2022-2023學(xué)年西藏林芝二中高三第三次教學(xué)質(zhì)量診斷性考試物理試題試卷

2022-2023學(xué)年西藏林芝二中高三第三次教學(xué)質(zhì)量診斷性考試物理試題試卷

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再

選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上，寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，下列敘述中正確的是（）

A.當(dāng)分子間的平均距離變大時(shí)，氣體壓強(qiáng)一定變小

B.當(dāng)分子熱運(yùn)動(dòng)變劇烈時(shí)，氣體壓強(qiáng)一定變大

C.當(dāng)分子熱運(yùn)動(dòng)變劇烈且分子平均距離變小時(shí)，氣體壓強(qiáng)一定變大

D.當(dāng)分子熱運(yùn)動(dòng)變劇烈且分子平均距離變大時(shí)，氣體壓強(qiáng)一定變大

2、在足夠長(zhǎng)的光滑絕緣水平臺(tái)面上，存在有平行于水平面向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為瓦水平臺(tái)面上放置兩個(gè)靜止

的小球A和B（均可看作質(zhì)點(diǎn)），兩小球質(zhì)量均為機(jī)，帶正電的A球電荷量為。，B球不帶電，A、B連線與電場(chǎng)線平

行。開(kāi)始時(shí)兩球相距L在電場(chǎng)力作用下，A球開(kāi)始運(yùn)動(dòng)（此時(shí)為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，即f=0）,后與B球發(fā)生正碰，碰撞過(guò)程

中A、B兩球總動(dòng)能無(wú)損失。若在各次碰撞過(guò)程中，A、B兩球間均無(wú)電荷量轉(zhuǎn)移，且不考慮兩球碰撞時(shí)間及兩球間

的萬(wàn)有引力，則（）

上當(dāng)…一…工

AB

A.第一次碰撞結(jié)束瞬間B球的速度大小為、些

Vm

B.第一次碰撞到第二次碰撞B小球向右運(yùn)動(dòng)了2L

C.第二次碰撞結(jié)束瞬間B球的速度大小為、陛回

D.相鄰兩次碰撞時(shí)間間隔總為2返

Vm

3、一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播，“、分為x軸上的兩質(zhì)點(diǎn)，平衡位置分別為x=0,x=x〃（x〃>0）。a點(diǎn)的振動(dòng)規(guī)律如圖

所示。已知波速為v=lm/s,Uis時(shí)b的位移為0.05m,則下列判斷正確的是

A.從U0時(shí)刻起的2s內(nèi)，〃質(zhì)點(diǎn)隨波遷移了2m

B.UO.5s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a的位移為0.05m

C.若波沿x軸正向傳播，則可能m=0.5m

D.若波沿x軸負(fù)向傳播，貝!I可能xt>=2.5m

4、質(zhì)量為，"的箱子靜止在光滑水平面上，箱子內(nèi)側(cè)的兩壁間距為/,另一質(zhì)量也為，”且可視為質(zhì)點(diǎn)的物體從箱子中央

以％=2而的速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng)（g為當(dāng)?shù)刂亓铀俣龋?，如圖所示。已知物體與箱壁共發(fā)生5次完全彈性碰撞。則物體

與箱底的動(dòng)摩擦因數(shù)〃的取值范圍是（）

攻

5、關(guān)于分子間相互作用力與分子間勢(shì)能，下列說(shuō)法正確的是（）

A.在lOr。（功為分子間作用力為零的間距，其值為距離范圍內(nèi)，分子間總存在著相互作用的引力

B.分子間作用力為零時(shí)，分子間的勢(shì)能一定是零

C.當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為引力時(shí)，分子間的距離越大，分子勢(shì)能越小

D.分子間距離越大，分子間的斥力越大

6、基于人的指紋具有終身不變性和唯一性的特點(diǎn)，發(fā)明了指紋識(shí)別技術(shù).目前許多國(guó)產(chǎn)手機(jī)都有指紋解鎖功能，常用

