2021屆廣東省東莞市高考物理模擬試卷（4月份）附答案詳解

2021屆廣東省東莞市高考物理模擬試卷（4月份）

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.已知?dú)湓拥幕鶓B(tài)能量為E],激發(fā)態(tài)能量為％=今，其中n=2,3,4....已知普朗克常量為九，

則下列說(shuō)法正

確的是（）

A.氫原子躍遷到激發(fā)態(tài)后，核外電子動(dòng)能增大，原子的電勢(shì)能減小

B.基態(tài)氫原子中的電子吸收一頻率為v的光子被電離后，電子速度大小為厚且

7m

C.大量處于n=3的激發(fā)態(tài)的氫原子，向低能級(jí)躍遷時(shí)可輻射出6種不同頻率的光

D.若原子從n=6能級(jí)向n=2能級(jí)躍遷時(shí)所產(chǎn)生的電磁波能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，則原子從

n=5能級(jí)向n=1能級(jí)躍遷時(shí)所產(chǎn)生的光子也一定能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)

2.如圖所示，一線圈用細(xì)桿懸于P點(diǎn)，開(kāi)始時(shí)細(xì)桿處于水平位置，釋放后讓<^=?4_.

它在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，已知線圈平面始終與紙面垂直，當(dāng)線圈第一次通過(guò)1/j'飛.

On*

位置I、n、in時(shí)（位置n正好是細(xì)桿豎直位置），線圈內(nèi)的感應(yīng)電流方向（一?

順著磁場(chǎng)方向看去）是（）

A.I、n、in位置均是順時(shí)針?lè)较?/p>

B.I、口、m位置均是逆時(shí)針?lè)较?/p>

c.I位置是順時(shí)針?lè)较?，n位置為零，in位置是逆時(shí)針位置

D.I位置是逆時(shí)針?lè)较?，口位置為零，in位置是順時(shí)針?lè)较?/p>

3.如圖所示，在擲飛鏢項(xiàng)目中，運(yùn)動(dòng)員將飛鏢以一定的速度水平擲出，恰：.

好擊中靶心，則（）

A.飛鏢一定垂直擊中靶心

B.飛鏢一定是與靶心等高、沿靶心方向被水平擲出的

C.若增加擲出的速度，飛鏢將擊中靶心的上方

D.同時(shí)增加擲出時(shí)的高度和速度，飛鏢仍能擊中靶心

4.將一物體以某一初速度豎直上拋，如圖所示的四幅圖中，哪一幅能正確表示物體在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)

程中的速率”與時(shí)間t的關(guān)系（不計(jì)空氣阻力）（）

5.關(guān)于繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的同步衛(wèi)星和月球，下列說(shuō)法正確的是（）

A.月球到地心的距離比同步衛(wèi)星到地心的距離小

B.月球的線速度比同步衛(wèi)星的線速度大

C.月球的角速度比同步衛(wèi)星的角速度大

D.月球的向心加速度比同步衛(wèi)星的向心加速度小

二、多選題（本大題共5小題，共27.0分）

6.在某次研究性學(xué)習(xí)活動(dòng)中，某小組采用如圖所示的實(shí)驗(yàn)電路來(lái)研究微型

電動(dòng)機(jī)的性能.先緩慢調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R,使電動(dòng)機(jī)停止轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，電流

表和電壓表的示數(shù)分別為0.54和1.0K重新調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，使電動(dòng)機(jī)恢

復(fù)正常運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)，電流表和電壓表的示數(shù)分別為2.04和15.0匕則這臺(tái)電動(dòng)機(jī)正常運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)（）

A.電動(dòng)機(jī)的內(nèi)電阻為2.00B.電動(dòng)機(jī)的內(nèi)電阻為7.5。

C.電動(dòng)機(jī)的輸出功率為30WD.電動(dòng)機(jī)的輸出功率為221V

7.如圖所示4、B、C是在地球大氣層外，圓形軌道上運(yùn)行的三顆人造衛(wèi)星，B、

/X-----

C離地面的高度小于4離地面的高度，小B的質(zhì)量相等且大于C的質(zhì)量.下列//Q

說(shuō)法中正確的是（）/

A.B、C的線速度大小相等，且大于4的線速度

B.&C的向心加速度大小相等，且小于4的向心加速度

C.B、C運(yùn)行周期相同，且大于A的運(yùn)行周期

D.B的向心力大于4和C的向心力

8.如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量不同的小球用長(zhǎng)度不等的細(xì)線拴在同一點(diǎn)，并在同一水

