河南省部分名校2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期11月期中考試物理試題（解析版）

PAGEPAGE12023—2024學(xué)年高中畢業(yè)班階段性測(cè)試（三）物理考生注意：1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)填寫(xiě)在試卷和答題卡上，并將考生號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將〖答案〗寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，第8~10題有多個(gè)選項(xiàng)符合要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.一物體做直線運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)的圖像如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.若該圖像為位移一時(shí)間圖像，則物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.若該圖像為速度一時(shí)間圖像，則物體做變加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度逐漸減小C.若該圖像為加速度一時(shí)間圖像，則物體一定做加速直線運(yùn)動(dòng)D.若該圖像為速度一位移圖像，則物體一定做勻加速直線運(yùn)動(dòng)〖答案〗B〖解析〗A．若該圖像為位移一時(shí)間圖像，則物體的速度逐漸減小，A錯(cuò)誤；B．若該圖像為速度一時(shí)間圖像，則物體做變加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度逐漸減小，B正確；C．若該圖像加速度一時(shí)間圖像，則物體做加速運(yùn)動(dòng)也可能做減速運(yùn)動(dòng)，C錯(cuò)誤；D．若該圖像為速度一位移圖像，則物體不一定做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤；故選B。2.如圖所示，足夠長(zhǎng)、上表面光滑的斜面體靜止在水平面上，一薄木板和物塊沿著斜面相對(duì)靜止一起上滑，滑到最高點(diǎn)后一起沿著斜面下滑，薄木板和物塊始終相對(duì)靜止，斜面體始終靜止在水平面上，在薄木板和物塊向上滑動(dòng)和向下滑動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.向上滑動(dòng)過(guò)程中，薄木板對(duì)物塊的摩擦力沿斜面向上B.向下滑動(dòng)過(guò)程中，薄木板對(duì)物塊的摩擦力沿斜面向上C.薄木板與物塊之間始終沒(méi)有摩擦力D.斜面體與水平面之間沒(méi)有摩擦力〖答案〗C〖解析〗ABC．在向上滑動(dòng)過(guò)程中,整體根據(jù)牛頓第二定律可得，對(duì)物塊受力分析可得可得,所以向上滑動(dòng)過(guò)程中薄木板和物塊之間沒(méi)有摩擦力,同理下滑過(guò)程中也沒(méi)有摩擦力，AB錯(cuò)誤，C正確；D．斜面體與A的作用力只有彈力，方向垂直于接觸面，具有水平分量，由平衡條件可知斜面體與水平面之間有摩擦力，D錯(cuò)誤；故選C。3.2023年5月23日，中國(guó)空軍八一飛行表演隊(duì)時(shí)隔14年換裝新機(jī)型，殲10C飛出國(guó)門(mén)，在大馬航展上騰空而起，特技表演驚艷全場(chǎng)。如圖所示，飛機(jī)在豎直平面內(nèi)經(jīng)一段圓弧向上加速爬升，飛機(jī)沿圓弧運(yùn)動(dòng)時(shí)（）A.飛機(jī)所受合力指向圓弧的圓心B.飛機(jī)的向心加速度大小不變C.飛機(jī)克服重力做功的功率變小D.飛機(jī)所受合力方向與速度方向的夾角為銳角〖答案〗D〖解析〗AD．飛機(jī)做加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理可得合外力所做的功等于動(dòng)能的改變，則飛機(jī)的合外力做正功，故飛機(jī)所受合力方向與速度方向的夾角為銳角，合外力方向不能指向圓心，故A錯(cuò)誤，D正確；B．飛機(jī)的運(yùn)動(dòng)看做是加速圓周運(yùn)動(dòng)，沿半徑方向有飛機(jī)沿圓弧向上加速運(yùn)動(dòng)，則速度變化，故向心加速度發(fā)生變化，故B錯(cuò)誤；C．飛機(jī)在豎直方向的速度為θ增大，豎直方向的速度增大，所以克服重力做功的功率越來(lái)越大，故C錯(cuò)誤。