2022年河南省開(kāi)封市名校聯(lián)盟高考物理模擬試卷（附答案詳解）

2022年河南省開(kāi)封市名校聯(lián)盟高考物理模擬試卷

1.我國(guó)正計(jì)劃建造核動(dòng)力航母，核動(dòng)力航母的動(dòng)力來(lái)自于核裂變釋放的能量，有一種

核裂變的方程為贊U+H-X+瑞Sr+10M，則關(guān)于X,下列說(shuō)法正確的是（）

A.核子數(shù)為78B.核子數(shù)為54

C.中子數(shù)比質(zhì)子數(shù)多24個(gè)D.中子數(shù)比質(zhì)子數(shù)多26個(gè)

2.一個(gè)質(zhì)點(diǎn)做初速度為零的直線運(yùn)動(dòng)，其位移一速度&-切關(guān)系圖像如圖所示，圖像

為拋物線，則質(zhì)點(diǎn)從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)后，第1s末的速度大小為（）

3.如圖甲所示，金屬圓環(huán)和“C”形金屬線框相互靠近固定在水平面上，金屬棒AB放

在線框上，給圓環(huán)a、b端接上如圖乙所示的E弦交流電流，以圖甲中電流方向?yàn)檎?/p>

方向，金屬棒4B始^保持靜止，則下列判斷正確的是（）

A.0?t］時(shí)間內(nèi)，AB棒中的感應(yīng)電流方向?yàn)锽-A

B.0?0時(shí)間內(nèi)，4B棒受到的摩擦力方向向右

C.12?上3時(shí)間內(nèi)，4B棒中感應(yīng)電流方向先由4TB再由8-4

D.G時(shí)刻4B棒受到的安培力最大，以時(shí)刻4B棒受到的安培力最小

4.如圖所示，帶電小球1固定在空中4點(diǎn)，帶電小球2在世、

庫(kù)侖斥力的作用下沿光滑絕緣水平面向右做加速運(yùn)動(dòng)，

運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)加速度大小為a,4、B連線與豎直方向的

77777777777^7777777777777

夾角為30。，當(dāng)小球2運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，力、C連線與豎直方

BC

向夾角為60。角時(shí)，小球2的加速度大小為（兩小球均可

看成點(diǎn)電荷）（）

A1cDA/3「>/3nV3

A.二QD.—QC?—CL—Q

2234

5.如圖所示，斜面傾角為。=30。，在斜面上方某點(diǎn)處，先讓小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）自由

下落，從釋放到落到斜面上所用時(shí)間為再讓小球在該點(diǎn)水平拋出，小球剛好能

垂直打在斜面上，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為J，不計(jì)空氣阻力，則合為

()

A.避B.噂C.四D.筆

1V22V3

6.2021年2月24日，我國(guó)“天向一號(hào)”火星探測(cè)器成功實(shí)施第三次環(huán)火制動(dòng)，進(jìn)入了

環(huán)火停泊軌道，并進(jìn)行為期三個(gè)月的深測(cè)，在這三個(gè)月中，“天向一號(hào)”先在高度

為生、周期為A的停泊軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，之后又下降到高度為電、周期為72

的軌道上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。根據(jù)以上信息不需要引力常量就可以求的物理量是（）

A.火星的質(zhì)量B.火星的半徑

C.火星的第一寧宙速度D.火星表面的重力加速度

7.如圖所示為遠(yuǎn)距離輸電的簡(jiǎn)易圖，M和N為現(xiàn)想升壓變壓器和理想降壓變壓器，已

知變壓器M的原、副線圈匝數(shù)比為k,變壓器N的原、副線圈匝數(shù)比為%交壓器M原、

副線圈兩端的電壓分別為Ui，U2,變壓器N原，副線圈兩端的電壓分別為4、%

B.流過(guò)變壓器M原線圈的電流等于流過(guò)變壓器N副線圈的電流

C.用戶增多，力、%均不變,出、力均減小

D.用戶增多，輸電線消耗的電功率減小

8.如圖所示，在xOy坐標(biāo)平面第一象限的圓形區(qū)域內(nèi)有

垂直于坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

B,圓的半徑為R,與％軸和y軸分別相切于P點(diǎn)和Q點(diǎn),

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X

圓心在C點(diǎn)，在y軸上4(01R)點(diǎn)沿x軸正向射出一質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的帶

