2021屆河南省六市聯(lián)考高考物理二模試卷附答案詳解

2021屆河南省六市聯(lián)考高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.請閱讀下述文字，完成第8題、第9題、第10題、第11題。一輛汽車行駛在平直公路上，從t=0時

開始制動，汽車在第1s、第2s、第3s前進(jìn)的距離分別是96、7m、5m,如圖所示。某同學(xué)根據(jù)

題目所提供的信息，猜想汽車在制動后做勻減速直線運動。如果他的猜想是正確的，可進(jìn)一步

推斷。

汽車由開始制動到靜止，運動距離為（）

A.21mB.23mC.25mD.27m

2.在電場強(qiáng)度大小為E的勻強(qiáng)電場中，將一個質(zhì)量為小、電量為q的帶電小球由靜止開始釋放，帶

電小球沿與豎直方向成。角的方向做直線運動.關(guān)于帶電小球的電勢能￡和機(jī)械能W的判斷，正

確的是（）

A.若sin?！春?，則￡一定減小，小一定增加

B.若s譏。=黑，貝亞一定不變，”一定減小

C.若sin。＜禽貝胎可能增加，W可能減小

D.若tg8=黑,則￡可能增加，”一定增加

3.如圖所示的電路中，有一自耦變壓器，左側(cè)并聯(lián)一只理想電壓表匕后接

在穩(wěn)定的交流電源上，右側(cè)串聯(lián)燈泡L和滑動變阻器R，R上并聯(lián)一只理

想電壓表％,下列說法中正確的是（）

A.若F不動，滑片P向下滑動時，匕示數(shù)不變，收示數(shù)變大

B.若F不動，滑片P向下滑動時，燈泡消耗的功率變大

C.若P不動，滑片F(xiàn)向下移動時，匕、彩的示數(shù)均變大

D.若P不動，滑片F(xiàn)向下移動時，燈泡消耗的功率變大

4.假設(shè)有兩顆人造衛(wèi)星4、B繞地球做勻速圓周運動，周期之比為7\：TB=27：8,則運動速率

之比為

A.vA：vB=3：8B.vA：vB=4：3

C.vg—3：4D.vA：vB=2：3

5.在同一平臺上的。點拋出的3個物體，做平拋運動的軌跡均在紙面內(nèi)，如圖，

則三個物體做平拋運動的初速度以、如、氣的關(guān)系及落地時間以、%、勿的

關(guān)系分別是（）

A.vA>vB>vc以>3>tc

VA=V=

BVc以="=tc

C.vA<vB<vc%>3>勿

D.vA<vB<vc%<<k

二、多選題（本大題共5小題，共27.0分）

6.下列說法正確的是（）

A.放射性元素的半衰期與原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件無關(guān)

B.光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)深入揭示了光的粒子性，前者表明光子具有能量，后者表明光子除了

具有能量外還具有動量

C.在尹N+?O+X核反應(yīng)中，X是質(zhì)子，這個反應(yīng)過程叫衰變

D.各種氣體原子的能級不同，躍遷時發(fā)射光子的能量（頻率）不同，因此利用不同的氣體可以制

成五顏六色的霓虹燈

E.根據(jù)波爾理論，氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，要釋放一定頻率的光子，

同時電子的動能減小，電勢能增大.

7.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一固定軌道，其中4B是長為R的粗糙水平直軌道，

BC。是圓心為。、半徑為R的;光滑圓弧軌道，兩軌道相切于B點.在推力作用D（……:…"'D'

下，質(zhì)量為m的小滑塊從4點由靜止開始做勻加速直線運動，到達(dá)B點時即撤\~戶

去推力，小滑塊恰好能沿圓軌道經(jīng)過最高點C。重力加速度大小為g,取ZB所在的水平面為零勢

能面。則小滑塊（）

A.在段運動的加速度為2.5g

B.經(jīng)B點時加速度為零

C.在C點時合外力的瞬時功率為mg廊

D.上滑時動能與重力勢能相等的位置在直徑上方

8.如圖所示，豎直放置的兩塊很大的平行金屬板a、b,相距為d,%b間4/*j4

的電場強(qiáng)度為E，今有一帶正電的微粒從a板下邊緣以初速度為豎直向

上射入電場，當(dāng)它飛到匕板時，速度大小不變，而方向變?yōu)樗椒较颍覄偤脧母叨纫矠閐的狹

縫進(jìn)入兒區(qū)域，兒區(qū)域的寬度也為d,所加電場的場強(qiáng)大小也為E,方向豎直向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度

