2023-2024年江蘇省蘇州市高三上學(xué)期期中調(diào)研物理試題（解析版）

2023～2024學(xué)年第一學(xué)期高三期中調(diào)研試卷物理2023.11注意事項：1.本試卷包含選擇題和非選擇題兩部分。考生答題全部答在答題卡上，答在本試卷上無效。本次考試時間為75分鐘，滿分值為100分。2.答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號（考試號）用書寫黑色字跡的0.5毫米簽字筆填寫在答題卡上，并用2B鉛筆將對應(yīng)的數(shù)字標號涂黑。3.答選擇題必須用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑。如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案。答非選擇題必須用書寫黑色字跡的0.5毫米簽字筆寫在答題卡上的指定位置，在其它位置答題一律無效。一、單項選擇題：共11題，每題4分，共44分，每題只有一個選項最符合題意。1.如圖是測量打點紙帶位移的部分照片（交流電源的頻率50Hz)。根據(jù)照片可知（）A.計數(shù)點2的讀數(shù)應(yīng)記錄為9.00cmB.計數(shù)點2的讀數(shù)應(yīng)記錄為9.0cmC.計數(shù)點1和2之間的位移是9.00cmD.相鄰計數(shù)點間的時間間隔是0.02秒【答案】A【解析】【詳解】AB．最小分度值是0.1cm，所以計數(shù)點2的讀數(shù)應(yīng)記錄為9.00cm，故A正確B錯誤；C．計數(shù)點1和2之間的位移是坐標之差，小于9.00cm，故C錯誤；D．相鄰計數(shù)點間的時間間隔是故D錯誤。故選A。2.電梯下降過程中，某同學(xué)用智能手機記錄了電梯速度隨時間變化的關(guān)系，如圖所示。出現(xiàn)超重現(xiàn)象的時段是（）A.從20.0s到30.0s B.從30.0s到40.0sC.從40.0s到50.0s D.從50.0s到60.0s【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)v-t圖像可知，在20.0～30.0s過程中，電梯加速下降，加速度向下電梯處于失重狀態(tài)，在30.0～40.0s過程中電梯勻速下降，電梯既不超重也不失重，40.0～50.0s過程中電梯減速下降，加速度向上，電梯處于超重狀態(tài)，50.0～60.0s過程中電梯處于靜止?fàn)顟B(tài)。故選C。3.探究小車做勻變速直線運動的速度隨時間變化規(guī)律的實驗裝置如圖所示，下列關(guān)于該實驗的有關(guān)操作必要的是（）A.軌道左端略抬高用以平衡摩擦力B.槽碼的質(zhì)量遠小于小車質(zhì)量C.牽引小車的細線調(diào)整至與導(dǎo)軌平行D.釋放小車后立即接通打點計時器【答案】C【解析】【詳解】AB．實驗?zāi)康氖恰疤骄啃≤囁俣入S時間變化的規(guī)律”，只要保證小車所受合力不變即可，不需要補償阻力，也不需要滿足槽碼的質(zhì)量遠小于小車質(zhì)量要求，故AB錯誤；C．實驗時必須通過調(diào)節(jié)軌道左端的滑輪讓細線和軌道平行，以保證細線拉力保持不變，故C正確；D．實驗中為了打點穩(wěn)定，先接通打點計時器后釋放小車，故D錯誤。故選C。4.遙感33號04星是近地衛(wèi)星，搭載了尖端遙感設(shè)備，可對地球表面進行高精度的遠程感知和信息收集。該衛(wèi)星與地球靜止衛(wèi)星相比（）A.周期更大B.受到的地球引力更大C.加速度更小D.運行速度更大【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)可知，近地衛(wèi)星軌道半徑小，所以線速度加速度更大，周期更小，因為兩衛(wèi)星質(zhì)量關(guān)系未知，所以無法判斷地球引力誰大。故選D。5.如圖甲、乙中小燈泡的規(guī)格都相同，兩個電路中電池的電動勢和內(nèi)阻也相同。下列說法正確的是（）A.四個小燈泡一樣亮BA燈最亮，B、C、D一樣亮C.A燈最暗，B、C、D一樣亮D.A燈通過的電流等于B、C、D燈電流之和【答案】B【解析】【詳解】兩個電路中的電池相同，燈泡規(guī)格相同，根據(jù)并聯(lián)電路的規(guī)律可知，乙圖相對甲圖外電阻減小，根據(jù)歐姆定律可知，干路電流增大，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，即燈泡兩端電壓減小，所以燈泡變暗，但B、C、D并聯(lián)，電壓相同，所以亮度相同。故選B。6.某風(fēng)力發(fā)電機，它的葉片轉(zhuǎn)動時可形成半徑為l的圓面。某時間內(nèi)該地區(qū)的風(fēng)速是v，風(fēng)向恰好跟葉片轉(zhuǎn)動的圓面垂直，已知空氣的密度為ρ。