電粒子，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后經(jīng)偏轉(zhuǎn)剛好經(jīng)過(guò)圓心C,不計(jì)粒于的重力，則下列判斷正

確的是()

A.粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為|R

B.粒子出磁楊時(shí)的速度方向沿y軸正向

C.粒子出磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為理

m

D.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為鬻

9.某同學(xué)用落體法測(cè)當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?、?shí)驗(yàn)裝置如圖所示，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交流電

的頻率為50Hz。

(1)關(guān)于實(shí)驗(yàn)的操作要求，下列說(shuō)法合理的是。

A.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的兩個(gè)限位孔應(yīng)在同一豎直線上

8.釋放紙帶前保持紙帶豎直

C.重物應(yīng)選用體積大的物體

。.接通電源的同時(shí)釋放紙帶

(2)按正確的要求進(jìn)行操作。打出一條紙帶，選取連續(xù)打出的點(diǎn)跡清晰的部分，對(duì)

計(jì)時(shí)點(diǎn)進(jìn)行標(biāo)號(hào)，如圖乙所示，測(cè)出1、2點(diǎn)之間的距離與=3.96cm,6、7點(diǎn)之間

的距離&=2.02CM,并標(biāo)在紙帶上，若打點(diǎn)時(shí)間間隔用7表示，則求重力加速度的

表達(dá)式g=(用所給物理量的符號(hào)表示)；求得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?/p>

g=m/s2(結(jié)果保留2位有效數(shù)字)。

(3)請(qǐng)給出一條減小實(shí)驗(yàn)偶然誤差的建議：。

10.要精確測(cè)量電阻Rx（阻值約為40）的阻值，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路圖。

（1）除了待測(cè)電阻，根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路圖，實(shí)驗(yàn)室提供了以下器材：電源（電動(dòng)勢(shì)E約為3V,

內(nèi)阻r=20）,雙量程電壓表（內(nèi)阻很大）一個(gè)（量程為“0?3V”和”0?15V“），

電阻箱R（0?99.90）一個(gè)，電鍵一個(gè)，導(dǎo)線若干。

（2）按電路圖連接好實(shí)物電路，其中電壓表&）應(yīng)選用量程義填“0?3”或

“0?15”），閉合電鍵后，調(diào)節(jié)電阻箱，測(cè)出多組電壓表V的示數(shù)U及對(duì)應(yīng)的電阻

箱的阻值R,作出《-J圖像，得到圖像如圖乙所示，則被測(cè)電阻的阻值為

Rx=。（保留2位有效數(shù)字）。

（3）分析本實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差，由于存在電壓表（填“分壓”或“分流”），使

測(cè)得的電阻值相對(duì)于真實(shí)值偏（填“大”或“小”）。

11.如圖所示，光滑水平面上有質(zhì)量為沉、長(zhǎng)為R的長(zhǎng)木板緊靠在半徑為R的光滑四分

之一圓弧體左側(cè)，圓弧體固定，長(zhǎng)木板上表面和圓弧最低點(diǎn)的切線重合，質(zhì)量為m

的物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）以初速度為=^為重力加速度）從左端滑上長(zhǎng)木板，并剛

滑到圓弧面的最高點(diǎn)，求：

（1）物塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)；

（2）物塊從圓弧體上返回到長(zhǎng)木板后，相對(duì)長(zhǎng)木板滑行的距離。

12.如圖所示，足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ傾斜放置，處在與導(dǎo)軌平面垂直的勻強(qiáng)

磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)=1m。導(dǎo)軌平面與水平面的夾角為。=37。，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁

感應(yīng)強(qiáng)度大小8=27,ab.cd兩金屬帶放在導(dǎo)軌上與導(dǎo)軌垂直并處于靜止?fàn)顟B(tài)，

兩金屬棒的長(zhǎng)均為L(zhǎng)=16，電阻均為50,質(zhì)量均為0.5kg,導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加

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速度g取10m/s2。若使金屬棒ab以％=lm/s的速度沿導(dǎo)軌向下勻速運(yùn)動(dòng)，則金屬

