新高考物理一輪復(fù)習(xí)刷題練習(xí)第57講 帶電粒子在電場(chǎng)中的曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)（含解析）

第57講帶電粒子在電場(chǎng)中的曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)（多選）1．（2022?浙江）如圖為某一徑向電場(chǎng)示意圖，電場(chǎng)強(qiáng)度大小可表示為E=aA．軌道半徑r小的粒子角速度一定小 B．電荷量大的粒子的動(dòng)能一定大 C．粒子的速度大小與軌道半徑r一定無(wú)關(guān) D．當(dāng)加垂直紙面磁場(chǎng)時(shí)，粒子一定做離心運(yùn)動(dòng)【解答】解：A、電場(chǎng)力提供粒子做圓周所需的向心力，則qE＝mω2r，解得ω=qaB、場(chǎng)力提供粒子做圓周所需的向心力，則qE=mv2r，粒子的動(dòng)能C、場(chǎng)力提供粒子做圓周所需的向心力，則qE=mv2D、當(dāng)粒子逆時(shí)針運(yùn)動(dòng)，所加的磁場(chǎng)垂直紙面向外時(shí)，此時(shí)受到的洛倫茲力指向O點(diǎn)，此時(shí)粒子做向心運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；故選：BC。一.知識(shí)回顧1．電粒子在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)問(wèn)題(1)條件分析：帶電粒子的初速度方向跟電場(chǎng)方向垂直。(2)運(yùn)動(dòng)性質(zhì)：類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)。(3)處理方法：利用運(yùn)動(dòng)的合成與分解。①沿初速度方向：做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t＝eq\f(l,v0)。②沿電場(chǎng)方向：做初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。③運(yùn)動(dòng)過(guò)程，如圖所示：④基本關(guān)系式：加速度：a＝eq\f(F,m)＝eq\f(qE,m)＝eq\f(qU,md)。在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t＝eq\f(l,v0)。速度eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(vx＝v0,vy＝at＝\f(qUl,mv0d)))v＝eq\r(v\o\al(2,x)＋v\o\al(2,y))，tanθ＝eq\f(vy,vx)＝eq\f(qUl,mv\o\al(2,0)d)。位移eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(l＝v0t,y＝\f(1,2)at2＝\f(qUl2,2mv\o\al(2,0)d)))（y通常稱(chēng)為偏轉(zhuǎn)量）偏轉(zhuǎn)角θ的正切值：tanθ＝eq\f(vy,v0)＝eq\f(at,v0)＝eq\f(qUl,mdv\o\al(02,)).（4）兩個(gè)推論①不同的帶電粒子從靜止開(kāi)始經(jīng)過(guò)同一電場(chǎng)加速后再?gòu)耐黄D(zhuǎn)電場(chǎng)射出時(shí)的偏轉(zhuǎn)角度和偏移量y總是相同的。證明：由qU0＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)及tanθ＝eq\f(qUl,mv\o\al(2,0)d)，得tanθ＝eq\f(Ul,2U0d)。由qU0＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)及y＝eq\f(qUl2,2mv\o\al(2,0)d)，得y＝eq\f(Ul2,4U0d)。②粒子經(jīng)電場(chǎng)偏轉(zhuǎn)射出后，合速度的反向延長(zhǎng)線(xiàn)與初速度延長(zhǎng)線(xiàn)的交點(diǎn)O為粒子水平位移的中點(diǎn)，即O到極板邊緣的水平距離為eq\f(l,2)。2.示波管（1）構(gòu)造示波管的構(gòu)造如圖所示，它主要由eq\x(\s\up1(01))電子槍、偏轉(zhuǎn)電極和熒光屏組成，管內(nèi)抽成真空。（2）工作原理(1)如果在偏轉(zhuǎn)電極XX′之間和偏轉(zhuǎn)電極YY′之間都沒(méi)有加電壓，電子束從電子槍射出后沿直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，打在熒光屏中心，在那里產(chǎn)生一個(gè)亮斑。(2)示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電極上加的是待測(cè)的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入儀器自身產(chǎn)生的鋸齒形電壓，叫作掃描電壓。如果信號(hào)電壓是周期性的，并且掃描電壓與信號(hào)電壓的周期相同，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)隨時(shí)間變化的穩(wěn)定圖像。