浙江省杭州十四中2024屆物理高二第一學期期中預測試題含解析

浙江省杭州十四中2024屆物理高二第一學期期中預測試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、壓敏電阻的阻值會隨所受壓力的增大而增大．某同學利用壓敏電阻設(shè)計了一個判斷電梯運動狀態(tài)的裝置，其裝置示意圖如圖1所示．將壓敏電阻平放在電梯內(nèi)，受壓面朝上，在上面放一物體m，電梯靜止時電流表示數(shù)為2I1．電梯在不同的運動過程中，電流表的示數(shù)分別如圖2中甲、乙、丙、丁所示，則下列判斷中正確的是（）A．甲圖表示電梯可能做勻加速上升運動B．乙圖表示電梯可能做勻減速上升運動C．丙圖表示電梯可能做勻加速下降運動D．丁圖表示電梯可能做勻減速下降運動2、在以下措施中，屬于靜電防范的是（）A．保持空氣干燥B．靜電噴涂C．使用避雷針D．靜電除塵3、如圖所示是“探究導體電阻與其影響因素”的裝置圖，a、b、c、d為四條不同的金屬導體．在長度、橫截面積、材料三個因素方面，b、c、d跟a相比，分別只有一個因素不同：b與a的長度不同；c與a橫截面積不同；d與a材料不同．用電壓表分別測量a、b、c、d兩端的電壓．則下列說法正確的是()A．根據(jù)a、c兩端的電壓的關(guān)系可知導體電阻與導體長度有關(guān)B．根據(jù)a、b兩端的電壓的關(guān)系可知導體電阻與橫截面積有關(guān)C．根據(jù)a、d兩端的電壓的關(guān)系可知導體電阻與材料有關(guān)D．由實驗結(jié)論可得出導體電阻與導體的長度、橫截面積、材料無關(guān)4、如圖所示，用絕緣細線懸掛一個導線框，導線框是由兩同心半圓弧導線和直導線ab、cd(ab、cd在同一水平直線上)連接而成的閉合回路，導線框中通有圖示方向的電流，處于靜止狀態(tài).在半圓弧導線的圓心處沿垂直于導線框平面的方向放置一根長直導線P.當P中通以方向向外的電流時A．導線框?qū)⑾蜃髷[動 B．導線框?qū)⑾蛴覕[動C．從上往下看，導線框?qū)㈨槙r針轉(zhuǎn)動 D．從上往下看，導線框?qū)⒛鏁r針轉(zhuǎn)動5、如圖所示，在粗糙絕緣水平面上固定一點電荷Q，從M點無初速釋放一帶有恒定負電荷的小物塊，小物塊在Q的電場中運動到N點靜止．則從M點運動到N點的過程中，下列說法中正確的是（）A．小物塊所受電場力逐漸增大B．小物塊具有的電勢能逐漸增大C．Q電場中M點的電勢高于N點的電勢D．小物塊電勢能變化量的大小等于克服摩擦力做的功6、如圖所示，兩輛質(zhì)量均為M的小車A和B置于光滑的水平面上，有一質(zhì)量為m的人靜止站在A車上，兩車靜止．若這個人自A車跳到B車上，接著又跳回A車并與A車相對靜止，則此時A車和B車的速度大小之比為（）A． B． C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示電路中，三只燈泡原來都正常發(fā)光，當滑動變阻器的滑動觸頭P向右移動時，下面判斷正確的是()A．L1和L3變暗，L2變亮B．L1變暗，L2變亮，L3變亮C．L1上的電壓變化絕對值小于L2上的電壓變化絕對值D．L1中電流變化絕對值大于L3中的電流變化絕對值8、如圖所示，在、的長方形區(qū)域有垂直于xOy平面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B，坐標原點O處有一粒子源，在某時刻發(fā)射大量質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子重力不計，其速度方向均在xOy平面內(nèi)的第一象限，且與y軸正方向的夾角分布在范圍內(nèi)，速度大小不同，且滿足，若粒子在磁場中做圓周運動的周期為T，最先從磁場上邊界飛出的粒子經(jīng)歷的時間為，最后從磁場中飛出的粒子經(jīng)歷的時間為，則下列判斷正確的是（）A． B．C． D．9、在水平方向的電場線AB上(如圖所示，電場線方向未標明)，將一受到水平向右恒定拉力的帶電粒子(不計重力)在A點由靜止釋放，帶電粒子沿AB方向開始運動，經(jīng)過B點時的速度恰好為零，則下列結(jié)論正確的是()A．