2021-2022學年內(nèi)蒙古烏海市高考壓軸卷物理試卷含解析

2021-2022學年高考物理模擬試卷

請考生注意：

1.請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0.5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答

案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。

2.答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，斜面固定，平行于斜面處于壓縮狀態(tài)的輕彈簧一端連接物塊A,另一端固定，最初A靜止.在A上施

加與斜面成30。角的恒力F,A仍靜止，下列說法正確的是（）

A.A對斜面的壓力一定變小

B.A對斜面的壓力可能不變

C.A對斜面的摩擦力一定變大

D.A對斜面的摩擦力可能變?yōu)榱?/p>

2、如圖所示，D點為固定斜面AC的中點，在A點先后分別以初速度如和加水平拋出一個小球，結果小球分別落

在斜面上的D點和C點.空氣阻力不計.設小球在空中運動的時間分別為ti和t2,落到D點和C點前瞬間的速度大

小分別為力和也，落到D點和C點前瞬間的速度方向與水平方向的夾角分別為4和a,則下列關系式正確的是

t,1vn,1v.1tanQ1

t22v022v2J2tan<2

3、科學家對物理學的發(fā)展做出了巨大貢獻，也創(chuàng)造出了許多物理學方法，如理想實驗法、控制變量法、極限思想法、

建立物理模型法、類比法和科學假設法等，以下關于物理學史和所用物理學方法敘述正確的是（）

A.卡文迪許巧妙地運用扭秤實驗測出引力常量，采用了理想實驗法

B.牛頓通過比較月球公轉的向心加速度和地球赤道上物體隨地球自轉的向心加速度，對萬有引力定律進行了“月一地

檢驗”，證實了萬有引力定律的正確性

C.在不需要考慮物體本身的形狀和大小時，用質(zhì)點來代替物體的方法叫假設法

D.在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后用各

小段的位移之和代表物體的位移，這里采用了微元法

4、某跳水運動員在3m長的踏板上起跳，踏板和運動員要經(jīng)歷如圖所示的幾個位置，其中4為無人時踏板靜止點，B

為人站在踏板上靜止時的平衡點，C為人在起跳過程中人和踏板運動的最低點，已知板形變越大時板對人的彈力也越

大，在人由C到8的過程中（）

A.人向上做加速度大小減小的加速運動B.人向上做加速度大小增大的加速運動

C.人向上做加速度大小減小的減速運動D.人向上做加速度大小增大的減速運動

5、在光滑絕緣水平面上，三個帶電小球〃、。和C分別位于邊長為/的正三角形的三個頂點上；4、萬帶正電，電荷量

均為4,整個系統(tǒng)置于方向水平的勻強電場中。若三個小球均處于靜止狀態(tài)，則C球的帶電量為（）

C.+2q

6、如圖所示，固定在水平地面上的物體A,左側是圓弧面，右側是傾角為，的斜面，一根輕繩跨過物體A頂點上的

小滑輪，繩兩端分別系有質(zhì)量為加、，〃2的小球，當兩球靜止時，小球皿與圓心連線跟水平方向的夾角也為0,不計

一切摩擦，則機卜利之間的關系是（）

A.m\=miC.機2tan〃D.mi=ni2cos0

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖，質(zhì)量為加、長為L的直導線用兩絕緣細線懸掛于0、0',并處于勻強磁場中.當導線中通以沿x正方向的

