2022屆海南省臨高高考物理五模試卷含解析

2021-2022學年高考物理模擬試卷

注意事項

1.考生要認真填寫考場號和座位序號。

2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑

色字跡的簽字筆作答。

3.考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、一個小物體從斜面底端沖上足夠長的斜面，然后又滑回斜面底端，已知小物體的初動能為E,返回斜面底端時的速

E

度為叱，克服摩擦力做功為一若小物體沖上斜面的初動能為2E,則下列選項中正確的一組是（）

2

①物體返回斜面底端時的動能為E

3￡

②物體返回斜面底端時的動能為—

2

③物體返回斜面底端時的速度大小為2V

④物體返回斜面底端時的速度大小為V2v

A.①③B.②④C.①④D.②

2、某工廠檢查立方體工件表面光滑程度的裝置如圖所示，用彈簧將工件彈射到反向轉動的水平皮帶傳送帶上，恰好能

傳送過去是合格的最低標準。假設皮帶傳送帶的長度為10m,運行速度是8m/s,工件剛被彈射到傳送帶左端時的速度

是10m/s,取重力加速度g=10m/s2。下列說法正確的是（）

A.工件與皮帶間動摩擦因數(shù)不大于0.32才為合格

B.工件被傳送過去的最長時間是2s

C.若工件不被傳送過去，返回的時間與正向運動的時間相等

D.若工件不被傳送過去，返回到出發(fā)點的速度為10m/s

3、如圖所示，固定在水平地面的斜面體，其斜面傾角a=30。、斜面長x=1.6m,底端與長木板B上表面等高，B靜止

在光滑水平地面上，左端與斜面接觸但不粘連，斜面底端與B的上表面接觸處平滑連接。一可視為質點的滑塊A從斜

面頂端處由靜止開始下滑，最終A剛好未從B上滑下。已知A、B的質量均為1kg,A與斜面間的動摩擦因數(shù)"尸且，

4

A與B上表面間的動摩擦因數(shù)"2=05重力加速度g取lOm/C下列說法正確的是（）

A

A.A的最終速度為0

B.B的長度為0.4m

C.A在B上滑動過程中，A、B系統(tǒng)所產生的內能為1J

D.A在B上滑動過程中，A、B系統(tǒng)所產生的內能為2J

4、如圖為跳水運動員從起跳到落水過程的示意圖，運動員從最高點到入水前的運動過程記為I,運動員入水后到最低

點的運動過程記為IL忽略空氣阻力，則運動員

公金，

3多力

A.過程I的動量改變量等于零

B.過程n的動量改變量等于零

C.過程I的動量改變量等于重力的沖量

D.過程H的動量改變量等于重力的沖量

5、乒乓球作為我國的國球，是一種大家喜聞樂見的體育運動，它對場地要求低且容易上手。如圖所示，某同學疫情期

間在家鍛煉時，對著墻壁練習打乒乓球，球拍每次擊球后，球都從同一位置斜向上飛出，其中有兩次球在不同高度分

別垂直撞在豎直墻壁上，不計空氣阻力，則球在這兩次從飛出到撞擊墻壁前（）

A.飛出時的初速度大小可能相等

B.飛出時的初速度豎直分量可能相等

C.在空中的時間可能相等

D.撞擊墻壁的速度可能相等

6、如圖所示，一輕彈簧豎直固定在地面上，一個小球從彈簧正上方某位置由靜止釋放，則小球從釋放到運動至最低點

的過程中（彈簧始終處于彈性限度范圍內），動能乙隨下降高度〃的變化規(guī)律正確的是（）

o

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、平靜的水池表面有兩個振源A、B,固有振動周期均為7。某時刻A開始向下振動，相隔半周期B開始向下振動，

二者振動的振幅相同，某時刻在水面上形成如圖所示的水波圖。其中0是振源連線的中點，0”為中垂線，交叉點G、

”的中點為C點位于波峰和波谷的正中間，實線代表波峰，虛線代表波谷。下列說法中正確的是O

A.如果在E點有一個小的漂浮物，經半個周期將向左漂到尸點

B.兩列波疊加后，。點的振動始終減弱

C.圖中G、H兩點振幅為零，。點的振幅也為零

D.當8引起的波傳到E點后，E點的振動始終處于加強狀態(tài)