假如這個風(fēng)力發(fā)電機能將此圓內(nèi)10%的空氣動能轉(zhuǎn)化為電能，則該風(fēng)速下發(fā)電機的輸出功率P為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】Δt時間內(nèi)沖擊葉片圓面的氣流體積為Δt時間內(nèi)沖擊葉片圓面的氣流的動能為單位時間內(nèi)沖擊風(fēng)力發(fā)電機葉片圓面的氣流的動能為該風(fēng)力發(fā)電機的發(fā)電功率為故選D。7.如圖所示，質(zhì)量為m的小球用細線懸于B點，使小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，若保持軌跡圓的圓心O到懸點B的距離h不變，增加繩長l，則關(guān)于小球做勻速圓周運動的角速度ω和繩對小球的拉力F，下列判斷正確的是（）A.ω變小 B.ω變大 C.F變小 D.F變大【答案】D【解析】【詳解】CD．小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，對小球受力分析，設(shè)懸線與豎直方向夾角為。如圖所示可得增加繩長l，則夾角增大，變大。故C錯誤，D正確；AB．根據(jù)受力分析可知，合力提供小球做圓周運動的向心力，即解得與繩長或角度無關(guān)，不變，則角速度ω不變。故AB錯誤。故選D。8.如圖為一球冠形鐵鍋，一只螞蟻從鍋的內(nèi)底向上爬行，假設(shè)爬行速率不變且不打滑，則螞蟻爬行的過程中（）A.受到的合力等于0B.受到的摩擦力變大C.鍋對螞蟻的作用力豎直向上D.鍋對螞蟻的作用力大于螞蟻對鍋的作用力【答案】B【解析】【詳解】A．螞蟻做勻速圓周運動，合力提供向心力，不為零，故A錯誤；B．沿切線方向合力為零，摩擦力平衡重力沿切線方向分力，因為傾角變大，所以重力沿切線方向分力變大，摩擦力變大，故B正確；C．鍋對螞蟻的作用力與重力的合力指向圓心，則鍋對螞蟻的作用力不是豎直向上，故C錯誤；D．鍋對螞蟻的作用力等于螞蟻對鍋的作用力，因為是相互作用力，故D錯誤。故選B。9.如圖所示，A、B兩籃球從相同高度以相同方向拋出后直接落入籃筐，下列判斷正確的是（）A.A、B運動的最大高度相同B.A、B落入籃筐時的速度方向相同C.拋出到落入籃筐A比B的運動時間長D.A在最高點的速度比B在最高點的速度小【答案】C【解析】【詳解】A、B兩籃球從相同高度以相同方向拋出后直接落入籃筐，A球水平位移大于B球，A球水平分速度大于B球，由于初速度方向（設(shè)與水平方向夾θ角）相同，所以A球的初速度大于B球。即A．斜拋最大高度為由于，所以最大高度不同，故A錯誤；C．因為最大高度從最高點向兩側(cè)，由可知，A運動時間長，故C正確；BD．因為A的水平分速度（即最高點的速度）大于B球，A從最高點到入籃筐時間大于B球，A入籃筐時豎直分速度也大于B球，所以A球入籃筐時的速度與B球方向不同，故BD錯誤。故選C。10.如圖所示，摩天輪在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動。座艙從最高點到最低點的過程中，其重力功率隨時間變化的圖像是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【詳解】從最高點到最低點的運動過程中，最初的速度和最終的速度都是水平方向的，和重力垂直，所以由公式P=mgvy可知，最高點和最低點的重力的瞬時功率都為零，而在這過程中，速度和重力夾角為，故重力的瞬時功率先減小到零后增大，且根據(jù)三角函數(shù)圖像可知，重力的瞬時功率先增加后減小。故選B。11.如圖為一正四面體A-BCD，電荷量為+q的點電荷固定在A點。先將一電荷量為-q的點電荷Q1從無窮遠處（電勢為0）移到B點并固定，此過程中，電場力做功為W。再先后將電荷量為+q、-q的兩個點電荷Q2、Q3從無窮遠處分別移到C和D點并固定。下列說法正確的是（）A.點電荷Q3在D處的電勢能為-WB.點電荷Q1移入之前，C點的電勢為-C.正四面體6條棱中點處的電勢都相同D.正四面體6條棱中點處的電場強度大小都相同【答案】A【解析】【詳解】A．Q1從無窮遠處（電勢為0）移到B點，D點在等量異種電荷的中垂線上，電勢為零，Q2從無窮遠處移到C點后，根據(jù)電勢疊加原理可知，D點電勢與只有A處+q時，B點電勢相同，Q3從無窮遠處移到D點，電場力做功為W，則所以點電荷Q3在D處的電勢能為-W，故A正確；B．Q1從無窮遠處（電勢為0）移到B點的過程，根據(jù)電場力做功公式得又U∞B=0-φB=-φB可得Q1移入之前，B點的電勢為，而Q1移入之前，B、C兩點在同一等勢面上，所以C點的電勢為，故B錯誤；C．根據(jù)電勢疊加原理可知，正四面體6條棱中點處，其中兩正電荷連線中點電勢大于兩負電荷連線中點電勢，故C錯誤；D．根據(jù)電場疊加原理可知，一正一負電荷連線中點場強和兩正或兩負連線中點場強不等，故D錯誤。