（3）相關(guān)計(jì)算在示波管模型中，帶電粒子經(jīng)加速電場(chǎng)U1加速，再經(jīng)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)U2偏轉(zhuǎn)后，需要經(jīng)歷一段勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)才會(huì)打到熒光屏上而顯示亮點(diǎn)P，如圖所示。①確定最終偏移距離思路一：思路二：eq\x(\a\al(確定加速,后的v0))→eq\x(\a\al(確定,偏移y))eq\o(→,\s\up7(三角形),\s\do5(相似))eq\x(確定\f(y,OP)＝\f(\f(l,2),\f(l,2)＋L))②確定偏轉(zhuǎn)后的動(dòng)能(或速度)思路一：思路二：3.帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)問(wèn)題的兩種求解思路(1)運(yùn)動(dòng)學(xué)與動(dòng)力學(xué)觀點(diǎn)運(yùn)動(dòng)學(xué)觀點(diǎn)是指用勻變速運(yùn)動(dòng)的公式來(lái)解決實(shí)際問(wèn)題，一般有兩種情況：①帶電粒子初速度方向與電場(chǎng)線(xiàn)共線(xiàn)，則粒子做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。②帶電粒子的初速度方向垂直電場(chǎng)線(xiàn)，則粒子做勻變速曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)(類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng))。當(dāng)帶電粒子在電場(chǎng)中做勻變速曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，一般要采取類(lèi)似平拋運(yùn)動(dòng)的解決方法。(2)功能觀點(diǎn)：首先對(duì)帶電體受力分析，再分析運(yùn)動(dòng)形式，然后根據(jù)具體情況選用公式計(jì)算。①若選用動(dòng)能定理，則要分清有多少個(gè)力做功，是恒力做功還是變力做功，同時(shí)要明確初、末狀態(tài)及運(yùn)動(dòng)過(guò)程中動(dòng)能的增量。②若選用能量守恒定律，則要分清帶電體在運(yùn)動(dòng)中共有多少種能量參與轉(zhuǎn)化，哪些能量是增加的，哪些能量是減少的。二.例題精析題型一：偏轉(zhuǎn)例1．先后讓一束電子和一束氫核通過(guò)同一對(duì)平行板形成的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)．在下列兩種情況下，分別求出電子偏角的正切與氫核偏角的正切之比．（1）電子與氫核的初速度相同．（2）電子與氫核的初動(dòng)能相同．【解答】解：粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)力學(xué)知識(shí)可得：水平方向L＝v0t加速度a=豎直分速度vy＝at速度偏向角的正切tanθ=（1）如果電子和氫核的初速度相同，由上公式，可知偏轉(zhuǎn)角的正切值與質(zhì)量成反比，所以離開(kāi)時(shí)電子偏角的正切和氫核偏角的正切之比為tanθ（2）如果電子和氫核的初動(dòng)能相同，由上公式，可知偏轉(zhuǎn)角的正切值與電量成正比，所以離開(kāi)時(shí)氦核偏角的正切和氫核偏角的正切之比為tanθ答：（1）電子與氫核的初速度相同，離開(kāi)時(shí)電子偏角的正切和氫核偏角的正切之比為tanθ（2）如果電子和氫核的初動(dòng)能相同，離開(kāi)時(shí)氦核偏角的正切和氫核偏角的正切之比為tanθ題型二：加速后偏轉(zhuǎn)（示波管模型）例2．如圖所示，一真空示波管的電子從燈絲K發(fā)出（初速度不計(jì)），經(jīng)燈絲與A板間的加速電場(chǎng)加速，從A板中心孔沿中心線(xiàn)KO射出，然后進(jìn)入兩塊平行金屬板M、N形成的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中（偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)），電子進(jìn)入M、N間電場(chǎng)時(shí)的速度與電場(chǎng)方向垂直，電子經(jīng)過(guò)電場(chǎng)后打在熒光屏上的P點(diǎn)。已知加速電壓為U1，M、N兩板間的電壓為U2，兩板間的距離為d，板長(zhǎng)為L(zhǎng)，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的右端距離熒光屏的距離為l，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，不計(jì)電子重力。（1）求電子穿過(guò)A板時(shí)的速度大小v0；（2）求電子從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)射出時(shí)的側(cè)移量y；（3）求OP的距離Y；（4）電子從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)射出時(shí)的側(cè)移量y和偏轉(zhuǎn)電壓U2的比叫做示波器的靈敏度，分析說(shuō)明可采用哪些方法提高示波器的靈敏度?！