E.C點此時振動的速度為零

8、已知基態(tài)He+的電離能力是54.4eV,幾種金屬的逸出功如下表所示，He卡的能級E”與n的關系與氫原子的能級公

式類似，下列說法不正確的是

金屬鴇鈣鈉鉀鋤

Wo(xlO-19J)7.265.123.663.603.41

A.為使處于靜止的基態(tài)He+躍遷到激發(fā)態(tài)，入射光子所需的能量最小為54.4eV

B.為使處于靜止的基態(tài)He,躍遷到激發(fā)態(tài)，入射光子所需的能量最小為40.8eV

C.處于n=2激發(fā)態(tài)的He+向基態(tài)躍遷輻射的光子能使上述五種金屬都產生光電效應現(xiàn)象

D.發(fā)生光電效應的金屬中光電子的最大初動能最大的是金屬鋤

9、為了研究某種透明新材料的光學性質，將其壓制成半圓柱形，如圖甲所示。一束激光由真空沿半圓柱體的徑向與其

底面過。的法線成。角射人。CD為光學傳感器，可以探測光的強度。從A8面反射回來的光強隨角0變化的情況如

圖乙所示?，F(xiàn)在將這種新材料制成的一根光導纖維束彎成半圓形，暴露于空氣中（假設空氣中的折射率與真空相同），

設半圓形外半徑為K,光導纖維束的半徑為人則下列說法正確的是

A.該新材料的折射率〃>1

B.該新材料的折射率

C.圖甲中若減小入射角，，則反射光線和折射光線之間的夾角也將變小

D.用同種激光垂直于光導纖維束端面EF射入，如圖丙。若該束激光不從光導纖維束側面外泄，則彎成的半圓形半徑

R與纖維束半徑r應滿足的關系為R.lOr

10、下列說法正確的是（）

A.能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性

B.無論科學技術怎樣發(fā)展，熱量都不可能從低溫物體傳到高溫物體

C.晶體在熔化過程中要吸收熱量，但溫度保持不變，內能也保持不變

D.對于一定量的氣體，如果壓強不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱

E.懸浮在液體中的顆粒越小，溫度越高，布朗運動越劇烈

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）為了探究質量一定時加速度與力的關系，一同學設計了如圖所示的實驗裝置。其中M為帶滑輪的小車的

質量，，”為砂和砂桶的質量。（滑輪質量不計）

，彈簧測力計

______打點計時器

沁片十E>O-

01

/WU

（1）實驗時，一定要進行的操作是?

A.用天平測出砂和砂桶的質量

B.將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力

C.小車靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時記錄彈簧測力計的示數(shù)

D.改變砂和砂桶的質量，打出幾條紙帶

E.為減小誤差，實驗中一定要保證砂和砂桶的質量，〃遠小于小車的質量M

⑵該同學在實驗中得到如圖所示的一條紙帶（兩相鄰計數(shù)點間還有兩個點沒有畫出），已知打點計時器采用的是頻率為

50Hz的交流電，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度為m/s、結果保留兩位有效數(shù)字）。

單位：cm

（3）以彈簧測力計的示數(shù)廠為橫坐標，加速度為縱坐標，畫出的圖象是一條直線，圖線與橫坐標的夾角為仇求得

圖線的斜率為丸則小車的質量為。

八八12

A.2tan8B.-------C.kD.—

tan。k

12.（12分）某物理興趣小組設計了如圖甲所示的歐姆表電路，通過控制開關S和調節(jié)電阻箱，可使歐姆表具有“x10”

和“X100,，兩種倍率，所用器材如下：

A.干電池：電動勢E=1.5V,內阻r=0.5Q

B.電流表G：滿偏電流4=1mA,內阻隔=150。

C.定值電阻2=1200。

D.電阻箱及和R3：最大阻值999.99。

E.電阻箱用：最大阻值9999。

F.開關一個，紅、黑表筆各1支，導線若干

（1）該實驗小組按圖甲正確連接好電路。當開關S斷開時，將紅、黑表筆短接，調節(jié)電阻箱&=使電流

表達到滿偏，此時閉合電路的總電阻叫作歐姆表的內阻R內，則R內=。，歐姆表的倍率是（選填“xio”