棒cd恰好要滑動(dòng)；現(xiàn)使金屬棒必從靜止開(kāi)始向上做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，加

速度的大小為a=8m/s2,金屬棒運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，兩金屬

棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，sin37a=0.6,

cos370=0.8。求：

(1)金屬棒與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)的大小；

(2)從靜止開(kāi)始，金屬棒ab向上加速運(yùn)動(dòng)多少時(shí)間，金屬棒cd剛好要滑動(dòng)；

(3)已知金屬棒處向上勻加速運(yùn)動(dòng)至金屬棒cd剛好要滑動(dòng)的過(guò)程中，拉力對(duì)金屬棒

時(shí)所做的功W=234.4人則此過(guò)程中，金屬棒cd中通過(guò)的電量及產(chǎn)生的焦耳熱的

大小。

13.下列說(shuō)法正確的是()

A.理想氣體的內(nèi)能只與其溫度有關(guān)

B.布朗運(yùn)動(dòng)的劇烈程度與溫度有關(guān)，所以布朗運(yùn)動(dòng)也叫分子熱運(yùn)動(dòng)

C.一定質(zhì)量理想氣體在等溫變化的過(guò)程中，當(dāng)其體積減小時(shí)壓強(qiáng)變大

D.晶體在熔化過(guò)程中吸收熱量，內(nèi)能增加，但其分子平均動(dòng)能保持不變

E.一定質(zhì)量理想氣體克服外界壓力膨脹，但不吸熱也不放熱，內(nèi)能一定減少

14.如圖所示，玻璃泡中充有一定質(zhì)量的理想氣體，玻璃泡與粗細(xì)均勻

的玻璃管連接，玻璃管豎直插在水銀槽中，玻璃管的內(nèi)截面積為

0.1cm2,這時(shí)環(huán)境溫度為300K,大氣壓強(qiáng)為75cm"g,玻璃管中水

銀柱液面與水銀槽中水銀液面高度差為15cm,水銀柱以上玻璃管長(zhǎng)

為5cm,當(dāng)環(huán)境溫度升高到420K時(shí)，玻璃管中水銀柱液面與水銀槽

中水銀液面高度差為5cm,水銀槽足夠大、足夠深，求：

①玻璃泡的容積；

②若環(huán)境溫度保持300K不變，將玻璃管緩慢向下移，當(dāng)水銀液面剛好上升到玻璃

管上管口時(shí)，玻璃管下移的距離。(結(jié)果保留1位小數(shù))

15.一列簡(jiǎn)諧波沿x軸傳播，t=0時(shí)刻的波形如圖甲所示，質(zhì)點(diǎn)P平衡位置在x=1/n處,

質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)比質(zhì)點(diǎn)Q振動(dòng)超前，質(zhì)點(diǎn)Q和質(zhì)點(diǎn)M的平衡位置分別在x=4nl和x=8m

處，某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖乙所示，則（）

甲乙

A.波沿x軸正向傳播

B.波傳播的速度為16?n/s

C.質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)比質(zhì)點(diǎn)Q振動(dòng)超前0.075s

D.圖乙可能是質(zhì)點(diǎn)M的振動(dòng)圖像

E.當(dāng)質(zhì)點(diǎn)Q的位移為y=10cm時(shí)，質(zhì)點(diǎn)M的位移一一定是y=-10cm（位移均為相對(duì)平

衡位置的位移）

16.如圖所示，某玻璃磚的截面為半圓的一部分，。為圓弧的圓心，4D面與4B面垂直，

圓弧的半徑為R,AB=1.5/?,一束單色光斜射到4D邊的中點(diǎn)，光線方向與4。面的

夾角為30。，折射光線剛好照射到4B的中點(diǎn)，求：

①玻璃磚對(duì)光的折射率；

②試判斷折射光線照射到4B面上時(shí)會(huì)不會(huì)發(fā)生全反射。

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：AB,根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒，可知X的核子數(shù)為

235+1-94-10=132

故AB錯(cuò)誤；

CD,根據(jù)電荷數(shù)守恒可知X的質(zhì)子數(shù)為

92-38=54

則中子數(shù)為

132-54=78

則中子數(shù)比質(zhì)子數(shù)多24個(gè)，故C正確，。錯(cuò)誤。

故選：Co

重核裂變質(zhì)量數(shù)守恒及核子數(shù)量關(guān)系。

本題主要考查核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒及質(zhì)量數(shù)等于質(zhì)子數(shù)加中子數(shù)，本題較簡(jiǎn)單，偏基

