2021-2022學年遼寧省凌源市高考物理押題試卷含解析

2021-2022學年高考物理模擬試卷

注意事項

1.考生要認真填寫考場號和座位序號。

2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑

色字跡的簽字筆作答。

3.考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，細線的一端固定于。點，另一端系一小球，在水平拉力作用下，小球以恒定速率在豎直平面內由A點

運動到8點，下列說法中正確的是（）

A.水平拉力先增大后減小

B.水平拉力先減小后增大

C.水平拉力的瞬時功率先減小后增大

D.水平拉力的瞬時功率逐漸增大

2、如圖所示，48是固定在豎直平面內的光滑絕緣細桿，4、8兩點恰好位于圓周上，桿上套有質量為機、電荷量為

+4的小球（可看成點電荷），第一次在圓心。處放一點電荷+Q,讓小球從A點沿桿由靜止開始下落，通過8點時的速

度為匕，加速度為"1；第二次去掉點電荷，在圓周平面加上磁感應強度大小為3、方向垂直紙面向里的勻強磁場，讓

小球仍從A點沿桿由靜止開始下落，經過B點時速度為“，加速度為42,則（）

L……小

.一.1/

A.V,<v2B.V,>v2C.ai<a2D.a\>a2

3、如圖所示，物體A、8的質量分別為，小2m,物體B置于水平面上，8物體上部半圓型槽的半徑為R,將物體A

從圓槽的右側最頂端由靜止釋放，一切摩擦均不計。則（）

A.A、B物體組成的系統(tǒng)動量守恒

B.A不能到達圓槽的左側最高點

C.A運動到圓槽的最低點時4的速率為

D.A運動到圓槽的最低點時B的速率為杵

4、5G是“第五代移動通信網絡”的簡稱，目前世界各國正大力發(fā)展5G網絡.5G網絡使用的無線電波通信頻率在3.0

GHz以上的超高頻段和極高頻段（如圖所示），比目前4G及以下網絡（通信頻率在0.3GHz?3.0GHz間的特高頻段）

擁有更大的帶寬和更快的傳輸速率.未來5G網絡的傳輸速率（指單位時間傳送的數(shù)據量大?。┛蛇_lOGbps（bps為

bitspersecond的英文縮寫，即比特率、比特/秒），是4G網絡的50-100倍.關于5G網絡使用的無線電波，下列說法

正確的是

修外線

無短電波紅外線可見無

3-KP3^10*JMO33-I043?10*J^IO13*10^3Tolc3?10l:3Tg

A.在真空中的傳播速度更快

B.在真空中的波長更長

C.衍射的本領更強

D.頻率更高，相同時間傳遞的信息量更大

5、如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為〃1：〃2T0：l，a、6兩點間的電壓為"=220逝sinlOOm（V）,R

為可變電阻，尸為額定電流1A、用鉛鋅合金制成的保險絲.為使保險絲中的電流不超過1A,可變電阻K連入電路的

最小阻值是（）

C.22。D.22&C

6、某國際研究小組借助于甚大望遠鏡觀測到了如圖所示的一-組“雙星系統(tǒng)”，雙星繞兩者連線上的某點。做勻速圓周

運動，此雙星系統(tǒng)中體積較小的成員能“吸食”另一顆體積較大的星體表面物質，達到質量轉移的目的。假設兩星體密

度相當，在演變的過程中兩者球心之間的距離保持不變，則在最初演變的過程中，下列說法錯誤的是()

A.它們做圓周運動的萬有引力逐漸增大

B.它們做圓周運動的角速度保持不變

C.體積較大星體做圓周運動軌跡半徑變大，線速度也變大

D.體積較大星體做圓周運動軌跡半徑變小，線速度變大

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、若宇航員到達某一星球后，做了如下實驗:(1)讓小球從距離地面高人處由靜止開始下落，測得小球下落到地面所需