方向垂直紙面向里，磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度大小等于9,重力加速度為g,則下列關(guān)于微粒運動的說法

正確的是（）

A.微粒在時區(qū)域的運動時間為7

B.微粒在be區(qū)域中做勻速圓周運動，圓周半徑r=2d

C.微粒在be區(qū)域中做勻速圓周運動，運動時間為黑

D.微粒在品、be區(qū)域中運動的總時間為笛叫

9.下列說法中正確的是（）

A.因為液體表面具有收縮的趨勢，所以液體表面分子間只有引力沒有斥力

B.液晶既具有液體的流動性，又具有光學(xué)各向異性

C.晶體熔化過程中吸收熱量，分子平均動能一定增大

D.在任何自然過程中，一個孤立系統(tǒng)的總焙不會減小

E.氣體壓強(qiáng)的大小和單位體積內(nèi)的分子數(shù)及氣體分子的平均動能都有關(guān)

10.簡諧橫波在t=0時刻的波形圖如圖所示，abed是介質(zhì)中4個振動質(zhì)點，此時質(zhì)點向平衡位置運

動，波的波速大小為u=2m/s,由此可知（）

A.該列波的頻率是5Hz

B.該列波沿x軸負(fù)向傳播

C.從t=0時刻開始，經(jīng)0.2s時間，4個質(zhì)點所通過的路程均相等

D.在t=0.3s時刻，c的位移最大，d的位移為0

E.從t=0.4s時刻算起，質(zhì)點a將比b先到達(dá)其平衡位置

三、實驗題（本大題共2小題，共15.0分）

11.某研究性學(xué)習(xí)小組在學(xué)習(xí)了摩擦力之后，通過觀察沙堆的形成，測出了沙粒之

間的動摩擦因數(shù).研究的過程如下：研究小組通過觀察沙堆的形成過程可以發(fā)

現(xiàn)，由漏斗落下的細(xì)沙總是在地面上形成一個小圓錐體，繼續(xù)下落時，細(xì)沙沿

圓錐體表面下滑，當(dāng)圓錐體的母線與底面夾角達(dá)到一定角度時，細(xì)沙不再下滑，如此周而復(fù)始，

使圓錐體狀的沙堆不斷增大，如上右圖，由此研究小組得出結(jié)論，沙堆的形成與沙粒之間的動

摩擦因數(shù)有關(guān).該小組只用一把皮卷尺就測定了沙粒之間的動摩擦因數(shù)（假定最大靜摩擦力等于

滑動摩擦力）

①該小組必須測定的物理量是和

②動摩擦因數(shù)與這些物理量之間的關(guān)系是.

12.一實驗小組想測定某手機(jī)電池（3.7匕l(fā)OOnM）的電動勢E和內(nèi)電阻r的準(zhǔn)確值.他們在實驗室又找

來了以下實驗器材：

電流表4式量程100mA,內(nèi)阻不計）、電流表4（量程2m4，內(nèi)阻不計）、滑動變阻器RI（0-2k。）、電

阻箱/?2（。-999.9。）、開關(guān)S一只，導(dǎo)線若干

①實驗中電流表應(yīng)選;

②請在方框內(nèi)畫出實驗電路的原理圖，并標(biāo)出所用器材的符號.

③該研究小組在實驗中取得多組數(shù)據(jù)，作出如圖所示的線性圖象，則電動勢EV,內(nèi)阻r=

_a.

?X/Q

四、簡答題（本大題共1小題，共14.0分）

13.如圖所示，開關(guān)S閉合后，將變阻器滑片p從a滑向b的過程中，電流表公

示數(shù)將（選填“增大”、“減小”或“不變”），電壓表?示數(shù)將

（選填“增大"、“減小”或“不變”），小燈泡L的亮度將（

選填“變亮”、“變暗”或“不變”）.