平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則它們的（）/\

A.運(yùn)動(dòng)周期相同

B.運(yùn)動(dòng)線速度相同

C.運(yùn)動(dòng)角速度相同

D.向心加速度相同

9.關(guān)于晶體和液晶，下列說(shuō)法中正確的有（）

A.由同種元素構(gòu)成的固體，可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體

B.在合適的條件下，某些晶體可以轉(zhuǎn)化為非晶體，而非晶體不可以轉(zhuǎn)化為晶體

C.液晶分子的排列會(huì)因溫度、壓強(qiáng)、電磁作用等外界條件的微小變化而發(fā)生變化

D.在熔化過(guò)程中，晶體要吸收熱量，但溫度保持不變，內(nèi)能也保持不變

10.如圖所示，兩列簡(jiǎn)諧橫波分別沿z軸正方向和負(fù)方向傳播，兩波源分別位于x=-0.2?71和％=

1.2m處，兩列波的速度均為V=0.4m/s,兩波源的振幅均為4=2cm.圖示為1=0時(shí)刻兩列波的

圖象（傳播方向如圖所示），此刻平衡位置處于x-0.2ni和x=0.8m的P、Q兩質(zhì)點(diǎn)剛開(kāi)始振動(dòng).質(zhì)

點(diǎn)M的平衡位置處于x=0.5巾處，關(guān)于各質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)情況判斷正確的是（）

v/cin

A.兩列波相遇過(guò)后振幅仍然為2cm

B.t=1s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)M的位移為-4cm

C.t=ls時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)M的位移為+4cm

D.t=0.75s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P、Q都運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)

E.質(zhì)點(diǎn)P、Q的起振方向都沿y軸負(fù)方向

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

11.某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器“探究碰撞中的不變量”的實(shí)驗(yàn)：在小車(chē)4前端裝有橡皮泥，推

動(dòng)小車(chē)4使之勻速運(yùn)動(dòng)，然后與原來(lái)靜止在前方的小車(chē)B相碰并黏合成一體，繼續(xù)做勻速運(yùn)動(dòng)。

他們?cè)O(shè)計(jì)的裝置如下圖所示，在小車(chē)A的后面連著紙帶，電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)所用器電源頻率為504。

打點(diǎn)計(jì)酎a

.皮泥小車(chē)\紙?

長(zhǎng)木板小車(chē)

5;、.....廣；????；

TTftl|*l6.80cm-J1?—20.00cm-J-

小木片

（1）在實(shí)驗(yàn)中，需要的測(cè)量工具有

4彈簧測(cè)力計(jì)B,毫米刻度尺C.天平D,螺旋測(cè)微器

⑵已測(cè)得小車(chē)4（包括橡皮泥）的質(zhì)量為磯=0.310kg,小車(chē)B（包括撞針）的質(zhì)量為g=0.205kg,

由以上測(cè)得數(shù)據(jù)可計(jì)算碰前兩車(chē)質(zhì)量與速度乘積之和為kg-m/s；碰后兩車(chē)質(zhì)量與速度

乘積之和為kg-m/s。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

（3）本探究實(shí)驗(yàn)的結(jié)論：。

12.用如圖所示的多用電表測(cè)量電阻，要用到選擇開(kāi)關(guān)K和兩個(gè)部件S,

T,請(qǐng)根據(jù)下列步驟完成電阻測(cè)量.

①轉(zhuǎn)動(dòng)部件,使指針對(duì)準(zhǔn)電流的“0”刻度；

②將K旋轉(zhuǎn)到電阻檔合適的位置；

③將插入“+”、“-”插孔的表筆短接，轉(zhuǎn)動(dòng)部件;使指針

對(duì)準(zhǔn)的0刻度線.（填電流、電壓或電阻）

④將兩電筆分別于待測(cè)電阻相接，讀數(shù).

