2022年浙江省紹興市柯橋區(qū)高考物理適應(yīng)性試卷（附答案詳解）

2022年浙江省紹興市柯橋區(qū)高考物理適應(yīng)性試卷

1.北京已成功申辦2022年冬奧會。如圖所示為部分冬奧會項目。下列關(guān)于這些冬奧

會項目的研究中，可以將運動員看作質(zhì)點的是（）

研究速度滑冰運動員滑冰的快慢

速度滑冰

研究自山滑雪運動員的空中姿態(tài)

自由滑冰

研究單板滑雪運動員的空中轉(zhuǎn)體

單板滑雪

D.研究花樣滑冰運動員的花樣動作

花樣滑冰

2.以下四種運動形式中，加速度a保持不變的運動是（）

A.單擺的運動B.勻速圓周運動

C.雨滴的下落運動D.平拋運動

3.小朋友站在向上做勻速直線運動的電梯中，豎直向上拋出

小球后小球落回手中（小球未碰到電梯頂部）。以地面為參考

系和零勢能面，小球與電梯底面距離最大時，小球的（）

A.動能為零

B.重力勢能最大

C.速度方向豎直向上

D.加速度方向豎直向上

4.2022.3.23,中國航天員王亞平老師給地球上的小朋友們又上了一堂精彩的空中課

堂，期間王亞平老師做了好幾個實驗，其中一個實驗是把一個冰墩墩水平拋出（如

圖甲），在空間站視角看來是做近似勻速直線運動，還有一個實驗展示無接觸實驗

艙，把一顆金屬球懸浮在艙內(nèi)進(jìn)行加熱（如圖乙），這兩個實驗在地球上人看來（）

甲乙

A.拋出后的冰墩墩不受力的作用

B.拋出后的冰墩墩做平拋運動

C.乙圖中懸浮金屬球受力平衡

D.乙圖中懸浮金屬球做勻速圓周運動

5.高壓線是非常危險的遠(yuǎn)距輸電線，但是我們也經(jīng)常會看到許多鳥兒雙腳站上面卻相

安無事。小蔣為了弄清其中的道理特別查閱了當(dāng)?shù)氐囊唤M數(shù)據(jù)：高壓線輸送電功率

P=6.4x10”〃，輸送電壓為22萬伏，導(dǎo)線所用的是LG/型鋼芯鋁絞線，其橫截

面積是95平方毫米，其電阻率p=3.0xIO：。.m,請估算一只小鳥雙腳停留在高

壓線上時承受的電壓大小（）

A.2.0VB.2.0xIO-11/C.2.0x10-3KD.2.0x10-5V

6.2022年4月16日0時44分，神舟十三號與空間站天

軌道

和核心艙分離，正式踏上回家之路，分離過程簡化八-n-\\

如圖所示，脫離前天和核心艙處于半徑為萬的圓軌

道I,運行周期為A，從P點脫離后神舟十三號飛

軌道in.寇I

船沿軌道口返回近地半徑為「2的圓軌道田上，Q點

為軌道口與軌道班的切點，軌道加上運行周期為72,然后再多次調(diào)整軌道，繞行5圈

多點順利著落在東風(fēng)著落場，根據(jù)信息可知（）

第2頁，共26頁

A.71：=rl：r2

B.可以計算地球的密度為P=潟

C.在軌道口上Q點的速率要大于在軌道口上P點的速率

D.飛船在P到Q過程中與地心連線掃過的面積與天和核心艙與地心連線在相同時間內(nèi)