的指紋識(shí)別傳感器是電容式傳感器，如圖所示.指紋的凸起部分叫“靖”，凹下部分叫“峪”.傳感器上有大量面積相同

的小極板，當(dāng)手指貼在傳感器上時(shí)，這些小極板和正對(duì)的皮膚表面部分形成大量的小電容器，這樣在崎處和峪處形成

的電容器的電容大小不同.此時(shí)傳感器給所有的電容器充電后達(dá)到某一電壓值，然后電容器放電，電容值小的電容器

放電較快，根據(jù)放電快慢的不同，就可以探測(cè)到喳和峪的位置，從而形成指紋圖象數(shù)據(jù).根據(jù)文中信息，下列說(shuō)法正

確的是（）

A.在峪處形成的電容器電容較大

B.在峪處形成的電容器放電較慢

C.充電后在崎處形成的電容器的電荷量大

D.潮濕的手指頭對(duì)指紋識(shí)別絕對(duì)沒(méi)有影響

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、以點(diǎn)電荷A、B的連線為x軸，以點(diǎn)電荷B為坐標(biāo)原點(diǎn)建立如圖所示的坐標(biāo)系，點(diǎn)電荷A、B帶電量分別為3、qi,

間距為xo。一電子以一定的初速度進(jìn)入該電場(chǎng)，由靠近坐標(biāo)原點(diǎn)的位置沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能的變化如圖中實(shí)

線所示，圖線與x軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)為XI,圖線最高點(diǎn)對(duì)應(yīng)的橫坐標(biāo)為X2,則下列判斷正確的是

B.A電荷帶正電，B電荷帶負(fù)電

D如=（一+*0）

%了1

8、質(zhì)譜儀是用來(lái)分析同位素的裝置，如圖為質(zhì)譜儀的示意圖，其由豎直放置的速度選擇器、偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)構(gòu)成。由三種不

同粒子組成的粒子束以某速度沿豎直向下的方向射入速度選擇器,該粒子束沿直線穿過(guò)底板上的小孔。進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng),

最終三種粒子分別打在底板MN上的R、8、B三點(diǎn)，已知底板MN上下兩側(cè)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向均垂直紙面向外，且磁

感應(yīng)強(qiáng)度的大小分別為后、B2,速度選擇器中勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為瓦不計(jì)粒子的重力以及它們之間的相互

B?

A.速度選擇器中的電場(chǎng)方向向右，且三種粒子均帶正電

E

B.三種粒子的速度大小均為方

t>2

C.如果三種粒子的電荷量相等，則打在尸3點(diǎn)的粒子質(zhì)量最大

D.如果三種粒子電荷量均為g,且尸1、尸3的間距為Ax,則打在B、B兩點(diǎn)的粒子質(zhì)量差為歿箸

9、楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中，雙縫距光屏8cm,現(xiàn)將光屏靠近雙縫，屏上原來(lái)3級(jí)亮紋依舊為亮紋，則移動(dòng)的距離可能為

()

A.4.8B.4C.3.4D.3

10、如圖所示，理想變壓器的原線圈接在“=110版sin50加(V)的交流電源上，副線圈接有R=11()。的負(fù)載電阻,

原、副線圈匝數(shù)之比為1：2,電流表、電壓表均為理想電表。下列說(shuō)法正確的是()

A.電流表的示數(shù)約為5.7AB.電壓表的示數(shù)約為22OV

C.原線圈的輸入功率為440WD.副線圈輸出的交流電的頻率為50Hz

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

11.(6分)我們可以用圖(a)所示裝置探究合外力做功與動(dòng)能改變的關(guān)系。將光電門(mén)固定在水平軌道的B點(diǎn)，平衡摩擦

力后，用小桶通過(guò)細(xì)線拉小車(chē)，小車(chē)上安裝遮光條并放有若干鉤碼?，F(xiàn)將小車(chē)上的鉤碼逐次移至小桶中，并使小車(chē)每

次都從同一位置A點(diǎn)由靜止釋放。

(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)出遮光條的寬度，記錄光電門(mén)的示數(shù)，從而算出小車(chē)通過(guò)B點(diǎn)的速度。其中游標(biāo)卡尺測(cè)量情況如圖(b)

所示，則d=cm。

(2)測(cè)小桶質(zhì)量，以小桶和桶內(nèi)鉤碼質(zhì)量之和m為橫坐標(biāo)，小車(chē)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)相應(yīng)的速度平方為縱坐標(biāo)，則v^m圖線應(yīng)