四、簡(jiǎn)答題（本大題共2小題，共32.0分）

13.圖1所示，MON,M'0'M是兩條間距為L(zhǎng)=0.5m的平行金屬導(dǎo)軌,。、0'處平滑連接，導(dǎo)軌電阻

不計(jì)，右端接有阻值為R=0.3。的電阻，M。、M'。'為傾斜導(dǎo)軌，傾角。=37。，其間存在垂直

于斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，ON、O'N'為光滑水平導(dǎo)軌，其中PP'右側(cè)有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩

個(gè)區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等。若將質(zhì)量為巾=0.5kg、電阻為r=0.20的金屬棒從斜軌上不同

高度處由靜止釋放，當(dāng)釋放點(diǎn)的高度h大于等于1.2m時(shí)，均停在水平導(dǎo)軌上的QQ'處，且金屬棒

在傾斜軌道上運(yùn)動(dòng)的加速度a與速度"的關(guān)系如圖2所示?，F(xiàn)將金屬棒從h=1.5m高處?kù)o止釋放,

金屬棒沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌垂直，己知sin37°—0.6,cos37°—0.8,g=10m/s2?

求：

（1）金屬棒與傾斜導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃和磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B；

（2）金屬棒在傾斜軌道上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱QR；

（3）金屬棒在水平軌道上的磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，通過(guò)金屬棒的電荷量q。

14.人民公園里有一個(gè)斜面大滑梯，一位小同學(xué)從斜面的頂端由靜止開(kāi)始滑下，其運(yùn)動(dòng)可視為勻變

速直線運(yùn)動(dòng).已知斜面大滑梯的豎直高度h=3.75m,斜面的傾角為37。，這位同學(xué)的質(zhì)量巾=

30kg,他與大滑梯斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=0.5.不計(jì)空氣阻力，取g=10m/s2,s譏37。=0.6.

求：

(1)這位同學(xué)下滑過(guò)程中的加速度大小：

(2)他滑到滑梯底端時(shí)的速度大?。?/p>

(3)他從滑梯的頂端滑到底端過(guò)程中重力的沖量.

速度g=9.8(hn/s2,計(jì)算結(jié)果均保留3位有效數(shù)字，求:

(1)玻璃管豎直放置時(shí)，液柱由于重力產(chǎn)生的壓強(qiáng)p；

(2)山頂?shù)拇髿鈮簭?qiáng)po。

16.如圖所示，AOB是截面為扇形的玻璃磚的橫截面圖，其頂角0=75。.今有

一束單色光線在橫截面內(nèi)從。4的中點(diǎn)E沿垂直。4的方向射入玻璃磚，一部

OA

分光線經(jīng)4B面反射后恰好未從OB面射出，不考慮多次反射作用.試求玻璃的折射率n.

參考答案及解析

1.答案：D

解析：解：4、氫原子由基態(tài)躍遷到激發(fā)態(tài)時(shí)，氫原子吸收光子，則能量增大，軌道半徑增大，根據(jù)

寫(xiě)=吧!知，電子動(dòng)能減小，而其電勢(shì)能增大，故A錯(cuò)誤；

rzr

B、根據(jù)能量守恒得：hv+E^^mv2,解得電離后電子的速度大小為：v=回國(guó)，故B錯(cuò)誤;

nym

C、根據(jù)或=3知，這些氫原子可能輻射出3種不同頻率的光子，故C錯(cuò)誤；

D、若原子從n=6能級(jí)向ri=2能級(jí)躍遷時(shí)所產(chǎn)生的電磁波能使某金屬發(fā)生光電效應(yīng)，依據(jù)能級(jí)間躍

遷時(shí)輻射或吸收的光子能量等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，則原子從n=5能級(jí)向n=1能級(jí)躍遷時(shí)所產(chǎn)生