時間為“(2)將該小球用輕質細繩固定在傳感器上的。點，如圖甲所示。給小球一個初速度后，小球在豎直平面內繞O

點做完整的圓周運動，傳感器顯示出繩子拉力大小隨時間變化的圖象所示(圖中丹、乃為已知)。已知該星球近地衛(wèi)星

的周期為T,萬有引力常量為G,該星球可視為均質球體。下列說法正確的是

31B.小球質量為若薩

A.該星球的平均密度為彳

hT2Th

C.該星球半徑為上二D.環(huán)繞該星球表面運行的衛(wèi)星的速率為六

4/產

3

8、如圖所示，一段均勻帶電的理緣圓弧，所帶電荷量為f圓弧圓心為。，兩端點分別為尸、。、以N為圓弧

上的兩點，且PN和均為直徑。已知0點場強大小為綜，電勢為外。則圓弧PM在圓心。點處產生的場強E的

大小和電勢。分別為（）

￡

A.=B.E=E0c.=yD.

9、如圖所示，一根固定的絕緣豎直長桿位于范圍足夠大且相互正交的勻強電場和勻強磁場中，電場強度大小為

E=等，磁感應強度大小為8。一質量為機、電荷量為q的帶正電小圓環(huán)套在桿上，環(huán)與桿間的動摩擦因數(shù)為Ji?，F(xiàn)

使圓環(huán)以初速度均向下運動，經時間f。，圓環(huán)回到出發(fā)點。若圓環(huán)回到出發(fā)點之前已經開始做勻速直線運動，不計空

氣阻力，重力加速度為g。則下列說法中正確的是（）

A.環(huán)經過L時間剛好到達最低點

2

B.環(huán)的最大加速度為%,=g+儂理

m

1租22-

C.環(huán)在力時間內損失的機械能為；機

D.環(huán)下降過程和上升過程摩擦力的沖量大小不相等

10、情形1：如圖，兩列水波波源S1和S2的振幅分別為2A和A,某時刻它們形成的波峰和波谷分別由實線和虛線表

示。情形2：在楊氏雙縫實驗中，若兩縫之間的距離稍微加大，其他條件不變，則干涉條紋將如何變？情形3：用單

色光通過小圓盤和小圓孔做衍射實驗時，在光屏上得到衍射圖形，它們的特征是（）

A.情形1中兩列波在相遇區(qū)域發(fā)生干涉

B.情形1中此刻A點和B點的位移大小分別是A和3A

C.情形2中干涉條紋將變密

D.情形3中中央均為亮點的同心圓形條紋

E.情形3中用小圓盤時中央是暗的，用小圓孔時中央是亮的

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）測定一個額定電壓UL=2.5V,額定電流約為0.3~0.4A的小燈泡L在正常工作時的阻值。供選擇的器材有:

A.電流表Ai（量程0.6A,內阻”約為0.5。）

B.電流表Az（量程30mA,內阻介=30。）

C.電流表A3（量程60mA,內阻門約為20。）

D.電壓表V（量程15V,內阻，4約為15kQ）

E.定值電阻Ro=7OC

F.滑動變阻器Ri：0-5C,額定電流1A

G滑動變阻器及：0~lkft,額定電流0.2A

H.電源E：電動勢為4.5V,內阻不計

I.開關S及導線若干

（1）測量時要求電表示數(shù)超過其量程的一半，需選用的實驗器材是和H、I（選填器材前對應的字母序號）。

（2）請在虛線框內畫出合適的電路圖（圖中需標明所選器材的符號）。

（）

（3）為保證小燈泡L正常工作，測量時要讓其中哪一個電表的示數(shù)調到多少？

（4）測得小燈泡L在正常工作時的阻值RL=（用實際所測物理量表示），并說明公式中各符號（題中已知的除

外）的物理意義O

12.（12分）用游標卡尺測得某樣品的長度如圖甲所示，其讀數(shù)八mm；用螺旋測微器測得該樣品的外邊長a

如圖乙所示，其讀數(shù)a=mm。

\

r30

234cm5

L

>2一

IIIl.l11IIIillIIillIII11OH0

二5

|llll|lllI|llll|III?Imm<

05101520——

甲乙

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）長為1.5m的長木板B靜止放在水平冰面上，小物塊A以某一初速度從木板B的左端滑上長木板B,直

到A、B的速度達到相同，此時A、B的速度為0.4m/s,然后A、B又一起在水平冰面上滑行了8.0cm后停下.若小

物塊A可視為質點，它與長木板B的質量相同，A、B間的動摩擦因數(shù)晨=0」.求：（取g=10m/s2）

（1）木塊與冰面的動摩擦因數(shù).