故選A。二、非選擇題：共5題，共56分。其中第13題～第16題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計算時，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。12.在測量電源的電動勢和內(nèi)阻實驗中，由于滑動變阻器故障，用一段粗細均勻、電阻率較大的合金材料代替變阻器，設(shè)計了如圖甲所示的電路進行實驗。其中MN為合金材料，R0是阻值為1.0Ω的定值電阻，實驗中調(diào)節(jié)合金材料MN上的夾子P，記錄電壓表示數(shù)U，電流表示數(shù)I以及對應(yīng)的PN長度x，繪制了U-I圖像如圖乙所示。（1）由圖乙求得電源的電動勢E=______V，內(nèi)阻r=______Ω；（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）（2）實驗中，定值電阻R0的作用是______；A．保護電源B．在電壓變化時使電流表示數(shù)變化明顯C．在電流變化時使電壓表示數(shù)變化明顯（3）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)可繪出如圖丙所示圖像，斜率為k，如果合金材料直徑為d，可求得電阻率表達式ρ=______，電流表內(nèi)阻的存在使電阻率的測量值______（選填“偏大”“偏小”或“不變”）?！敬鸢浮竣?1.49②.0.45③.AC##CA④.⑤.不變【解析】【詳解】（1）[1][2]由閉合電路歐姆定律可知則可知，圖乙中的圖象與縱坐標間的交點表示電動勢，故E=1.49V根據(jù)內(nèi)阻r=145-1.0=0.45Ω（2）[3]定值電阻R0有保護電源的作用，并且電源內(nèi)阻很小，所以加了定值電阻后可以達到電流變化時使電壓表示數(shù)變化明顯的效果。故選AC。（3）[4][5]根據(jù)歐姆定律可知，電阻所以可求得電阻率表達式若考慮電阻內(nèi)阻，則圖象的斜率不變，所以得出的電阻率沒有影響。13.如圖甲所示，小物塊從右側(cè)滑上勻速轉(zhuǎn)動的足夠長的水平傳送帶，其位移與時間的變化關(guān)系如圖乙所示。圖線的0~3s段為拋物線，3~4.5s段為直線。求：（1）傳送帶的速度大??；（2）物塊剛滑上傳送帶時的速度大小?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【詳解】（1）由圖像得，3s后物塊隨傳送帶做勻速直線運動，則（2）圖線的0~3s段為拋物線，根據(jù)勻變速位移時間關(guān)系式可知，0~2s物塊做勻減速直線運動，則解得14.如圖為一雙塔雙索面鋼箱組合梁斜拉橋，其中一索塔主梁面以上高度為h=86m，索塔兩側(cè)對稱分布斜拉索，索面內(nèi)的斜拉索均處于同一豎直面。若每根斜拉索與豎直方向的夾角一樣，每根斜拉索拉力都是T=3×104N，最長的斜拉索長為l=258m。求：（1）每對斜拉索對索塔形成的合力多大？（2）若相鄰鋼箱梁作用力均沿水平方向（不考慮左側(cè)橋面對鋼箱梁1的作用力），則鋼箱2、3之間作用大小是多少？【答案】（1）；（2）【解析】【詳解】（1）如圖所示，一對斜拉索所對索塔的拉力由平行四邊形定則可得，合力由幾何關(guān)系可得故每對斜拉索對索塔形成的合力（2）設(shè)鋼箱2、3之間作用力的大小為F23，每個鋼箱的重力為G，對鋼箱1、2整體進行受力分析如圖所示又根據(jù)即，故鋼箱2、3之間作用力的大小15.如圖所示，在光滑的斜軌道底端平滑連接著一個半徑為R，頂端有缺口的光滑圓形軌道，A點、B點在同一水平面上，∠AOB=120°。一質(zhì)量為m的小球由斜軌道上某高度處靜止釋放。（1）若小球滑到A點時速度為，求小球沿斜面滑到圓形軌道最低點時，圓形軌道對小球作用力的大?。唬?）若小球恰好能通過圓形軌道內(nèi)A點，求小球在斜軌道上靜止釋放的高度；（3）若小球恰能從圓形軌道內(nèi)A點懸空飛入B點，在圓軌道內(nèi)做圓周運動，求小球進入軌道后對B點的壓力大小?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）小球從圓軌道最低點滑到A點，由動能定理解得小球在最低點時，解得（2）小球恰好滑到A點，對小球受力分析，如圖1解得對小球，由靜止釋放到A點，由動能定理可得解得（3）小球從A點飛出后做斜拋運動到B點，如圖2，豎直方向水平方向聯(lián)立解得對小球在B點受力分析可得根據(jù)牛頓第三定律得16.為了研究電子在電場中的運動規(guī)律，現(xiàn)給出如圖所示的電場。在直角坐標系xoy平面的第一象限存在沿+x方向、電場強度大小為E0的勻強電場；第二象限存在沿+y方向的勻強電場，其它區(qū)域無電場。一電子由P點靜止釋放后恰好過Q點，已知P點坐標（L，