該為下圖中o

12.（12分）某同學(xué)準(zhǔn)備利用下列器材測(cè)量干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。

A.待測(cè)干電池兩節(jié)，每節(jié)電池電動(dòng)勢(shì)約為L(zhǎng)5V,內(nèi)阻約幾歐姆

B.直流電壓表Vi、V2,量程均為3V,內(nèi)阻約為3kC

C定值電阻Ro未知

D.滑動(dòng)變阻器R,最大阻值Rm

E.導(dǎo)線和開(kāi)關(guān)

（1）根據(jù)如圖甲所示的實(shí)物連接圖，在圖乙方框中畫(huà)出相應(yīng)的電路圖一

（2）實(shí)驗(yàn)之前，需要利用該電路圖測(cè)出定值電阻Ro,方法是先把滑動(dòng)變阻器R調(diào)到最大阻值Rm,再閉合開(kāi)關(guān)，電壓表

V1和V2的讀數(shù)分別為UlO、U20,則R<>=（用Um、U10>U20、Rm表示）

（3）實(shí)驗(yàn)中移動(dòng)滑動(dòng)變阻器觸頭，讀出電壓表V1和V2的多組數(shù)據(jù)U卜U2,描繪出U2-U1圖象如圖丙所示，圖中直線斜

率為k,與縱軸的截距為a,則兩節(jié)干電池的總電動(dòng)勢(shì)E=，總內(nèi)阻廠（用k、a、Ro表示）。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，xOy為豎直面內(nèi)的直角坐標(biāo)系，在），軸兩側(cè)存在電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等的勻強(qiáng)電場(chǎng)，y軸右側(cè)電場(chǎng)

方向豎直向下，y軸左側(cè)電場(chǎng)方向豎直向上。y軸左側(cè)還存在一個(gè)方向垂直于坐標(biāo)平面的圓形有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)（圖中未畫(huà)

出），磁場(chǎng)邊界與y軸相切于。點(diǎn)。現(xiàn)有一個(gè)質(zhì)量為，〃、電荷量為g的帶正電小球，用長(zhǎng)為/、不可伸長(zhǎng)的絕緣細(xì)線懸

掛在尸點(diǎn)的釘子上，尸點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)。的距離亦為將小球拉至細(xì)線繃直且與y軸負(fù)方向成60。角無(wú)初速釋放，小球

擺至O點(diǎn)即將進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)細(xì)線恰好斷裂。最終小球剛好擊中尸點(diǎn)的釘子，此時(shí)速度方向與y軸正方向成30。角。已知

細(xì)線能承受的最大張力尸m=4,〃g,小球可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g,不計(jì)阻力。求：

（1）電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；

（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和磁場(chǎng)區(qū)域的面積；

（3）小球在xVO區(qū)域運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。（結(jié)果用小、q、Kg表示）

14.（16分）第24屆冬奧會(huì)將于2022年在北京舉行，冰壺是比賽項(xiàng)目之一。如圖甲，藍(lán)壺靜止在大本營(yíng)圓心。處，

紅壺推出后經(jīng)過(guò)P點(diǎn)沿直線向藍(lán)壺滑去，滑行一段距離后，隊(duì)員在紅壺前方開(kāi)始。不斷刷冰，直至兩壺發(fā)生正碰為止。

已知，紅壺經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)速度vo=3.25m/s,尸、。兩點(diǎn)相距L=27m,大本營(yíng)半徑R=1.83m,從紅壺進(jìn)入刷冰區(qū)域后某時(shí)

刻開(kāi)始，兩壺正碰前后的7圖線如圖乙所示。假設(shè)在未刷冰區(qū)域內(nèi)兩壺與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)恒定且相同，紅壺進(jìn)入

刷冰區(qū)域內(nèi)與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)變小且恒定，兩壺質(zhì)量相等且均視為質(zhì)點(diǎn)?