五、計算題（本大題共3小題，共38.0分）

14.飛機(jī)著陸后以6m/s2的加速度做勻減速直線運動，其著陸速度為60m/s,求:

團(tuán)整個減速過程的平均速度的大小;

團(tuán)靜止前4s內(nèi)飛機(jī)滑行的位移大小x'。

15.如圖甲所示，一定質(zhì)量的理想氣體被質(zhì)量為m的活塞封閉在導(dǎo)熱良好的汽缸內(nèi)，此時活塞靜止

且距離底部的高度為八，不計活塞與汽缸間的摩擦。外界大氣壓強(qiáng)為P。(未知)，其中P°S=詈,

汽缸截面積為S,重力加速度為g,求：

(1)甲圖中封閉氣體的壓強(qiáng)Pi=?

(2)若在活塞上放置質(zhì)量為m的鐵塊，活塞下滑后再次靜止，如圖乙所示，求△/!=?

(此過程溫度不變)

(3)現(xiàn)對乙圖中封閉氣體緩慢加熱，使活塞剛好回到原來的位置，若此過程中氣體從外界吸收的熱量

為Q.則氣體的內(nèi)能增加了多少？

16.如圖所示，用折射率71=魚的透明物質(zhì)做成內(nèi)外半徑分別為a=7m、b=llm的空心球，其內(nèi)

表面涂有能完全吸光的物質(zhì)，不考慮光在介質(zhì)內(nèi)部傳播時的反射。一平行光從左向右射向此球，

光在真空的傳播速度c=3x108m/s?求：

(1)光進(jìn)入透明物質(zhì)后的最大折射角仇

(2)光在透明物質(zhì)中的最長傳播時間其

參考答案及解析

1.答案：C

解析：解：汽車在制動后做勻減速直線運動，根據(jù)逐差法，解得汽車剎車的加速度大小為：

△x9-7

a=——^—m/s￡=2m/sz

2

根據(jù)位移一時間公式得：XI=v0t-1?t

代入數(shù)據(jù)解得汽車剛制動時的速度為：%=10m/s

根據(jù)速度一位移公式，解得汽車由開始制動到靜止，運動距離為：

x=—=—m=25m,故正確，錯誤。

2a2x2C

故選：Co

根據(jù)逐差法求得汽車剎車的加速度大小，根據(jù)位移-時間公式求得汽車剛制動時的速度，根據(jù)速度-

位移公式求解得汽車由開始制動到靜止，運動距離。

本題考查了勻變速直線運動規(guī)律在實際問題中的應(yīng)用，解決此題的關(guān)鍵是要靈活選擇運動學(xué)公式求

解，特別需要注意的是汽車速度減為零，不再運動。

2.答案：C

解析：解：4、若sinO＜焉電場力可能做正功，也可能做負(fù)功，所以￡可能減小也可能增大、W可

能增大也可能減小.故A錯誤；C正確；

B、若sin。=需，則電場力與速度方向垂直，電場力不做功，￡、以一定守恒.故8錯誤；

D、若tan。=黑，則電場力沿水平方向，據(jù)題知，電場力和重力的合力與速度方向同向，電場力做

正功，￡一定減少，W一定增加，故。錯誤；

故選：C.

帶電小球從靜止開始做直線運動，受到兩個恒力作用，其合力與速度方向必定在同一直線上，根據(jù)

電場力與速度方向的夾角，判斷電場力做功正負(fù)，確定電勢能和機(jī)械能的變化.

本題關(guān)鍵是分析電場力與合力方向的夾角，來判斷電場力做功正負(fù)，確定電勢能和機(jī)械能的變化.

3.答案：4

解析：解：4B、根據(jù)變壓比公式學(xué)=詈，輸入電壓不變，則輸出電壓/也不變，匕示數(shù)不變；

n2

若F不動，滑片P向下滑動時，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，則副線圈回路中總電阻變大，則

回路中電流減小，燈泡兩端電壓減小，功率變小，滑動變阻器兩端電壓變大，瞑的示數(shù)變大，而原

線圈兩端電壓不變，則A正確，B錯誤；

CD、若P不動，滑片F(xiàn)向下移動時，根據(jù)理想變壓器特點可知原線圈兩端電壓不變，匕示數(shù)不變，副

線圈兩端電壓減小，則副線圈回路中電流變小，燈泡L消耗的功率減小，電壓表嶺的示數(shù)變小，故

CD錯誤。

故選：A?