故選D。4.北京時(shí)間2023年6月4日6時(shí)33分，神舟十五號(hào)載人飛船返回艙在東風(fēng)著陸場(chǎng)成功著陸，航天員費(fèi)俊龍、鄧清明、張陸身體狀態(tài)良好，神舟十五號(hào)載人飛行任務(wù)取得圓滿(mǎn)成功。返回艙進(jìn)入大氣層后適時(shí)打開(kāi)降落傘，逐漸減速下降．下列說(shuō)法正確的是（）A.返回艙在空間軌道正常運(yùn)行時(shí)的速度大于B.返回艙在空間軌道正常運(yùn)行時(shí)的加速度大于C.返回艙從進(jìn)入大氣層到著陸的整個(gè)過(guò)程，返回艙始終處于失重狀態(tài)D.返回艙進(jìn)入大氣層后，返回艙的機(jī)械能逐漸減小〖答案〗D〖解析〗A．由萬(wàn)有引力提供向心力可得因?yàn)榉祷嘏撛诳臻g軌道的運(yùn)動(dòng)半徑大于地球半徑，故返回艙在空間軌道正常運(yùn)行時(shí)的速度小于，故A錯(cuò)誤；B．由萬(wàn)有引力提供向心力可得即返回艙在空間軌道正常運(yùn)行時(shí)的加速度小于，故B錯(cuò)誤；C．返回艙從進(jìn)入大氣層之后，先做加速運(yùn)動(dòng)，打開(kāi)降落傘后做減速運(yùn)動(dòng)，返回艙先失重后超重，故C錯(cuò)誤；D．返回艙進(jìn)入大氣層后，受空氣阻力，故返回艙的機(jī)械能逐漸減小，故D正確。故選D。5.如圖所示，游樂(lè)園里有一種叫“飛椅”的游樂(lè)項(xiàng)目。鋼繩一端系著座椅，另一端固定在水平轉(zhuǎn)盤(pán)邊緣，轉(zhuǎn)盤(pán)可繞穿過(guò)其中心的豎直軸轉(zhuǎn)動(dòng)。在開(kāi)始啟動(dòng)的一段時(shí)間內(nèi)，轉(zhuǎn)盤(pán)逐漸加速轉(zhuǎn)動(dòng)，在轉(zhuǎn)盤(pán)角速度增大的過(guò)程中，對(duì)飛椅和游客整體受力分析，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.重力不做功 B.拉力不做功C.拉力做正功D.機(jī)械能保持不變〖答案〗C〖解析〗設(shè)飛椅和游客的總質(zhì)量為m，懸點(diǎn)到轉(zhuǎn)軸的距離為r，懸索的長(zhǎng)度為l，懸索與豎直方向的夾角為，由牛頓第二定律得在轉(zhuǎn)盤(pán)角速度增大的過(guò)程中，越大，線速度越大，則動(dòng)能越大，飛椅和游客運(yùn)動(dòng)位置越高，重力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理可知，拉力做正功，由可知，機(jī)械能增大。故選C。6.如圖所示，細(xì)繩拉著一帶正電小球在豎直平面內(nèi)做半徑為的圓周運(yùn)動(dòng)，該區(qū)域內(nèi)存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)。A點(diǎn)為運(yùn)動(dòng)軌跡的最高點(diǎn)，點(diǎn)為運(yùn)動(dòng)軌跡的最低點(diǎn)，為水平直徑。在小球做圓周運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中（）A.在A點(diǎn)小球的速度最小 B.在點(diǎn)繩子的拉力最大C.在點(diǎn)和點(diǎn)繩子的拉力大小相等 D.在點(diǎn)小球的機(jī)械能最小〖答案〗D〖解析〗AB．把重力和電場(chǎng)力合成為等效重力，可知在等效最高點(diǎn)的速度最小，在等效最低點(diǎn)的速度最大且拉力最大，由圖可知，A點(diǎn)不是等效最高點(diǎn)，B點(diǎn)不是等效最低點(diǎn)，故AB錯(cuò)誤；C．由題意可知，小球從C點(diǎn)到D點(diǎn)電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能增大，速度增大，故小球在D點(diǎn)的速度大于C點(diǎn)的速度，由牛頓第二定律可知，小球在D點(diǎn)時(shí)繩子的拉力較大，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)能量守恒定律，小球在C點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能最大，則機(jī)械能最小，故D正確。故選D。7.如圖所示，粗細(xì)均勻的正三角形線框由三根相同的導(dǎo)體棒連接而成。頂點(diǎn)、分別通過(guò)細(xì)導(dǎo)線與一直流電源相連，并用輕繩將線框豎直懸掛在垂直于線框平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。