礎(chǔ)。

2.【答案】A

【解析】解：質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則％=鬻，根據(jù)圖線坐標(biāo)(0,0)和(2,2),代入

數(shù)據(jù)得：0=上近，2=吐邑聯(lián)立解得%=0,a=lm/s2,質(zhì)點(diǎn)在t=Is時(shí)的速度大

2a2a

小為u=at=1xlm/s=lm/s,故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：A.

質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)位移一速度公式％=巴璉，根據(jù)圖線坐標(biāo)(0,0)和(2,2)求

2a

出初速度和加速度，再根據(jù)u=%+at即可求解t=Is時(shí)的速度大小。

本題解題的關(guān)鍵是能根據(jù)圖象得出初速度和加速度，再根據(jù)。=%+at即可求解1=1s

時(shí)的速度大小。

3.【答案】A

【解析】解：4、0?S時(shí)間內(nèi)，根據(jù)安培定則可知，右側(cè)閉合回路中穿過(guò)紙面向外的磁

通量減小且減小得越來(lái)越快，根據(jù)楞次定律和安培定律可知，力B棒中的感應(yīng)電流方向

為B7力，故4正確；

B、根據(jù)左手定則，4B棒受到的安培力向右，則其受到的摩擦力向左，故8錯(cuò)誤；

C、t2?t3時(shí)間內(nèi)，根據(jù)安培定則可知，右側(cè)閉合回路中先是穿過(guò)紙面向里的磁通量減

小再是穿過(guò)紙面向外的磁通量增大，根據(jù)楞次定律和安培定則可知，4B棒中的感應(yīng)電

流方向一直為4—B,故C錯(cuò)誤；

D、0時(shí)刻圓環(huán)電流為零，在4B棒處產(chǎn)生的磁場(chǎng)強(qiáng)度為零，則28棒受到的安培力為零,

功時(shí)刻圓環(huán)電流變化率為零，則穿過(guò)閉合回路的磁通量變化率為零，則閉合回路感應(yīng)電

流為零，則棒受到的安培力也為零，故D錯(cuò)誤；

故選：Ao

根據(jù)電流的變化趨勢(shì)分析出線圈中磁通量的變化，結(jié)合楞次定律分析出電流的方向；

根據(jù)左手定則分析出金屬棒受到的安培力方向，由此分析出金屬棒的摩擦力方向；

根據(jù)磁通量的變化特點(diǎn)分析出感應(yīng)電流的方向；

根據(jù)磁通量變化率的特點(diǎn)得出感應(yīng)電流的特點(diǎn)，結(jié)合安培力公式完成分析。

本題主要考查了楞次定律的相關(guān)應(yīng)用，解題的關(guān)鍵點(diǎn)是分析出線圈中磁通量的變化，結(jié)

合楞次定律分析出感應(yīng)電流的方向即可。

4.【答案】C

【解析】解：設(shè)在B點(diǎn)時(shí)，兩球之間的庫(kù)侖力為Fi，在C點(diǎn)時(shí)，兩個(gè)球之間的庫(kù)侖力為七，

小球1距離地面的高度為九，根據(jù)庫(kù)侖定律有

p=kq、qz

1（焉F）2

p_kqQ

2忌”

設(shè)小球2的質(zhì)量為m，在C點(diǎn)的加速度為優(yōu)，則根據(jù)牛頓第二定律有

FiSizi30。=ma

F2sm60°=ma'

聯(lián)立解得：a'=3a，故C正確，AB。錯(cuò)誤；

3

故選：Co

根據(jù)庫(kù)侖定律分析出小球受到的庫(kù)侖力，結(jié)合幾何關(guān)系和牛頓第二定律得出加速度的比

值關(guān)系。

本題主要考查了庫(kù)侖定律的相關(guān)應(yīng)用，要理解幾何關(guān)系，得出庫(kù)侖力的大小，結(jié)合牛頓

第二定律完成分析。

5.【答案】D

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【解析】解:設(shè)小球速度為為，小球垂直打在斜面上，如圖所示，tan。=v宜注4j

