吉林省東遼五中2024屆物理高二第一學期期中檢測試題含解析

吉林省東遼五中2024屆物理高二第一學期期中檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示為磁流體發(fā)電機的示意圖，一束等離子體（含正、負離子）沿圖示方向垂直射入一對磁極產生的勻強磁場中，A、B是一對平行于磁場放置的金屬板，板間連入電阻R，則電路穩(wěn)定后A．R中有向下的電流B．離子在磁場中不發(fā)生偏轉C．A、B板聚集電荷量基本不變D．離子在磁場中偏轉時洛倫茲力可能做功2、關于電場強度，下列說法正確的是()A．以點電荷Q為球心，r為半徑的球面上，各點的場強相同B．正電荷周圍的電場強度一定比負電荷周圍的電場強度大C．在電場中某點放入試探電荷q，該點的電場強度為E，取走q后，該點的場強不變D．電荷所受到的電場力很大，即該點的電場強度很大3、如圖所示，在豎直向上的勻強電場中，一根不可伸長的絕緣細繩的一端系著一個帶電小球，另一端固定于O點，小球在豎直平面內做勻速圓周運動，最高點為a，最低點為b，不計空氣阻力，則A．小球帶負電B．小球在運動過程中機械能守恒C．電場力與重力等值反向D．小球在從a點運動到b點的過程中，電勢能減小4、如圖所示，固定于水平面上的金屬架abcd處在豎直向下的勻強磁場中，金屬棒MN沿框架以速度v向右做勻速運動。t＝0時，磁感應強度為B0，此時MN到達的位置恰好使MbcN構成一個邊長為l的正方形。為使MN棒中不產生感應電流，從t＝0開始，磁感應強度B隨時間t變化的示意圖為()A． B． C． D．5、如圖所示的實驗裝置中，平行板電容器的極板A與一靈敏靜電計相連，極板B接地．若極板B稍向上移動一點，由觀察到的靜電計指針變化作出平行板電容器電容變小的結論的依據是（）A．兩極板間的電壓不變，極板上的電荷量變大B．兩極板間的電壓不變，極板上的電荷量變小C．極板上的電荷量幾乎不變，兩極板間電壓變小D．極板上的電荷量幾乎不變，兩極板間電壓變大6、關于力，下列敘述正確的是A．力是維持物體運動的原因B．作用力與反作用力是一對平衡力C．施力物體同時一定是受力物體D．一對平衡力一定是同一種性質的力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、用伏安法測電阻時（）A．采用圖中Ⅰ所示測量電路，誤差來源于伏特表內阻的分流，使電阻測量值小于真實值B．采用圖中Ⅰ所示測量電路，誤差來源于安培表內阻的分壓，使電阻測量值大于真實值C．采用圖中Ⅱ所示測量電路，誤差來源于伏特表內阻的分流，使電阻測量值小于真實值D．采用圖中Ⅱ所示測量電路，誤差來源于安培表內阻的分壓，使電阻測量值大于真實值8、如圖所示,同一直線上的三個點電荷q1、q2、q3,恰好都處在平衡狀態(tài),除相互作用的靜電力外不受其他外力作用.已知q1、q2間的距離是q2、q3間距離的2倍.下列說法正確的是()A．若q1、q2為正電荷,則q3為負電荷B．若q1、q3為負電荷,則q2為正電荷C．q1︰q2︰q3=36︰4︰9D．q1︰q2︰q3=9︰4︰369、、b、c三個α粒子由同一點同時垂直場強方向進入偏轉電場，其軌跡如圖所示，其中b恰好飛出電場，由此可以肯定（