掃過的面積相等

7.在平行于紙面的勻強(qiáng)電場中，有一個圓形區(qū)域ABCD,如圖甲，圓心為。，半徑為

R=0.1m,P為圓弧上的一個點，從4點出發(fā)沿逆時針運動，。為P。連線旋轉(zhuǎn)的角

度，即“。4=9，P點電勢8隨。珀度的變化如圖乙所示,則（）

Ar

5-

4

-」

3

-M

Cr

21-\

14-4-G/n

D33

甲乙

A.<pA<<PB

B.勻強(qiáng)電場場強(qiáng)大小為10V7m

C.電子在B點的電勢能大于在C點的電勢能

D.電子從C點沿圓弧逆時針移動到。點，電場力先做負(fù)功后做正功

8.“激光武器”是用高能的激光對遠(yuǎn)距離的目標(biāo)進(jìn)行精確射擊或用于防御導(dǎo)彈等的

武器，它的優(yōu)點是速度快、射束直、射擊精度高、抗電磁干擾能力強(qiáng)。某激光器能

發(fā)射波長為4的激光，發(fā)射功率為P,c表示光速，九為普朗克常量，則激光器每分

鐘發(fā)射的光子數(shù)量為（）

A60APB-CcCAP

,he*60ap*h

9,有一娛樂項目，人坐在半徑為R的傾斜圓盤邊緣隨著圓

盤繞圓心。處的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動（轉(zhuǎn)軸垂直于盤面），圓盤

的傾角為a,如圖所示，圖中人用方塊代替。當(dāng)人與圓

盤間的動摩擦因數(shù)4=2.5tana時，人恰好不從圓盤滑

出去。人的質(zhì)量為m,4為圓盤的最低點，B為圓盤的

最高點，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，以下正確的是（）

A.8位置處受到的摩擦力方向沿斜面向上

B.A點與B點人所受到的摩擦力大小之差為3mgsina

C.人在轉(zhuǎn)動時的速度大小為

D.人從4到B摩擦力做功為2mgRs譏a

10.如圖所示是指紋識別原理圖，其原理是利用光學(xué)棱鏡的全

反射特性，在指紋谷線（凹部），入射光在棱鏡界面發(fā)生全

反射，在指紋脊線（凸部），入射光的某些部分被吸收或者

漫反射到別的地方，這樣，在指紋模塊上形成明暗相間的

指紋圖像。已知水的折射率約為1.33,透明玻璃的折射率約為1.5。下列說法正確

的是（）

A.指紋模塊接收光線較暗的部位是指紋谷線

B.指紋模塊接收光線較亮的部位是指紋谷線

C.沒有手指放入時，若光源正常發(fā)光，指紋模塊會接收到全暗圖像

D.手指濕潤時，指紋識別率低，是因為光在棱鏡界面不能發(fā)生全反射

11.道路壓線測速系統(tǒng)，不僅可以測速，也可以測量是否超載，其結(jié)構(gòu)原理電路可以理

解為如圖甲所示由一個電源，一個靈敏電流計與傳感器連接，一個電容和一個保護(hù)

電阻R組成，感應(yīng)線連接電容器的其中一塊極板上，如果車輪壓在感應(yīng)線上會改變

電容器兩板間的距離，并會使靈敏電流計中產(chǎn)生瞬間電流，壓力越大，則電流峰值

也會越大，如果汽車的前、后輪先后經(jīng)過感應(yīng)線，回路中產(chǎn)生兩脈沖電流，如圖乙

所示，電子眼就會拍照。如果以順時針方向為電流正方向，貝心）

甲乙

A.汽車壓線時，電容器板間距離變小

B.車輪經(jīng)過感應(yīng)線過程中電容器先充電后放電

C.增大電阻R值，可以使電容器穩(wěn)定時的帶電量減小

D.如果車輪間距是2.5m,則可估算車速約為7.7m/s

12.某種復(fù)式光由紅、藍(lán)兩種顏色的光組成，其光強(qiáng)度對波長的關(guān)系如圖甲所示，紅光

范圍的光強(qiáng)度比藍(lán)光范圍的光強(qiáng)度大很多。某學(xué)生以此光照射某一金屬，進(jìn)行光電

效應(yīng)實驗，發(fā)現(xiàn)皆可產(chǎn)生光電子，如圖乙所示。設(shè)可變直流電源的電壓為U時測得

第4頁，共26頁

的光電流為/,測得多組數(shù)據(jù)，則下列圖像中該實驗所測得的1-U關(guān)系可能正確的

13.如圖所示，矩形線框的匝數(shù)為N,面積為S,線框所處磁場可視為勻強(qiáng)磁場，磁感

應(yīng)強(qiáng)度大小為B,線框從圖示位置開始繞軸0。'以恒定的角速度3沿逆時針方向轉(zhuǎn)動,

線框一端接換向器，通過電刷和外電路連接。理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為3：

1,定值電阻％、/?2的阻值均為R，忽略線框以及導(dǎo)線的電阻。下列說法正確的是（）

B.通過電阻％的是交流電

C.線框轉(zhuǎn)一圈，通過電阻治的電量為口=等

D.矩形線框的輸出功率為對電衛(wèi)

9R

14.2021年1月8日，中國科學(xué)技術(shù)大學(xué)宣布，中國科研團(tuán)隊成功實現(xiàn)了跨越4600公里

的星地量子秘鑰分發(fā)，標(biāo)志著我國已構(gòu)建出天地一體化廣域量子通信網(wǎng)雛形。關(guān)于

量子和量子化，下列說法錯誤的是（）

A.波爾提出軌道量子化和能級，成功解釋了氫原子光譜

B.愛因斯坦根據(jù)光電效應(yīng)，提出了光子的概念

C.普朗克把能量子引入物理學(xué)，破除了“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念

D.量子論中的量子，實際上就是指“微觀粒子”

15.一列簡諧橫波在t=0.4s時的波形圖如圖(a)所示，P是介質(zhì)中的質(zhì)點，圖(b)是質(zhì)點

P的振動圖像。已知該波在該介質(zhì)中的傳播速度為20m/5則()

A.該波的波長為24nl

B.該波沿%軸正方向傳播

C.t=0.4s時質(zhì)點P離開平衡位置的位移為5bm

D.質(zhì)點P的平衡位置坐標(biāo)為x=6m

16.我國“洛神”號潛艇研制已經(jīng)取得了重大突破，開始進(jìn)入試車定型階段，該潛艇應(yīng)

用了超導(dǎo)磁流體推進(jìn)器。如圖是超導(dǎo)磁流體推進(jìn)器原理圖，推進(jìn)器浸沒在海水中，

海水由前、后兩面進(jìn)出，左、右兩側(cè)導(dǎo)體板連接電源，與推進(jìn)器里的海水構(gòu)成回路，

由固定在潛艇上的超導(dǎo)線圈(未畫出)產(chǎn)生垂直于海平面向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)

度為B。已知左、右兩側(cè)導(dǎo)體板間海水的體積為憶垂直于導(dǎo)體板方向單位面積上

A.4要使?jié)撏斑M(jìn)，左、右兩側(cè)導(dǎo)體板所接電源的正、負(fù)極應(yīng)與圖示方向相同

B.同時改變超導(dǎo)線圈中電流的方向和海水中電流的方向，潛艇受磁場力的方向?qū)⒎聪?/p>

C.潛艇所受磁場力的大小為WB

D.若導(dǎo)體板間海水的電阻為R,其兩端的電壓為U,則潛艇在海水中勻速前進(jìn)時，海水

中的電流小于《

17.(1)在探究“物體質(zhì)量一定時，加速度與力的關(guān)系”實驗中，小方同學(xué)做了如圖甲

所示的實驗改進(jìn)，在調(diào)節(jié)桌面水平后，添加了力傳感器來測細(xì)線中的拉力。

第6頁，共26頁

H(nvL)

