廣東深圳市紅嶺中學2023-2024學年物理高二第一學期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

廣東深圳市紅嶺中學2023-2024學年物理高二第一學期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視模擬試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、矩形通電導線框abcd與無限長通電直導線MN在同一平面內(nèi)，電流方向如圖所示，ab邊與MN平行．關于MN的磁場對線框的作用，下列敘述正確的是()A.線框有兩條邊不受安培力B.線框有兩條邊所受的安培力相同C.線框所受安培力的合力向左D.線框?qū)⒗@MN轉(zhuǎn)動2、在如圖所示的電路中，電池的電動勢為E，內(nèi)阻為r，R1和R2是兩個固定的電阻，C為電容器．當可變電阻的滑片向b端移動時：A.I1變大，I2變小，電容器帶電量增加B.I1變大，I2變大，電容器帶電量增加C.I1變小，I2變大，電容器帶電量減少D.I1變小，I2變小，電容器帶電量減少3、導體中電流I的表達式為I=nqSv，其中S為導體的橫截面積，n為導體每單位體積內(nèi)的自由電荷數(shù)，q為每個自由電荷所帶的電荷量，v是（）A.導體運動的速率B.電流傳導的速率C.電子熱運動的速率D.自由電荷定向移動的速率4、產(chǎn)生感應電流的條件，以下說法中正確的是（）A.閉合電路在磁場中運動，閉合電路中就一定會有感應電流B.閉合電路在磁場中做切割磁感線運動，閉合電路中一定會有感應電流C.穿過閉合電路的磁通量為零的瞬間，閉合電路中一定不會產(chǎn)生感應電流D.穿過閉合電路的磁通量發(fā)生了變化，閉合電路中一定會有感應電流5、籃球比賽中，籃球以4m/s的速度豎直向下碰撞地面，再以3m/s的速度豎直向上反彈，與地面接觸時間為0.1s，則在這段時間內(nèi)籃球的平均加速度大小為A.10m/s2 B.30m/s2C.40m/s2 D.70m/s26、如圖所示，半徑為R的圓形單匝線圈a內(nèi)有一單匝內(nèi)接三角形線圈b，兩線圈彼此絕緣，磁感應強度大小為B的勻強磁場的邊緣與三角形線圈b重合，則穿過a、b兩線圈的磁通量之比為（）A.1：1 B.1：2C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示,實線表示在豎直平面內(nèi)的電場線,電場線與水平方向成角,水平方向的勻強磁場與電場正交,有一帶電液滴沿斜向上的虛線L做直線運動,L與水平方向成角,且則下列說法中正確的是A.液滴一定做勻速直線運動B.液滴一定帶正電C.電場線方向一定斜向上D.液滴有可能做勻變速直線運動8、一段長為L的通電直導線，設單位長度導線中有n個自由電子，每個自由電子的電荷量都是e，它們的定向移動速度大小為v，現(xiàn)加一勻強磁場，其方向垂直于導線，磁感應強度為B，已知這段導線受到安培力為F，則導線中每個自由電子受到的洛倫茲力A.大小為evB，方向和安培力F方向相反B.大小為evB，方向和安培力F方向一致C.大小為，方向和安培力方向一致D.大小為，方向和安培力F方向一致9、如圖所示是一個由電池、電阻R、開關S與平行板電容器組成的串聯(lián)電路，開關S閉合．一帶電液滴懸浮在兩板間P點不動，下列說法正確的是（

）A.帶電液滴帶正電B.增大兩極板距離的過程中，電阻R中有從b到a的電流C.斷開S，減小兩極板正對面積的過程中，液滴將加速上升D.斷開S，減小兩極板距離過程中，液滴靜止不動10、關于開普勒行星運動定律，下列說法正確的是A.所有行星圍繞太陽的運動軌道都是橢圓，太陽處在橢圓的一個焦點上B.對于任意一個行星來說，它與太陽的連線在相等的時間內(nèi)掃過相等的面積C.表達式R3/T2=k,k是一個與行星無關的常量D.表達式R3/T2=k,T代表行星運動的自轉(zhuǎn)周期三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬電阻率”的實驗中，用螺旋測微器測量電阻絲直徑，如圖所示，則該電阻絲直徑的測量值d=__________mm；12．