電流/,且導線保持靜止時，懸線與豎直方向夾角為6.則磁感應強度方向和大小可能為

A.z正向，整tan。B.）'正向，整

ILIL

C.z負向，整tan。D.沿懸線向上，整sin。

ILIL

8、以下說法正確的是（）

A.已知阿伏加德羅常數(shù)、氣體摩爾質(zhì)量和密度，可算出該氣體分子的直徑

B.物質(zhì)是晶體還是非晶體，比較可靠的辦法是從各向異性或各向同性來判斷

C.隨著分子間距離的增大，分子間的引力和斥力都減小，斥力減小得快，但合力表現(xiàn)仍可能為斥力

D.能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性

9、如圖所示，有兩列沿z軸方向傳播的橫波，振幅均為5cm,其中實線波甲向右傳播且周期為0.5s、虛線波乙向左傳

A.乙波傳播的頻率大小為1Hz

B.甲乙兩列波的速度之2：3

C.兩列波相遇時，能形成穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象

D./=0時，x=4cm處的質(zhì)點沿y軸的負方向振動

E.Z=0.25s時，x=6cm處的質(zhì)點處在平衡位置

10、如圖所示，一長二=，m的水平傳送帶以二」=2ms的恒定速率沿順時針方向轉動，傳送帶右端有一與傳送帶等高

的光滑水平面，一質(zhì)量二=4kg的物塊以二；=ims的速率沿直線向左滑上傳送帶，經(jīng)過一段時間后物塊離開了傳送帶,

已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)二=。,八重力加速度g取則以下判斷正確的是（）

A.經(jīng)過二=1s后物塊從傳送帶的左端離開傳送帶

B.經(jīng)過二=2s后物塊從傳送帶的右端離開傳送帶

C.在，時間內(nèi)傳送帶對物塊做的功為-4J

D.在f時間內(nèi)由于物塊與傳送帶間摩擦而產(chǎn)生的熱量為16.J

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）在“用電流表和電壓表測電池的電動勢和內(nèi)電阻”的實驗中，提供的器材有：

A.干電池一節(jié)

B.電流表（量程0.6A）

C.電壓表（量程3V）

D.開關S和若干導線

E.滑動變阻器R1（最大阻值20。，允許最大電流1A）

F.滑動變阻器R?（最大阻值200C,允許最大電流0.5A）

G.滑動變阻器R3（最大阻值2000Q,允許最大電流0.1A）

⑴按圖甲所示電路測量干電池的電動勢和內(nèi)阻，滑動變阻器應選_____（填“凡”、或“&”）

（2）圖乙電路中部分導線已連接，請用筆畫線代替導線將電路補充完整—，要求變阻器的滑片滑至最左端時，其使用

電阻值最大。

（3）閉合開關，調(diào)節(jié)滑動變阻器，讀取電壓表和電流表的示數(shù)。用同樣方法測量多組數(shù)據(jù)，將實驗測得的數(shù)據(jù)標在如圖

丙所示的坐標圖中，請作出。一/圖線,由此求得待測電池的電動勢E=V,內(nèi)電阻r=Qo

所得內(nèi)阻的測量值與真實值相比（填“偏大”、“偏小”或“相等”）（結果均保留兩位有效數(shù)字）。

12.（12分）某物理興趣小組在學習了電流的磁效應后，得知通電長直導線周圍某點磁場的磁感應強度8的大小與長

直導線中的電流大小/成正比，與該點離長直導線的距離r成反比。該小組欲利用如圖甲所示的實驗裝置驗證此結

論是否正確，所用的能材有：長直導線、學生電源、直流電流表（量程為0~3A）、滑動變阻器、小磁針（置于刻有

360?？潭鹊谋P面上）、開關及導線若干:

乙

實驗步驟如下:

a.將小磁針放置在水平桌面上，等小磁針靜止后，在小磁針上方沿小磁針靜止時的指向水平放置長直導線，如圖甲

所示；

反該小組測出多組小磁針與通電長直導線間的豎直距離人長直導線中電流的大小/及小磁針的偏轉角度仇

c.根據(jù)測量結果進行分析，得出結論?；卮鹣铝袉栴}：

(1)某次測量時，電路中電流表的示數(shù)如圖乙所示，則該電流表的讀數(shù)為A；

(2)在某次測量中，該小組發(fā)現(xiàn)長直導線通電后小磁針偏離南北方向的角度為30°(如圖丙所示)，已知實驗所在處

的地磁場水平分量大小為Bo=3xlO-5T,則此時長直導線中的電流在小磁針處產(chǎn)生的磁感應強度B的大小為T

(結果保留兩位小數(shù))；

丙

(3)該小組通過對所測數(shù)據(jù)的分析，作出了小磁針偏轉角度的正切值tan。與,之間的圖像如圖丁所示，據(jù)此得出了

r

通電長直導線周圍磁場的磁感應強度B與通電電流/成正比,與離長直導線的距離r成反比的結論，其依據(jù)是:

(4)通過查找資料，該小組得知通電長直導線周圍某點的磁感應強度5與電流/及距離r之間的數(shù)學關系為

8=烏,，其中〃°為介質(zhì)的磁導率。根據(jù)題給數(shù)據(jù)和測量結果，可計算出4=T.m/A?