的電磁波能量大于之前輻射的能量，所以一定能使該金屬發(fā)生光電效應(yīng)，故Q正確。

故選：D。

根據(jù)軌道半徑的變化，通過(guò)庫(kù)侖引力提供向心力得出電子動(dòng)能的變化，結(jié)合原子能量的變化得出原

子勢(shì)能的變化；

能級(jí)間躍遷或電離時(shí)，遵循能量守恒定律；

根據(jù)數(shù)學(xué)組合公式求出氫原子可能輻射光子頻率的種數(shù)；

根據(jù)入射光的頻率大于或等于極限頻率時(shí)，才能發(fā)生光電效應(yīng)；

解決本題的關(guān)鍵知道光電效應(yīng)的條件以及知道能級(jí)間躍遷時(shí)輻射或吸收的光子能量等于兩能級(jí)間的

能級(jí)差，掌握電離的條件，及理解躍遷的種類(lèi)確定方法，注意大量與一個(gè)的種類(lèi)區(qū)別，及最大初動(dòng)

能對(duì)應(yīng)的最大速度。

2.答案：D

解析：解：由圖可知，當(dāng)線圈從I位置運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)H位置過(guò)程中，穿過(guò)線圈的磁通量增加，根據(jù)

楞次定律可知，線圈中感應(yīng)電流的方向順著磁場(chǎng)方向看是逆時(shí)針；

n位置時(shí)運(yùn)動(dòng)的方向與磁感線的方向平行，感應(yīng)電流是零；

當(dāng)線圈從最低點(diǎn)口運(yùn)動(dòng)到ni位置的過(guò)程中，穿過(guò)線圈的磁通量減少，根據(jù)楞次定律可知，線圈中感

應(yīng)電流的方向順著磁場(chǎng)方向看是順時(shí)針，所以當(dāng)線圈第一次通過(guò)位置I和位置ni時(shí)，順著磁場(chǎng)的方

向看去，線圈中感應(yīng)電流的方向應(yīng)是先逆時(shí)針?lè)较蛟夙槙r(shí)針?lè)较?，所以。正確，ABC錯(cuò)誤。

故選：D。

本題的關(guān)鍵是明確線圈經(jīng)過(guò)位置I和ni過(guò)程中穿過(guò)線圈的磁通量的變化情況，然后根據(jù)楞次定律即

可求解。

該題考查楞次定律的應(yīng)用，要掌握楞次定律是判定感應(yīng)電流方向的一般規(guī)律，要注意磁通量變化時(shí)

磁場(chǎng)的方向。

3.答案：C

解析：解：設(shè)飛鏢拋出時(shí)的水平速度為火,飛鏢拋出時(shí)距離靶心的高度為八，飛行的時(shí)間為3飛鏢

距靶的水平距離為人

AB、由題可知，當(dāng)飛鏢恰好擊中靶心過(guò)程，經(jīng)過(guò)的時(shí)間為：t=后，此時(shí)飛鏢的豎直速度為："豎=

所以飛鏢在擊中靶心時(shí)與靶心等高，但不是垂直擊中靶心，飛鏢經(jīng)過(guò)靶心時(shí)的速度方向?yàn)樾毕蛳拢?/p>

故AB錯(cuò)誤；

C、在水平方向，飛鏢經(jīng)過(guò)的時(shí)間可用t=f計(jì)算，由于初速度增加，導(dǎo)致時(shí)間減小，再根據(jù)=

可知，下落的高度減少，也就是說(shuō)飛鏢將擊中靶心的上方，故C正確；

。、當(dāng)增加拋出時(shí)的速度，可知經(jīng)歷的時(shí)間減少，要想擊中靶心，根據(jù)公式=知高度減少，

所以應(yīng)該是降低拋出時(shí)的高度。故。錯(cuò)誤。

故選:Co

(1)平拋運(yùn)動(dòng)可以分解為水平方向上的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向上的自由落體運(yùn)動(dòng)。

(2)根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，可知豎直分速度不等于零。

解決本題的關(guān)鍵是掌握平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式靈活求解。

4.答案:B

解析：解：不計(jì)空氣阻力時(shí)，豎直上拋運(yùn)動(dòng)上升是勻減速直線運(yùn)動(dòng)，下落是自由落體運(yùn)動(dòng)。設(shè)初速

度為北，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為3上升到最大高度的時(shí)間為環(huán)。

則上升過(guò)程：速率與時(shí)間的關(guān)系式"=vQ-gt圖線是向下的傾斜直線。

下落過(guò)程：速率與時(shí)間的關(guān)系式v=g(t-to),圖線是不過(guò)原點(diǎn)向上的傾斜直線。

故選：B。

不計(jì)空氣阻力時(shí)，豎直上拋運(yùn)動(dòng)上升是勻減速直線運(yùn)動(dòng)，下落是自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式研

究"與t的關(guān)系，再選擇圖象.