①實驗時，下列說法正確的是。

A需要用天平測出砂和砂桶的總質(zhì)量

B.小車靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄拉力

傳感器的示數(shù)

C.使用電磁打點計時器時應(yīng)選用220V的交流電源

D為減小誤差，實驗中一定要保證砂和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量

②由實驗得到小車的加速度a與力傳感器示數(shù)F的關(guān)系如圖乙所示。則小車運動過

程中所受的阻力與=N,小車的質(zhì)量M=kg；

(2)某同學(xué)用單擺測重力加速度實驗中，用游標(biāo)卡尺測得小球直徑的讀數(shù)如圖丙所

示，則小球直徑為cm；重復(fù)實驗幾次，改變擺線的長度3用秒表測出相應(yīng)

的周期7,再以L為橫坐標(biāo)，產(chǎn)為縱坐標(biāo)作圖，對應(yīng)的圖像應(yīng)為圖丁中的直線_____(

填“1”、“2”或“3”)。

18.某興趣小組的同學(xué)想測量一量程為3V的電壓表的內(nèi)阻。

(1)先用多用表的歐姆擋測量電壓表的內(nèi)阻：

①將紅表筆插入多用電表的正極插孔，黑表筆插入多用電表的負(fù)極插孔，則測量

電壓表內(nèi)阻時，應(yīng)把紅表筆另一端接觸電壓表的(填“正”或“負(fù)”)接線柱;

②將歐姆擋的選擇開關(guān)置于“X10”，發(fā)現(xiàn)指針偏角過小，應(yīng)將選擇開關(guān)置于

(選填“X100”或“x1”)，并進(jìn)行歐姆調(diào)零。

(2)正確操作后，歐姆表的指針如圖甲所示，則電壓表的內(nèi)阻為0；

(3)為了進(jìn)一步精確測量電壓表的內(nèi)阻，他在實驗室中找到了其他的器材，有.：

4.兩節(jié)新的干電池；

B.電阻箱R(最大阻值9999.9)；

C.電流表(量程2n內(nèi)阻為2000)；

D開關(guān)1個，導(dǎo)線若干。

①將器材按乙圖中的實物連接好；

②在閉合開關(guān)前，某同學(xué)將電阻箱的阻值調(diào)到零，他的操作是(選填“正確”

或“錯誤”)的；

③閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)電阻箱，讀出多組電阻箱的阻值R,以及對應(yīng)的電流表的讀數(shù)/;

④以彳為縱坐標(biāo)，以R為橫坐標(biāo)，作出:-R圖象如圖丙；

⑤若圖象為直線且縱截距為0.63/nAT,斜率為0.351/T,不考慮電源的內(nèi)阻，則該

電壓表的內(nèi)阻的測量值為勺=。。

19.彈射+滑躍式起飛是一種航母艦載機(jī)的起飛方式。飛機(jī)在彈射裝置作用下使飛機(jī)具

有一定的初速度，跑道的前一部分是水平的，跑道后一段略微向上翹起。飛機(jī)在尾

段翹起跑道上的運動雖然會使加速度略有減小，但能使飛機(jī)具有斜向上的速度，有

利于飛機(jī)的起飛，起飛升力與速度的關(guān)系我們可以簡化為(升力乂=kv(k=1x

10"g/s),假設(shè)某飛機(jī)質(zhì)量為m=3x109g,從靜止的航母上滑躍式起飛過程是

兩段連續(xù)的勻加速直線運動，前一段在水平跑道上受到的平均阻力恒為1.5x105/V,

加速度為15m/s2,位移為80m,后一段傾斜跑道上的加速度為12m/s2,路程為

100m,飛機(jī)恰好能正常起飛，求

(1)求水平加速時的牽引力；

(2)水平跑道到傾斜跑道轉(zhuǎn)折點時的速度；

(3)在跑道上加速的總時間。

第8頁，共26頁

20.如圖所示，4B是長為L=0.6m的光滑斜軌道，BC為某個圓的一段圓弧，對應(yīng)的圓

心角為37。，圓心恰在C點正上方，4B與BC在B點平滑連接，CD為一段高和寬均為

d=0.2m的臺階。某次實驗中一個質(zhì)量為m=O.Mg彈性小鋼球靜止從4點釋放后，

至北點時對軌道的壓力為其重力的1.2倍，從C點水平飛出后恰好落在第一個臺階的

(1)BC段圓弧的半徑；

(2)小鋼球在BC段受到摩擦力做的功;