或“xlOO”）；

（2）閉合開關S：

第一步：調節(jié)電阻箱&和凡，當&=。且必=a時，將紅、黑表筆短接，電流表再次滿偏；

第二步：在紅、黑表筆間接入電阻箱調節(jié)R4,當電流表指針指向圖乙所示的位置時，對應的歐姆表的刻度值為

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，質量為2%的滑塊A由長為K的水平軌道和半徑也為K的四分之一光滑圓弧軌道組成，滑塊

A的左側緊靠著另一質量為4機的物塊C,質量為，〃的物塊B從圓弧軌道的最高點南靜止開始下滑，O為網弧軌道最

低點。已知B與水平軌道之間的動摩擦因數(shù)A的水平軌道厚度極小，B從水平軌道上滑下和滑上的能量損失

忽略不計，水平地面光滑，重力加速度為g。

⑴若A被固定在地面上，求B與C發(fā)生碰撞前的速度大小師；

⑵若A的固定被解除，B滑下后與C發(fā)生完全彈性碰撞，碰撞后B再次沖上A,求B與A相對靜止時與。點的距離

L.

14.（16分）如圖甲所示，在邊界為二/二的豎直狹長區(qū)域內存在垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度二=0.0二T,在

L的左側充滿斜向上與水平方向夾角為45,的勻強電場二」（二;大小未知）。一帶正電的微粒從a點由靜止釋放，微粒沿

水平直線運動到二;邊界上的b點，這時開始在二」二:之間的區(qū)域內加一豎直方向周期性變化的勻強電場二:，：：；隨時間

變化的圖像如圖乙所示（二：＞。表示電場方向豎直向上），微粒從點沿水平直線運動到c點后，做一次完整的圓周運

動，再沿水平直線運動到二:邊界上的d點。已知c點為線段”的中點，重力加速度二ujMsl求：

（1）微粒的比荷二；

（2）。點到b點的距離;

(3)將邊界二左右移動以改變正交場的寬度，使微粒仍能按上述運動過程通過相應的區(qū)域，求電場二:變化周期T的

最小值。

￡1L:

15.(12分)如圖所示，兩根足夠長的平行豎直導軌，間距為L,上端接有兩個電阻和一個耐壓值足夠大的電容器，

生：%=2：3,電容器的電容為C且開始不帶電。質量為加、電阻不計的導體棒ah垂直跨在導軌上，S為單刀雙擲

開關。整個空間存在垂直導軌平面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B.現(xiàn)將開關S接1,而以初速度vO豎直

向上運動，當外向上運動h時到達最大高度，此時迅速將開關S接2,導體棒開始向下運動，整個過程中導體棒與

導軌接觸良好，空氣阻力不計，重力加速度大小為go試問：

(1)此過程中電阻R產生的焦耳熱；

(2)ab回到出發(fā)點的速度大??；

⑶當就以速度環(huán),向上運動時開始計時，石時刻汕到達最大高度h處，燈時刻回到出發(fā)點，請大致畫出必從開始

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

以初動能為￡沖上斜面并返回的整個過程中，由動能定理得:

設以初動能為E沖上斜面的初速度為％,則以初動能為2E沖上斜面時，初速度為而加速度相同。

對于上滑過程，根據(jù)-2"=講一獷可知，苫=丘，所以第二次沖上斜面的位移是第一次的兩倍，上升過程中克服摩擦力

2a

做功是第一次的兩倍，上升和返回的整個過程中克服摩擦力做功是第一次的兩倍，即為舊。

以初動能為2E沖上斜面并返回的整個過程中，運用動能定理得：

1、

-mv0-2E=-E…②

2

所以返回斜面底端時的動能為E；由①②得：

V-y/2Vo

故①④正確，②③錯誤；

A.①③，與結論不相符，選項A錯誤；

B.②④，與結論不相符，選項B錯誤；

C.①④，與結論相符，選項C正確；

D.②，與結論不相符，選項D錯誤；

故選C。

2,B

【解析】

AB.工件恰好傳到右端，有

2

O-vo=-2jUgL

代入數(shù)據(jù)解得

〃=0.5

工件與皮帶間動摩擦因數(shù)不大于0.5才為合格，此時用時

t=^=2s

4g

故A錯誤B正確；

CD.若工件不被傳送過去，當反向運動時，最大速度與傳送帶共速，由于傳送帶的速度小于工件的初速度，根據(jù)勻

變速運動速度時間關系可知，返回的時間與正向運動的時間不相等，故CD錯誤。

故選B。

3、C

【解析】

A.設A、B的質量均為m,A剛滑上B的上表面時的速度大小為n.滑塊A沿斜面下滑的過程，由動能定理得:

12

mgxsina-mgxcosa=

解得:

vi=2m/s

設A剛好滑B右端的時間為f,兩者的共同速度為外滑塊A滑上木板B后，木板B向右做勻加速運動，A向右做勻

減速運動。根據(jù)牛頓第二定律得：對A有

對B有

N2mg

則

v=v\-axt=ant

聯(lián)立解得

Z=1.2s,v=lm/s

所以，A的最終速度為lm/s,故A錯誤；

B.木板B的長度為

V(l+V

L=x.-xH=f--r=—r=—x0.2m=0.2m

A2222

故B錯誤：

CD.A在B上滑動過程中，A,B系統(tǒng)所產生的內能為

(2=/zi/ngL=1.5xlxllxl.2J=lJ

故C正確，D錯誤。

故選C。

4、C

【解析】

分析兩個過程中運動員速度的變化、受力情況等，由此確定動量的變化是否為零。

【詳解】

AC.過程I中動量改變量等于重力的沖量，即為mgt,不為零，故A錯誤，C正確；

B.運動員進入水前的速度不為零，末速度為零，過程H的動量改變量不等于零，故B錯誤;

D.過程II的動量改變量等于合外力的沖量，不等于重力的沖量，故D錯誤。

5、A

【解析】

C.將乒乓球的運動反向處理，即為平拋運動，由題知，兩次的豎直高度不同，所以兩次運動時間不同，故C錯誤；

B.在豎直方向上做自由落體運動，因兩次運動的時間不同，故初速度在豎直方向的分量不同，故B錯誤；

D.撞擊墻壁的速度，即可視反向平拋運動的水平初速度，兩次水平射程相等，但兩次運動的時間不同，故兩次撞擊

墻壁的速度不同，故D錯誤；

A.由上分析，可知豎直速度大的，其水平速度速度就小，所以根據(jù)速度的合成可知，飛出時的初速度大小可能相等,

故A正確。

故選A。

6、D

【解析】

小球在下落的過程中，動能先增大后減小，當彈簧彈力與重力大小相等時速度最大，動能最大，由動能定理

FA/i=\Ek

得

也=?

A/z

因此圖象的切線斜率為合外力，整個下降過程中，合外力先向下不變，后向下減小，再向上增大，選項D正確，ABC

錯誤。

故選D。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7,BCE

【解析】

A.波在傳播過程中，介質中的質點只在平衡位置附近振動，不會隨著波的傳播向前移動，A錯誤；

BC.。點是振源的中點，波的傳播路程差等于零，由于相位恰好相反，所以。點以及中垂線上所有質點的振動均為

疊加減弱，所以B、C正確；

D.由圖可以看出，B引起的振動傳到E點時與A引起的振動相位相反，為疊加減弱位置，D錯誤；

E.8引起的振動此時在C點使得質點具有向上的速度，而A剛好傳到C點，具有向下的速度，疊加后速度為零.選

項E正確。

故選BCE0

8、AD

【解析】

E3

根據(jù)玻爾理論E〃=-4，從基態(tài)躍遷到n=2所需光子能量最小，AE=E2-E[=-E[=40.8eV,A錯誤B正確.從

n4

〃=2激發(fā)態(tài)的He+向基態(tài)躍遷輻射的光子能量為40.8eV,金屬鋁的逸出功為7.26x1CT”=4.54eV,故能使所列金

屬發(fā)生光電效應，由表中的數(shù)據(jù)可知金屬鋤的逸出功最小，C正確；根據(jù)愛因斯坦的光電效應方程可知道從鋤打出的

光電子的最大初動能最大，D正確.