本題考查應(yīng)用物理規(guī)律選擇圖象的能力，往往要根據(jù)物理公式得到解析式再選擇圖象.

5.答案：D

解析：解：力、月球繞地球運(yùn)行的周期A=30天，同步衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的周期72=1天，顯然T1>T2,

根據(jù)開(kāi)普勒第三定律有：圣=,，解得4>「2,故A錯(cuò)誤；

12

B、由(7罷=結(jié)合「1>上，可得：Vi<v2,故B錯(cuò)誤；

C,由7="，7\>12,可得31<32，故C錯(cuò)誤；

D、由G詈=rna,結(jié)合4>r2，可得的<(12，故。正確。

故選：D?

地球同步衛(wèi)星即地球同步軌道衛(wèi)星，又稱(chēng)對(duì)地靜止衛(wèi)星，是運(yùn)行在地球同步軌道上的人造衛(wèi)星，距

離地球的高度約為36000km,衛(wèi)星的運(yùn)行方向與地球自轉(zhuǎn)方向相同、運(yùn)行軌道為位于地球赤道平面

上圓形軌道、運(yùn)行周期與地球自轉(zhuǎn)一周的時(shí)間相等，其運(yùn)行角速度等于地球自轉(zhuǎn)的角速度；

本題考查了地球同步衛(wèi)星的相關(guān)知識(shí)點(diǎn)，同時(shí)注意結(jié)合開(kāi)普勒第三定律，關(guān)鍵掌握萬(wàn)有引力提供向

心力這一理論，并能靈活運(yùn)用

6.答案：AD

解析：解：4、當(dāng)電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，電動(dòng)機(jī)可視為純電阻電路，故電動(dòng)機(jī)的電阻R=苫=懸=2。，

故B錯(cuò)誤，A正確；

C、正常轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，電動(dòng)機(jī)的總功率P=UJi=15x2W=30?。?/p>

2

克服自身電阻的功率PR=I1R=(2)x2勿=8W；

電動(dòng)機(jī)正常運(yùn)轉(zhuǎn)時(shí)的輸出功率是P鐮必=P-PR=30W-8W=22nz.故C錯(cuò)誤，￡>正確；

故選：ADo

從電路圖中可以看出，電動(dòng)機(jī)和滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)量滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，電流表測(cè)量

電路電流，根據(jù)公式/?=，可求電動(dòng)機(jī)停轉(zhuǎn)時(shí)的電阻；

利用公式「="可求電動(dòng)機(jī)的總功率，根據(jù)公式P=/2R可求電動(dòng)機(jī)的熱功率，總功率與熱功率的差

值就是電動(dòng)機(jī)的輸出功率.

本題考查電阻、功率的有關(guān)計(jì)算，關(guān)鍵是明白電路中各個(gè)用電器的連接情況，要知道非純電阻電路

的功率的計(jì)算方法.

7.答案：AD

解析：解：人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)衛(wèi)星的質(zhì)量為?n、軌道半徑為小地球質(zhì)量為根據(jù)

萬(wàn)有引力提供向心力，有：

GmM4712rv2

——=m——=ma=m—

r2T2r

A、v=&由圖可以知道，rA>rB=rc,所以B、C的線速度大小相等，且大于4的線速度，故A

正確；

B、a=黑，由圖可以知道，rA>rB=rc,所以B、C的向心加速度大小相等，且大于4的向心加速

度，故B錯(cuò)誤；

C,T=2H居，由圖可以知道，rA>rB=rc,所以B、C運(yùn)行周期相同，且小于4的運(yùn)行周期，故C

錯(cuò)誤；

￡>、F=等，4、B的質(zhì)量相等且大于C的質(zhì)量，所以B的向心力大于4和C的向心力，故。正確；

故選：AD.

