高三百日沖刺金卷全國Ⅰ卷物理試題（二）

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精2020屆百校聯(lián)考高考百日沖刺金卷全國I卷·物理（二）注意事項：1。本試卷分第I卷（選擇題）和第卷（非選擇題）兩部分。2。答題前,考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在本試卷相應(yīng)的位置.3。全部答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。4.本試卷滿分300分，測試時間150分鐘。5.考試范圍：高考全部內(nèi)容。第I卷二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中,第14～18題只有一項符合題目要求，第19~21題有多項符合題目要求.全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.1。在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，用綠光照射光電管陰極，發(fā)生了光電效應(yīng)，下列說法正確的是（）A。綠光強(qiáng)度越大，光電子的最大初動能越大B。綠光照射時間越長，光電子的最大初動能越大C。改用黃光照射時，一定不會發(fā)生光電效應(yīng)D.改用紫光照射時,光電子的最大初動能變大【答案】D【解析】【詳解】AB．根據(jù)可知光電子的最大初動能與光的強(qiáng)度和光照時間無關(guān),故AB錯誤；C．光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，當(dāng)改用黃光照射時，黃光的頻率不一定小于極限頻率，故有可能發(fā)生光電效應(yīng)，故C錯誤;D．紫光的頻率大于綠光的頻率，根據(jù)可知當(dāng)增大照射光頻率，光電子的最大初動能增大，故D正確。故選D。2.一平直公路上有兩條同向并排車道，汽車I和II分別在兩條車道上行駛.汽車I、II的v－t圖像如圖所示，兩車在t=2s時同時到達(dá)終點。下列說法正確的是(）A。在t=0時，汽車I在汽車II前面5m處 B.在t=1s時，汽車I、II恰好并排行駛C。在t=1.5s時，汽車I追上汽車I D.汽車II追上汽車I時,距終點還有10m【答案】B【解析】【詳解】A．由題圖知，車Ⅰ做初速度為0的勻加速直線運動，其加速度a=m/s2=10m/s2車Ⅱ做速度v=15m/s的勻速直線運動，2s內(nèi)位移分別為30m由于t=2s時兩車同時到達(dá)終點,則位移差為=xⅡ—xⅠ=10m說明t=0時車Ⅰ在車Ⅱ前10m處，故A錯誤；BC．在t=1s時,車Ⅰ前進(jìn)5m，車Ⅱ前進(jìn)15m,由于初始位置車Ⅰ在車Ⅱ前10m處，所以此時兩車對齊,故B正確,C錯誤；D．兩車對齊之后,經(jīng)1s到達(dá)終點，所以這個位置和終點間的距離為15m故D錯誤。故選B。3。如圖所示的電路中，R1和R2是兩個阻值相等的定值電阻,R是滑動變阻器，電源電動勢為E、內(nèi)電阻為r，當(dāng)滑動變阻器的滑動觸頭從右向左移動的過程中，下列說法正確的是(）A。R1、R2消耗的電功率均逐漸變小B.R1消耗的功率逐漸變小，R2消耗的功率逐漸變大C。電源內(nèi)電阻r消耗的熱功率逐漸減小D。R和R1消耗的總功率逐漸增大【答案】B【解析】【詳解】AB．在滑動觸頭從右向左移動的過程中，滑動變阻器的阻值減小，所以電路的總電阻減小，總電流I增大,根據(jù)可知消耗的功率逐漸變大;由可知路端電壓減小，的電壓增大，則R1兩端的電壓減小，根據(jù)可知R1消耗的功率逐漸變小，故A錯誤，B正確；C．總電流增大，由知電源內(nèi)電路消耗功率逐漸增大，故C錯誤；D．