粒子的運動不可能是勻速運動，也不可能是勻加速運動B．可能A點的電勢高于B點的電勢，也可能A點的電勢低于B點的電勢C．A處的場強可能大于B處的場強D．粒子在A、B兩點間移動時，恒力做功的數(shù)值大于粒子在A、B兩點間的電勢能之差的絕對值10、如圖所示，豎直墻面與水平地面均光滑且絕緣，兩個帶有同種電荷的小球A、B分別處于豎直墻面和水平地面上，且處于同一豎直平面內(nèi)，若用圖示方向的水平推力F作用于小球B，則兩球靜止于圖示位置，如果將小球B向左推動少許，待兩球重新達到平衡，則兩個小球的受力情況與原來相比（）A．兩小球之間的距離減小B．水平推力F不變C．小球B對地面的壓力不變D．豎直墻面對小球A的彈力減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在如圖所示的光滑水平面上，小明站在靜止的小車上用力向右推靜止的木箱，木箱離開手以5m/s的速度向右勻速運動，運動一段時間后與豎直墻壁發(fā)生彈性碰撞，反彈回來后被小明接住．已知木箱的質(zhì)量為30kg，人與車的質(zhì)量為50kg．求：①推出木箱后小明和小車一起運動的速度大小；②小明接住木箱后三者一起運動，在接木箱過程中系統(tǒng)損失的能量．12．（12分）（1）用如圖1所示的裝置，來驗證碰撞過程中的動量守恒．圖中PQ是斜槽，QR為水平槽．O點是水平槽末端R在記錄紙上的垂直投影點，A、B兩球的質(zhì)量之比mA：mB＝3：1．先使A球從斜槽上某一高度處由靜止釋放，在水平地面的記錄紙上留下落點痕跡P，重復10次，得到10個落點．再把B球放在水平槽上的末端R處，讓A球仍從同一高度處由靜止釋放，與B球碰撞，碰后A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，重復10次．A、B兩球在記錄紙上留下的落點痕跡如圖2所示，其中米尺的零點與O點對齊．①碰撞后A球的水平射程應取_____________cm．②本實驗巧妙地利用小球飛行的水平距離表示小球的水平速度．下面的實驗條件中，可能不能使小球飛行的水平距離的大小表示為水平初速度大小的是__________________．A．使A、B兩小球的質(zhì)量之比改變?yōu)?：1B．升高小球初始釋放點的位置C．使A、B兩小球的直徑之比改變?yōu)?：3D．升高桌面的高度，即升高R點距地面的高度③利用此次實驗中測得的數(shù)據(jù)計算碰撞前的總動量與碰撞后的總動量的比值為_________．（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，AB、CD為兩平行金屬板，A、B兩板間電勢差為U，C、D始終和電源相接，測得其間的場強為E.一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子(重力不計)由靜止開始經(jīng)AB加速后穿過CD發(fā)生偏轉(zhuǎn)，最后打在熒光屏上．已知C、D極板長均為x，熒光屏距C、D右端的距離為L，問：（1）粒子帶正電還是帶負電？（2）粒子射入偏轉(zhuǎn)電場時的速度v0的大小?（3）粒子打在熒光屏上的位置距O點下方多遠處？14．（16分）如圖所示，質(zhì)量為m的帶正電小球從靜止開始貼著豎直的絕緣墻壁豎直下滑。磁感應強度為B的勻強磁場方向水平垂直紙面向外，并與小球運動方向垂直。若小球電荷量為，球與墻壁間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g求：（1）小球下滑過程中的最大加速度；（2）小球下滑的最大速度．15．（12分）如圖所示，一個電子由靜止開始經(jīng)加速電場加速后，又沿中心軸線從O點垂直射入偏轉(zhuǎn)電場，并從另一側(cè)射出打到熒光屏上的P點，O′點為熒光屏的中心。已知電子質(zhì)量m=9.0×10﹣31kg，電荷量e=1.6×10﹣19C，加速電場電壓U0=2500V，偏轉(zhuǎn)電場電壓U=200V，極板的長度L1=6.0cm，板間距離d=2.0cm，極板的末端到熒光屏的距離L2=3.0cm（忽略電子所受重力）。求：(1)電子射入偏轉(zhuǎn)電場時的初速度v0；(2)電子打在熒光屏上的P點到O點的距離h；