(3)若小鋼球每次落到臺階上是彈性碰撞，水平方向速度不變，豎直方向速度反向，

則要使小鋼球在前兩級臺階上能碰且每個臺階上各只碰撞一次，求小鋼球從C點拋

出的速度范圍。

21.如圖甲所示，在傾角為。=30。的光滑斜面上，有一質(zhì)量為m=的“LF”形(矩

形)金屬導(dǎo)軌4BCD,其中BC長為L=2m,電阻為R=0.50；AB.CD足夠長且電

阻不計，BC與斜面底邊平行。另外有一導(dǎo)體棒E『質(zhì)量為”=皎的，電阻也為R=

0.50,平行于BC放置在導(dǎo)軌上，且由斜面上的兩個立柱擋住，導(dǎo)體棒EF與導(dǎo)軌間

的動摩擦因數(shù)〃=0.1,在立柱下方存在垂直斜面向下、大小8=17的勻強(qiáng)磁場，

立柱上方內(nèi)存在沿斜面向上、大小也為B=1T的勻強(qiáng)磁場。以BC邊初始位置為原

點0、沿斜面向下為正方向建立坐標(biāo)》軸，然后給導(dǎo)軌沿斜面向下的拉力尸，使導(dǎo)軌

從靜止開始運動，導(dǎo)體棒E由兩端電壓隨時間變化關(guān)系如圖乙所示，經(jīng)過2s后撤去

拉力，此過程中拉力做功分=22/。導(dǎo)體棒EF始終與導(dǎo)軌垂直。

UNA

乙

(1)分析前2s內(nèi)“LT”金屬導(dǎo)軌的加速度大??；

(2)求前2s內(nèi)外力尸與時間t的變化關(guān)系；

(3)在撤去外力后，求”形金屬導(dǎo)軌速度與BC邊坐標(biāo)x的函數(shù)關(guān)系式。

太陽磁暴時會輻射出X射線、紫外線、可見光及高能量的質(zhì)子和電子束。磁暴期間，很

多處在高軌道的衛(wèi)星，如同步衛(wèi)星等可能會受到高能粒子的直接撞擊，甚至導(dǎo)致一些衛(wèi)

星器件失效，如圖甲所示。同學(xué)小石為了研究磁暴對同步衛(wèi)星的影響，建立如下模型：

在赤道平面內(nèi)射向地球的粒子流如太陽光般平行射向地球，其主要粒子成分為電荷量q,

質(zhì)量為m的質(zhì)子，若假設(shè)在赤道上空的地磁場為環(huán)形勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為方向

與赤道平面垂直，如圖乙所示。已知地球半徑為R,同步衛(wèi)星軌道半徑治=7R,有效

磁場半徑=不考慮相對論效應(yīng)及地球公轉(zhuǎn)帶來的影響。求：

質(zhì)子流

IIUIUIUUIUI

甲乙

(1)質(zhì)子的速度在什么范圍內(nèi)不會影響同步衛(wèi)星？

(2)假設(shè)某次磁暴中，某個質(zhì)子沿著地心方向進(jìn)入磁場后恰好與同步衛(wèi)星軌道擦肩而過,

則與這一質(zhì)子相同速度的質(zhì)子流從進(jìn)入磁場到達(dá)同步衛(wèi)星軌道處的最短時間為多少？(

提示：反三角函數(shù)：若=A,則。=arcsinA,若cos。=A,則6=arccosA)

(3)為了更好研究來自空間的。粒子特性，科學(xué)家們常會在地球上安裝探測站接受粒子。

若某次太陽風(fēng)暴，經(jīng)分布在赤道上的探測器顯示只有七的赤道范圍沒有檢測到質(zhì)子。試

討論此次太陽風(fēng)暴拋出的質(zhì)子到達(dá)地球可能包含的速度范圍。

第10頁，共26頁

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：力、研究速度滑冰運動員滑冰的快慢時，人的形狀對研究的過程來說可以

忽略不計，所以能看成質(zhì)點，故4正確。

8、研究自由滑雪運動員的空中姿態(tài)時:人的形狀不能忽略，不可以將運動員看作質(zhì)點。

故B錯誤。

C、研究單板滑雪運動員的空中轉(zhuǎn)體時，要研究運動員的動作，不可以將運動員看作質(zhì)

點，故C錯誤。

￡＞、研究花樣滑冰運動員的花樣動作時，要觀看運動員的動作，不可以將運動員看作質(zhì)

點，故。錯誤。

故選：4。

當(dāng)物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時.，我們就可以把它看成質(zhì)點，根據(jù)把物

體看成質(zhì)點的條件來判斷即可。

考查學(xué)生對質(zhì)點這個概念的理解，關(guān)鍵是知道物體能看成質(zhì)點時的條件，看物體的大小

體積對所研究的問題是否產(chǎn)生影響，物體的大小體積能否忽略。

2.【答案】D

【解析】解：A單擺的運動，加速度a方向指向平衡位置，方向時刻發(fā)生變化，故A錯

誤

8.勻速圓周運動，加速度a方向指向圓心，方向時刻發(fā)生變化，故B錯誤

C.雨滴的下落運動，由于速度的變化引起阻力大小在變化，則合力大小發(fā)生變化，所以

加速度a發(fā)生變化，故C錯誤

D平拋運動，加速度a為重力加速度，保持不變，故。正確。

故選：D.

根據(jù)牛頓第二定律分析求解。

解決該題關(guān)鍵要知道合力決定加速度，同時要知道加速度是矢量。

3.【答案】C

【解析】解：ABC、電梯向上做勻速運動，當(dāng)小球與電梯底部距離最大時，此時小球相

對電梯的速度為零，但相對地面的速度向上，動能不為零，相對地面繼續(xù)向上運動，重

力勢能不是最大，故AB錯誤，C正確；

。、小球只受到重力，故加速度方向向下，故。錯誤；

故選:Co

小球相對電梯速度為零，由于電梯向上做勻速運動，此時小球相對地面具有向上的速度,

小球相對地面繼續(xù)向上做減速運動即可判斷。

本題主要考查了相對參考系，把相對電梯轉(zhuǎn)化為相對地面的運動即可判斷。

4.【答案】D

【解析】解：4拋出后的冰墩墩受到地球?qū)λ囊ψ饔?，故A錯誤

B.以地面為參考系，拋出后的冰墩墩隨空間站一起做曲線運動，故8錯誤

C.懸浮金屬球處于完全失重狀態(tài)，受到的合力并不為零，故C錯誤

D乙圖中懸浮金屬球隨空間站一起繞地球做勻速圓周運動，故。正確。

故選：D?