窘獯稹拷猓海?）電子在加速電場(chǎng)中，據(jù)動(dòng)能定理eU解得：v0（2）電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，y=1（3）根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的推論：做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)的物體，某時(shí)刻速度的反向延長(zhǎng)線(xiàn)過(guò)此刻水平位移的中點(diǎn)，所以有yY解得：Y=(L（4）據(jù)第（2）問(wèn)可得：yU2=答：（1）求電子穿過(guò)A板時(shí)的速度大小v0為2eU（2）求電子從偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)射出時(shí)的側(cè)移量y為U2（3）求OP的距離Y為(L（4）提高示波器的靈敏度可以增大板長(zhǎng)L，減小加速電壓U1，減小板間距d。三.舉一反三，鞏固練習(xí)（多選）如圖所示的xOy坐標(biāo)系中，x軸上固定一個(gè)點(diǎn)電荷Q，y軸上固定一根光滑絕緣細(xì)桿（細(xì)桿的下端剛好在坐標(biāo)原點(diǎn)O處），將一個(gè)套在桿上重力不計(jì)的帶電圓環(huán)（視為質(zhì)點(diǎn)）從桿上P處由靜止釋放，圓環(huán)從O處離開(kāi)細(xì)桿后恰好繞點(diǎn)電荷Q做圓周運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是（）A．圓環(huán)沿細(xì)桿從P運(yùn)動(dòng)到O的過(guò)程中，速度可能先增大后減小 B．圓環(huán)沿細(xì)桿從P運(yùn)動(dòng)到O的過(guò)程中，加速度可能先增大后減小 C．增大圓環(huán)所帶的電荷量，其他條件不變，圓環(huán)離開(kāi)細(xì)桿后仍然能繞點(diǎn)電荷做圓周運(yùn)動(dòng) D．將圓環(huán)從桿上P的上方由靜止釋放，其他條件不變，圓環(huán)離開(kāi)細(xì)桿后仍然能繞點(diǎn)電荷做圓周運(yùn)動(dòng)【解答】解：A、圓環(huán)從P運(yùn)動(dòng)到O的過(guò)程中，只有庫(kù)侖引力做正功，根據(jù)動(dòng)能定理知，動(dòng)能一直增大，則速度一直增大，故A錯(cuò)誤；B、圓環(huán)從P運(yùn)動(dòng)到O的過(guò)程中，受庫(kù)侖引力，細(xì)桿的彈力，庫(kù)侖引力沿桿子方向上的分力等于圓環(huán)的合力，設(shè)PQ連線(xiàn)與桿夾角為θ，對(duì)圓環(huán)根據(jù)牛頓第二定律可得：a=F庫(kù)cosθm，向下滑動(dòng)過(guò)程中，F(xiàn)C、設(shè)圓弧的電荷量為q，根據(jù)動(dòng)能定理得，qU=12mv2，根據(jù)向心力公式得：kQqr2=D、將圓環(huán)從桿上P的上方由靜止釋放，其他條件不變，則U增大，根據(jù)r=kQ故選：BC。如圖所示，實(shí)線(xiàn)為不知方向的三條電場(chǎng)線(xiàn)，從電場(chǎng)中M點(diǎn)以相同速度垂直于電場(chǎng)線(xiàn)方向飛出a、b兩個(gè)帶電粒子，僅在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線(xiàn)所示．則（）A．a(chǎn)一定帶正電，b一定帶負(fù)電 B．a(chǎn)的速度將減小，b的速度將增加 C．a(chǎn)的加速度將減小，b的加速度將增加 D．兩個(gè)粒子的動(dòng)能，一個(gè)增加一個(gè)減小【解答】解：A、物體做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，所受力的方向指向軌道的內(nèi)側(cè)，由于電場(chǎng)線(xiàn)的方向不知，所以粒子帶電性質(zhì)不定，故A錯(cuò)誤；B、物體做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，所受力的方向指向軌道的內(nèi)側(cè)，從圖中軌道變化來(lái)看速度與力方向的夾角小于90°，所以電場(chǎng)力都做正功，動(dòng)能都增大，速度都增大，故B錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤。C、電場(chǎng)線(xiàn)密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線(xiàn)疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小，所以a受力減小，加速度減小，b受力增大，加速度增大，故C正確。故選：C。