根據(jù)人造衛(wèi)星的萬(wàn)有引力提供向心力，列式求出周期、線速度、向心加速度和向心力的表達(dá)式進(jìn)行

討論即可.

本題關(guān)鍵抓住萬(wàn)有引力提供向心力，列式求解出線速度、角速度、周期和向心力的表達(dá)式，再進(jìn)行

討論.

8.答案:AC

解析：解：對(duì)其中一個(gè)小球受力分析，如圖，受重力，繩子的拉力，由于小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故

合力提供向心力；

將重力與拉力合成，合力指向圓心，由幾何關(guān)系得，合力：F=mgtanO(T)：

由向心力公式得到，F(xiàn)=ma)2r②；

設(shè)繩子與懸掛點(diǎn)間的高度差為機(jī)由幾何關(guān)系，得：r=htand

由①②③三式得，3=R與繩子的長(zhǎng)度和轉(zhuǎn)動(dòng)半徑無(wú)關(guān)，故C正確；

又由7=生知，周期相同，故A正確；

U)

由u=wr,兩球轉(zhuǎn)動(dòng)半徑不等，則線速度大小不等，故B錯(cuò)誤；

由a=a>2r,兩球轉(zhuǎn)動(dòng)半徑不等，向心加速度不同，故。錯(cuò)誤；

故選：AC.

兩個(gè)小球均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，對(duì)它們受力分析，找出向心力來(lái)源，可先求出角速度，再由角速度與

線速度、周期、向心加速度的關(guān)系公式求解.

本題關(guān)鍵要對(duì)球受力分析，找向心力來(lái)源，求角速度；同時(shí)要靈活應(yīng)用角速度與線速度、周期、向

心加速度之間的關(guān)系公式.

9.答案:AC

解析：解：力、由同種元素構(gòu)成的固體，可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石

墨和金剛石，故A正確。

8、晶體與非晶體在一定的條件下可以相互轉(zhuǎn)化，即在一定的條件下，某些晶體可以轉(zhuǎn)化為非晶體,

非晶體也可以轉(zhuǎn)化為晶體。故8錯(cuò)誤；

C、溫度、壓力、電磁作用等可以改變液晶的光學(xué)性質(zhì)。故C正確。

D.在熔化過(guò)程中，晶體要吸收熱量，雖然溫度保持不變，但是內(nèi)能要增加，故。錯(cuò)誤；

故選:AC.

晶體是具有一定的規(guī)則外形，各項(xiàng)異性，具有固定的熔點(diǎn)；非晶體沒(méi)有固定的熔點(diǎn)，沒(méi)有規(guī)則的兒

何外形，表現(xiàn)各項(xiàng)同性；液晶既具有液體的流動(dòng)性，又具有光學(xué)各向異性；由此可判斷各選項(xiàng)的正

誤。

解答該題要熟練的掌握晶體和非晶體的特性，對(duì)于晶體有一下特點(diǎn)：

1、晶體有整齊規(guī)則的幾何外形；

2、晶體有固定的熔點(diǎn)，在熔化過(guò)程中，溫度始終保持不變；

3、晶體有各向異性的特點(diǎn)。

非晶體是指組成物質(zhì)的分子（或原子、離子）不呈空間有規(guī)則周期性排列的固體。它沒(méi)有一定規(guī)則的

外形，如玻璃、松香、石蠟等。它的物理性質(zhì)在各個(gè)方向上是相同的，叫“各項(xiàng)同性”。它沒(méi)有固

定的熔點(diǎn)。

10.答案：ABE

解析：解：4、兩列波相遇過(guò)后不改變波的性質(zhì)，所以振幅不變，振幅仍然為2cm,故4正確；

B、由圖知波長(zhǎng)4=0.4m,由u得，波的周期為7=4=9=1s,兩質(zhì)點(diǎn)傳到M的時(shí)間為山，當(dāng)