冰墩墩和懸浮球都受地球的萬有引力的作用，合力都不為零，都隨空間站一起做圓周運

動。

此題考查受力分析和運動分析，注意完全失重不是不受重力。

5.【答案】C

【解析】解：由題可得輸電線上的電流為/=土=經(jīng)坐?29L4

U2.2X1O5V

小鳥雙腳間的距離約為2cm,則小鳥雙腳間的導(dǎo)線電阻約為R=pg=3.0x10-8x

2x0.01八4c

-9-5-x--1-0--6-flX0.06x104。

小鳥和這部分電阻并聯(lián)，則小鳥雙腳停留在高壓線上時承受的電壓為%=/R=291x

0.06X1O-4V?2.0X10-3K,故錯誤，C正確。

故選：Co

根據(jù)P=U/求得導(dǎo)線的電流/,再依據(jù)電阻定律R=P（及U=IR,即可求解.

考查正確建立物理模型，掌握公式「=。/,U=/R的內(nèi)容，注意小鳥兩腳爪間的導(dǎo)線電

阻求解是解題的關(guān)鍵.

6.【答案】C

第12頁，共26頁

【解析】解：4根據(jù)開普勒第三定律：§=:得71：72=后：后,故A錯誤；

區(qū)根據(jù)萬有引力提供向心力：G詈=m*2,軌道DI為近地軌道，地球體積為V=9,琢,

聯(lián)立解得：P曙嗝,故B錯誤；

C.飛船沿軌道口運動過程中滿足機(jī)械能守恒定律，Q點的引力勢能小于P點的引力勢能，

故Q點的動能大于P點的動能，即Q點的速度大于P點的速度，故C正確；

。.根據(jù)開普勒第二定律，同一環(huán)繞天體與地心連線在相同時間內(nèi)掃過的面積相等，飛船

與核心艙在不同軌道運動，故。錯誤。

故選：Co

根據(jù)開普勒第三定律可知周期關(guān)系；根據(jù)萬有引力充當(dāng)向心力求解地球密度；根據(jù)開普

勒第二定律分析CC項。

本題考查萬有引力的應(yīng)用，解題關(guān)鍵掌握開普勒第二、第三定律的應(yīng)用，注意根據(jù)牛頓

第二定律可知萬有引力提供向心力。

7.【答案】C

【解析】解：4B.由圖乙可知：（pA=2V

當(dāng)時，P點位于下圖中的E點處，此時可得：<pE=lV

當(dāng)。=￡時，P點位于下圖中的尸點處，由幾何知識可知E、F、。三點共線，此時可得:

(pF—5V

則圓心。點的電勢為：（Po=^^=^V=3V

過4點作0E的垂線交于M點，由幾何知識易得，M點為E。中

點，則下圖中M點的電勢為：（pM==2V=（PA

故直線4M為等勢線，由于電場線與等勢面垂直，則可知電

場線沿尸0E方向，過B點作電場線FOE的垂線，交于N點，

如下圖所示

則有：（PA=（PM><PN=（PE

電場強(qiáng)度的大小為：E=騎詈==20U/7H,故4B錯誤;

C.根據(jù)上面的方法可知，B點的電勢比C點的電勢低，則電子在B點的電勢能大于在C點

的電勢能，故C正確;