（1）試計(jì)算說(shuō)明碰后藍(lán)壺是否會(huì)滑出大本營(yíng)；

（2）求在刷冰區(qū)域內(nèi)紅壺滑行的距離s。

15.（12分）如圖所示，水平線油上方存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，油以及必下方都存在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)

大小都相等。在必下方同時(shí)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。P為ab上方一點(diǎn),到初距離為2心一質(zhì)量為機(jī)、帶電

荷量為R（<7>0）的帶電小球從尸點(diǎn)以大小為匕,=4瘋、與豎直方向成，=30。斜向下拋出。g為重力加速度，經(jīng)過(guò)

必上C點(diǎn)（圖中未畫(huà)出）時(shí)速度水平。

（1）求電場(chǎng)強(qiáng)度大??；

（2）小球經(jīng)過(guò)/下方。點(diǎn)（圖中未畫(huà)出）時(shí)獲得最大速度，。到顯的距離為二心，求磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、C

【解析】

氣體壓強(qiáng)在微觀上與分子的平均動(dòng)能和分子密集程度有關(guān)。當(dāng)分子熱運(yùn)動(dòng)變劇烈且分子平均距離變大時(shí)，氣體壓強(qiáng)可

能變大、可能不變、也可能變??；當(dāng)分子熱運(yùn)動(dòng)變劇烈且分子平均距離變小時(shí)，氣體壓強(qiáng)一定變大。

故選C。

2、A

【解析】

A.碰前球A的加速度

a-——

m

碰前A的速度為

碰前B的速度為

%=0

由于碰撞過(guò)程中A、B兩球總動(dòng)能無(wú)損失，動(dòng)量也守恒，有

mvM+mvBi=mv'M+mv'Bl

17121.2112

-mVM+-叫=-mVM+-叫

則碰撞后A、B的速度分別為

即交換速度，故A正確；

B.碰后B球向前勻速運(yùn)動(dòng)，A向前做勻加速運(yùn)動(dòng)，以后面球?yàn)閰⒖枷?，前面球速度設(shè)為也到再次相遇，時(shí)間和位移

相等，根據(jù)

V

x=-t=vt

2

可知,

i=2、喀

Vm

則位移為

,2x2

2vm.

x=vt=v----=------—=4LT

aQE

m

由彈性碰撞可知，第二次碰撞結(jié)束瞬間B球的速度大小為碰前A球的速度，即為

%2=v=2v=2J跑冬

Vm

故BC錯(cuò)誤；

D.由彈性碰撞可知，每次碰撞前后，兩球的速度差為

即每次都是后面球的速度增加2△丫后追上前面球，而加速度是固定的，則每次相鄰兩次碰撞時(shí)間間隔總為

c>QEL

“2Avm

△t=——rr_2隨

aQE-NQE

m

故D錯(cuò)誤。

故選Ao

3、D

【解析】

根據(jù)圖象可知該波的周期為2s,振幅為0.05m。

A.在波傳播過(guò)程中，各質(zhì)點(diǎn)在自己的平衡位置附近振動(dòng)，并不隨波傳播。故A錯(cuò)誤;

B.由圖可知，U0.5s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)a的位移為-0.05m。故B錯(cuò)誤；

C.已知波速為u=lm/s,則波長(zhǎng)：

2=vT=lx2=2ni；

由圖可知，在Qis時(shí)刻a位于平衡位置而且振動(dòng)的方向向上，而在Uis時(shí)b的位移為0.05m,位于正的最大位移處,

可知若波沿x軸正向傳播，則》與“之間的距離為：

/=(/7+-)A.

(n=0,1,2,3…)，可能為：Xb=1.5m,3.5m。不可能為0.5m。故C錯(cuò)誤;

D.結(jié)合C的分析可知，若波沿x軸負(fù)向傳播，則b與a之間的距離為：

Xh=(>i+—)X(7i=0,1,2,3...)

4

可能為：Xh=0.5m,2.5m。故D正確。

故選D。

4、C

【解析】

小物塊與箱子組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得

mv0=共

解得

u共=/%

對(duì)小物塊和箱子組成的系統(tǒng)，由能量守恒定律得

由題意可知，小物塊與箱子發(fā)生5次碰撞，則物體相對(duì)于木箱運(yùn)動(dòng)的總路程

小物塊受到摩擦力為

/=Rmg

對(duì)系統(tǒng)，利用產(chǎn)熱等于摩擦力乘以相對(duì)路程，得

Q=ft=〃ngs

22

—?LL——

22

即故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選C。

5、A

【解析】

A.分子間同時(shí)存在引力和斥力，在平衡距離以內(nèi)表現(xiàn)為斥力，在平衡距離以外表現(xiàn)為引力，在10功距離范圍內(nèi)，分

子間總存在著相互作用的引力，A正確；

BC.設(shè)分子平衡距離為/"o,分子距離為r,當(dāng)r>ro,分子力表現(xiàn)為引力，分子距離越大，分子勢(shì)能越大；當(dāng)Xr。，分