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解題分析】

據(jù)題知，壓敏電阻的阻值會隨所受壓力的增大而增大，而電流變大說明電路中電阻變小，則電流變大說明壓力變??；反之，電流變小說明壓力變大；物體加速上升和減速下降是超重狀態(tài)，減速上升和加速下降是失重狀態(tài)．【題目詳解】甲圖中，電流從2I1逐漸變大，電阻變小，則壓力逐漸變小，且小于重力，所以加速度向下逐漸變大，電梯可能變加速下降，也可能變減速上升．故A錯誤；乙圖中，電流從I1逐漸變大到2I1，電阻變小，則壓力逐漸變小，且大于重力，所以加速度向上逐漸變小，電梯可能變加速上升，也可能變減速下降．故B錯誤；丙圖中，電流從2I1逐漸變小，電阻變大，則壓力逐漸變大，且大于重力，所以加速度向上逐漸變大，電梯可能變加速上升，也可能變減速下降．故C錯誤；丁圖中，電流恒為I1，壓力大于重力，故電梯處于超重狀態(tài)，可能勻加速上升，也可能勻減速下降，故D正確；故選D．【題目點撥】本題關(guān)鍵根據(jù)電流變化情況判斷壓力變化情況，根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度變化情況，從而判斷電梯的可能運動情況．2、C【解題分析】

靜電防范是用各種措施來防止靜電對人，或財產(chǎn)造成損害；保持空氣干燥，容易產(chǎn)生靜電，故選項A錯誤；靜電噴涂是利用高壓靜電電場使帶負電的涂料微粒沿著電場相反的方向定向運動，并將涂料微粒吸附在工件表面的一種噴涂方法。故B屬于靜電利用；下雨天，云層帶電打雷，往往在屋頂安裝避雷針，是導走靜電，防止觸電，故C屬于靜電防范；靜電除塵時除塵器中的空氣被電離，煙霧顆粒吸附電子而帶負電，顆粒向電源正極運動，D屬于靜電應用；故選C。3、C【解題分析】四個電阻串聯(lián)，通過它們的電流I相等，由U＝IR可知，電阻兩端電壓U與電阻阻值R成正比，U越大，R越大；a與c只有橫截面積不同，根據(jù)a、c兩端的電壓的關(guān)系可知導體電阻與導體橫截面積有關(guān)，故A錯誤；a與b只有長度不同，根據(jù)a、b兩端的電壓的關(guān)系可知導體電阻與導體長度有關(guān)，故B錯誤；a與d只有材料不同，根據(jù)a、d兩端的電壓的關(guān)系可知導體電阻與材料有關(guān)，故C正確；由實驗結(jié)論可以得出導體電阻與導體長度、橫截面積、材料有關(guān)，故D錯誤。所以C正確，ABD錯誤。4、D【解題分析】

試題分析：根據(jù)右手螺旋定則可得ab處的磁場方向豎直向上，cd處的磁場豎直向下，根據(jù)左手定則可得ab邊受到垂直紙面向外的安培力，cd邊受到垂直紙面向里的安培力，從上往下看，導線框?qū)⒛鏁r針轉(zhuǎn)動，C正確．考點：考查了安培力【名師點睛】先由安培定則判斷通電直導線P在導線ab、cd處的磁場方向，然后由左手定則判斷導線ab、cd所受的安培力，通過微元法解決，判斷導體的運動的規(guī)律常用的方法還有：等效法，特殊位置法，結(jié)論法5、D【解題分析】根據(jù)庫侖定律分析小物塊受到的電場力變化情況．電場力做功正功，電荷的電勢能減小．由題分析可知，物塊與點電荷Q是同種電荷，物塊帶負電，電場線從無窮遠出到點電荷Q終止，根據(jù)電場線的方向判斷電勢的高低．根據(jù)動能定理分析物塊電勢能變化量的大小與克服摩擦力做的功的關(guān)系．A、物塊與點電荷Q的距離增大，帶電量均不變，根據(jù)庫侖定律分析可知，小物塊所受電場力逐漸減?。蔄錯誤．B、由題分析可知，點電荷對物塊的電場力方向向左，對物塊做正功，物塊的電勢能減?。蔅錯誤．C、由題分析可知，物塊與點電荷Q是同種電荷，物塊帶負電，電場線從無窮遠出到點電荷Q終止，根據(jù)順著電場線電勢降低可知，M點的電勢低于N點的電勢．故C錯誤．D、物塊的初速度為零，末速度也為零，動能的變化量為零，根據(jù)動能定理可知，電場力做功與克服摩擦力做功相等，而小物塊電勢能變化量的大小等于電場力做功，則小物塊電勢能變化量的大小等于克服摩擦力做的功．故D正確．故選D點評：本題分別從力和能的角度分析物塊的物理量的變化情況，是研究物體運動情況常用的兩個角度．6、C【解題分析】