9、AD

【解析】

AB.由題圖乙知，當夕=53。時發(fā)生全反射，則有：

11

n=----=------=1.25

sinCsin53°

故選項A符合題意，B不符合題意；

C.圖甲中若減小入射角。，根據(jù)反射定律和折射定律可知反射角和折射角都減小，則反射光線和折射光線之間的夾角

也將變大，故選項C不符合題意；

D.激光不從光導纖維束側面外泄的臨界條件是入射光在外側面處發(fā)生全反射，臨界光路如圖所示，可得：

解得：R=10r,所以該束激光不從光導纖維束側面外泄，則彎成的半圓形半徑R與纖維束半徑廠應滿足的關系為

7?>10r,故選項D符合題意。

10、ADE

【解析】

A.根據(jù)熱力學第二定律可知，宏觀自然過程自發(fā)進行是有其方向性，能量耗散就是從能量的角度反映了這種方向性,

故A正確。

B.熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，比如空調制冷，故B錯誤。

C.晶體在熔化過程中要吸收熱量，溫度不變，內能增大，故C錯誤。

D.對于一定質量的氣體，如果壓強不變，體積增大，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，溫度升高，內能增大，根據(jù)熱力

學第一定律可知，氣體對外做功，它一定從外界吸熱，故D正確。

E.布朗運動是由液體分子從各個方向對懸浮粒子撞擊作用的不平衡引起的，顆粒越小，溫度越高，布朗運動越劇烈,

故E正確。

故選ADE.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11,BCD1.3D

【解析】

(1)[1]AE.本題拉力可以由彈簧測力計測出，不需要用天平測出砂和砂桶的質量，也就不需要使小桶(包括砂)的質

量遠小于車的總質量，AE錯誤；

B.該題是彈簧測力計測出拉力，從而表示小車受到的合外力，將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力，B正確;

C.打點計時器運用時，都是先接通電源，待打點穩(wěn)定后再釋放紙帶，該實驗探究加速度與力和質量的關系，要記錄

彈簧測力計的示數(shù)，C正確；

D.改變砂和砂桶質量，即改變拉力的大小，打出幾條紙帶，研究加速度隨尸變化關系，D正確；

故選：BCD。

(2)[2]相鄰計數(shù)點間的時間間隔為

7=3x0.02=0.06s,

連續(xù)相等時間內的位移之差：

Ax=0.5cm,

根據(jù)得：

0.5x10-2

m/s2=1.3m/s2

0.062

(3)[3]對華尸圖來說，圖象的斜率表示小車質量的倒數(shù)，此題，彈簧測力計的示數(shù):

2F=Ma,

即

a-尸圖線的斜率為A,則

故小車質量為:

故D正確。

故選Do

12>149.51500X10014.515010

【解析】

(1)[1][2].由閉合電路歐姆定律可知:

歐姆表的內阻為

E15

/?.=-=—^Q=1500Q

訥I0.001

則

R2=R內一Ri—Rg—r=(1500—1200-150—0.5)0=149.5。，

中值電阻應為1500C,根據(jù)多用電表的刻度設置可知，表盤上只有兩種檔位，若為xlO,則中值刻度太大，不符合實

際，故歐姆表倍率應為“xlOO”。

(2)[3][4].為了得到“xlO”倍率，應讓滿偏時對應的電阻為150C；

電流為

/=^-A=0.01A；

1150

此時表頭中電流應為0.001A,則與之并聯(lián)電阻R3電流應為(0.01—0.001)A=().009A,

并聯(lián)電阻為

R0.001x(150+1200)

￡2=150￡2；

0.009

,1.5-1.35

R+r=-------------C=15C

20.01

故

/?2=(15-0.5)n=14.5Q；

[5].圖示電流為0.60mA,干路電流為6.0mA

則總電阻為

1.5,

R=—X103Q=25OQ

&6.0

故待測電阻為

/??=(250-150)￡2=100￡2；

故對應的刻度應為1()。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

【解析】

⑴若滑塊A被固定在地面上，物塊B與物塊C碰撞前，由動能定理

12

mgR-/jmgR=—mv0

解得

3師

(2)滑塊A的固定被解除，物塊B下滑到與A分離的過程中，設B與A的分離時的速度分別為內和及，對A、B構成

的系統(tǒng)，能量關系和水平方向動量守恒有

1,1,

mgR一/LimgR=—mvx+—2根嗎

mv[=2mv2

解得

物塊B與物塊C發(fā)生完全彈性碰撞后速度分別為V；和vc,由能量關系和動量守恒有

—1mVj2=—1mVj+—14m)vj0

mV)=mv]+4mv(.

解得

3j30gR

25

碰撞后物塊B沖上滑塊A,達到共速時，由水平方向動量守恒和能量關系有

+2/nv,=(m+2/n)v,h