子力表現(xiàn)為斥力，分子距離越小，分子勢(shì)能越大；故當(dāng)r=ro,分子力為0,分子勢(shì)能最??；由于分子勢(shì)能是相對(duì)的，

其值與零勢(shì)能點(diǎn)的選擇有關(guān)，所以分子距離為平衡距離時(shí)分子勢(shì)能最小，但不一定為零，B、C錯(cuò)誤；

D.分子間距離越大，分子間的斥力越小，D錯(cuò)誤。

故選A。

6、C

【解析】

根據(jù)電容的決定式C=分析d改變時(shí)電容的變化以及電荷量的多少；

4兀kd

根據(jù)電荷量的多少分析放電時(shí)間長(zhǎng)短.

【詳解】

A.根據(jù)電容的計(jì)算公式C=3：可得，極板與指紋峪（凹下部分）距離d大，構(gòu)成的電容器電容小，故A錯(cuò)誤；

BC.傳感器給所有的電容器充電后達(dá)到某一電壓值，然后電容器放電，所以所有的電容器電壓一定，根據(jù)

c-SIf

Q=CU=苦；可知，極板與指紋溝（凹的部分，d大,電容小）構(gòu)成的電容器充上的電荷較少，所以在峪處形成的電

容器放電過(guò)程中放電時(shí)間短，放電快；反之，在崎處形成的電容器電容大，電荷量大，放電時(shí)間長(zhǎng)，故C正確，B錯(cuò)

誤；

D.濕的手與傳感器之間有水填充，改變了原來(lái)匹配成平行板電容器的電容，所以會(huì)影響指紋解鎖，故D錯(cuò)誤.

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、AC

【解析】

A.0到西之間電子的電勢(shì)能增大，電場(chǎng)力對(duì)電子做負(fù)功，電場(chǎng)力沿x軸負(fù)方向，故電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸正方向，A正確；

B.0到七過(guò)程中，電場(chǎng)力水平向左做負(fù)功，合電場(chǎng)強(qiáng)度水平向右，々之后，電場(chǎng)力水平向右做正功，合電場(chǎng)強(qiáng)度水

平向左，可知A電荷帶負(fù)電，B電荷帶正電，B錯(cuò)誤；

CD.電場(chǎng)力做功改變電勢(shì)能，所以電場(chǎng)力的大小表示為：

所以電勢(shì)能隨位移變化的圖像的斜率為電場(chǎng)力，々處電場(chǎng)力為0,電場(chǎng)強(qiáng)度為0,所以:

k4中k

解得：”,C正確，D錯(cuò)誤。

%

故選AC.

8、ACD

【解析】

A.根據(jù)粒子在磁場(chǎng)外中的偏轉(zhuǎn)方向，由左手定則知三種粒子均帶正電，在速度選擇器中，粒子所受的洛倫茲力向左,

電場(chǎng)力向右，知電場(chǎng)方向向右，故A正確;

B.三種粒子在速度選擇器中做勻速直線運(yùn)動(dòng)，受力平衡，有

qE-qvB[

得

E

v=一

B、

故B錯(cuò)誤;

C.粒子在磁場(chǎng)區(qū)域田中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，有

-V2

qvB?=m—

得:

R=—

雙

三種粒子的電荷量相等，半徑與質(zhì)量成正比，故打在尸3點(diǎn)的粒子質(zhì)量最大，故C正確;

D.打在尸1、P3間距

▲cncn2nt,v2m,v2v、2E.

ZSLX—24一2R----------------=-----(z//z,-)--------Am

qB2qB2qB2"qB、B?

解得:

NAtn-12—

2E

故D正確；

故選ACD?