如圖所示，A、B是真空中的兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷，M、N、O是AB連線(xiàn)的垂線(xiàn)上的點(diǎn)，且AO＞OB，一帶負(fù)電的試探電荷僅受電場(chǎng)力作用，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中實(shí)線(xiàn)所示，M、N為軌跡和垂線(xiàn)的交點(diǎn)，設(shè)M、N兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小分別為EM、EN，電勢(shì)分別為φM、φN，下列說(shuō)法中正確的是（）A．EM小于EN B．點(diǎn)電荷A一定帶正電 C．φM大于φN D．此試探電荷在M處的電勢(shì)能小于N處的電勢(shì)能【解答】解：A、根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)線(xiàn)分布情況可知，M處電場(chǎng)線(xiàn)較疏，故EM小于EN．故A正確。B、試探電荷受到的電場(chǎng)力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，可知該負(fù)電荷所受電場(chǎng)力大致向右，則電場(chǎng)的方向向左，所以點(diǎn)電荷B帶的是正電，點(diǎn)電荷A帶負(fù)電。故B錯(cuò)誤；C、等量異種點(diǎn)電荷連線(xiàn)的中垂線(xiàn)是一條等勢(shì)線(xiàn)。MN連線(xiàn)與AB連線(xiàn)垂直，則M、N到該中垂線(xiàn)的距離相等，由U＝Ed，d相等，而EM小于EN，則M與中垂線(xiàn)的電勢(shì)差大小小于N與中垂線(xiàn)電勢(shì)差的大小，而M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)均大于中垂線(xiàn)的電勢(shì)，所以φM小于φN．故C錯(cuò)誤。D、負(fù)電荷在電勢(shì)較低的M處的電勢(shì)能大于在N處的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤。故選：A。（多選）如圖所示，實(shí)線(xiàn)為方向未知的三條電場(chǎng)線(xiàn)，虛線(xiàn)分別為等勢(shì)線(xiàn)1、2、3，已知MN＝NQ，帶電量相等的a、b兩帶電粒子從等勢(shì)線(xiàn)2上的O點(diǎn)以相同的初速度飛出。僅在電場(chǎng)力作用下，兩粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，則（）A．a(chǎn)一定帶正電，b一定帶負(fù)電 B．a(chǎn)加速度減小，b加速度增大 C．MN兩點(diǎn)電勢(shì)差|UMN|等于NQ兩點(diǎn)電勢(shì)差|UNQ| D．a(chǎn)粒子到達(dá)等勢(shì)線(xiàn)3的動(dòng)能變化量比b粒子到達(dá)等勢(shì)線(xiàn)1的動(dòng)能變化量小【解答】解：A、由圖，a粒子的軌跡方向向右彎曲，a粒子所受電場(chǎng)力方向向右，b粒子的軌跡向左彎曲，b粒子所受電場(chǎng)力方向向左，由于電場(chǎng)線(xiàn)方向未知，無(wú)法判斷粒子的電性。故A錯(cuò)誤。B、由題，a所受電場(chǎng)力逐漸減小，加速度減小，b所受電場(chǎng)力增大，加速度增大。故B正確。C、已知MN＝NQ，由于MN段場(chǎng)強(qiáng)大于NQ段場(chǎng)強(qiáng)，所以MN兩點(diǎn)電勢(shì)差|UMN|大于NQ兩點(diǎn)電勢(shì)差|UNQ|．故C錯(cuò)誤。D、根據(jù)電場(chǎng)力做功公式W＝Uq，|UMN|＞|UNQ|，a粒子從等勢(shì)線(xiàn)2到3電場(chǎng)力做功小于b粒子從等勢(shì)線(xiàn)2到1電場(chǎng)力做功，所以a粒子到達(dá)等勢(shì)線(xiàn)3的動(dòng)能變化量比b粒子到達(dá)等勢(shì)線(xiàn)1的動(dòng)能變化量小。故D正確。故選：BD。（多選）如圖所示，空間有豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)E，從傾角30°的斜面上A點(diǎn)平拋一帶電小球，落到斜面上的B點(diǎn)，空氣阻力不計(jì)，下列說(shuō)法中正確的是（）A．若將平拋初速度減小一半，則小球?qū)⒙湓贏B兩點(diǎn)的中點(diǎn) B．平拋初速度不同，小球落到斜面上時(shí)的速度方向與斜面間的夾角不同 C．平拋初速度不同，小球落到斜面上時(shí)的速度方向與斜面間夾角正切值一定相同，等于2tan30° D．若平拋小球的初動(dòng)能為6J，則落到斜面上時(shí)的動(dòng)能為14J【解答】解：小球受重力和電場(chǎng)力，電場(chǎng)力既可向上也可向下，球做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，加速度a固定，向下；根據(jù)類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)的分運(yùn)動(dòng)規(guī)律，有：x＝v0t，y=1tan30°=y故：t=2v0tan30°aA、若將平拋初速度減小一半，根據(jù)x=23v02BC、小球落到斜面上時(shí)的速度方向與斜面間的夾角的正切值：tanα=v故平拋初速度不同，小球落到斜面上時(shí)的速度方向與斜面間的夾角相同，故B錯(cuò)誤，C正確；D、若平拋小球的初動(dòng)能為6J，由于小球落到斜面上時(shí)的速度方向與斜面間的夾角的正切值：tanα=v初動(dòng)能：Ek=1末動(dòng)能：Ek′=1故：Ek′＝6+（233）2故選：CD。