（2）小物塊相對于長木板滑行的距離.

Mm

14.（16分）我們已經學過了關于兩個質點之間萬有引力的大小是：F=G_.但是，在某些特殊情況下，非質點之

r-

間的萬有引力計算及其應用的問題，我們可以利用下面兩個已經被嚴格證明是正確的結論，而獲得快速有效地解決：

a.若質點機放置在質量分布均勻的大球殼M（球殼的厚度也均勻）的空腔之內，那么機和M之間的萬有引力總是為

零.

b.若質點機放置在質量分布均勻的大球體仞之外（色r°）,那么它們之間的萬有引力為：F=G-^,式中的r為質

點m到球心之間的距離;“為大球體的半徑.

假設地球可視為一個質量分布均勻且密度為p的球體,通過地球的南北兩極之間能夠打通一個如圖所示的真空小洞.若

地球的半徑為K,萬有引力常數(shù)為G,把一個質量為機的小球從北極的洞口由靜止狀態(tài)釋放后，小球能夠在洞內運動.

（1）求：小球運動到距地心為0.5R處的加速度大小a；

（2）證明：小球在洞內做簡諧運動；

（3）求：小球在運動過程中的最大速度Vm.

15.（12分）汽車A在水平冰雪路面上行駛.駕駛員發(fā)現(xiàn)其正前方停有汽車8,立即采取制動措施,但仍然撞上了汽車瓦

兩車碰撞時和兩車都完全停止后的位置如圖所示，碰撞后B車向前滑動了4.5〃?，A車向前滑動了2.()〃??已知A和B的

質量分別為2.0x1.03依和1.5x1.03依.兩車與該冰雪路面間的動摩擦因數(shù)均為0.10,兩車碰撞時間極短,在碰撞后車輪

均沒有滾動，重力加速度大小g=10m/s?，求

-H2一0m*H—4.5m->!

B

(1)碰撞后的瞬間8車速度的大小

⑵碰撞前的瞬間A車速度的大小

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

小球是以恒定速率運動，即做勻速圓周運動，小球受到的重力G、水平拉力F、繩子拉力7,三者的合力必是沿繩子

指向。點，設繩子與豎直方向夾角是仇F與G的合力必與繩子拉力在同一直線上，則有

F~mgtan0(1)

球由A點運動到8點，增大，說明水平拉力逐漸增大，故AB錯誤；

CD.由幾何關系可知拉力尸的方向與速度叱的夾角也是。，所以水平力尸的瞬時功率是

p=Fvcos3（2）

聯(lián)立兩式可得

p=mgvsin0

從A到B的過程中，〃是不斷增大的，所以水平拉力產的瞬時功率是一直增大的.故C錯誤，D正確。

故選D。

2、D

【解析】

AB.A點和8點在同一個等勢面上，第一次小球從A點由靜止運動到3點的過程中，庫侖力對小球做功的代數(shù)和為

零，根據動能定理，得

,1，

mgn=—mvf

第二次小球從A點由靜止運動到B點的過程中，洛倫茲力不做功，根據動能定理，得

mgh=^mv[

所以匕=嶺，故AB錯誤；

CD.小球第一次經過8點時，庫侖力有豎直向下的分量，小球受的豎直方向的合力/i>mg,由牛頓第二定律可知，

小球經過8點時的加速度s>g,小球第二次經過B點時，由左手定則可知，洛倫茲力始終與桿垂直向右，同時桿對小

球產生水平向左的彈力，水平方向受力平衡。豎直方向只受重力作用，由牛頓第二定律可知，小球經過3點時的加速

度42=g>所以。1>。2,故C錯誤，D正確。

故選D。

3、D

【解析】

A.A、5物體組成的系統(tǒng)只有水平方向動量守恒，選項A錯誤：

B.運動過程不計一切摩擦，故機械能守恒，那么A可以到達3圓槽的左側最高點，且A在8圓槽的左側最高點時，

4、8的速度都為零，故B錯誤；

CD.對A運動到圓槽的最低點的運動過程由水平方向動量守恒

mvA=2mvB

對AB整體應用機械能守恒可得

mgR=；mv\+；?2mv]}

所以A運動到圓槽的最低點時B的速率為

故C錯誤，D正確；

故選D。

4、D

【解析】

A、無線電波（電磁波）在真空的傳播速度與光速相同，保持不變，其速度與頻率沒有關系，故A錯誤;