27r

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，半徑為R的扇形408為透明柱狀介質(zhì)的橫截面，圓心角NAO8=60。。一束平行于角平分線

OM的單色光由OA射入介質(zhì)，折射光線平行于OB且恰好射向M(不考慮反射光線，已知光在真空中的傳播速度為c)。

①求從AMB面的出射光線與進入介質(zhì)的入射光線的偏向角；

②光在介質(zhì)中的傳播時間。

14.(16分)如圖所示，A3是重力為G的勻質(zhì)細直桿，其中A端通過光滑較鏈固定于豎直墻壁上，3端受一與細直

桿夾角恒為60的拉力作用，使桿子由水平位置緩慢沿逆時針方向轉到豎直位置。求:

⑴當桿與墻壁的夾角為60時，桿A、3端受到的作用力的大小;

(2)當桿與墻壁的夾角為30時，桿A、3端分別受到的作用力的大小。

F

H

綱

15.（12分）如圖所示，MN和為兩豎直放置的平行光滑長直金屬導軌，兩導軌間的距離為L在導軌的下部有

垂直于導軌所在平面、方向向里的勻強磁場，磁感應強度為8。在導軌的肋以端連接電容為C、擊穿電壓為S、正對

面積為S、極板間可認為是真空、極板間距為d的平行板電容器。在f=0時無初速度地釋放金屬棒織金屬棒4的長

度為乙、質(zhì)量為，〃、電阻可忽略不計.假設導軌足夠長，磁場區(qū)域足夠大，金屬棒爐與導軌垂直并接觸良好，導軌和

各接觸處的電阻不計，電路的電感、空氣的阻力可忽略，已知重力加速度為g。

⑴求電容器兩端的電壓達到擊穿電壓所用的時間；

⑵金屬棒4?下落的過程中，速度逐漸變大，感應電動勢逐漸變大，電容器極板上的電荷量逐漸增加，兩極板間存儲的

電場能也逐漸增加。單位體積內(nèi)所包含的電場能稱為電場的能量密度。已知兩極板間為真空時平行板電容器的電容大

小可表示為。=維。試證明平行板電容器兩極板間的空間內(nèi)的電場能量密度。與電場強度E的平方成正比，并求出

a

比例系數(shù)（結果用￡0和數(shù)字的組合表示）。

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

設斜面傾角為0,對物體進行受力分析，沿下面方向，最初支持力等于mgcosO,施加恒力F后，支持力等于

mgcos0+Fsin3O0,支持力一定增大.根據(jù)牛頓第三定律，A對斜面的壓力一定變大，故A錯誤，B錯誤；平行于斜面

處于壓縮狀態(tài)的輕彈簧,，最初摩擦力向可能向上，可能向下，也可能為0,施加恒力F后，F(xiàn)沿斜面向上的分力為

Fcos30。，由于F大小未知，摩擦力可能仍向上，也可能等于0；可能沿斜面向下，摩擦力的大小可能增大，也可能減

小，故C錯誤，D正確.故選：D

2、C

【解析】

本題考查的是平拋運動的規(guī)律，兩次平拋均落到斜面上，位移偏轉角相等，以此切入即可求出答案.

【詳解】

設斜面的傾角為。，可得M=tanO,所以獸="，豎直方向下降的高度之比為1：2,所以4=W,求得

2Vo2v0]2V0?t2J2

v1v.v1tan0,

—ni=再結合速度偏轉角的正切值是位移偏轉角正切值的兩倍，—=—ni「六=t1，所以C正確.

v02V2v2v02y/2tan/

【點睛】

平拋運動問題的切入點有三種：軌跡切入、偏轉角切入、豎直方向相鄰相等時間位移差為常數(shù).