已知線框的邊長(zhǎng)為，磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為，通過(guò)細(xì)導(dǎo)線的電流為，線框的質(zhì)量為，輕繩系于邊的中點(diǎn)，重力加速度為，則輕繩中的拉力大小為（）A. B. C.D.〖答案〗A〖解析〗由題意可知由電阻定律可得由歐姆定律可得即AB邊的電流為，ACB邊的電流為，由左手定則及安培力公式可得，方向均豎直向下。所以對(duì)正三角形線框受力分析由平衡條件可得，輕繩中的拉力大小為故選A。8.如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻恒定，電流表、電壓表均為理想電表，開(kāi)關(guān)S閉合后，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右滑動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.電流表的示數(shù)變小 B.電壓表的示數(shù)變小C.定值電阻R3消耗的功率一定變大 D.滑動(dòng)變阻器消耗的功率一定變小〖答案〗AC〖解析〗A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的阻值增大，回路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，回路總電流減小，所以電流表示數(shù)減小，故A正確；C．回路總電流減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，即R3兩端電壓增大，其消耗的功率增大，故C正確；BD．R3兩端電壓增大，流過(guò)R3的電流增大，流過(guò)R1和R2的電流減小，R1兩端電壓減小，滑動(dòng)變阻器兩端電壓增大，所以電壓表讀數(shù)增大，滑動(dòng)變阻器消耗的功率不一定減小，故BD錯(cuò)誤。故選AC。9.如圖所示，理想變壓器原線圈的匝數(shù)為1100匝，原線圈兩端的電壓隨時(shí)間變化的關(guān)系式為。單匝線圈繞過(guò)鐵芯連接交流電壓表，將阻值為的電阻接在兩端時(shí)，消耗的功率為，下列說(shuō)法正確的是（）A.副線圈匝數(shù)為50匝 B.電壓表的示數(shù)為C.兩端電壓為，頻率為D.流過(guò)的電流為，周期為〖答案〗AD〖解析〗B．變壓器的輸入電壓為220V，輸入交流電壓的最大值為，根據(jù)理想變壓器原線圈與單匝線圈的匝數(shù)比為解得故B錯(cuò)誤；ACD．根據(jù)副線圈電壓為流過(guò)的電流為根據(jù)理想變壓器原線圈與單匝線圈的匝數(shù)比為解得根據(jù)周期為故AD正確，C錯(cuò)誤；故選AD。10.如圖所示，傾斜光滑金屬導(dǎo)軌的傾角為，水平導(dǎo)軌粗糙，兩平行導(dǎo)軌的間距均為。質(zhì)量為、電阻為、長(zhǎng)度為的金屬棒垂直水平導(dǎo)軌放置，兩導(dǎo)軌間均存在垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為和?，F(xiàn)把質(zhì)量為、電阻為、長(zhǎng)度也為的金屬棒垂直傾斜導(dǎo)軌由靜止釋放，重力加速度為，傾斜導(dǎo)軌無(wú)限長(zhǎng)，金屬棒始終靜止，下列說(shuō)法中正確的是（）A.金屬棒受到向左的摩擦力B.金屬棒受到的最大摩擦力一定為C.金屬棒的最大速度為D.金屬棒減小的機(jī)械能等于金屬棒和金屬棒中產(chǎn)生的總焦耳熱〖答案〗AD〖解析〗A．金屬棒b沿導(dǎo)軌下滑時(shí)，由楞次定律可知，金屬棒a中電流從近端流向遠(yuǎn)端導(dǎo)軌，根據(jù)左手定則，可知金屬棒a所受安培力水平向右，又因?yàn)榻饘侔羰冀K靜止，所以其所受摩擦力向左，故A正確；B．當(dāng)金屬棒b下滑速度最大時(shí)，對(duì)金屬棒b分析，有對(duì)金屬棒a分析，有可得由于和的關(guān)系未知，所以金屬棒受到的最大摩擦力大小不確定，故B錯(cuò)誤；C．由閉合電路歐姆定律可知解得故C錯(cuò)誤；D．由能量守恒定律可知，金屬棒減小的機(jī)械能等于金屬棒和金屬棒中產(chǎn)生的總焦耳熱，故D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共6小題，共60分。11.用如圖1所示的電路測(cè)量一個(gè)阻值約為的電阻，選用電源的電動(dòng)勢(shì)約，內(nèi)阻很小，毫安表量程為，內(nèi)阻為，定值電阻的阻值為，滑動(dòng)變阻器有兩個(gè)：滑動(dòng)變阻器，滑動(dòng)變阻器．