皆=急解得：t2=3=漁&

v

y9Z2"gtanOg

小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移x=v0t2,故小球拋出點(diǎn)距斜面底端的高度；H=xtane+

"妗="妤，解得口=遜，所以？=理故。正確,ABC錯(cuò)誤；

NN9^2v3

故選：。。

抓住小球垂直擊中斜面，根據(jù)平行四邊形定則求出豎直分速度，從而表達(dá)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，

再利用數(shù)學(xué)知識(shí)解答。

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式靈

活求解。

6.【答案】BCD

【解析】解：AB,“天問(wèn)一號(hào)”繞火星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)火星的半徑為R,根據(jù)開(kāi)萬(wàn)

有引力定律可知，'=機(jī)/+九］)等，'=小柒+殳)誓

7*2

3省12fl

聯(lián)立解得R=S布，火星的質(zhì)量無(wú)法計(jì)算，故4錯(cuò)誤，8正確；

?2

D、根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力有贊=mg,聯(lián)立怒9=皿(R+b)4,可解得g，故。

正確

C、第一宇宙速度是物體繞火星表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的運(yùn)行速度，^=m-,聯(lián)立可

R2R

得火星的第一宇宙速度，故C正確；

故選：BCD.

對(duì)“天問(wèn)一號(hào)”做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，對(duì)火星在極地表面，根據(jù)

萬(wàn)有引力等于重力，分別列方程分析。

在火星表面，根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力可求第一宇宙速度。

該題考查了萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用，要熟記萬(wàn)有引力的公式和圓周運(yùn)動(dòng)的一些關(guān)系變換

式，解題依據(jù)為萬(wàn)有引力提供向心力。

7.【答案】BC

【解析】解：4、由變壓器的原理可知

Wk

U2712

三=也=2

U4n4k

設(shè)輸電線上損失的電壓為AU,有

U2=AU+U3,則有UI>U4，故A錯(cuò)誤；

8、設(shè)通過(guò)變壓器M原、副線圈的電流為A、12,通過(guò)變壓器N原副線圈的電流為/2、%，

則由變壓器原理得：

9=也=工

I2k

生=出=4

九3

解得：h=13,故8正確；

CO、變壓器M原副線圈匝數(shù)比不變，原線圈輸入電壓不變，所以副線圈輸出電壓不變，

即U1、4不變，由

U=hR總

則有

U2=l3kr+^

用戶增多時(shí)，負(fù)教總電阻減小，所以流過(guò)變壓器N副線圈的電流&增大，原線圈中的電

流，2也隨之增大，由

/P=gr可知，輸電線消耗的功率增大，有

AU=lr

可知I,4U增大，由

U2=AU+U3,可知：

出減小。由

保=/可知，以減小，故C正確，。錯(cuò)誤；

故選：BC.

根據(jù)原副線圈的匝數(shù)比得出電學(xué)物理量的比值關(guān)系；

根據(jù)歐姆定律和電路構(gòu)造分析出電學(xué)物理量的變化。

本題主要考查了變壓器的構(gòu)造和原理，理解變壓器原副線圈兩端的匝數(shù)比和電學(xué)物理量

的比值關(guān)系，結(jié)合歐姆定律即可完成分析。

8.【答案】CD

【解析】解：AB.設(shè)粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r,根據(jù)幾何關(guān)系，r2=(r-^)2+

(當(dāng)R)2,解得r=R,由此判斷，粒子一定從C點(diǎn)正上方射出磁場(chǎng)，故AB錯(cuò)誤；

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C、設(shè)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速度大小為"則qvB=ni9,解得〃=等，故C正確，

D、粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡所對(duì)的圓心角為120。，因此在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=

丁二翼,故。正確;

故選：CD。

根據(jù)題意作出粒子的運(yùn)動(dòng)半徑，結(jié)合幾何關(guān)系解得半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向心力解得

速度，根據(jù)圓心角解得運(yùn)動(dòng)時(shí)間。

畫(huà)出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡是解決本題的關(guān)鍵，結(jié)合幾何關(guān)系，利用粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)規(guī)律解

決問(wèn)題。

9.【答案】4B舒9.7多次測(cè)量球平均值

【解析】解：(1)4、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的兩個(gè)限位孔應(yīng)在同一豎直線上，故A正確；

8、釋放紙帶前要保持紙帶豎直，減小紙帶釋放后與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的摩擦，故8正確;

C、重物選用體積小、質(zhì)量大的物體，故C錯(cuò)誤；

D、先接通電源，后釋放紙帶，故。錯(cuò)誤；

故選：AB.