3^D

【解析】

A.卡文迪許巧妙地運用扭秤實驗，用了放大法成功測出引力常量，故A錯誤；

B.牛頓通過比較月球公轉的周期，根據(jù)萬有引力充當向心力，對萬有引力定律進行了“月地檢驗”，故B錯誤。

C.在不需要考慮物體本身的形狀和大小時，用質(zhì)點來代替物體的方法叫理想模型法，故C錯誤。

D.在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后用各小

段的位移之和代表物體的位移，這里采用了微元法，故D正確。

4、A

【解析】

人由C到B的過程中，重力不變，彈力一直減小，彈力大于重力，向上做加速運動，合力逐漸減小，加速度逐漸減小,

所以人向上做加速度大小減小的加速運動，故A正確，BCD錯誤。

故選Ao

5、D

【解析】

、分帶正電，要使%〃都靜止，C必須帶負電，否則勻強電場對4、6的電場力相同，而其他兩個電荷對。和〃的合

力方向不同，兩個電荷不可能同時平衡，設C電荷帶電量大小為Q,以。電荷為研究對象受力分析，根據(jù)平衡條件得

c、?對a的合力與勻強電場對a的力等值反向，即為：

罕二罕3

所以C球的帶電量為-2g

A.+g與分析不符，故A錯誤；

B.-q與分析不符，故B錯誤；

C.+2g與分析不符，故C錯誤；

D.-2g與分析不符，故D正確。

6、C

【解析】

設繩子對兩球的拉力大小為FT,對根據(jù)平衡條件得

尸T=，"2gsinO

對如根據(jù)平衡條件得

FT=//JigcosO

聯(lián)立解得

/Mi=/H2tan0

故選C.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、BC

【解析】

試題分析：磁感應強度方向為z正方向，根據(jù)左手定則，直導線所受安培力方向沿y負方向，則導體不可能處于平衡

狀態(tài)，選項A錯誤；磁感應強度方向為y正向時，根據(jù)左手定則，直導線所受安培力方向沿z正方向，此時細線的拉

力為零，由平衡條件得：BIL=mg,解得：B=等，選項B正確；磁感應強度方向為z負向時，根據(jù)左手定則，直導

線所受安培力方向沿y正方向，由平衡條件得：BILcosO=mgsinO,解得：B=^tan。，選項C正確；當沿懸線向上

時，由左手定則可知，安培力垂直于導線斜向左下方，導體不可能處于平衡狀態(tài)，選項D錯誤；故選BC.

考點：物體的平衡；安培力；左手定則

【名師點睛】此題是物體的平衡及安培力的方向判斷問題；左手定則和右手定則一定要區(qū)分開，如果是和力有關的則

全依靠左手定則，即關于力的用左手，其他的（一般用于判斷感應電流方向）用右手定則；注意立體圖形和平面圖形

的轉化.

8、CD

【解析】

MV

A.摩爾體積丫=—,氣體分子所占空間%=），所以可以求得分子間的平均距離，故A錯誤；

PNA

B.因多晶體也具有各向同性，故晶體和非晶體一般從熔點來判斷，故B錯誤；

C.當分子間距離小于ro時，隨著分子間距離的增大，分子間的引力和斥力都減小，斥力減小得快，合力表現(xiàn)為斥力，

故C正確；

D.根據(jù)熱力學定律可知，宏觀自然過程自發(fā)進行是有其方向性，能量耗散就是從能量的角度反映了這種方向性，故D

正確。

故選CDo

9、ADE

【解析】

B.由于兩列波在同一介質(zhì)中傳播，因此兩列波傳播速度大小相同，故B錯誤；

A.由圖可知，甲波的波長九=4cm,乙波的波長石=8cm,由產(chǎn)獷可知，甲波和乙波的頻率之比為2：1,又甲波的頻

率為2Hz,所以乙波的頻率為1Hz,故A正確；

C.由于兩列波的頻率不相等，因此兩列波在相遇區(qū)域不會發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，故C錯誤；

D.由質(zhì)點的振動方向與波的傳播方向的關系可知，兩列波在平衡位置為x=4cm處的質(zhì)點引起的振動都是向下的，根

據(jù)疊加原理可知該質(zhì)點的振動方向沿y軸的負方向，故D正確；

E.從U0時刻起再經(jīng)過0.25s,甲波在平衡位置為x=6cm處的位移為零，乙波在平衡位置為x=6cm處的位移也為零，

根據(jù)疊加原理可知該質(zhì)點處在平衡位置，故E正確。

故選ADE.