D電子從C點沿圓弧逆時針移動到。點，電勢先升高再降低，電勢能先降低后升高，則

電場力先做正功后做負(fù)功，故。錯誤。

故選：Co

電場強(qiáng)度方向從電勢最高點指向電勢最低點，根據(jù)對稱性解得電場強(qiáng)度與。點的電勢，

根據(jù)圖像分析。選項。

本題主要考查了場強(qiáng)的相關(guān)應(yīng)用，根據(jù)圖像結(jié)合對稱性和場強(qiáng)的定義式即可完成分析。

8.【答案】A

【解析】解：根據(jù)公式E=/n/,可得每個光子能量為：E=h\

設(shè)每秒激光器發(fā)出的光子數(shù)是n,則P=nE=n/^

A

可得：律=各

he

則每分鐘發(fā)射的光子數(shù)量為：N=60n=竽，故A正確，BCD錯誤。

he

故選:Ao

根據(jù)公式E=hv,求得每個光子能量，根據(jù)發(fā)射功率可得每秒激光器發(fā)出的光子數(shù)，然

后再求解激光器每分鐘發(fā)射的光子數(shù)量。

本題以“激光武器”是用高能的激光對遠(yuǎn)距離的目標(biāo)進(jìn)行精確射擊或用于防御導(dǎo)彈等

的武器為背景，考查了光子能量公式，是一道難度不大，但綜合性、代表性很強(qiáng)的題目。

9.【答案】D

【解析】解：4人做勻速圓周運動，恰好不從圓盤滑出去，由受力可知，在4位置的摩

擦力沿斜面向上，向心力為

2

fA-mgsina=ma)R

則/=mgsina+ma)2R

假設(shè)B位置摩擦力方向沿斜面向下，則向心力為

mgsina+%=ma)2R

則為—ma)2R—mgsina

由以上分析可知

[A>[B

所以可得

fA—[imgcosa=2.5mgsina

MOmo)2/?=%—mgsina—l.Smgsina

可知啟=ma)2R—mgsina=0.5mgsina

第14頁，共26頁

故可知歸位置處受到的摩擦力方向沿斜面向下，故A錯誤；

A”點與8點人所受到的摩擦力大小之差為

[A-￡B=2mgstna,故8錯誤；

C.^/2mgcosa-mgsina=

可得人在轉(zhuǎn)動時的速度大小為"=心變，故C錯誤；

D因為人做勻速圓周運動，所以有

Wf-mg-2Rsina=0

所以叼=2mgRsina,故D正確。

故選：Do

熟悉對物體的受力分析，得出摩擦力的情況：

根據(jù)動能定理計算出運動過程中的摩擦力的做功。

本題主要考查了動能定理的相關(guān)應(yīng)用，熟悉對物體的受力分析，結(jié)合動能定理即可完成

分析。

10.【答案】B

【解析】解：4B.在指紋凸部（脊線），入射光的某些部分被吸收或者漫反射到別的地方，

指紋模塊接收到光線較暗，在指紋凹部（谷線），入射光在棱鏡界面發(fā)生全反射，指紋模

塊接收到光線較亮，因此指紋模塊接收光線較暗的部位是指紋脊線，較亮的部位是指紋

谷線，故A錯誤，B正確；

C.沒有手指放入時，若光源正常發(fā)光，入射光在棱鏡界面發(fā)生全反射，指紋模塊上會接

收到全亮圖像，故C錯誤；

D因透明玻璃的折射率大于水的折射率，因此，手指濕潤時，棱鏡界面仍然有部分光能

發(fā)生全反射，也可能有部分光無法發(fā)生全反射，使得指紋識別率低，故。錯誤。

故選：

在指紋凸部（脊線），入射光的某些部分被吸收或者漫反射到別的地方，指紋模塊接收到

光線較暗；沒有手指放入時，入射光在棱鏡界面發(fā)生全反射；手指濕潤時，可能有部分

光無法發(fā)生全反射。

本題考查光的折射應(yīng)用，解題關(guān)鍵要知道光在不同介質(zhì)表面會發(fā)生折射現(xiàn)象，從光密介

質(zhì)傳播到光疏介質(zhì)時才有可能發(fā)生全反射。

11.【答案】D

【解析】解：4、汽車壓線時，由圖乙可知電流方向沿順時針方向，而電容器上極板帶

負(fù)電，下極板帶正電，說明此時電容器在放電，電容器電荷量減小。由于電容器電壓等

于電源電壓不變，則由Q=07知電容器的電容減小。根據(jù)電容的決定式可知，

汽車壓線時，電容器板間距離d變大，故A錯誤；

8、由圖乙可知電流先沿順時針方向后沿逆時針方向，則電容器先放電后充電，故8錯

誤；

C、電阻R的作用是為了保護(hù)電路，防止電流過大而損壞靈敏電流計，阻值大小對電容

器的電容大小沒有影響，從而對電容器穩(wěn)定時的帶電量沒有影響，故C錯誤

D、由圖乙可知，前后輪經(jīng)過傳感器的時間間隔為t=0.325s,則汽車是速度為u=；=

^m/s?7.7m/s,故。正確。

故選：D。

由圖乙讀出電流方向，分析電容器處于充電狀態(tài)還是放電狀態(tài)，確定電容的變化，從而

判斷電容器板間距離的變化。電阻R值對電容器的電容大小沒有影響，從而對電容器穩(wěn)

定時的帶電量沒有影響；由圖乙讀出前后輪經(jīng)過傳感器的時間間隔3由-=;求出車速。

解決本題的關(guān)鍵要正確判斷電容器的狀態(tài),掌握電容的定義式C=?和電容的決定式C=

笄,并能用來分析實際問題。

471kd

12.【答案】A

【解析】解：藍(lán)光的頻率高，由==-可知，藍(lán)光的遏止電壓比較

大，所以在反向電壓減小到紅光的遏止電壓前，只有藍(lán)光的光電子輻射出，所以光電流

較小，當(dāng)反向電壓達(dá)到紅光的遏止電壓之后，既有紅光的光電子發(fā)出又有藍(lán)光的光電子

發(fā)出，光電流變大，故A正確，BCO錯誤。

故選：A?

光電管加反向電壓情況：反向電壓越大，參與導(dǎo)電的光電子數(shù)減少；P移到某一位置時，

所有逸出的光電子都剛不參與了導(dǎo)電，光電流恰為零，此時光電管兩端加的電壓為截止

電壓，對應(yīng)的光的頻率為截止頻率；入射光的頻率不同，二者的遏止電壓也不同，由此

結(jié)合光電效應(yīng)方程分析即可。

解決本題的關(guān)鍵掌握截止電壓、截止頻率，以及理解光電效應(yīng)方程eU截呢=前一

第16頁，共26頁

Wo

13.【答案】D

【解析1解：4、矩形線框轉(zhuǎn)到圖示位置時，通過線框的磁通量最大，但磁通量變化率

為0,則此時線框產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為0,故A錯誤

B、線框從圖示位置開始繞軸。。'以恒定的角速度3沿逆時針方向轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生交流電，由

于線框一端接換向器，通過電阻&的是直流電，故B錯誤

C、線框轉(zhuǎn)一圈，通過電阻長的電量為q=普=等，故C錯誤

KK

D、矩形線框轉(zhuǎn)動時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值j=NBS3,則有效值E=墻=等,

定值電阻&兩端的電壓等于理想變壓器的輸入電壓，即/=E

消耗的功率為Pi=空="槳"

由理想變壓器的工作原理券=?

u2n2

—...nNBSo)

可知“=彳2r%T=不9

定值電阻&消耗的功率為Pz=誓=

附2loK

矩形線框的輸出功率為

P=P】+P2=5絲故D正確。

故選：D。

由Em=NBS3求出感應(yīng)電動勢的最大值，求出感應(yīng)電動勢的有效值，分析清楚線框轉(zhuǎn)

動過程，應(yīng)用歐姆定律、電功率公式與變壓器的變壓比分析答題。

掌握正弦式交變電流最大值與有效值間的關(guān)系，求出感應(yīng)電動勢的最大值，應(yīng)用電功率

公式與變壓器的電壓表即可解題。

14.【答案】D

【解析】解：4、波爾提出軌道量子化和能級，成功解釋了氫原子光譜，故A正確；

B、愛因斯坦根據(jù)光電效應(yīng)，提出了光子的概念，故8正確；

C、普朗克在1900年將“能量子”引入物理學(xué)，破除“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念，成

為近代物理學(xué)思想的基石之一，故C正確；

。、量子論中的量子，實際上就是指“不連續(xù)”的意思，故。錯誤。

本題選錯誤的，故選：

根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可.