(2)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的判別式可知

nSS^xlO-2/s2=9.7m/s2

95T27n

(3)為了減小偶然誤差，可采用多次測(cè)量球平均值。

故答案為：(1)28：(2)空：97(3)多次測(cè)量球平均值

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作；

(2)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得出重力加速度的大?。?/p>

(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理提出可以減少實(shí)驗(yàn)偶然誤差的建議。

本題主要考查了重力加速度的測(cè)量實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理掌握正確的實(shí)驗(yàn)操作，結(jié)合運(yùn)動(dòng)

學(xué)公式得出重力加速度的大小即可。

10.【答案】0?34.4分流大

【解析】解：(2)電源電動(dòng)勢(shì)約為3匕選擇0?31/的電壓表，根據(jù)岳=1/+5承丫+「)得：

2=＞竿4,結(jié)合圖像可得*=0331/-1,竿=琮篙今解得：R=4.4/2

UEEREE0.08/x

(3)由于電壓表的分流作用，使得測(cè)得的電流偏小，則電阻測(cè)量值偏大。

故答案為：(2)0?3,4.4；(3)分流，大

(2)根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)用歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)圖示圖象求出電阻；

(3)根據(jù)電壓表的分流作用分析誤差。

本題考查了測(cè)量電阻的實(shí)驗(yàn)，要注意正確根據(jù)題意明確實(shí)驗(yàn)原理；然后根據(jù)所對(duì)應(yīng)的物

理規(guī)律分析求解即可；對(duì)于圖象分析問(wèn)題，要注意根據(jù)物理規(guī)律確定公式，結(jié)合圖象的

性質(zhì)分析斜率以及截距的意義

11.【答案】解：(1)物塊從滑上長(zhǎng)木板到圓弧最高點(diǎn)過(guò)程，由動(dòng)能定理得：fmgR一

mgR=0—1mvo

解得：〃=0.5

(2)物塊從圓弧上端滑到最低點(diǎn)過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律得：mgR=\mvl

解得：%=y/2gR

物塊與長(zhǎng)木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)木塊與長(zhǎng)木板共速時(shí)物塊仍在木板上，設(shè)物塊相

對(duì)長(zhǎng)木板滑行的距離為3

設(shè)物塊與長(zhǎng)木板的共同速度為以，以向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mV1=2mv2,

由能量守恒定律得：|x2mvl+fimgL

解得：”2=：/須，乙=/?，假設(shè)成立，物塊相對(duì)木板滑行的距離為R

答：(1)物塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5；

(2)物塊從圓弧體上返回到長(zhǎng)木板后，相對(duì)長(zhǎng)木板滑行的距離是R。

【解析】(1)應(yīng)用動(dòng)能定理可以求出物塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。

(2)應(yīng)用機(jī)械能守恒定律求出物塊再次滑上長(zhǎng)木板時(shí)的速度大小，物塊與長(zhǎng)木板組成的

系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律求解。

根據(jù)題意分析清楚物塊與長(zhǎng)木板的運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的前提，應(yīng)用動(dòng)能定理、動(dòng)量守恒定

律與能量守恒定律即可解題。

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12.【答案】解：(1)當(dāng)金屬棒協(xié)沿導(dǎo)軌勻速向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為Ei=