10>BD

【解析】

AB.當物塊滑上傳送帶后，受到傳送帶向右的摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律有

代入數(shù)據(jù)可得物塊加速度大小a=lm/s2,方向向右，設物塊速度減為零的時間為d則有

0=二:一二二；

代入數(shù)據(jù)解得Zi=ls；物塊向左運動的位移有

-2=/一一

代入數(shù)據(jù)解得

0=0.5m<匚=Im

故物塊沒有從傳送帶左端離開；當物塊速度減為0后向右加速，根據(jù)運動的對稱性可知再經(jīng)過1s從右端離開傳送帶,

離開時速度為lm/s,在傳送帶上運動的時間為

t=2ti=2s

故A錯誤，B正確；

C.在U2s時間內(nèi)，物塊速度大小不變，即動能沒有改變，根據(jù)動能定理可知傳送帶對物塊做的功為0,故C錯誤；

D.由前面分析可知物塊在傳送帶上向左運動時，傳送帶的位移為

=二/二/=2x，m=2m

當物塊在傳送帶上向右運動時，時間相同傳送帶的位移也等于XI,故整個過程傳送帶與物塊間的相對位移為

二二=（二）+二）+（匚J-二）=2m+0,5m+2m-0.5m-4m

在，時間內(nèi)由于物塊與傳送帶間摩擦而產(chǎn)生的熱量為

二=二二二二二=0,jX4X10x4J=J6J

故D正確。

故選BD。

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

1.51.9偏小

【解析】

（1）口］為方便實驗操作，且需要干電池的路端電壓有明顯變化，滑動變阻器應選擇總阻值較小的"。

（2）［2］根據(jù)電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示

左右

(3)［3］根據(jù)坐標系內(nèi)描出的點作出電源的U-/圖象，圖象如圖所示

14n51由圖可知，縱截距為1.5,則電源電動勢為

E=L5V

電源內(nèi)阻等于圖像的斜率，有

⑹相對于電源來說，電流表采用外接法，電流表的測量值小于通過電源的電流，電動勢和內(nèi)阻的測量值均小于真實值;

或者理解為電壓表內(nèi)阻存在分流作用，故電流測量值偏小，可以將電壓表內(nèi)阻與電源并聯(lián)后看作等效電源，實際測量

的是等效電源的電動勢和內(nèi)電阻，故電動勢的測量值小于真實值，內(nèi)電阻的測量值小于真實值。

12、2.001.73x10-5電流產(chǎn)生的磁感應強度8=8。tan明而偏角的正切值與,成正比4〃xl(『

r

【解析】

(1)［1］電流表量程為3A,則最小分度為0.1A,由指針示數(shù)可知電流為2.00A；

(2)|2］電流產(chǎn)生向東的磁場，則指針指向地磁場分量和電流磁場的合磁場方向，如圖所示

則有

tan30°=—

B。

解得

B=3xl05x—T=1.7xlO-5T

3

(3)[3]由圖可知，偏角的正切值與,成正比，而根據(jù)(2)中分析可知

r

B=B()tan9

則可知3與,成正比，故說明通電長直導線周圍磁場的磁感應強度3與通電電流/成正比，與長導線的距離，,成反比;

r

(4)[4]由公式

B=B°tanB=旦工

02乃r

可知，圖象的斜率

解得

=4^x107T?m/A

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

R

13、(1)60°；(2)—

c

【解析】

①光路圖如圖所示：

F-

B

對40面的折射，由幾何知識得：Z=60°,r=30°,6=30。,

則介質(zhì)的折射率

sinisin60°rr

n=----=------=V3

sinrsin30°

光從M點射出時，有

sin0=nsin3=>/3xsin30°=—

解得

萬=60°,

從AMB面的出射光線與進入介質(zhì)的入射光線的偏向角：a=4=60。；

②設光在介質(zhì)中的路程為s,則

5=懸斗

光在介質(zhì)中的傳播速度

v=-

n

則光在介質(zhì)中傳播的時間

s

t=-

V

聯(lián)立解得

R

t=—

c

【點睛】

解決光學問題的關鍵要掌握全反射的條件、折射定律〃=黑、臨界角公式sinC=%、光速公式運用幾何知

識結合解決這類問題。

14、⑴小一工=??；⑵FrG

【解析】

(1)當