BC、由公式c=4/可知：2=頻率變大，波長變短，衍射本領變弱，故BC錯誤；

D、無線電波（電磁波）頻率越高，周期越小，相同時間內可承載的信息量越大，故D正確.

5、A

【解析】

原線圈輸入電壓G=斗喳曠=220丫

V2

U.n.

根據電壓與匝數(shù)成正比/

U2n2

代入數(shù)據解得：4=乂4=22丫

原線圈的最大輸入功率為耳=U/=220W

輸出功率等于輸入功率4=6=220W

由公式：P,=5~

2R

解得：R=2.2C

故應選A.

6、D

【解析】

A.設體積較大星體的質量為，Th,體積較小星體的質量為，”2,根據萬有引力定律

F=G'-

r

因町+/%為一定值，根據均值不等式可以判斷出最初演變的過程中，班加2逐漸變大，它們之間的萬有引力逐漸變大,

故A正確，不符合題意；

B.根據

G叫a=/療與=加232（尸_4）

得

(=---=—

m,

將4代入

「班肛2

L￡

G—r-=/7716t>4

r

解得

因叫+能2為一定值，r不變，則角速度。不變，故B正確，不符合題意；

CD.根據

7]=------=—r

m,+?i,

因體積較大的星體質量如變小，而M+W2保持不變，故，”2變大，則體積較大的星體做圓周運動軌跡半徑口變大，根

據

v=a）r

可知角速度不變，半徑變大，故其線速度也變大，故C正確，不符合題意，D錯誤，符合題意。

故選D。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、ABD

【解析】

A.對近地衛(wèi)星有6舞=加茶火，星球密度P=?,體積V=g兀Ri解得夕=券，故A正確。

B.小球通過最低點時拉力最大，此時有

F2-mg=m—

r

最高點拉力最小，此時有

9

_V

r,+mg=m一

r

最高點到最低點，據動能定理可得

mg?2r=gmv^-；m\r

可得用一6=6mg,小球做自由落體運動時，有

可得g=與，加=（/一片）/，故B正確。

t2\2h

C.根據T=-^及丫=廊可得：星球平均密度可表示為

v

3兀=3g

~GT2~4TIGR

2

可得R=hjT',故C錯誤。

2島2

D.環(huán)繞該星球表面運行的衛(wèi)星的速率可表示為

故D正確。

8、BC

【解析】

AB.根據對稱性可知圓弧PM和QN在0點的合場強為0,圓弧MN在O點的場強為整個圓弧所帶電荷在O點處的

場強紜，又圓弧PM、MN和NQ在O點處的場強大小相等，則圓弧PM在圓心處的場強大小后二線，選項A錯誤,

B正確；

CD.電勢為標量，圓弧PM、MN和QN在O點的電勢。相等，夕=?，選項C正確，D錯誤。

故選BCo

9、BC

【解析】

AB.由題意可知，環(huán)在運動的過程中，受到的電場力大小為/=4^=2mg,方向始終豎直向上。假設豎直向下為正

方向，則當環(huán)下滑的過程中，受力分析，根據牛頓第二定律得：

mg—（qE+=ma

得：

T+等）

負號代表該加速度與運動方向相反，故物體在下滑的過程中做加速度逐漸減小的減速運動；當環(huán)上升的過程中，根據

牛頓第二定律

mg+/jqvB-qE-ma'

解得：

環(huán)做加速度逐漸減小的減速運動，在到達原出發(fā)點前，加速度減為零，此時，

"二0

v=-t-n--g-

JLIVB

開始以速度V做勻速直線運動。

所以由于運動的不對稱性可以確定，從開始下滑到最低點的時間不等于當；

整個運動過程中，加速度一直減小，所以在運動的最開始時，加速度最大，加速度大小的最大值為：

q.=g+儂史

m

則A錯誤,B正確；

C.由以上計算，可知，整個過程中，系統(tǒng)損失的機械能

.?12]，1/2機宣、

\E=-mv^--mv-=-m\v--

22210qf.iB）

C正確；

D.環(huán)上升和下降的過程中，摩擦力的沖量大小相等，D錯誤。

故選BC?