（1）根據(jù)電路圖，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇_______________（填“”或“”）。（2）根據(jù)電路圖，請(qǐng)把圖2中的實(shí)物連線補(bǔ)充完整。________（3）將滑動(dòng)變阻器的滑片移至左端，閉合，斷開(kāi)，調(diào)節(jié)滑片至某位置使毫安表滿(mǎn)偏，保持滑片不動(dòng)，閉合開(kāi)關(guān)，此時(shí)毫安表示數(shù)為，待測(cè)電阻的測(cè)量值為_(kāi)______________。（4）本實(shí)驗(yàn)方案測(cè)量值_______________（填“大于”“小于”或“等于”）真實(shí)值?！即鸢浮剑?）（2）（3）25（4）大于〖解析〗（1）[1]由圖可知，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，為了便于調(diào)節(jié)，應(yīng)選阻值小的滑動(dòng)變阻器，故選。（2）[2]如圖所示（3）[3]由歐姆定律可知其中，解得，待測(cè)電阻的測(cè)量值為（4）[4]閉合開(kāi)關(guān)，并聯(lián)總電阻變小，分的電壓變小，實(shí)際上有即真實(shí)值小于，故測(cè)量值大于真實(shí)值。12.某同學(xué)利用實(shí)驗(yàn)室現(xiàn)有器材，設(shè)計(jì)了一個(gè)測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)及未知電阻的實(shí)驗(yàn)。實(shí)驗(yàn)器材有：電池（電動(dòng)勢(shì)約，內(nèi)阻很?。?；電壓表（量程，內(nèi)阻為）；定值電阻（阻值未知）；電阻箱（最大阻值為）；開(kāi)關(guān)，導(dǎo)線若干。該同學(xué)設(shè)計(jì)的測(cè)量電路如圖所示。（1）先斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，連接好電路。閉合開(kāi)關(guān)，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，此時(shí)電壓表的示數(shù)為；把電阻箱阻值調(diào)為，閉合開(kāi)關(guān)，電壓表示數(shù)為。若不考慮電池內(nèi)阻，電池的電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)______________，定值電阻的阻值為_(kāi)______________。（2）若考慮電池的內(nèi)阻，則電池電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值_______________（填“大于”“小于”或“等于”）真實(shí)值，定值電阻的測(cè)量值_______________（填“大于”“小于”或“等于”）真實(shí)值?！即鸢浮剑?）（2）等于大于〖解析〗（1）[1][2]根據(jù)題意，設(shè)電源電動(dòng)勢(shì)為，閉合開(kāi)關(guān)，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，電壓表內(nèi)阻為，則有把電阻箱阻值調(diào)，閉合開(kāi)關(guān)，電壓表與電阻箱并聯(lián)，并聯(lián)后電阻為則有聯(lián)立解得，（2）[3][4]若考慮電池的內(nèi)阻，則有解得，可知，電池電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值等于真實(shí)值，定值電阻的測(cè)量值大于真實(shí)值。13.如圖所示，一可視為質(zhì)點(diǎn)的小滑塊從水平軌道上的A點(diǎn)以一定的水平初速度向右運(yùn)動(dòng)，沿水平直軌道運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)后，進(jìn)入半徑的光滑豎直圓形軌道，恰好能通過(guò)圓形軌道的最高點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)一周后自點(diǎn)向點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，離開(kāi)點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，落到水平地面上的點(diǎn)。