TV0.44

t=ls時(shí)刻，兩波的波谷恰好傳到質(zhì)點(diǎn)M,所以位移為—4cm.故8正確，C錯(cuò)誤；

。、質(zhì)點(diǎn)不隨波遷移，只在各自的平衡位置附近振動(dòng)，所以質(zhì)點(diǎn)P、Q都不會(huì)運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；

E、由波的傳播方向根據(jù)波形平移法可判斷出質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向：兩列簡(jiǎn)諧橫波分別沿x軸正方向和負(fù)

方向傳播，則質(zhì)點(diǎn)P、Q均沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故E正確；

故選：ABE.

由圖讀出波長(zhǎng)，從而算出波的周期.根據(jù)所給的時(shí)間與周期的關(guān)系，分析質(zhì)點(diǎn)M的位置，確定其位

移.

由波的傳播方向來(lái)確定質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向.

兩列頻率相同的相干波，當(dāng)波峰與波峰相遇或波谷與波谷相遇時(shí)振動(dòng)加強(qiáng)，當(dāng)波峰與波谷相遇時(shí)振

動(dòng)減弱，則振動(dòng)情況相同時(shí)振動(dòng)加強(qiáng)；振動(dòng)情況相反時(shí)振動(dòng)減弱.

波的疊加滿(mǎn)足矢量法則，例如當(dāng)該波的波峰與波峰相遇時(shí)，此處相對(duì)平衡位置的位移為振幅的二倍；

當(dāng)波峰與波谷相遇時(shí)此處的位移為零.

11.答案：(1)平衡摩擦力；

(2)BC；

(3)0.620,0.618；

(4)在實(shí)驗(yàn)誤差范圍內(nèi)，兩小車(chē)的質(zhì)量和速度的乘積在碰撞中總量保持不變。

解析：

根據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理確定所需測(cè)量的物理量，從而確定所需的測(cè)量器材。

根據(jù)點(diǎn)跡間的距離求出小車(chē)的速度，從而得出小車(chē)質(zhì)量和速度的乘積，探究碰撞中的不變量。

根據(jù)碰撞之后共同勻速運(yùn)動(dòng)的速度小于碰撞之前4獨(dú)自運(yùn)動(dòng)的速度，確定哪段應(yīng)在碰撞之前，哪段應(yīng)

在碰撞之后，是解決本題的突破口。

(1)木板的一端下邊墊著小木片用以平衡摩擦力。

(2)實(shí)驗(yàn)中需要測(cè)量小車(chē)的質(zhì)量和速度，所以需要天平，需要運(yùn)用刻度尺測(cè)量點(diǎn)跡間的距離，從而計(jì)

算出速度。故選：BC。

(3)碰撞前，小車(chē)4的速度%=答zn/s=2.07n/s,碰撞后，系統(tǒng)的速度%=需機(jī)/s=1.2m/s,

0.10.14

則碰撞前兩車(chē)質(zhì)量與速度乘積之和Pi=mjVj+0=0.310x2.0=0.620kg-m/s,碰撞后兩車(chē)質(zhì)量

與速度乘積之和22=(mi+m2)v2=(0.310+0.205)x1.2=0.618kg-m/s.

(4)可知在實(shí)驗(yàn)誤差范圍內(nèi)，兩小車(chē)的質(zhì)量和速度的乘積(nw)在碰撞中總量保持不變。

故答案為：(1)平衡摩擦力；(2)BC；

(3)0.620,0.618；

(4)在實(shí)驗(yàn)誤差范圍內(nèi)，兩小車(chē)的質(zhì)量和速度的乘積在碰撞中總量保持不變。

12.答案:S；T-,電阻

解析：解：①電表使用前要旋轉(zhuǎn)機(jī)械調(diào)零旋鈕S進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，使指針對(duì)準(zhǔn)電流的0刻線；

②將K旋轉(zhuǎn)到電阻檔合適的位置.

③將插入“十"、”-"插孔的表筆短接，旋動(dòng)歐姆調(diào)零旋鈕T,使指針對(duì)準(zhǔn)電阻的0刻線.

④將兩電筆分別于待測(cè)電阻相接，讀數(shù).