將R2看成電源內(nèi)電路的一部分,R和消耗的總功率是等效電源的輸出功率，由于等效電源的內(nèi)阻大于外電阻,所以當(dāng)R減小，即外電阻減小時,等效電源的內(nèi)外電阻差增大，輸出功率減小，則電阻R和消耗的總功率逐漸減小,故D錯誤。故選B。4。嫦娥四號探測器作為世界首個在月球背面軟著陸和巡視探測的航天器，其主要任務(wù)是著陸月球表面，繼續(xù)更深層次更加全面地科學(xué)探測月球地質(zhì)、資源等方面的信息,完善月球的檔案資料。嫦娥四號探測器在月球表面著陸過程十分復(fù)雜，要經(jīng)過一系列的軌道變換,其中就包括如圖所示的由圓形軌道變軌為與之相切的橢圓軌道。下列說法正確的是()A。嫦娥四號沿圓軌道運行時的加速度等于月球表面的重力加速度B。嫦娥四號沿橢圓軌道運行時，越接近月球表面其運行速率越小。C.嫦娥四號在圓軌道上運行的周期大于在橢圓軌道上運行時的周期D。嫦娥四號由圓軌道變成橢圓軌道必須在P點點火加速【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)在圓軌道上運行時軌道半徑大于月球半徑，所以嫦娥四號所受的萬有引力小于在月球表面時所受的萬有引力，所以加速度小于月球表面的重力加速度，故A錯誤；B．沿橢圓軌道運行時，根據(jù)開普勒第二定律知，近月點的速率大于遠(yuǎn)月點的速率，故B錯誤；C．圓軌道的半徑大于橢圓軌道的半長軸，根據(jù)開普勒第三定律知，在圓軌道上的運行周期大于在橢圓軌道上的運行周期，故C正確;D．由圓軌道進(jìn)入橢圓軌道時做近心運動，需要的向心力要小于提供的向心力，所以必須在P點制動減速，故D錯誤.故選C5。如圖所示，小球用不可伸長的細(xì)線懸掛起來，將細(xì)線水平拉直后由靜止釋放小球，小球運動到最低點時的速度為v、向心加速度為a，重力的功率為P、繩子的拉力為F，若不改變小球的質(zhì)量，把細(xì)線的長度增加一倍，仍將細(xì)線水平拉直后由靜止釋放小球，下面說法正確的是（）A。改變細(xì)線長度之后,小球在最低點的速度v變?yōu)樵瓉淼?倍B.改變細(xì)線長度之后，小球在最低點時重力的功率P變?yōu)樵瓉淼谋禖.改變細(xì)線長度前后，小球在最低點時向心加速度a都等于重力加速度的2倍D.改變細(xì)線長度前后，小球在最低點時繩子拉力F都等于小球重力的2倍【答案】C【解析】【詳解】A．由機(jī)械能守恒定律得解得，L加倍之后,小球在最低點的速度v變?yōu)樵瓉淼谋叮蔄錯誤；B．在最低點時重力方向與速度方向垂直，所以重力的功率為零，故B錯誤；CD．在最低點繩的拉力為F，則有解得F=3mg,與L無關(guān)，向心加速度故C正確，D錯誤。故選C.6。如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為5：1，b是原線圈的中心抽頭，圖中電表均為理想交流電表,定值電阻R=10Ω,其余電阻均不計，從某時刻開始在原線圈c、d兩端加上如圖乙所示的交變電壓，下列說法正確的是（）A.當(dāng)單刀雙擲開關(guān)與a連接，在t=0.01s時，電流表的示數(shù)為零B。當(dāng)單刀雙擲開關(guān)與a連接時，電壓表示數(shù)為44.0VC。當(dāng)單刀雙擲開關(guān)由a撥到b時，原線圈的輸入功率變?yōu)樵瓉淼?倍D.當(dāng)單刀雙擲開關(guān)由a撥到b時，副線圈輸出電壓的頻率變?yōu)?00Hz【答案】BC【解析】【詳解】AB．由乙圖知，原線圈所加的交流電壓的最大值為311V，其有效值為=220V由題意知，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為5：1，則有所以電壓表示數(shù)為44。0V，電流表的示數(shù)為4。4A故A錯誤，B正確；C．當(dāng)單刀雙擲開關(guān)由a撥到b時，根據(jù)可知變?yōu)樵瓉淼囊话?，則副線圈電壓加倍,根據(jù)可知電阻R上消耗的功率變?yōu)樵瓉淼?