（12分）如圖所示為驗證動量守恒的實驗裝置示意圖（1）若入射小球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2．則要完成該實驗須滿足（）A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＞m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2（2）0為斜槽末端垂足，P為碰前入射小球落點的平均位置，M、N兩點為碰后兩球平均落點位置，則在誤差允許的范圍內(nèi)，關系式m1OP=_________________（用m1、m2及圖中字母表示）成立，即表示碰撞中動量守恒四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大?。唬?）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A.直導線中的電流方向由M到N，根據(jù)安培定則，知導線右側(cè)區(qū)域磁感應強度方向向內(nèi)，根據(jù)左手定則，知ab邊受的安培力向左，cd邊受到的安培力向右，bc邊受到的安培力向上，ad受到的安培力向下，都受安培力作用，故A錯誤；B.由于離MN越遠的位置，磁感應強度B越小，故根據(jù)安培力公式F=BIL，ab邊受到的安培力大于cd邊，bc邊受到的安培力大小等于ad受到受到的安培力，但方向相反，故B錯誤；CD.根據(jù)ab邊受的安培力向左，cd邊受到的安培力向右，bc邊受到的安培力向上，ad受到的安培力向下，bc邊受到的安培力大小等于ad受到受到的安培力大小，方向相反，所以線框所受的安培力的合力向左，將向左平動，故C正確，D錯誤；故選C.2、A【解析】在閉合電路中，R與R2串聯(lián)，再與R1并聯(lián)，電容器并聯(lián)在R的兩端，電容器兩端的電壓等于R兩端間的電壓．當可變電阻R的滑片向上端移動時，電阻R的阻值減小，抓住電源的電動勢和內(nèi)阻不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律，判斷通過R1和R2的電流以及R兩端的電壓【詳解】當可變電阻R的滑片向b端移動時，R的阻值增大，整個電路的總電阻增大，電動勢不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律，總電流減小，內(nèi)電壓減小，外電壓增大，所以I1增大．總電流減小，則I2減小，R2兩端的電壓減小，則R兩端的電壓增大，根據(jù)Q=CU，可知電容器帶電量增加．故A正確，BCD錯誤故選A3、D【解析】導體中電流I的表達式I=nqSv，式子中的v是自由電荷定向移動的速率；ABC錯誤；D正確。故選D。4、D【解析】A．位于磁場中的閉合線圈，只有磁通量發(fā)生變化時，才一定會產(chǎn)生感應電流。故A錯誤；B．當整個閉合電路在磁場中作切割磁感線運動時，閉合電路中磁通量卻沒有變化，則閉合電路中就沒有感應電流。故B錯誤；C．穿過閉合電路的磁通量為零的瞬間，閉合電路中磁通量的變化率最大，故產(chǎn)生感應電流。故C錯誤；D．穿過閉合電路的磁通量發(fā)生了變化，則閉合電路中就有感應電流。故D正確。故選D。【點睛】感應電流產(chǎn)生條件細分有兩點：一是電路要閉合；二是穿過電路的磁通量發(fā)生變化，即穿過閉合電路的磁感線的條數(shù)發(fā)生變化。5、D【解析】取向上為正方向，則籃球的平均加速度大小為，故選D.6、A【解析】磁通量其中要求S為穿過磁場的有效面積，從題中可以看出兩個圖形的有效面積是相等的，所以穿過a、b兩線圈的磁通量之比為1:1。A．1：1，故A符合題意；B．1：2，故B不符合題意；C．，故C不符合題意；D．，故D不符合題意。