）A．在b飛離電場的同時，剛好打在負極板上B．進入電場時，c的速度最大，的速度最小C．b和c同時飛離電場D．動能的增量相比，c的最小，a和b的一樣大10、如圖所示,平行板電容器與電動勢為E的直流電源(內阻不計)連接,下極板接地。一帶電油滴位于兩板中央的P點且恰好處于平衡狀態(tài)?，F將平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離,則()A．帶電油滴將沿豎直方向向上運動B．帶電油滴將在P點電勢能將減小C．P點的電勢將降低D．電容器的電容減小,電容器的帶電量將減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）要測量某種合金的電阻率．（1）若合金絲長度為L，直徑為D，阻值為R，則其電阻率ρ=___，用螺旋測微器測合金絲的直徑如圖甲所示，讀數為___mm．（2）圖乙是測量合金絲阻值的原理圖，S2是單刀雙擲開關．根據原理圖在圖丙中將實物連線補充完整_______________．(3)閉合S1,當S2處于位置a時,電壓表和電流表的示數分別為U1=1.35V,I1=0.30A；當S2處于位置b時,電壓表和電流表的示數分別為U2=0.92V,I2=0.32A，根據以上測量數據判斷,當S2處于位置___(選填“a”或“b”)時,測量相對準確,測量值Rx=___Ω.(結果保留兩位有效數字)．12．（12分）通過實驗描繪一個“2V,1W”小燈泡的U－I曲線，可供選擇的儀器有：A．量程0～0.6A，內阻約0.2Ω的電流表B．量程0～100mA，內阻約5Ω的電流表C．量程0～3V，內阻約10kΩ的電壓表D．量程0～15V，內阻約50kΩ的電壓表E.最大阻值20Ω，額定電流為1A的滑動變阻器F.最大阻值1kΩ，額定電流為0.1A的滑動變阻器G.蓄電池4V、導線、開關等①為了調節(jié)方便、測量準確，實驗中應選用電流表____，電壓表____，滑動變阻器_____(填器材前的字母)②在圖中用筆畫線代替導線，將實驗電路實物圖連接好______________。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，勻強電場沿水平方向，其中有三點A、B、C構成一個直角三角形，AB與電場線平行，且AB＝4cm，AC連線和場強方向成37°角．已知電量為q=－2.0×10-8C的電荷在A點時受到的電場力大小F=8.0×10-6N，方向水平向左，求：（1）勻強電場的場強？（2）A、B兩點間的電勢差UAB？（3）把上述電荷從A移到C電場力所做的功？(sin37o=0.6，cos37o=0.814．（16分）如圖所示，水平導軌處在豎直方向的勻強磁場中，間距d=0.8m，以虛線AB為界，左側磁場豎直向下，右側磁場豎直向上，虛線左側L1=1m處用直導線CD連接電阻R1=0.2Ω，虛線右側L2=0.5m處有導體棒EF垂直導軌放置，導體棒電阻R2=0.3Ω，其余電阻不計，t=0時磁感應強度均為0.5T，之后AB右側磁感應強度不變，左側磁感應強度隨時間變化規(guī)律如圖所示，導體棒始終靜止．求：（1）t=0時刻CDEF回路的磁通量；（2）t=1s時導體棒兩端的電壓；（3）t=1s時導體棒受到的安培力。15．（12分）如圖所示，是一對彼此絕緣相距d＝5cm的平行金屬帶電極板MN,N板接地，M板帶電量的絕對值為Q=6×10-6C．在兩極板MN間A點有一帶電量為q＝4×10-6C的帶電液滴，其質量m＝4×10-4kg,恰好處于靜止狀態(tài).求：（1）ＵNM等于多少伏？M點的電勢是多少？（2）平行金屬板MN所構成的電容器的電容C等于多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】

由左手定則知，正離子向B板偏轉，負離子向A板偏轉；即B板帶正電，A板帶負電，電路穩(wěn)定后，兩板間粒子所受洛倫茲力與電場力平衡，A、B板聚集電荷量基本不變，電阻R中有向上的電流；因為洛倫茲力的方向與速度方向垂直，所以洛倫茲力不可能做功.A．描述與分析不符，故A錯誤.B．描述與分析不符，故B錯誤C．描述與分析相符，故C正確.D．描述與分析不符，故D錯誤.2、C【解題分析】A、在以點電荷Q為球心，以r為半徑的球面上各處電場強度大小均相等，但方向不同，故選項A錯誤；B、公式是點電荷的電場強度的計算式，E與Q成正比，與r2成反比，式中Q與r將決定E的大小，與電荷的正負無關，故選項B錯誤；C、E＝是電場強度的定義式，場強的大小是由電場本身決定的，故選項C正確；D、電場中同一電荷所受到的電場力很大，即該點的電場強度很大；不同的電荷，還與電荷量的多少有關，故選項D錯誤．綜上所述本題答案是：C3、C【解題分析】

A、C、據題小球在豎直平面內做勻速圓周運動，由合外力提供向心力，小球受到重力、電場力和細繩的拉力，電場力應與重力平衡，則知小球帶正電；故A錯誤，C正確.B、由于除重力做功以外的電場力做功，所以小球在運動過程中機械能不守恒；故B錯誤.D、小球在從a點運動到b點的過程中，電場力做負功，小球的電勢能增大；故D錯誤.故選C.【題目點撥】本題的解題關鍵是根據質點做勻速圓周運動的條件，判斷電場力與重力的關系，確定出小球的電性.4、C【解題分析】當通過閉合回路的磁通量不變，則MN棒中不產生感應電流，有：