A、B兩車以及人組成的系統(tǒng)，動量守恒，規(guī)定向右為正方向，有：0＝MvB﹣（M+m）vA，解得：，故選C．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解題分析】

AB、當滑片右移時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流減小，故L變暗；電路中電流減小，故內(nèi)阻及、兩端的電壓減小，而電動勢不變，故并聯(lián)部分的電壓增大，故L變亮；因中電流增大，干路電流減小，故流過的電流減小，故L變暗；故A正確，B錯誤；C、因并聯(lián)部分的電壓與、及內(nèi)電阻上的總電壓等于電源的電動勢,兩端的電壓增大，、及內(nèi)阻r兩端的電壓減小，而電動勢不變，故L兩端電壓增大值應等于其它三個電阻的減小值，故L上電壓變化值小于上的電壓變化值；故C正確；D、因中電流減小，中電流減小，而中電流增大；開始時有：，故I電流的變化值一定小于中電流的變化值，故D錯誤；故選AC．8、BC【解題分析】

帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據(jù)洛倫茲力提供向心力：，可得半徑：，又因為，可得粒子半徑滿足：，而帶電粒子做勻速圓周運動的周期為：．分析可知最先從磁場上邊界飛出的粒子運動軌跡如圖所示：

此時粒子半徑，為圓心，此時粒子轉(zhuǎn)過圓心角，根據(jù)幾何關(guān)系可知，，所以可知，故最先從磁場上邊界飛出的粒子經(jīng)歷的時間為：，故A錯誤，B正確；設(shè)磁場區(qū)域為OACB，根據(jù)周期公式可知粒子在磁場中運動的周期相同，分析可知最后從磁場中飛出的粒子軌跡如圖所示：

此時粒子半徑，恰好在C點離開磁場，延長CB至使，即為圓心，連接，根據(jù)幾何關(guān)系可知，此時粒子轉(zhuǎn)過圓心角最大為，所以最后從磁場中飛出的粒子經(jīng)歷的時間為：，故C正確，D錯誤．所以BC正確，AD錯誤．9、AB【解題分析】

由題中敘述可知，帶電粒子由A點運動到B點，速度先增大后減小，故粒子的運動不可能為勻速運動，也不可能為勻加速運動，故A正確；但因粒子的電性未知，故電場方向也無法確定，故B正確；電場力的方向由B指向A，開始向右加速，F(xiàn)>EAq，后來粒子減速，F(xiàn)<EBq，故C錯誤；由動能定理得，拉力做正功，電場力一定做負功，電勢能增大，且恒力的功等于電勢能的增加量，故D錯誤．10、CD【解題分析】

以A球為研究對象，分析受力，作出力圖如圖1所示：

設(shè)B對A的庫侖力F與墻壁的夾角為θ，由平衡條件得豎直墻面對小球A的彈力為：N1=mAgtanθ將小球B向左推動少許時θ減小，則N1減小。

再以AB整體為研究對象，分析受力如圖2所示，由平衡條件得：F=N1

N2=（mA+mB）g則F減小，地面對小球B的彈力一定不變。

由上分析得到庫侖力，θ減小，cosθ增大，F(xiàn)庫減小，根據(jù)庫侖定律分析得知，兩球之間的距離增大。A.兩小球之間的距離減小，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B.水平推力F不變，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C.小球B對地面的壓力不變，與結(jié)論相符，選項C正確；D.豎直墻面對小球A的彈力減小，與結(jié)論相符，選項D正確；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）3m/s（2）37.5J【解題分析】試題分析：①人在推木箱的過程，由動量守恒定律可得：解得：人車一起向左運動的速度②小明在接木箱的過程，由動量守恒定律可得：解得：三者的共同速度損失的能量：考點：動量守恒定律，能量守恒定律12、①14.45－14.50②C③1.01－1.02【解題分析】

①根據(jù)圖像得，A球落點應取所有點跡組成小圓的圓心，A球的水平射程為14.45－14.50cm②A.改變小球的質(zhì)量比，小球仍做平拋運動，豎直方向高度不變，飛行時間不變，水平距離與水平速度成正比，A錯誤．B.升高小球的初始釋放點，小球仍做平拋運動，豎直方向高度不變，飛行時間不變，水平距離與水平速度成正比，B錯誤．C.改變小球直徑，兩球重心不在同一高度，飛行豎直高度不同，時間不同，水平距離與水平速度不再成正比，C正確．D