10、BCD

【解析】

A.由圖看出，波源$形成的水波波長大于波源S2是形成的水波波長，兩列波在同一介質中傳播，波速相等，由波速

公式片為得知，兩列波的頻率不等，不會形成干涉現(xiàn)象，但能發(fā)生疊加現(xiàn)象，故A錯誤；

B.根據兩列水波波源Si和S2的振幅分別為2A和A,結合圖可知，此時刻4點和8點的位移大小分別是A和34,

故B正確。

C.在楊氏雙縫實驗中，若兩縫之間的距離稍微加大，其他條件不變，根據&t=可知，則條紋間距減小，干涉條

紋將變密集，選項C正確；

DE.情形3中小圓盤和小圓孔衍射均為中央亮點的同心圓形條紋，選項D正確，E錯誤。

故選BCD。

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

h（4+弓）

11、ABEF電流表At的示數(shù)為25mA人為電流表Ai的示數(shù),

上為電流表A2的示數(shù)且為25mA

【解析】

測量時要求電表示數(shù)超過其量程的一半，額定電壓UL=2.5V,則電壓表量程太大不能選，可考慮電流表A2與定

值電阻島串聯(lián)改裝成一個電壓表，即

30x10-3Ax30cU

30Q-30Q+70Q

改裝電壓表的量程為Uv=3V：電流表Ai可用于測電流；根據歐姆定律估算小燈泡L在正常工作時的阻值為6?8Q,

滑動變阻器&阻值太大，不適合做限流電阻，滑動變阻器R小于燈泡正常工作時電阻，宜采用分壓電路，所以選擇

阻值較小，額定電流較大的R1以分壓方式接入電路，采用外接法可以消除系統(tǒng)誤差。

故選ABEFo

(2)[2]根據上述分析畫出電路圖：

(3)[3]小燈泡的額定電壓為2.5V，則

2.5V=Z2(30Q+70Q)

解得

/2=25mA

所以調節(jié)2將電流表A2的示數(shù)調到25mA?

(4)[4]根據歐姆定律

pU，2(&)+弓)

R'二PT

⑸式中八為電流表AI的示數(shù)，/2為電流表A2的示數(shù)且為25mA?

12、20.151.730

【解析】

[1].樣品的長度L=2cm+0.05mmx3=20.15mm；

[2].樣品的外邊長a=1.5mm+0.01mmx23.0=1.730mmo

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)4=0[。(2)0.96m

【解析】

(1)4、8一起運動時，受冰面對它的滑動摩擦力，做勻減速運動，加速度：

0.42-1,2

a==----------m/s=lm/s

22x0.08

解得木板與冰面的動摩擦因數(shù)：

—0.10

(2)小物塊A在長木板上受木板對它的滑動摩擦力，做勻減速運動，加速度為：

%==2.5m/s2

小物塊A在木板上滑動時，木板B受小物塊A的滑動摩擦力和冰面的滑動摩擦力，做勻加速運動，有：

"img—&(2m)g-maz

解得加速為

2

a2=().5()m/s

設小物塊沖上木板時的初速度為匕0,經時間t后A、B的速度相同為V,由長木板的運動得：

v=a2t

解得滑行時間為：

V

r=—=0.8s

a2

小物塊沖上木板的初速度為

%=u+"=2.4m/s

小物塊A在長木板B上滑動的距離為：

1212

/^x—Xj—%2=匕o'—W4廣—5=0.96m

14、(1)a-^Gp7iR(2)F=GpTimx=-kx做簡諧運動(3)vfti=