根據(jù)閉合電路歐姆定律得

lr=—

12R

對(duì)金屬棒cd研究，由平衡條件得：/imgcosO=mgsin。+B^L

解得〃=0.85

(2)設(shè)金屬棒ab向上運(yùn)動(dòng)的速度為功時(shí)，金屬棒cd剛好要滑動(dòng)。

對(duì)金屬棒cd有：B=fimgcosO+mgsind

解得%=16m/s

則金屬棒ab向上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=—==2s

a8

(3)金屬棒ab向上加速運(yùn)動(dòng)至cd棒剛好要滑動(dòng)的過(guò)程中，金屬棒ab運(yùn)動(dòng)的位移x=萱=

1621,

——m=16m

2X8

設(shè)通過(guò)金屬棒cd的電量為q,則9="=絲包=處

"2R2R

解得q=3.2C

設(shè)金屬棒cd中產(chǎn)生的焦耳熱為Q。根據(jù)功能關(guān)系得

1

W=mgsin。?x+/^mgcosd?%+2Q7

解得Q=347

答：(1)金屬棒與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因數(shù)的大小為0.85；

(2)從靜止開(kāi)始，金屬棒ab向上加速運(yùn)動(dòng)2s時(shí)間，金屬棒cd剛好要滑動(dòng)；

(3)此過(guò)程中，金屬棒cd中通過(guò)的電量為3.2C,產(chǎn)生的焦耳熱的大小為34/。

【解析】(1)當(dāng)金屬棒帥沿導(dǎo)軌勻速向下運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路

歐姆定律求出感應(yīng)電流大小。對(duì)金屬棒cd,根據(jù)平衡條件求解金屬棒與導(dǎo)軌間動(dòng)摩擦因

數(shù)的大??；

(2)金屬棒cd剛好要滑動(dòng)時(shí)，靜摩擦力沿導(dǎo)軌向下達(dá)到最大值，對(duì)cd棒，根據(jù)平衡條件

以及安培力與速度的關(guān)系求出金屬棒cd剛好要滑動(dòng)時(shí)金屬棒ab的速度，帥棒做勻加速

運(yùn)動(dòng)，由"=at求出經(jīng)歷的時(shí)間。

(3)對(duì)于金屬棒ab向上勻加速運(yùn)動(dòng)至金屬棒cd剛好要滑動(dòng)的過(guò)程，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求金屬

棒ab運(yùn)動(dòng)的位移。根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律和電量與電流的關(guān)系求

金屬棒cd中通過(guò)的電量，由功能關(guān)系求產(chǎn)生的焦耳熱的大小。

本題是雙桿問(wèn)題，關(guān)鍵要正確分析兩棒的受力情況，抓住安培力與速度的關(guān)系，運(yùn)用力

學(xué)規(guī)律幫助解答。

13.【答案】CDE

【解析】解：4、一定量的理想氣體的內(nèi)能才只與溫度有關(guān)，故A錯(cuò)誤；

8、布朗運(yùn)動(dòng)的劇烈程度與溫度有關(guān)，但布朗運(yùn)動(dòng)是指懸浮液體中的顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，

不叫分子熱運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C、由景=C可知，溫度不變，當(dāng)其體積減小時(shí)壓強(qiáng)變大，故C正確；

。、晶體有固定的熔點(diǎn)，晶體熔化過(guò)程中吸收熱量，內(nèi)能增加，溫度不變，其分子平均

動(dòng)能不變，故。正確；

E、在無(wú)傳熱的情況下，氣體膨脹對(duì)外做功，內(nèi)能一定減小，故￡正確；

故選：CDEo

理想氣體內(nèi)能由溫度和物質(zhì)的量來(lái)決定；布朗運(yùn)動(dòng)為懸浮液體中的顆粒的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，

不叫分子熱運(yùn)動(dòng)；根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程確定；溫度是平均動(dòng)能的標(biāo)志，內(nèi)能的變化由

做功和熱傳遞兩種方式。

本題主要考查了氣體內(nèi)能的決定因素，理想氣體狀態(tài)方程以及布朗運(yùn)動(dòng)，解題關(guān)鍵是熟

練掌握熱學(xué)基本知識(shí)點(diǎn)即可.

14.【答案】解：①開(kāi)始時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)為：

Pi=75cmHg-15cmHg--60cmHg

玻璃管中氣柱的體積為：

匕=5x0.1cm3=0.5cm3

升溫后，封閉氣體的壓強(qiáng)為：

p2—75cmHg—5cmHg—70cmHg

玻璃管中氣柱的體積為：

彩=15x0.1cm3=1.5c7n3

根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)方程可得：

Pl"+%）=P2（…2）

T1