倍，因理想變壓器原線圈輸入功率與副線圈輸出功率相等，所以原線圈的輸入功率變?yōu)樵瓉淼?倍，故C正確：D．由乙圖知，原線圈所加交流電的頻率為50Hz，理想變壓器不改變交流電的頻率，副線圈的頻率仍為50Hz，故D錯誤。故選BC。7。電磁炮的原理如圖所示，把充滿電的電容器與金屬導(dǎo)軌接通,電容器開始放電,炮彈在強(qiáng)大的安培力作用下加速獲得一個很大的速度。不考慮炮彈與軌道間的摩擦，不計導(dǎo)軌電阻，關(guān)于電磁炮，下面說法正確的是（）A.炮彈在磁場中做勻加速直線運動B.炮彈剛開始運動時的加速度與電源電動勢成正比C。炮彈離開軌道時的速度跟電容器釋放的電量成正比D。如果軌道足夠長,電容器中最后剩余的電量與炮彈質(zhì)量成反比【答案】BC【解析】【詳解】A．由于感應(yīng)電動勢的存在，電路中的電流逐漸減小，安培力逐漸減小，炮彈在磁場中的加速度逐漸減小，故炮彈做加速度減小的加速運動，故A錯誤；B．電容器充電完畢后，兩極板間電壓為E，設(shè)剛放電瞬間電流為I，有安培力為F=BIL加速度，則炮彈剛開始運動時的加速度與電源電動勢成正比,故B正確；C．根據(jù)動量定理解得，炮彈離開軌道時的速度v跟電容器釋放的電量成正比,故C正確；D．如果軌道足夠長時，速度能夠達(dá)到最大值vm，則有感應(yīng)電動勢由于，解得故D錯誤。故選BC。8.小滑塊A、B放在粗糙的水平面上,滑塊A、B與水平面間動摩擦因數(shù)均為0.1?，F(xiàn)讓滑塊A以某初速度向滑塊B滑動,并與滑塊B發(fā)生彈性碰撞，滑塊B被撞后向右滑動2m后停下,已知小滑塊A、B質(zhì)量之比為4：3。重力加速度g=10m/s2，下面說法正確的是（）A.物塊A、B碰撞后，A有可能反彈B.物塊A、B碰撞后，B速率是A速率的8倍C.物塊A、B碰撞后，A向右滑動的距離約為0.3mD。物塊A與物塊B碰撞前的速度為1。75m/s【答案】BD【解析】【詳解】AB．物塊A、B發(fā)生彈性碰撞時，根據(jù)動量守恒有根據(jù)能量守恒有解得，,故A錯誤,B正確;C．碰后A的速度為B速度的，根據(jù)速度位移公式有解得A向右滑動的距離為x=0.03m,故C錯誤;D．由功能關(guān)系有由于,l=2m，解得v1=1。75m/s，故D正確。故選BD。第II卷三、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分。第22題～第32題為必考題.每個試題考生都必須作答。第33題~第38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。(一）必考題（共129分）9。兩個同學(xué)相互配合，利用如圖所示的實驗裝置來驗證機(jī)械能守恒定律．跨過定滑輪的細(xì)繩兩端與兩個鉤碼A、B相連，其中鉤碼A的質(zhì)量為m，鉤碼B的質(zhì)量為M（M>m)．實驗過程如下：①鉤碼A放置在地面上,鉤碼B跨過定滑輪懸空，同學(xué)甲用手將鉤碼A壓在地面上，使得A、B靜止不動，同學(xué)乙用米尺測量并記錄鉤碼B的底端距地面的高度為H,然后手持秒表，做好測量B落地時間的準(zhǔn)備．②某時刻，同學(xué)甲松手讓A、B運動起來，與此同時，同學(xué)乙開啟秒表,在鉤碼B落地時停止計時，記錄下鉤碼B的運動時間．③重復(fù)測量幾次下落時間，取其平均值作為測量值t．請回答下列問題:(1）鉤碼B落地時的瞬時速度v=________．(2）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，并知道當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間,如果關(guān)系式H=________成立，則可說明機(jī)械能守恒定律成立．（3）你認(rèn)為本實驗誤差產(chǎn)生的原因，可能有________．(寫出一條即可)【答案】（1).(1）（2)。(3）。(3）釋放鉤碼A的時間與秒表開始計時時間不同步、空氣阻力、滑輪與繩子摩擦力等都會造成誤差【解析】【詳解】第一空.運動過程中的平均速度，又因為，因此,落地速度．第二空。如果機(jī)械能守恒，則，所以．第三空.空氣阻力、滑輪阻力、釋放鉤碼A的時間與秒表開始計時時間不同步等,都會造成誤差．10。有一個簡易的多用電表，內(nèi)部電路如圖所示。它有a、b、c、d四個接線柱,表盤上有兩條刻度線，其中表示電阻的刻度線刻度是均勻的，表頭G的滿偏電流Ig=25mA，內(nèi)阻Rg=10Ω。使用a、c兩個接線柱,多用電表的功能是量程為0～100V的電壓表。(1）表盤上電阻刻度線上的相鄰兩刻度表示的電阻值之差越往左側(cè)越_____(填“大”或“小”）.(2）如果使用a、b兩個接線柱，多用電表最多能夠測量___________V電壓,與接線柱c相連的電阻R=__________Ω。（3）將a、d兩個接線柱短接,調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑動觸頭,使表頭指針指向表盤右側(cè)“0”刻度。取一個電阻箱，將a、d兩個接線柱與電阻箱相連，調(diào)節(jié)電阻箱,使表頭指針指向表盤的正中央,此時電阻箱的電阻為120Ω，則這只多用電表歐姆擋的內(nèi)阻為___________Ω；這只多用電表內(nèi)電源的電動勢為___________V。（4)按照紅、黑表筆的一般使用規(guī)則，測電阻時紅表筆應(yīng)該與接線柱_______（填“a”或“d”）相連。【答案】(1）。大(2）。0。25（3）.3990Ω(4).120Ω(5)。3V(6).a【解析】【詳解】（1）[1］由歐姆表原理可知，左側(cè)電阻大，所以越往左側(cè)，相鄰兩刻度表示的電阻值之差越大；（2）[2]使用a、b兩個接線柱時，多用電表為電流表，多用電表所能測的最大電壓，即為表頭的滿偏電壓［3]與接線柱c相連時是將表頭改成量程為0～100V的電壓表，根據(jù)電壓的改裝原理,則有解得代入數(shù)據(jù)得=3990Ω（3)[4］[5]當(dāng)指針指在正中央時，表頭示數(shù)為，歐姆表中值電阻等于其內(nèi)阻，即120Ω，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，則電源電動勢為代入數(shù)據(jù)解得（4）［6]按照多用電表紅、黑表筆的使用規(guī)則，黑表筆電勢要高于紅表筆電勢，所以紅表筆應(yīng)該與接線柱a相連。11。如圖所示，有一個截面為矩形ABCD的高臺，A、B兩點之問的距離為2L，A、D兩點之間的距離為3L．某時刻從A點斜向上拋出一個小球，小球剛好經(jīng)過B點(小球未與高臺發(fā)生相碰），之后落到地面上的P點，C、P兩點之間的距離為L．不計空氣阻力，重力加速度為g，求：(1)小球從拋出到落地全過程所經(jīng)歷的時間；（2）小球被拋出時的初速度．【答案】（1）（2）,與水平方向的夾角正切值為2【解析】【詳解】(1)從A到B為斜上拋運動，根據(jù)對稱性可知，從A到最高點和從最高點到B時間相等,設(shè)為t，水平方向為勻速直線運動，所以從B到P的時間也為t；設(shè)從A到最高點的高度為h,根據(jù)運動學(xué)公式可得：從最高點到P，根據(jù)位移時間關(guān)系可得：聯(lián)立解得小球從拋出到落地全過程所經(jīng)歷的時間（2）從球從A到最高點，水平方向有：豎直方向：則拋出時的速度:解得：設(shè)v與水平方向的夾角為θ,則:所以小球拋出時的速度與水平方向的夾角正切值為2．12。如圖所示，平行金屬板上下相對，金屬板總長度為3L，被絕緣橡膠墊（厚度不計）分成兩部分，左側(cè)長度為2L，右側(cè)長度為L，實際構(gòu)成了兩個并排水平放置的平行板電容器,左側(cè)電容器上板帶負(fù)電，下板帶正電，右側(cè)電容器下板帶負(fù)電,上板帶正電.兩電容器內(nèi)部電場強(qiáng)度大小相等.