B0L2=BL（L+vt）所以B=B0L2L(L+vt)可知，B與t是非線性關系，B-t圖線是曲線，而且隨著點晴：只要通過閉合回路的磁通量不變，則MN棒中不產生感應電流，抓住磁通量不變，求出B隨時間t變化的關系，即可選擇圖象。5、D【解題分析】

由圖分析可知電容器極板上的電荷量幾乎不變，將極板B稍向上移動一點，極板正對面積減小，根據公式，電容減小，由公式可判斷出電容器極板間電壓變大，靜電計張角增大，故D正確，ABC錯誤．【題目點撥】本題要抓住電荷量不變的條件，根據電容的定義式分析電容如何變化．6、C【解題分析】

考查力的概念與特點?！绢}目詳解】A．力是改變物體運動狀態(tài)的原因，不是維持物體運動狀態(tài)的原因，A錯誤；B．作用力與反作用力作用在不同物體上，一對平衡力作用在同一個物體上，B錯誤；C．力的作用是相互的，施力物體同時一定是受力物體，C正確；D．一對平衡力不一定是同一種性質的力，比如物體靜止于地面上，重力與地面對物體的支持力是一對平衡力，但性質不同，D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】A：圖Ⅰ電流表外接法，用它測量電阻時，測量值是待測電阻Rx和電壓表內阻的并聯電阻值，故測得的電阻值偏小，誤差來源于伏特表內阻的分流，A正確；B錯誤；C、而圖2所示電路是電流表內接法，用它測量電阻時，測量值．誤差來源于安培表內阻的分壓，D正確；C錯誤；故選AD．8、BC【解題分析】

AB.三個自由電荷在同一直線上處于平衡狀態(tài)，則一定滿足“兩同夾異，兩大夾小，近小遠大”，所以和是同種電荷，是異種電荷，故B正確，A錯誤。CD.根據庫侖定律和適量的合成，則有：，化簡可得：，故C正確，D錯誤。9、ABD【解題分析】

ABC.粒子在豎直方向有三個粒子所帶電荷相同，可見打在下極板的時間相同；水平方向有可知c的速度最大，a的速度最小，故AB正確C錯誤；D.因只有電場力做功，則動能的增量等于電場力做功，由，因a和b在電場中的豎直位移大于a，故a和b電場力做功相等且大于a，故D正確。故選ABD。10、AB【解題分析】

A、根據平衡條件可知，帶電油滴受到向上的電場力與向下的重力相等，即滿足qE=mg，若將上極板向下移動一小段距離，兩板間距離d變小，由于電壓不變；根據E=Ud可知，場強E變大，所以帶電油滴受到向上的電場力大于向下的重力，粒子將向上運動，故AC、φP=UP0，Up0=E?Δd，由于場強E變大，P點到下極板的距離Δd不變，所以B、帶電油滴受到向上的電場力，而電場方向向下，所以帶電油滴帶負電，根據EP=qφ，帶電油滴將在P點電勢能將減小，故D、根據C=εS4πkd可知，d減小，則電容器的電容C變大，根據Q=CU可知，U不變，則電容器的帶電量Q變大，故D故選AB?！绢}目點撥】關鍵是明確分析有關電容器動態(tài)問題的基本方法：先判斷電容器的電壓不變還是帶電量不變（若斷開電源則電量不變，若始終與電源相連則電壓不變）；根據C=εS4πkd判斷電容C的變化；根據Q=CU判斷電容器帶電量的變化情況；根據E=Ud判斷場強E的變化（注意若斷開電源，只改變板間距離時場強E三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.650b2.9如圖所示：【解題分析】

(1)螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數之和是螺旋測微器的示數.(2)根據電路圖連接實物電路圖.(3)根據實驗數據判斷電壓與電流變化大小，從而確定電壓表還是電流表誤差較大，進而確定外接法還是內接法，再由歐姆定律，求解電阻.【題目詳解】(1)有電阻的決定式得電阻率為；由圖示螺旋測微器可知，其示數為：0.5mm+15.0×0.01mm=0.650mm；(2)根據圖2所示電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：(3)由實驗數據可知：,由此可知：,電流表分壓較大，為減小實驗誤差，電流表應采用外接法，即S2處于位置a，根據歐姆定律，則有：；【題目點撥】本題考查了螺旋測微器讀數、求電阻率，螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數之和是螺旋測微器示數，螺旋測微器需要估讀一位，讀數時視線要與刻度線垂直，并掌握電流表內接法與外接法的確定依據.12、A