9、ABCD

【解析】

楊氏雙縫干涉亮條紋的位置為

kAD,

x=------,k=0±1,±2........

d9

其中，d為雙縫間距，。為雙縫到光屏的距離，入為光的波長(zhǎng)。依題意有

3AD..UD

-------=------，D<Do

dd

其中，A為正整數(shù)，所以

D=3。0,k=4,5,6,.......

k

帶入。o=8cm可得O=6cm,4.8cm,4cm,3.4cm,3cm.......故ABCD均正確。

故選ABCDo

10^BC

【解析】

AB.由題意可知變壓器輸入電壓的有效值a=U0V,由于=」可知，副線圈兩端電壓

U2n2

U2=220V

電壓表的示數(shù)為220V；通過(guò)電阻R的電流

,U,220...

/,=一=---A=2A

2R110

由〃J=〃2人得

乙=4A

電流表的示數(shù)為4A,故A錯(cuò)誤，B正確；

C.變壓器兩端功率相等，故原線圈的輸入電功率等于輸出功率

P=U3=220x2W=440W

故C正確；

D.交流電的頻率

/=—=^Hz=25Hz

2兀2兀

變壓器不改變交流電的頻率，故D錯(cuò)誤。

故選BCo

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

11、0.925B

【解析】

根據(jù)題中“現(xiàn)將小車(chē)上的鉤碼逐次移至小桶中…vZm圖線應(yīng)該為“可知，本題考察機(jī)械能守恒的問(wèn)題，應(yīng)用機(jī)械能守恒、

游標(biāo)卡尺讀數(shù)法則等知識(shí)分析求解。

【詳解】

⑴游標(biāo)卡尺讀數(shù)為9mm+5x—mm=9.25mm=0.925c/n

20

(2)設(shè)小車(chē)、小桶、鉤碼的總質(zhì)量為小車(chē)從A運(yùn)動(dòng)到B的位移為x,則=整理得：聲=絲相，

2M

所以v2-m圖線是過(guò)原點(diǎn)的直線。故B項(xiàng)正確，ACD三項(xiàng)錯(cuò)誤。

-20-GoRQkR()

Gom\-k\-k

(1)由實(shí)物圖可知電路的連接方式，得出的實(shí)物圖如圖所示:

(2)由圖可知，V2測(cè)量Ro與R兩端的電壓，Vi測(cè)量R兩端的電壓，則Ro兩端的電壓U20-U1O；由歐姆定律可知:

020一口10_〃20一0|0

Ro"

UwRm

U.-U,

(3)由閉合電路歐姆定律可知：E=Lb+7r,變形得：U-u+U\,結(jié)合圖象有：-k,

&2&+rR+rR0+r

E&)akR

a,解得;E—,r-[}~0

K()+r\-K\-k

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

⑶⑴吟⑵網(wǎng)、戶，上『;⑶亭+小「

qq\13

【解析】

(1)設(shè)小球從靜止釋放運(yùn)動(dòng)到0點(diǎn)時(shí)的速率為V0,由動(dòng)能定理得

(qE+-cos60°)=-0

在。處細(xì)線恰好斷裂，由牛頓第二定律得

廣,廣、,nvo

Fm-(qE+mg)=-p-

而

Fm=4mg

聯(lián)立解得

E=!

丫0=必'~

q

(2)由前面分析可知小球在。處進(jìn)入磁場(chǎng)后，重力與電場(chǎng)力恰好平衡，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。出磁場(chǎng)后做勻速直線

運(yùn)動(dòng)到達(dá)尸處。粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示

小、02分別為軌跡圓心、磁場(chǎng)圓心，設(shè)r、R分別為軌跡圓、磁場(chǎng)圓的半徑，根據(jù)幾何關(guān)系有

r+-------------7

sin30

解得

r--

3

由牛頓第二定律得

2

omv-

qv°B=-2-

解得

方向垂直于紙面向外；由幾何關(guān)系可知

R=Itan30，S=7rR2

解得

S=-7Vl2

3

27r

（3）小球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)的圓心角為e=q-,所用的時(shí)間

rd

4=一

%

出磁場(chǎng)后勻速直線運(yùn)動(dòng)，所用時(shí)間

“2―

%

故小球在x<0區(qū)域運(yùn)動(dòng)的時(shí)間

14、（1）會(huì)滑出；（2）s=15m

【解析】

（1）設(shè)冰壺的質(zhì)量為，蛇碰撞前、后瞬間紅壺、藍(lán)壺的速度分別為0、（和匕'，