自耦變壓器，根據(jù)變壓比公式判斷輸出電壓的變化情況；根據(jù)閉合電路歐姆定律判斷電流變化情況；

根據(jù)串聯(lián)電路的電流和電壓特點判斷電壓表彩的情況。

變壓器的動態(tài)問題大致有兩種情況：一是負(fù)載電阻不變，原、副線圈的電壓小，U2,電流A，12,輸

入和輸出功率Pi，P2隨匝數(shù)比的變化而變化的情況；二是匝數(shù)比不變，電流和功率隨負(fù)載電阻的變

化而變化的情況。不論哪種情況，處理這類問題的關(guān)鍵在于分清變量和不變量，弄清楚“誰決定誰”

的制約關(guān)系。

4.答案：D

解析：

由萬有引力提供向心力求出兩衛(wèi)星半徑之比，再由〃=年求出速率之比。

本題考查萬有引力定律的應(yīng)用，關(guān)鍵是萬有引力提供向心力或開普勒第三定律求出半徑的比值。

由誓=也某「得半徑「=，察，兩衛(wèi)星半徑之比葭=將=:,

速率“二竿’故兩衛(wèi)星運行速率之比晟=器="故A8C錯誤,。正確。

故選，

5.答案：C

解析：解：三個物體都做平拋運動，取一個相同的高度，此時物體的下降的時間

相同，水平位移大的物體的初速度較大，如圖所示，

由圖可知：VA<VB<vc,

由九=；9產(chǎn)可知，物體下降的高度決定物體運動的時間，

所以以〉tB>tc，所以c正確.

故選：C.

研究平拋運動的方法是把平拋運動分解到水平方向和豎直方向去研究，水平方向做勻速直線運動，

豎直方向做自由落體運動，兩個方向上運動的時間相同.

本題就是對平拋運動規(guī)律的考查，平拋運動可以分解為在水平方向上的勻速直線運動，和豎直方向

上的自由落體運動來求解.

6.答案：ABD

解析：解：4、原子核的半衰期由核內(nèi)部自身因素決定，與原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件無關(guān).故

A正確；

B、光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)深入揭示了光的粒子性，前者表明光子具有能量，后者表明光子除了具有

能量外還具有動量.故8正確；

C、在尹N+?o+x核反應(yīng)中，依據(jù)質(zhì)量數(shù)與質(zhì)子數(shù)守恒，則X是質(zhì)子，但這個反應(yīng)過程不

叫衰變，而是原子核的人工轉(zhuǎn)變.故c錯誤；

。、根據(jù)波爾理論，各種氣體原子的能級不同，躍遷時發(fā)射光子的能量（頻率）不同，因此利用不同的

氣體可以制成五顏六色的霓虹燈.故。正確；

及根據(jù)波爾理論，氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，要釋放一定頻率的光子，電勢

能減??；同時，根據(jù)：寫=叱，可知電子的動能隨軌道的減小而增大.故E錯誤.

rzr

故選：ABD.

半衰期由核內(nèi)部自身因素決定，與外界因素?zé)o關(guān)；光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)深入揭示了光的粒子性；

衰變是自發(fā)的，而人工轉(zhuǎn)變是合成的；根據(jù)波爾理論，氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能

級時，要釋放一定頻率的光子，同時電子的動能增大，電勢能減小.

該題考查半衰期與外界、衰變與人工轉(zhuǎn)變的區(qū)別、以及波爾理論等，重點是波爾理論，要牢記氫原

子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，釋放能量，但是電子的動能卻增大.

7.答案：AD

解析：

小滑塊恰好能沿圓軌道經(jīng)過最高點C,根據(jù)牛頓第二定律求出最高點的速度，通過動能定理求出經(jīng)過

B點的速度，從而求出B點的加速度。根據(jù)速度位移公式求出4B段的加速度大小。根據(jù)機(jī)械能守恒定

律求出上滑時動能和重力勢能相等的位置。

本題綜合考查了動能定理、機(jī)械能守恒、牛頓第二定律和運動學(xué)公式，這種結(jié)合方式是比較?？嫉?