（多選）傾角為θ的斜面上部存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)．兩帶電量分別為q1q2質(zhì)量分別為m1、m2的粒子以速度v1、v2垂直電場(chǎng)射入，并在斜面上某點(diǎn)以速度v1′、v2′射出，在電場(chǎng)中的時(shí)間分別為t1、t2．入射速度為v2的粒子射的更遠(yuǎn)，如圖所示，不計(jì)粒子重力．下列說(shuō)法正確的是（）A．若v1＜v2，則t1＜t2 B．若v1＝v2，則q1C．若v1＞v2，則v1′＜v2′ D．若v1＝v2，則v1′＝v2′【解答】解：A、設(shè)任一粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，初速度為v0，加速度為a，位移為S，則根據(jù)tanθ=根據(jù)牛頓第二定律得：a=聯(lián)立得：tanθ=得：t=由于兩個(gè)粒子的比荷關(guān)系未知，所以若v1＜v2時(shí)運(yùn)動(dòng)時(shí)間關(guān)系不能確定，故A錯(cuò)誤。B、若v1＝v2，由水平位移x＝v0t知：t1＜t2，由t=2mv0CD、粒子落在斜面上時(shí)的速度大小為v′=將t=2mv0tanθqE可知：若v1＞v2，則v1′＞v2′，若v1＝v2，則v1′＝v2′，故C錯(cuò)誤，D正確。故選：BD。（多選）空間某區(qū)域存在著電場(chǎng)，電場(chǎng)線(xiàn)在豎直面上的分布如圖所示。一個(gè)質(zhì)量為m、電量為q的小球在該電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的速度大小為v1，方向水平向右；經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度大小為v2，方向與水平方向之間夾角為α。A、B兩點(diǎn)之間的高度差和水平距離均為H，則以下說(shuō)法正確的是（）A．A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小關(guān)系為EA＞EB B．小球從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程靜電力做功為12mv22?12mv12C．小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，其重力的瞬時(shí)功率為P＝mgv2sinα D．若小球帶正電，則A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為m2q（v22﹣v12【解答】解：A、根據(jù)圖可知，B點(diǎn)的電場(chǎng)線(xiàn)密集，故A、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小關(guān)系為EA＜EB，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)動(dòng)能定理得：mgH+W=12mvC、小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，其重力的瞬時(shí)功率為P＝mgv2sinα，故C正確；D、由公式W＝qU，得到A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差U=W故選：BC。（多選）一帶電粒子在正電荷形成的電場(chǎng)中，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示的abcd曲線(xiàn)，下列判斷正確的是（）A．粒子帶正電 B．粒子通過(guò)a點(diǎn)時(shí)的速度比通過(guò)b點(diǎn)時(shí)大 C．粒子在a點(diǎn)受到的電場(chǎng)力比b點(diǎn)小 D．粒子在a點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能比b點(diǎn)大【解答】解：A、物體做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，合力的方向指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，則知粒子所受的電場(chǎng)力背離正電荷方向，所以該粒子帶正電。故A正確。B、從a到b，電場(chǎng)力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理，動(dòng)能減小，a點(diǎn)動(dòng)能大于b點(diǎn)動(dòng)能，則a點(diǎn)速度比b點(diǎn)的速度大。故B正確。C、b點(diǎn)的電場(chǎng)線(xiàn)比a點(diǎn)電場(chǎng)線(xiàn)密，所以b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，所以粒子在a點(diǎn)的電場(chǎng)力比b點(diǎn)小。故C正確。D、從a到b，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能