已知A、B之間的距離為，B、C之間的距離為，C、D兩點(diǎn)的豎直高度差，滑塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度取。求：（1）小滑塊在A點(diǎn)的初速度大小；（2）C、D兩點(diǎn)間的水平距離?！即鸢浮剑?）6m/s；（2）0.6m〖解析〗（1）根據(jù)題意，滑塊恰好能通過(guò)圓形軌道的最高點(diǎn)，設(shè)通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)的速度為，則在最高點(diǎn)有從A到圓弧軌道最高點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理有聯(lián)立解得（2）設(shè)滑塊到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度為，從A到C的過(guò)程，由動(dòng)能定理有解得滑塊從C點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)落到D點(diǎn)所用的時(shí)間為，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有聯(lián)立解得14.如圖所示，在空間坐標(biāo)系中，區(qū)域Ⅰ是邊長(zhǎng)為的正方體空間，該空間內(nèi)存在沿軸正方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（大小未知），區(qū)域Ⅱ也是邊長(zhǎng)為的正方體空間，該空間內(nèi)存在沿軸正方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（大小未知），區(qū)域Ⅱ的上表面是一粒子收集板。一質(zhì)量為、電荷量為的帶電粒子從坐標(biāo)原點(diǎn)沿平面以初速度進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅰ，然后從區(qū)域Ⅰ右邊界上的點(diǎn)沿軸正方向進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ。已知點(diǎn)的坐標(biāo)為，粒子重力不計(jì)。（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；（2）為使粒子能夠在區(qū)域II中直接打到粒子收集板上，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小范圍。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）帶電粒子在區(qū)域Ⅰ中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力得由幾何關(guān)系可知可得聯(lián)立可得，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為（2）為了保證粒子能夠直接打到粒子收集板上，最小半徑為最大半徑為由洛倫茲力提供向心力得聯(lián)立可得，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小范圍為15.如圖1所示，一質(zhì)量為、邊長(zhǎng)為的正方形線框靜置在光滑絕緣的水平桌面上。線框右半部分寬度為的區(qū)域內(nèi)存在方向垂直于桌面向下的磁場(chǎng)，虛線為磁場(chǎng)的左邊界，線框的cd邊與磁場(chǎng)的右邊界重合，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖2所示。時(shí)刻線框在水平恒力的作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，時(shí)線框的邊進(jìn)入磁場(chǎng)，之后線框勻速通過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域。求：（1）拉力的大小；（2）該正方形線框的電阻；（3）整個(gè)過(guò)程線框中產(chǎn)生的焦耳熱?！即鸢浮剑?）0.5N；（2）；（3）〖解析〗（1）由題意可知，前1s內(nèi)線框在F作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式由牛頓第二定律得所以拉力的大小為（2）在t=1s后線框做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以由閉合電路歐姆定律線框做切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為其中聯(lián)立