需加強(qiáng)這類題型的訓(xùn)練。

A.在段，根據(jù)速度位移公式喏=2aR,解得：a=2.5g,故4正確；

8.在C點，有：mg=解得%=反對B到C,根據(jù)動能定理有：-mg,2R=刎雄一刎詣，

解得與=^則B點的加速度a。=胃=5g，故8錯誤；

C.在C點，合力的方向豎直向下，速度的方向與合力的方向垂直，所以合力的瞬時功率為0,故C錯

誤；

。.物塊在圓弧軌道上滑的過程中機(jī)械能守恒，有：=mgh+^mv2=2mgh,解得h=灑動

能和重力勢能相等的位置在的上方，故。正確。

故選A。。

8.答案：ABC

解析：解：4、將粒子在電場中的運動沿水平和豎直方向正交分解，水平分

運動為初速度為零的勻加速運動，豎直分運動為末速度為零的勻減速運動,

根據(jù)運動學(xué)公式，有水平方向：q)=at,d=^,豎直方向：0=%-gt,

解得：a=g,t吟故A正確；

8、粒子在復(fù)合場中運動時，由于電場力與重力平衡，故粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力,

有：qv0B=解得：「=黃，聯(lián)立解得：r=2d,故8正確；

C、由于r=2d,畫出軌跡，如圖。由幾何關(guān)系，得到回旋角度為30。，故在復(fù)合場中的運動時間為：

殳T=器=點故c正確；

。、粒子在電場中運動時間為：ti=竽,故粒子在ab、比區(qū)域中運動的總時間為：t=t.+t=更警.

VO川02

故。錯誤。

故選：ABC.

將粒子在電場中的運動沿水平和豎直方向正交分解，水平分運動為初速度為零的勻加速運動，豎直

分運動為末速度為零的勻減速運動，根據(jù)運動學(xué)公式和牛頓第二定律列式分析；粒子在復(fù)合場中運

動時，由于電場力與重力平衡，故粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，求得軌跡半徑和運

行周期，從而求得運動時間。

本題關(guān)鍵是將粒子在電場中的運動正交分解為直線運動來研究，而粒子在復(fù)合場中運動時，重力和

電場力平衡，洛侖茲力提供向心力，粒子做勻速圓周運動。

9.答案：BDE

解析：解：2、分子之間既存在斥力也存在引力，液體表面具有收縮的趨勢，是因為引力大于斥力，

它們的合力表現(xiàn)為引力的緣故。故A錯誤；

8、液晶既具有液體的流動性，又具有光學(xué)各向異性，故B正確；

C、晶體有固定的熔點，晶體熔化過程中吸收熱量，溫度不變，分子平均動能不變，故C錯誤；

D,由熱力學(xué)第二定律可知，任何自然過程中，一個孤立系統(tǒng)的總埔不會減少，故。正確；

E、氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)的分子數(shù)及氣體分子的平均動能

都有關(guān)。故E正確。

故選：BDEo

分子之間既存在斥力也存在引力；液晶既具有液體的流動性，又具有光學(xué)各向異性；晶體有固定的

熔點；由熱力學(xué)第二定律可知，任何自然過程中，一個孤立系統(tǒng)的總牖不會減少：氣體分子單位時

間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)的分子數(shù)及氣體分子的平均動能都有關(guān)。

本題考查了液體的表面張力、液晶、晶體和非晶體、熱力學(xué)第二定律、氣體壓強(qiáng)的微觀意義等知識

點。這種題型屬于基礎(chǔ)題，只要善于積累，難度不大。

10.答案:ACDE

解析：

根據(jù)a質(zhì)點的振動方向，通過“上下坡”法得出波的傳播方向，根據(jù)波長和波速求出周期，從而得出

波的頻率.根據(jù)質(zhì)點的振動方向確定誰先到達(dá)平衡位置.本題關(guān)鍵是能夠通過波形圖得到各個質(zhì)點

的振動情況，明確簡諧運動中質(zhì)點的位移與路程的區(qū)別.

A、由圖象知,波長4=40cm=0.4m,則波的周期T=/=~s=0.2s,波的頻率f="=專Hz=5Hz,

故A正確.

B、質(zhì)點a向下振動，根據(jù)“上下坡”法知，波沿工軸正方向傳播，故8錯誤.

C、0.2s為一個周期，質(zhì)點通過的路程為4倍的振幅，貝恪個質(zhì)點所通過的路程均相等，故C正確.

以t=0.3s時，即經(jīng)過5個周期，c運動到負(fù)的最大位移處，d處于平衡位置，位移為零，故。正確.