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】帶電液滴做直線運動，要么合力為零做勻速直線運動，要么所受合力與速度方向在同一直線上，做勻變速直線運動；對帶電液滴進行受力分析，然后答題【詳解】帶電液滴受豎直向下的重力G、沿電場線方向的電場力F、垂直于速度方向的洛倫茲力f，由于α＞β，這三個力的合力不可能沿帶電液滴的速度方向，因此這三個力的合力一定為零，帶電液滴做勻速直線運動，不可能做曲線運動和勻變速直線運動，故A正確，D錯誤．當帶電液滴帶正電，且電場線方向斜向上時，帶電液滴受豎直向下的重力G、沿電場線向上的電場力F、垂直于速度方向斜向左上方的洛倫茲力f作用，這三個力的合力可能為零，帶電液滴沿虛線L做勻速直線運動；如果帶電液滴帶負電、或電場線方向斜向下時，帶負電液滴斜向下運動時所受合力才可能為零，沿直線L運動，故BC正確；故選ABC【點睛】知道液滴沿直線運動的條件是合力為零或所受合力方向與速度方向在同一直線上、對帶電液滴正確受力分析，是正確解題的關鍵8、BC【解析】每米導線中有n個自由電荷，每個自由電荷的電量均為e，它們定向移動的平均速率為v，所以電流的大小為，磁場對這段導線的安培力，則導線中每個自由電子受到的洛倫茲力，根據(jù)左手定則可知方向和安培力F方向一致，故BC正確，AD錯誤9、CD【解析】電容器上板帶正電，而油滴所受電場力向上，可知油滴帶負電，選項A錯誤；增大兩極板距離的過程中，電容器的電容變小，而電容器板間電壓不變，由Q=CU分析知電容器帶電量減小，電容器要放電，電阻R中有從a到b的電流，故B錯誤．斷開S，極板上是電量Q不變；減小兩極板正對面積的過程中，根據(jù)電容的決定式分析知電容減小，由C=Q/U分析可知U增大，由公式E=U/d分析可知E增大，油滴所受的電場力變大，則液滴將加速上升，選項C正確；斷開S，電容器極板上帶電量不變；減小兩極板兩極板距離過程中，根據(jù)電容的決定式、電容的定義式C=Q/U，以及由公式E=U/d可得與d無關，即E保持不變，所以液滴靜止仍然不動．故D正確；故選CD【點睛】本題是電容器動態(tài)變化分析問題，關鍵要抓住不變量．當電容器保持與電源相連時，其電壓不變，同時掌握電容定義式與決定式的內(nèi)容及其區(qū)別，并理解的推導過程10、ABC【解析】A、第一定律的內(nèi)容為：所有行星分別沿不同大小的橢圓軌道繞太陽運動，太陽處于橢圓的一個焦點上．故A正確；B、開普勒第二定律的內(nèi)容為：對于任意一個行星來說，它與太陽的連線在相等的時間內(nèi)掃過相等的面積，故B正確．C、D、第三定律：所有行星的軌道的半長軸的三次方跟公轉(zhuǎn)周期的二次方的比值都相等，k是與環(huán)繞天體無關，與中心天體有關的常量，而T為環(huán)繞天體的公轉(zhuǎn)周期，故D錯誤，C正確．故選ABC【點睛】正確理解開普勒的行星運動三定律是解答本題的關鍵，注意理解面積定律的意義，知道行星在遠日點的速率小于在近日點的速率三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、538【解析】由圖示螺旋測微器可知，電阻絲直徑：d=0.5mm+3.8×0.01mm=0.538mm12、①.C②.m1OM+m2ON【解析】（1）為了保證碰撞前后使入射小球的速度方向不變，故必須使入射小球的質(zhì)量大于被碰小球的質(zhì)量；為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑相同（2）根據(jù)動量守恒定律求出需要驗證的表達式【詳解】（1）為保證兩球發(fā)生對心正碰，兩球的半徑應相等，為防止碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應大于被碰球的質(zhì)量，故選C；（2）小球離開軌道后做平拋運動，小球拋出點的高度相等，則它們在空中的運動時間t相等，驗證碰撞中的動量守恒，需要驗證：m1v1=m1v1′+m2v2，則：m1v1t=m1v1′t+m2v2t，m1x1=m1x1′+m2x2，因此需要驗證：m1OP=m1OM+m2ON【點睛】本題考查利用平拋運動驗證動量守恒定律；主要是運用等效思維方法，平拋時間相等，用水