本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強(qiáng)記

憶，這也是考試內(nèi)容之一。

15.【答案】AD

【解析】解：4由波長與波速的關(guān)系式可得

A=vT=20x1.2m=24m,

故A正確

B.由圖(b)可知，0.4s時，P質(zhì)點正在向y軸負(fù)方向振動，所以該波沿工軸負(fù)方向傳播，故

B錯誤

C質(zhì)點做簡諧運動的表達(dá)式為

x—Asin--t—10sin--t^cTn)

t=0.4s時質(zhì)點P離開平衡位置的位移為

x=56cm,

故C錯誤

。.由

x—lOsin^-t(cm)

可得x=0處的質(zhì)點從平衡位置到x=5cm,經(jīng)歷的時間為

t1—0.1s

則P質(zhì)點的平衡位置坐標(biāo)為

xP=v(t—t])=20x(0.4—0.1)zn=6m

故。正確。

故選：AD.

由圖(b)得到周期，根據(jù)"=今十算波速，根據(jù)振動情況確定傳播方向。寫出質(zhì)點P的振

動方程，然后求解坐標(biāo)。

本題考查了橫波圖象，掌握波動圖象和振動圖象結(jié)合分析的物理方法，掌握同側(cè)法判斷

振動或波動方向。

16.【答案】CD

【解析】解：4根據(jù)左手定則，左、右內(nèi)側(cè)導(dǎo)體板所接電源的正、負(fù)極與圖示方向相同

時，海水受到安培力向前，根據(jù)牛頓第三定律，海水對磁場(實質(zhì)是海水對超導(dǎo)潛艇)的

第18頁，共26頁

作用力向后，該力是使?jié)撏Ш笸说牧?，故A錯誤；

員改變超導(dǎo)線圈中電流的方向，勻強(qiáng)磁場的方向發(fā)生改變，同時改變海水中電流的方向，

則潛艇受磁場力的方向不變，故B錯誤：

C.設(shè)推進(jìn)器內(nèi)側(cè)導(dǎo)體板的面積為S,間距為d,裝滿水時，磁場力為

F=ISdB=1VB

故C正確：

D船在海水中勻速前進(jìn)時，可視為導(dǎo)體在海水中切割磁感線，產(chǎn)生與電流方向相反的感

應(yīng)電動勢，所以海水中的電流小于，故。正確。

K

故選：CD。

導(dǎo)體中電子受到磁場的洛倫茲力而發(fā)生偏轉(zhuǎn)，4或4聚焦了電子，產(chǎn)生電場，兩側(cè)面間

就有電勢差，由左手定則可判定出電子的偏轉(zhuǎn)方向，從而判斷4或％兩側(cè)的電荷聚集情

況，聚集正電荷的一側(cè)電勢高；根據(jù)電流的微觀表達(dá)式，1=nvhde,結(jié)合磁場力的公

式即可求解。

考查帶電粒子在復(fù)合場的運動，掌握洛倫茲力與電場力的大小公式，及理解左手定則的

應(yīng)用，注意電流的微觀表達(dá)式的內(nèi)容。

17.【答案】B2.03.01.6501

【解析】解：(1)4實驗中用力傳感器來獲取小車受到細(xì)線的拉力，則不需要測出砂和

砂桶的總質(zhì)量，故A錯誤；

A小車靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄拉力傳感

器的示數(shù)，故B正確；

C電磁打點計時器使用的是電壓約為8V的交流電源，故C錯誤；

D實驗中用力傳感器來獲取小車受到細(xì)線的拉力，則不用保證砂和砂桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小

車的質(zhì)量，故。錯誤。

故選B。

根據(jù)牛頓第二定律有：2F-Ff=Ma

可得：a=—上

MM

結(jié)合圖乙可得：k=[=4^=3可得，小車的質(zhì)量為：M=3.0kg

M7.0-1.U5

結(jié)合圖像，當(dāng)Q=0時有：Ff=2F=2ON

(2)根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)可得，小球的直徑為d=16mm+10x0.05mm=16.50mm=

1.650cm

由題可得單擺的擺長為：l=：d+L

根據(jù)單擺的周期公式：T=2%

可得：72=4兀2工=生乂+尤心

999

所以對應(yīng)的圖像應(yīng)為圖丁中的直線1。

(1)根據(jù)實驗原理掌握正確的實驗操作；根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合圖像得出阻力和小車的

質(zhì)量；

(2)游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺示數(shù)之和是游標(biāo)卡尺示數(shù)，根據(jù)圖示游標(biāo)卡尺求出小球直徑;

擺線長度與擺球半徑之和是單擺擺長，應(yīng)用單擺周期公式求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后