故答案為：①S；③T,電阻.

①電表使用前要使指針指在?？叹€位置，通過(guò)調(diào)節(jié)調(diào)零旋鈕實(shí)現(xiàn)；

③歐姆表測(cè)量前要進(jìn)行歐姆調(diào)零；

④歐姆表中值電阻附近刻度線最均勻，讀數(shù)誤差最小，故測(cè)量電阻時(shí)，要通過(guò)選擇恰當(dāng)?shù)谋堵适怪?/p>

針指在中值電阻附近；每次換擋要重新調(diào)零；

⑤歐姆表讀數(shù)=刻度盤(pán)讀數(shù)X倍率：

⑥歐姆表使用完畢，要將旋鈕選擇“OFF”擋或者交流電壓最大擋，若長(zhǎng)期不用，需要將電池取出.

本題考查了多用電表的使用方法，掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可正確解題；使用歐姆表測(cè)電阻時(shí)，要選擇合適

的擋位，使指針指在中央刻度線附近.

13.答案：解：(1)由題圖乙知，當(dāng)u=0時(shí)，a=2.0m/s2；當(dāng)a=0時(shí)，v=2.0m/s；

釋放金屬棒瞬間，安培力為零，由牛頓第二定律得：mgsind-^mgcosd-ma,

BLv

金屬棒平衡時(shí)，安培力的大小為：FA=BIL=

由平衡條件得：mgsin37°-^mgcos37°--0,

解得：fi=0.5,B=IT；

(2)當(dāng)釋放點(diǎn)的高度八大于等于1.2/n時(shí)?，均停在水平導(dǎo)軌上的QQ'處，說(shuō)明只要釋放點(diǎn)的高度大于1.2m,

金屬棒到達(dá)底端前已經(jīng)勻速。

由于h=1.5m>1.2m,則導(dǎo)體金屬棒下滑到斜軌道最低位置前已開(kāi)始勻速運(yùn)動(dòng)，由圖乙知：v=

2m/s；

由能量守恒定律有：mgh-fimgcos37°—^—-Q^=1mv2,

SITIJ/，j'N

電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱：QR=￡Q總，

解得：QR=0.9/；

(3)金屬棒以。=2m/s的速度進(jìn)入水平軌道區(qū)域的磁場(chǎng)的過(guò)程中，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理有：

一￡BiL-=0—mv.

通過(guò)金屬棒的電荷量：q=?At=詈DL.

代入數(shù)據(jù)解得：q=2C。

答：(1)金屬棒與傾斜導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為17；

(2)金屬棒在傾斜軌道上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為0.9/；

(3)金屬棒在水平軌道上的磁場(chǎng)區(qū)域運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，通過(guò)金屬棒的電荷量為2C。

解析：(1)由題圖乙知，當(dāng)u=0時(shí)，a=2.0m/s2；當(dāng)a=0時(shí)，v—2.0m/s；以金屬棒為研究對(duì)象，

根據(jù)牛頓第二定律、平衡條件列方程聯(lián)立求解；

(2)導(dǎo)體金屬棒下滑到斜軌道最低位置前已開(kāi)始勻速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)能量守恒定律和焦耳定律聯(lián)立求解;

(3)對(duì)金屬棒根據(jù)根據(jù)動(dòng)量定理結(jié)合電荷量的計(jì)算公式求解通過(guò)金屬棒的電荷量。

對(duì)于電磁感應(yīng)問(wèn)題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，根據(jù)牛頓第二定律或平衡條件列出方程；

另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問(wèn)題，根據(jù)動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求解。

14.答案：解：(1)這位同學(xué)的受力情況如圖，根據(jù)牛頓第二定律得：f戈N

mgsin37°—f—maY

N=mgcos370”'

又f=M聯(lián)立得到：mg

a=g(sin37°—〃cos370)

代入解得，a=10(0.6-0.5x0.8)=2m/s2

(2)已知位移的大小為％=—^―=痣m=6.25m,由蘇=2ax得：

SLTL370.6

v=72ax—V2x2x6.25=5m/s

(3)由i;=Qt得: