遼寧省錦州市北鎮(zhèn)市滿(mǎn)族高級(jí)中學(xué)2021-2022學(xué)年高二（上）第三次月考物理試題（解析版）

2021～2022學(xué)年度第一學(xué)期第三次月考高二物理試卷考試時(shí)間75分鐘：試卷滿(mǎn)分100分一、選擇題（本大題共10個(gè)小題，1-7為單選每題4分，8-10為多選，每題6分，共46分）1.加在某段導(dǎo)體兩端的電壓變?yōu)樵瓉?lái)的時(shí)，導(dǎo)體總的電流就減小0.6A，如果所加電壓變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，則導(dǎo)體中的電流將變?yōu)椋ǎ〢.0.6A B.1.2A C.0.9A D.1.8A【答案】D【解析】【詳解】設(shè)導(dǎo)體兩端原來(lái)的電壓為U，電流為I，則導(dǎo)體的電阻又由題，導(dǎo)體兩端的電壓變?yōu)樵瓉?lái)的時(shí)，導(dǎo)體中的電流減小了0.6A，則有聯(lián)立得解得I=0.9A當(dāng)電壓變?yōu)?U時(shí)，有I′=2I=1.8A故選D。2.如圖電路中，當(dāng)變阻器R的滑片P向下滑動(dòng)時(shí)，電壓表和電流表的示數(shù)變化的情況是（）

A.V和A的示數(shù)都變大B.V和A的示數(shù)都變小C.V的示數(shù)變大，A的示數(shù)變小D.V的示數(shù)變小，A的示數(shù)變大【答案】A【解析】【詳解】在變阻器R的滑片向下滑動(dòng)的過(guò)程中，變阻器接入電路的電阻減小，R與R3并聯(lián)的電阻R并減小，則外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流I增大，路端電壓U減?。桓陕冯娏鱅增大，則R2兩端的電壓增大，即V的示數(shù)增大；并聯(lián)部分電壓U并=E-I（R1+R2+r）由于I增大，E、R1、R2、r均不變，則U并減小，通過(guò)R3的電流減小；干路電流I增大，通過(guò)R3的電流減小，則通過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流增大，即電流表A的示數(shù)增大。故選A。3.如圖所示，一根通電導(dǎo)線垂直放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為1T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，以導(dǎo)線為中心，半徑為R的圓周上有a、b、c、d四個(gè)點(diǎn)，已知c點(diǎn)的實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度為0，則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.直導(dǎo)線中電流方向垂直紙面向里B.d點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0C.a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2T，方向向右D.b的磁感應(yīng)強(qiáng)度為，方向斜向下，與磁場(chǎng)方向成135°角【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)題意可知點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0，則直導(dǎo)線在點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度水平向左，根據(jù)安培定則可知直導(dǎo)線的電流方向垂直紙面向外，故A錯(cuò)誤；B．直導(dǎo)線在點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度豎直向上，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度水平向右，合磁感應(yīng)強(qiáng)度不為0，故B錯(cuò)誤；C．直導(dǎo)線在點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度水平向右，與勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同，結(jié)合點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0可知a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2T，方向向右，故C正確；D．直導(dǎo)線在點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度豎直向下，與勻強(qiáng)磁場(chǎng)的合磁感應(yīng)強(qiáng)度為，方向斜向右下，與磁場(chǎng)方向成角，故D錯(cuò)誤。故選C。4.下列關(guān)于能量量子化的說(shuō)法，正確的是（）A.能量子與電磁波的頻率成反比 B.電磁波波長(zhǎng)越長(zhǎng)，其能量子越大C.微觀粒子的能量是不連續(xù)（分立）的 D.能量子假設(shè)是由愛(ài)因斯坦最早提出來(lái)的【答案】C【解析】【詳解】A．由?=hν可知，能量子與電磁波的頻率成正比，故A錯(cuò)誤；

B．由可知，電磁波波長(zhǎng)越長(zhǎng)，其能量子越小，故B錯(cuò)誤；

C．普朗克提出了量子假說(shuō)，他認(rèn)為，物質(zhì)輻射（或吸收）的能量都是不連續(xù)的，是一份一份進(jìn)行的，故C正確；

D．能量子假設(shè)是由普朗克最早提出來(lái)的，故D錯(cuò)誤。

故選C。5.如圖所示，甲、乙兩船的總質(zhì)量（包括船、人和貨物）分別為10m、12m，兩船沿同一直線同一方向運(yùn)動(dòng)，速率分別為2v0、v0，為避免兩船相撞，乙船上的人將一質(zhì)量為m的貨物沿水平方向拋向甲船，甲船上的人將貨物接?。挥?jì)水的阻力．則拋出貨物的最小速率是（）A.v0 B.2v0 C.3v0 D.4v0【答案】D【解析】【詳解】設(shè)拋出貨物的速度為v，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：乙船與貨物：12mv0=11mv1-mv，甲船與貨物：10m×2v0-mv=11mv2，兩船不相撞的條件是：v2≤v1，解得：v≥4v0，則最小速度：4v0．故選D．【點(diǎn)睛】在拋貨物的過(guò)程中，乙船與貨物組成的動(dòng)量守恒，在接貨物的過(guò)程中，甲船與貨物組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，在甲接住貨物后，甲船的速度小于等于乙船速度，則兩船不會(huì)相撞，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律可以解題．6.如圖甲所示，在光滑水平面上兩個(gè)小球發(fā)生正碰．小球的質(zhì)量分別為m1和m2．圖乙為它們碰撞前后的S﹣t圖象．已知m1=0.1kg，由此可以判斷（）①碰前m2靜止，m1向右運(yùn)動(dòng)；②碰后m2和m1都向右運(yùn)動(dòng)；③由動(dòng)量守恒可以算出m2=0.3kg；④碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失了0.4J的機(jī)械能；以上判斷正確的是（）A.①③ B.①②③ C.①②④ D.③④【答案】A【解析】【詳解】A．由s?t(位移時(shí)間)圖象的斜率得到，碰前m2的位移不隨時(shí)間而變化，處于靜止；m1速度大小為v1=△s/△t=4m/s，方向只有向右才能與m2相撞，故①正確；B．由圖讀出,碰后m2的速度為正方向,說(shuō)明向右運(yùn)動(dòng),m1的速度為負(fù)方向，說(shuō)明向左運(yùn)動(dòng)，故②錯(cuò)誤；C．由圖求出碰后m2和m1的速度分別為v′2=2m/s,v′1=?2m/s,根據(jù)動(dòng)量守恒定律得m1v1=m2v′2+m1v′1代入解得,m2=0.3kg，故③正確；D．碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能④錯(cuò)誤．故選A。7.如圖所示，直線OAC為某一直流電源的總功率P總隨電流I變化的圖線，拋物線OBC為同一直流電源內(nèi)部放熱功率Pr隨電流I變化的圖線，若A、B對(duì)應(yīng)的橫坐標(biāo)為2A，則下面說(shuō)法正確的是（）①電源電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻為1②線段AB表示的功率為2W③電流為2A時(shí)，外電路電阻為0.5④電流為3A時(shí)，外電路電阻為2A.①②④ B.①②③ C.②③④ D.①③④【答案】B【解析】【詳解】C點(diǎn)表示電源的總功率全部轉(zhuǎn)化為熱功率，即C點(diǎn)表示外電路短路，外電阻為零，電源的總功率P=EI又I=3A，P=9W則電源的電動(dòng)勢(shì)E=3V所以①正確，④錯(cuò)誤；AB段表示的功率為PAB=EI′-I′2r=3×2-22×1（W）=2(W)②正確；根據(jù)閉合電路歐姆定律，有解得電流為2A時(shí)，外電路電阻③正確。故選B。8.在探究產(chǎn)生感應(yīng)電流的實(shí)驗(yàn)中，某興趣小組設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置，A，B兩回路中各有一開(kāi)關(guān)S1，S2且回路A中接有電源，回路B中接有靈敏電流計(jì)，下列操作對(duì)應(yīng)的實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象可能實(shí)現(xiàn)的是（）A.先閉合S2，后閉合S1瞬間，靈敏電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)B.S1，S2閉合后，在斷開(kāi)S2的瞬間，靈敏電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)C.先閉合S1，后閉合S2的瞬間，靈敏電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)D.S1，S2閉合后，在斷開(kāi)S1的瞬間，靈敏電流計(jì)的指針偏轉(zhuǎn)【答案】AD【解析】【詳解】A．先閉合S2，回路是一個(gè)閉合回路，然后閉合S1，A回路接通，回路處在A回路電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)之中，穿過(guò)回路的磁通量發(fā)生變化，有感應(yīng)電流產(chǎn)生，電流計(jì)指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，選項(xiàng)A正確；B．S1、S2閉合后，在斷開(kāi)S2的瞬間，回路中的磁通量不發(fā)生變化，不發(fā)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，所以回路中沒(méi)有感應(yīng)電流，電流計(jì)指針不偏轉(zhuǎn)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．先閉合S1電路已經(jīng)穩(wěn)定，再閉合S2，回路中的磁通量不發(fā)生變化，故不發(fā)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，沒(méi)有感應(yīng)電流，電流計(jì)指針不偏轉(zhuǎn)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．S1、S2閉合后，在斷開(kāi)S1的瞬間，A回路中的電流發(fā)生變化，所以穿過(guò)回路的磁通量減小，發(fā)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流計(jì)指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，選項(xiàng)D正確。故選AD。9.如圖所示，水平面內(nèi)有兩條相互垂直且彼此絕緣的通電長(zhǎng)直導(dǎo)線，以它們?yōu)樽鴺?biāo)軸構(gòu)成一個(gè)平面直角坐標(biāo)系.四個(gè)相同的圓形閉合線圈在四個(gè)象限內(nèi)完全對(duì)稱(chēng)放置，兩直導(dǎo)線中的電流大小與變化情況完全相同，電流方向如圖所示，當(dāng)兩直導(dǎo)線中的電流都增大時(shí)，四個(gè)線圈a、b、c、d中感應(yīng)電流的情況是()

A.線圈a中有感應(yīng)電流B.線圈b中有感應(yīng)電流C.線圈c中無(wú)感應(yīng)電流D.線圈d中無(wú)感應(yīng)電流【答案】AD【解析】【詳解】A．由右手螺旋定則可判定通電導(dǎo)線磁場(chǎng)的方向．a(chǎn)c象限磁場(chǎng)不為零，a中磁場(chǎng)垂直紙面向里，當(dāng)電流增大時(shí)，線圈a中有逆時(shí)針?lè)较虻碾娏?，故A正確；BD．其中bd區(qū)域中的磁通量為零，當(dāng)電流變化時(shí)不可能產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯(cuò)誤，D正確．C．a(chǎn)c象限磁場(chǎng)不為零，c中磁場(chǎng)垂直紙面向外，當(dāng)電流增大時(shí)，線圈c中有順時(shí)針?lè)较虻碾娏?，故C錯(cuò)誤；10.如圖甲所示，水平的光滑桿上有一彈簧振子，振子以O(shè)點(diǎn)為平衡位置，在、兩點(diǎn)之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其振動(dòng)圖像如圖乙所示，由振動(dòng)圖像可以得知（）

A.在時(shí)刻，振子的速度最大B.振子的振動(dòng)周期等于C.在時(shí)刻，振子的位置在a點(diǎn)D.振子在時(shí)刻動(dòng)能最大【答案】AB【解析】【分析】【詳解】A．在時(shí)刻，振子的位移為零，正通過(guò)平衡位置，速度最大，A正確；B．振子的周期是振子完成一個(gè)周期性變化所用的時(shí)間，由圖乙直接讀出其周期，B正確；C．由圖乙知在時(shí)刻，振子的位移為零，正通過(guò)平衡位置，所以振子的位置在O點(diǎn)，C錯(cuò)誤；D．振子在時(shí)刻偏離平衡位置最遠(yuǎn)，速度為零，動(dòng)能為零，D錯(cuò)誤。故選AB。二、填空（共計(jì)14分）11.用半徑相同的兩小球A、B的碰撞驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置示意如圖，斜槽與水平槽圓滑連接。實(shí)驗(yàn)時(shí)先不放B球，使A球從斜槽上某一固定點(diǎn)C由靜止?jié)L下，落到位于水平地面的記錄紙上留下痕跡。再把B求靜置于水平槽前端邊緣處，讓A球仍從C處由靜止?jié)L下，A球和B球碰撞后分別落在記錄紙上留下各自的痕跡。記錄紙上的O點(diǎn)是垂直所指的位置，若測(cè)得各落點(diǎn)痕跡到O點(diǎn)的距離：OM=2.68cm，OP=8.62cm，ON=11.50cm，并知A、B兩球的質(zhì)量比為2：1，則未放B球時(shí)A球落地點(diǎn)是記錄紙上的____點(diǎn)，系統(tǒng)碰撞前總動(dòng)量p與碰撞后總動(dòng)量的百分誤差=_______%（結(jié)果保留一位有效數(shù)字）?！敬鸢浮竣?P②.2【解析】【詳解】[1]A與B相撞后，B的速度增大，A的速度減小，碰前碰后都做平拋運(yùn)動(dòng)，高度相同，落地時(shí)間相同，所以P點(diǎn)是沒(méi)有碰時(shí)A球的落地點(diǎn)，N是碰后B的落地點(diǎn)，M是碰后A的落地點(diǎn)；所以，根據(jù)實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象，未放B球時(shí)A球落地點(diǎn)是記錄紙上的P點(diǎn)。[2]碰前系統(tǒng)的總動(dòng)量可等效表示碰后系統(tǒng)的總動(dòng)量可等效表示為則其百分誤差代入數(shù)據(jù)解得碰撞前總動(dòng)量p與碰撞后總動(dòng)量p′的百分誤差＝0.02=2%12.某探究性學(xué)習(xí)小組利用如圖所示的電路測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻．其中電流表A1的內(nèi)阻r1=1.0kΩ，電阻R1=9.0kΩ，為了方便讀數(shù)和作圖，給電池串聯(lián)一個(gè)R0=3.0Ω的電阻．（1）按圖示電路進(jìn)行連接后，發(fā)現(xiàn)、和三條導(dǎo)線中，混進(jìn)了一條內(nèi)部斷開(kāi)的導(dǎo)線．為了確定哪一條導(dǎo)線內(nèi)部是斷開(kāi)的，將電鍵S閉合，用多用電表的電壓擋先測(cè)量a、間電壓，讀數(shù)不為零，再測(cè)量、間電壓，若讀數(shù)不為零，則一定是_______導(dǎo)線斷開(kāi)；若讀數(shù)為零，則一定是_______導(dǎo)線斷開(kāi)．

（2）排除故障后，該小組順利完成實(shí)驗(yàn)．通過(guò)多次改變滑動(dòng)變阻器觸頭位置，得到電流表A1和A2的多組I1、I2數(shù)據(jù)，作出圖象如右圖．由I1–I2圖象得到電池的電動(dòng)勢(shì)E=_______V，內(nèi)阻r=_______Ω．【答案】①.②.③.1.41（1.36~1.44均可）④.0.5（0.4~0.6均可）【解析】【詳解】①用電壓擋檢測(cè)電路故障，電壓表的表頭是電流計(jì)，原電路有斷路，回路中無(wú)電流，將電壓表接在間后有示數(shù)，說(shuō)明電路被接通，即間有斷路故障，再測(cè)量間電壓，電壓表讀數(shù)不為零，說(shuō)明斷路故障的范圍被縮小到間，則一定是導(dǎo)線斷開(kāi)；若讀數(shù)為零，則說(shuō)明電路仍未被接通，斷路故障的范圍被確定在間．②根據(jù)閉合電路的歐姆定律：，，上式可簡(jiǎn)化為，讀出兩點(diǎn)坐標(biāo)：（60，0.12）和（260，0.05），代入方程解得：電動(dòng)勢(shì)E=1.41V，內(nèi)阻r=0.5Ω．點(diǎn)睛:由圖象法處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的關(guān)鍵是要理解圖線的物理意義——縱軸截距和斜率表示什么，閉合電路的歐姆定律是核心．三、計(jì)算題（13題12分，14題13分，15題15分）13.如圖所示，電阻為，電源內(nèi)阻r為，當(dāng)合上電鍵S且滑動(dòng)變阻器為時(shí)，電源的總功率為16W，電源的輸出功率為12W，燈泡正常發(fā)光．求：電源的電動(dòng)勢(shì)；

電燈的電阻和燈的額定功率；當(dāng)電鍵S斷開(kāi)時(shí)，為使燈泡正常發(fā)光，滑動(dòng)變阻器的阻值應(yīng)調(diào)到多少？【答案】（1）（2）（3）【解析】【分析】當(dāng)S合上時(shí)，電阻與燈泡串聯(lián)后電阻R1并聯(lián)，根據(jù)電源的總功率為16W，電源的輸出功率為12W，求出通過(guò)電源的電流；由電源的總功率求得電源的電動(dòng)勢(shì)；根據(jù)電源的輸出功率，求出外電阻總電阻，得到燈泡的電阻；斷開(kāi)時(shí)，電阻與燈泡串聯(lián)，根據(jù)歐姆定律求出的阻值．【詳解】電鍵S合上，由，代入解得由，得（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：流過(guò)的電流則流過(guò)燈的電流

燈的電壓燈的電阻

燈的功率電鍵S斷開(kāi)，變阻器的電壓為

滑動(dòng)變阻器的阻值?故本題答案是：（1）（2）（3）【點(diǎn)睛】對(duì)于電路問(wèn)題，首先要搞清電路的連接方式，其次要弄清電源的三種功率：電源的總功率、內(nèi)電路功率和輸出功率的關(guān)系．14.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=18V，內(nèi)阻r=2Ω，兩平行金屬板水平放置，相距d=2cm，當(dāng)變阻器R2的滑片P恰好移到中點(diǎn)時(shí)，一帶電量q=﹣2×10﹣7C的液滴剛好靜止在電容器兩板的正中央，此時(shí)理想電流表的讀數(shù)為1A．已知定值電阻R1=6Ω求：

（1）帶電液滴的質(zhì)量（取g=10m/s2）．（2）當(dāng)把滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)片P迅速移到C點(diǎn)后，液滴到達(dá)極板時(shí)的動(dòng)能．【答案】（1）1.6×10﹣5kg（2）7.14×10﹣8J【解析】【分析】(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律求解路端電壓，然后對(duì)液滴根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式求解質(zhì)量；

(2)當(dāng)把滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)片P迅速移到C點(diǎn)后，電壓增加，液滴向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理列式求解末動(dòng)能．【詳解】(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律，路端電壓為：U=E-Ir=18-1×2.0=16V液滴平衡，故：代入數(shù)據(jù)解得：