半徑：/?!=OPcos45°

將0P=夜L代入解得：%=L

在第一、第四象限，因離子在。點的速度方向與x軸成45。角,

故/MO。？=45°

離子在第一、第四象限運動的軌跡半徑：R2=OMcos45°=2L

由牛頓第二定律有：勺為8=等，q為B'=誓

K1K2

解得：B'=l

(2)在第三象限，軌跡對應(yīng)偏轉(zhuǎn)角為90。

故運動時間為：匕=券.詈=并

在第一、第四象限，軌跡對應(yīng)的偏轉(zhuǎn)角為270。

故運動時間為：12=券-管=譽

OOUVQVQ

離子從P點運動到M點的時間為：t=t-t2=*+*=^

“0VQ4Vo

答：(1)離子在第三象限內(nèi)運動的軌道半徑當為L第一、第四象限內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強

度大小B'為今

(2)離子從P點運動到M點的時間f為黑。

【知識點】帶電粒子在勻強磁場中的運動規(guī)律、向心力

【解析】離子在洛倫茲力作用下，做勻速圓周運動，根據(jù)題意可知，離子從P點出發(fā)恰

好經(jīng)原點。第一次射出磁場分界線，再到達M點，畫出離子從P點出發(fā)經(jīng)原點。到達

M點的運動軌跡，由幾何關(guān)系求出半徑，從而磁感應(yīng)強度的大小和時間。

考查根據(jù)運動半徑來確定運動軌跡，從而確定運動的路程，掌握左手定則與右手定則的

區(qū)別，注意運用幾何關(guān)系正確畫出運動軌跡圖是解題的關(guān)鍵。

12.【答案】解：(1)從A到B,木板受臺面的摩擦力為：h=gmg=0.1x2xION=2N

由動能定理：(F-/i)L=[mu?-0

解得：v=2m/s

(2)物塊放上木板，物塊受木板的摩擦力為力=林2mg=0.2X2xION=4N,水平向右

做勻加速運動

由牛頓第二定律：f2=ma2解得：a-2=2mls2

木板受臺面摩擦力為：/1'=412mg=0.1x2x2xION=4N

木板受物塊的摩擦力水平向左，大小為力

由牛頓第二定律：上+方'-F=爪的解得：的=2m/s2木板向右做勻減速運動

設(shè)經(jīng)時間f木板和物塊達到共速i/：v'=v-a1t=a2t

代入數(shù)據(jù)解得：t-0.5sv'~a2t=2x0.5m/s=Im/s

達到共速前木板的位移為：Xi=vt-=2x0.5m-ix2x0.52m=0.75m<L

即撤去產(chǎn)前二者已相對靜止，

2

達到共速前物塊的位移為：%2=2t之=|x2x0.5m=0.25m<L,即物塊未從木板

上滑落下來

撤去尸前二者已相對靜止，此后二者一起做勻速運動直到C點

撤去尸前，摩擦力對物塊的沖量為：/=/21=4*0.57-5=2/7~方向：水平向右

(3)因為“2>內(nèi)，撤去尸后，物塊和木板一起勻減速運動到停止，對二者整體由牛頓第

二定律：

=2maa=41g=lm/s2

從C點到停止位移為x：v'2=2axx=—=—m=0.5m

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木板從A到B,臺面對木板的摩擦力對木板做功為：1%=一fj=-2x2/=-47

木板從B到C,臺面對木板的摩擦力對木板做功為：W2=-fiL=-4x2/=-8/

木板從C到停止，臺面對木板的摩擦力對木板做功為：W3=-fyx=-4x0.57=-2/

整個過程，臺面對木板的摩擦力對木板做功為：W^W1+W2+W3=-4J-8J-2J=

-14；

故答案為：(1)木板右端運動到B點時的速度大小為2m/s；

(2)撤去恒力廠前的過程中，摩擦力對物塊的沖量為2N-S,方向水平向右；

(3)木板從開始運動至最終停止的過程中，臺面對木板的摩擦力對木板做的總功為-140

【知識點】動能和動能定理、牛頓第二定律、動量定理

【解析】(1)木板從A到8做勻加速運動，可用動能定理或動力學處理(2)按板塊模型處

理，后用沖量定義求解(3)用功的計算公式解答。

本題屬于多物體多過程問題，難點是物塊和木板達到共速是在撤去產(chǎn)前還是撤去尸后，

物塊和木板達到共速后再做什么運動；重點做好過程分析。

13.【答案】ACE

【知識點】熱力學第一定律的內(nèi)容及應(yīng)用、理想氣體狀態(tài)方程

【解析】解：A、在a-b過程中，壓強不變，體積增大，由蓋一呂薩克定律卷=，可知，

Ta<Tb,即氣體溫度逐漸升高，故A正確：

B、在b-c過程中，壓強增大，體積不變，即氣體對外界做功W=0,由查理定律臂=y

可知，Tb<Tc,即氣體溫度逐漸升高，氣體內(nèi)能增大，即△〃>(),根據(jù)熱力學第一定

律△〃=(?+W得，Q>0,即氣體從外界吸熱，故8錯誤；

C、由A8得，Ta<Tc,在era過程中，溫度降低，氣體內(nèi)能減小，即△〃<(),體積

減小，外界對氣體做功，即此>0,根據(jù)熱力學第一定律△〃=(?+勿得，Q<0,且

\Q\>W,即氣體向外界放出熱量，且外界對氣體做的功小于氣體向外界放出的熱量，

故C正確；

D、由AB得，Ta<Tb<Tc,氣體在era過程中的溫度減少量大于氣體在b-c過程中

溫度增加量，一定質(zhì)量理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，故氣體在era過程中的內(nèi)能減

少量大于氣體在b-c過程中的內(nèi)能增加量，故。錯誤；

E、氣體在aTb—c-a一個循環(huán)過程中，溫度變化量為0,即內(nèi)能變化量△(;二。。

a-b過程，氣體壓強不變，體積增大，氣體對外做功名=p△U=2p0V0.b-c過程,

氣體體積不變，不做功，era過程，氣體壓強減小，體積減小，外界對氣體做功，圖

像與橫軸圍成的面積表示做功的大小，W2=6p0V0o根據(jù)熱力學第一定律△U=Q+W,

表達式中W為外界對氣體做功，故勿=唯一明=4p()%,則。=△〃—〃=-4po%,

即氣體在aTbua一個循環(huán)過程中對外界放出的熱量為4po%，故E正確；

故選：ACE.

一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能取決于溫度，根據(jù)圖線結(jié)合理想氣體狀態(tài)方程分析氣體狀態(tài)變

化情況，根據(jù)W=p△了和圖像判斷做功情況，根據(jù)內(nèi)能變化結(jié)合熱力學第一定律分析

吸收或發(fā)出熱量。

本題主要是考查了理想氣體的狀態(tài)方程和熱力學第一定律的知識，要能夠根據(jù)熱力學第

一定律判斷氣體內(nèi)能的變化與哪些因素有關(guān)(功和熱量)：熱力學第一定律在應(yīng)用時一定

要注意各量符號的意義：△(/為正表示內(nèi)能變大，。為正表示物體吸熱，W為正表示外

界對物體做功。

14.【答案】解：(i)沒有打開K時兩活塞下方氣體壓強不變，氣體發(fā)生等壓變化，左側(cè)

活塞不動，

兩活塞下方氣體初狀態(tài)溫度=To,體積匕=:+(2%-3)=2%,

末狀態(tài)溫度72=T,體積瞑=3+2%=苧

由蓋一呂薩克定律得：,