E、質(zhì)點a向下振動，質(zhì)點b向上振動，從t=0.4s時刻算起，質(zhì)點a先回到平衡位置，故E正確.

故選：ACDE.

11.答案：測量沙堆的高度“；底面的周長s；4=等

解析：解：取側(cè)面的一粒沙作為研究對象，其受力情況如圖所示.

設(shè)圓錐的高為H、底面半徑為R、底面周長為S,據(jù)平衡條件，有：

mgsinO=/y...(T)

FN=mgcosO…②

Ff=島…③

解得：〃=tan9

根據(jù)幾何關(guān)系，有：tern。=9…④

K

S=2nR...⑤

由以上解得：〃=等

故答案為：(1)測量沙堆的高度”和底面的周長s；(2)〃=等

抓住細(xì)沙不再下滑這一臨界狀態(tài)，選擇一粒沙進(jìn)行研究分析，得出力學(xué)平衡等式.

本題考查摩擦力的判斷；善于把力學(xué)中的平衡知識應(yīng)用到生活當(dāng)中，善于把生活中的物理現(xiàn)象與常

見的物理模型相聯(lián)系.這是高考的熱點.

12.答案：A1；3,5；7

解析：解：(1)因電源的額定電流為100mA,故電流表選擇為即可；

(2)采用電流表和電阻箱完成實驗，故只需將電流表和電阻箱串聯(lián)接在電源兩端即可；電路圖如圖所

⑶在閉合電路中，電源電動勢：E=/(R+r),則—r,

由圖示圖象可知，電源電動勢：E=k=矍=匕尹=3.5匕電源內(nèi)阻：r=b=7n；

故答案為；(1)&；(2)如圖所示;(3)3.5；7.

(1)根據(jù)電源的額定電流可明確電流表的選擇；

(2)根據(jù)實驗原理可得出對應(yīng)的電路圖；

(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律可明確對應(yīng)的函數(shù)關(guān)系，再根據(jù)圖示圖象求出電源電動勢與內(nèi)阻.

本題涉及測定電源電動勢和內(nèi)電阻的實驗原理及具體操作，雖然最后的圖象處理不是用的伏安法,

但都可以用閉合電路歐姆定律列式分析，作出直線圖象是關(guān)鍵.

13.答案：增大減小變暗

解析：解：因L與滑動變阻器并聯(lián)，將變阻器滑片P從a滑向b的過程中，滑動變阻器接入電阻變小,

則總電阻變小，總電流增大，所以通過電流表的示數(shù)增大，電源內(nèi)阻所占電壓增大，則路端電壓減

小，電壓表示數(shù)減小，燈泡兩端電壓減小，所以小燈泡L的亮度將變暗.

則由歐姆定律可得，通過滑動變阻器的電流減小，故電流表示數(shù)將減小.

故答案為：增大，減小，變暗

開關(guān)閉合后，燈泡與滑動變阻器并聯(lián)，電流表測量干路電流，根據(jù)并聯(lián)電路電路的特點，并結(jié)合歐

姆定律判斷燈泡亮度的變化以及電流表和電壓表示數(shù)的變化.

本題考查了歐姆定律和并聯(lián)電路特點的應(yīng)用，關(guān)鍵是分清電路的連接方式以及并聯(lián)電路特點的熟練

應(yīng)用.

14.答案：解：(1)飛機(jī)著陸后以6m/s2的加速度做勻減速直線運動，末速為0,所以平均速度有：

_除?'渺鮑I桿峋.,

港=———=-----幽?咫=整般球曲

需黑

(2)對于末速為0的勻減速直線運動，看做反方向的勻加速直線運動，有就=2/=工闔觥嫡!*啾1=4格

墨3

解析：(1)據(jù)勻變速直線運動的平均速度移=—求解。

(2)對于末速為0的勻減速直線運動，看做反方向的勻加速直線運動，據(jù)位移時間公式求解。

15.答案：解：(1)甲圖氣體內(nèi)部壓強(qiáng)為活塞靜止，則得：PrS=mg+P0S

解得：Pi=Po+詈

(2)圖乙中，活塞下滑后再次靜止，P2S=2mg+P0S

氣體發(fā)生的是等溫變化，由玻意耳定律：P^hS=P2(