根據(jù)圖示圖象答題。

本題主要考查了牛頓第二定律的驗證實驗和單擺測重力加速度，解決本題的關(guān)鍵掌握單

擺的周期公式，其中擺長等于擺線長與小球半徑之和，知道圖線的斜率表示的物理意義。

18.【答案】負(fù)x1001500錯誤1600

【解析】解：(1)電流從紅筆流入多用電表，黑筆流出多用電表，所以應(yīng)把紅表筆另一

端接觸電壓表的負(fù)接線柱。

將歐姆擋的選擇開關(guān)置于“X10”，發(fā)現(xiàn)指針偏角過小，說明所測的電阻阻值較大，所

以應(yīng)將選擇開關(guān)置于“X100”，并進(jìn)行歐姆調(diào)零。

(2)由圖甲中歐姆表的讀數(shù)可知，電壓表甲的內(nèi)阻為15000。

(3)在閉合開關(guān)前，應(yīng)將電阻箱的阻值調(diào)到最大，防止閉合開關(guān)時電路中電流過大損壞

電流表，故該同學(xué)的操作是錯誤的。

根據(jù)閉合電路歐姆定律有

E=I(R+RA+&)

整理可得：-=-R+^^

IEE

則根據(jù)題意有

k盤=0.35-

b==0.63mA-1

E

聯(lián)立可得，該電壓表的內(nèi)阻的測量值為

Rx-1600/2

故答案為：⑴負(fù);x100；(2)1500；(3)錯誤;1600

(1)根據(jù)實驗原理理解表筆的正確接法；

第20頁，共26頁

根據(jù)指針的偏轉(zhuǎn)方向得出開關(guān)所處的位置；

(2)理解多用電表的讀數(shù)規(guī)則并并正確讀數(shù)；

(3)根據(jù)實驗原理結(jié)合閉合電路的歐姆定律和圖像的特點得出電壓表的內(nèi)阻測量值。

本題主要考查了伏安法測電阻的相關(guān)實驗，根據(jù)實驗原理掌握正確的實驗操作，結(jié)合歐

姆定律和圖線的斜率，截距完成分析。

19.【答案】解：(1)在水平跑道上加速時，根據(jù)牛頓第二定律可得?一/=ma,解得F=

6x105W

(2)飛機(jī)起飛速度為%=/=詈=箋*瓶小=70mls

設(shè)在轉(zhuǎn)折點的速度為巧，則傾斜軌道加速過程中諺-vl=2a2x2

解得%=50m/s

(3)設(shè)在水平軌道上加速時間為則x=%口一［的仔

解得匕=|s,匕=4s(舍去)

在傾斜軌道上加速時間為b，則牝=空七

解得《2=|s

運動的總時間為t=+t2=+|s=yS

答：(1)水平加速時的牽引力為6X105N；

(2)水平跑道到傾斜跑道轉(zhuǎn)折點時的速度為50in/s；

(3)在跑道上加速的總時間為當(dāng)s。

【解析】(1)在水平加速時，根據(jù)牛頓第二定律求得牽引力；

(2)根據(jù)起飛升力與速度的關(guān)系求得起飛時的速度，在斜面上，根據(jù)運動學(xué)公式求得初

速皮；

(3)根據(jù)運動學(xué)公式求得兩部分時間，即可求得總時間。

解決本題的關(guān)鍵掌握勻變速直線運動公式,抓住起飛升力與速度的關(guān)系，并能靈活運用.

20.【答案】解：(1)從C點拋出時

x=vct

4-2

y=-1gt

x=y=d

得：vc=lm/s

在C點

FN-mg=等

得：R=0.5m

(2)從4到C,由動能定理

mg(Lsin370+R-Rcos37°)+叼=gm近

得：必=-0.41;

(3)最小速度如圖中黑色軌跡剛好第二次落點第一臺階邊緣，則

2

有x=vct,y=1gt

其中

x=|-y=d

求得：vCmin=^m/s

最大速度時如圖中紅虛線軌跡，則

X1~VC^1

yi=^gti

及#2=vct2

丫2="抬

其中2%i+右=2d

%=d

y2=2d

解得：vCmin=(2-V2)m/s

所以速度范圍為gm/s<v<(2-V2)m/s

答：(1)BC段圓弧的半徑為0.5m；

第22頁，共26頁

(2)小鋼球在BC段受到摩擦力做的功為-0.41/；

(3)小鋼球從C點拋出的速度范圍為：m/s<v<(2-V2)m/So

【解析】(1)根據(jù)平拋運動在不同方向的運動特點結(jié)合牛頓第二定律得出圓弧的半徑；

(2)根據(jù)動能定理計算出摩擦力做的功；

(3)根據(jù)平拋運動在不同方向的運動特點，結(jié)合運動學(xué)公式和幾何關(guān)系分析出速度的范

圍。

本題主要考查了平拋運動的相關(guān)應(yīng)用，理解平拋運動在不同方向上的運動特點，結(jié)合運

動學(xué)公式和動能定理即可完成分析。

21.【答案】解：(1)由圖乙可得k=1,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知：U=BLv=kt=t

代入已知條件可以得到：v=^

根據(jù)速度與時間關(guān)系可知加速度大?。篴=0.5m/s2

所以，前2s內(nèi)“U”形導(dǎo)軌做初速度是0、加速度為0.5m/s2的勻加速直線運動。

(2)對“U”形金屬導(dǎo)軌根據(jù)牛頓第二定律有：F-IBL-林(Mgeos。+BIL)+mgsinO=

ma

其中電流：T

代入數(shù)據(jù)整理可以得到：F=0.5+2.2t(N)

(3)從開始運動到撤去外力，這段時間內(nèi)導(dǎo)軌做勻加速運動。

t]=2s時，

速度：%