電容器右側(cè)區(qū)域內(nèi)存在一垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場,直線OO'是電容器的中心線。有兩個電荷量相等的帶電粒子A和B，A帶正電,B帶負(fù)電，某時刻先后從電容器最左端O點沿OO’方向以初速度v0。進(jìn)入電場，然后進(jìn)入磁場，A、B兩粒子在磁場中分別運動半周后在某點P相遇。已知A粒子質(zhì)量為B粒子質(zhì)量的3倍,A粒子進(jìn)入磁場時速度方向與豎直方向的夾角為60°，不考慮左右兩電場的相互影響，不計粒子的重力以及粒子之間的相互作用力,求：（1）B粒子進(jìn)入磁場時的速度方向；（2)兩粒子出電場時在豎直方向的位移大小;(3）A粒子比B粒子早進(jìn)入電場多長時間?！敬鸢浮浚?）與豎直方向的夾角為30°；(2），;（3）【解析】【詳解】（1）設(shè)A粒子進(jìn)入磁場時豎直方向的速度為vy,則有在電場中豎直方向先加速、后減速，則有根據(jù)水平方向做勻速直線運動,則有聯(lián)立得同理，對于粒子B，則有因為所以解得，可知B粒子進(jìn)入磁場時速度方向與豎直方向的夾角為30°；(2）粒子A在兩個電場中豎直方向的位移之和為結(jié)合（1）中mA的表達(dá)式，解得同理,粒子B在兩個電場中豎直方向的位移之和(3）設(shè)兩粒子在磁場中運動半徑分別為RA、RB，兩粒子在磁場中運動時間均為半個周期，如圖所示由幾何關(guān)系有粒子在磁場中做圓周運動的速度粒子在磁場中運動半周的時間分別為由于兩粒子在電場中運動時間相同，所以進(jìn)入電場的時間差為在磁場中運動半周的時間差，即（二）選考題：共45分。請考生從給出的2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答，并用2B鉛筆將答題卡上所選題目的題號右側(cè)方框涂黑，按所涂題號進(jìn)行評分；多涂、多答，按所涂的首題進(jìn)行評分；不涂，按本學(xué)科選考題的首題進(jìn)行評分。13.下列說法中正確的是（）A。氣體放出熱量，其分子平均動能不一定減小B.布朗運動可以說明液體分子在永不停息地做無規(guī)則運動C.水的飽和汽壓隨溫度升高而增大D.液體汽化現(xiàn)象的原因是液體分子間存在斥力，分子相互排斥導(dǎo)致汽化現(xiàn)象的發(fā)生E.任何物質(zhì)的摩爾體積V、分子體積V0與阿伏加德羅常數(shù)NA之間的關(guān)系都可表示為V=NAV0【答案】ABC【解析】【詳解】A．若外界對氣體做的功大于氣體放出的熱量，氣體溫度升高,其分子的平均動能增大,故A正確；B．布朗運動不是液體分子運動，但它可以說明液體分子在永不停息地做無規(guī)則運動，故B正確;C．水的飽和汽壓隨溫度的變化而變化,溫度越高，飽和汽壓越大，故C正確；D．汽化是物質(zhì)從液態(tài)變成氣態(tài)的過程，汽化分為蒸發(fā)和沸騰兩種情況，跟分子運動有關(guān),不是分子間的相互排斥產(chǎn)生的，故D錯誤；E．固體或液體的摩爾體積V，每個分子的體積V0和阿伏加德羅常數(shù)的關(guān)系可表示為,但對于氣體此式不成立，故E錯誤。故選ABC。14。如圖所示，圓柱形導(dǎo)熱汽缸內(nèi)徑為2R，活塞和手柄構(gòu)成一個“倒T"形?；钊麑⑵追殖审w積相等上下兩部分，兩個空間密封著兩部分理想氣體，活塞和手柄自身體積、重量都不計，手柄與汽缸之間不漏氣。開始時，活塞上下兩個空間的壓強(qiáng)均為p0，現(xiàn)緩慢向下推手柄，當(dāng)活塞向下移動的位移為汽缸總高度的時,向下推手柄的力等于多少?！敬鸢浮俊窘馕觥俊驹斀狻吭O(shè)汽缸總的高度為H，總體積為V，手柄向下移動時，活塞上方氣體的體積為V1、壓強(qiáng)為p1，活塞下方氣體的體積為、壓強(qiáng)為由玻意耳定律得設(shè)向下推手柄的力為F,由力的平衡條件