云南省云縣第一中學(xué)2023年物理高二上期末檢測模擬試題含解析

云南省云縣第一中學(xué)2023年物理高二上期末檢測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,質(zhì)量均為m的兩木塊a與b疊放在水平面上,a受到水平向右的力的作用,b受到水平向左的力的作用,兩力大小均為F?，F(xiàn)兩木塊保持靜止?fàn)顟B(tài),則()A.a、b之間無靜摩擦力B.a、b之間一定存在靜摩擦力C.b與地面之間一定存在靜摩擦力D.b受到的合外力比a受到的合外力大2、如圖所示，閉合導(dǎo)線框的質(zhì)量可以忽略不計，將它從如圖所示的位置勻速拉出勻強磁場．若第一次用0.3s時間拉出，外力所做的功為W1，通過導(dǎo)線截面的電荷量為q1；第二次用0.9s時間拉出，外力所做的功為W2，通過導(dǎo)線截面的電荷量為q2，則()A.W1<W2，q1<q2 B.W1<W2，q1＝q2C.W1>W2，q1＝q2 D.W1>W2，q1>q23、圖為某手機電池的銘牌，第一行標(biāo)有“3.8V3000mAh（11.4Wh）”。對該銘牌參數(shù)的分析，下列說法中正確的是（）A.銘牌中的Wh是能量的單位B.銘牌中的mAh是功率的單位C.該電池放電時能輸出的總能量約為11.4JD.該電池放電時能輸出的總電荷量約為1.08105C4、如圖所示，M、N是水平圓盤上的兩點，圓盤繞中心豎直軸做勻速圓周運動．若M點離豎直軸的距離比N點的大，則A.M、N兩點的運動周期一樣大B.M、N兩點的線速度一樣大C.N點的角速度比M點的大D.N點的向心加速度比M點的大5、某一電容器在正常的充電過程中，兩個極板間的電壓U隨電容器所帶電荷量Q的變化而變化。下圖中能夠正確反映U和Q關(guān)系的圖像是（）A. B.C. D.6、如圖，平行板電容器的兩個極板與水平地面成一角度，兩極板與一直流電源相連。若一帶電粒子恰能沿圖中所示水平直線通過電容器，則在此過程中，該粒子（）A.所受重力與電場力平衡 B.電勢能逐漸增加C.動能逐漸增加 D.做勻變速直線運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，平行板電容器的兩個極板A、B間距為d，兩極板分別接在電壓為U的恒壓源上，在距離B極板為L處的C點有一質(zhì)量為m的帶電小球恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，電容器帶電荷量為Q，A極板接地，重力加速度為g。下列說法正確的是()A.小球帶正電B.小球的電荷量為C.C點的電勢為D將極板B向上緩慢移動一小段距離，小球?qū)⑾蛏献黾铀龠\動8、關(guān)于物理學(xué)史，下列說法中正確的是()A.電荷量e的數(shù)值最早是由美國物理學(xué)家密立根測得的B.法拉第不僅提出了場的的概念，而且直觀地描繪了場的清晰圖象C.安培通過實驗發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，首次揭示了電與磁的聯(lián)系D.楞次通過線圈實驗首次發(fā)現(xiàn)了磁生電現(xiàn)象9、如圖所示的電路中，電源的電動勢E和內(nèi)電阻r恒定不變，電燈L恰能正常發(fā)光，如果變阻器的滑片向a端滑動，則A.電燈L變暗，安培表的示數(shù)增大B.定值電阻消耗的功率增大C.變阻器兩端的電壓增大D.電燈L變亮，安培表的示數(shù)增大10、下列圖中畫出了帶電粒子在磁場中運動方向和所受洛倫茲力的方向，其中正確的是（）A.B.C.D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示的電路，L1和L2是兩個相同的小電珠，L是一個自感系數(shù)相當(dāng)大的線圈，其電阻與R相同，由于存在自感現(xiàn)象，在電鍵S剛接通時，__燈最亮；S斷開時，__燈先熄滅12．（12分）在電場中把一個電荷量為－6×10－8C的點電荷從A點移到B點，電場力做功為－3×10－5J，將此電荷從B點移到C點，電場力做功4.5×10－5J，則UAC=________.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當(dāng)R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應(yīng)強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】考查受力分析的整體法隔離法?！驹斀狻緼．對a分析，a受力平衡，則一定受到b對a的摩擦力，大小為F，方向向左，A錯誤；B．a(chǎn)b之間有摩擦力，而且無相對滑動，所以一定是靜摩擦力，B正確；C．對ab整體受力分析，兩個拉力平衡，地面對b一定無摩擦，C錯誤；D．a(chǎn)b都處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，所受合力都為零，D錯誤。故選B。2、C【解析】第一次用0.3s時間拉出，第二次用0.9s時間拉出，兩次速度比為3:1，由E=BLv，兩次感應(yīng)電動勢比為3:1，兩次感應(yīng)電流比為3:1，由于F安=BIL，兩次安培力比為3:1，由于勻速拉出勻強磁場，所以外力比為3:1，根據(jù)功的定義W=Fx，所以：W1:W2=3:1；根據(jù)電量，感應(yīng)電流，感應(yīng)電動勢，得：所以：q1:q2=1:1，故W1＞W(wǎng)2，q1=q2。A.W1<W2，q1<q2。故A錯誤；B.W1<W2，q1＝q2。故B錯誤；C.W1>W2，q1＝q2。故C正確；D.W1>W2，q1>q2。故D錯誤；3、A【解析】A．功率乘以時間得到功或者能量，故功率的單位乘以時間的單位是功和能量的單位，故銘牌中的Wh是能量的單位，A正確；B．電流乘以時間得到電荷量，故電流的單位乘以時間的單位是電荷量的單位，故銘牌中的mAh是電荷量的單位，故B錯誤；C．該電池放電時能輸出的總能量約為故C錯誤；D．該電池放電時能輸出的總電荷量約為故D錯誤。故選A。4、A【解析】點M與N隨圓盤轉(zhuǎn)動，角速度、周期都是相等的．故A正確，C錯誤；由圖可知，M、N兩點轉(zhuǎn)動的半徑不同，由v=ωr可知，二者的線速度不同．故B錯誤；由圖可知，M、N兩點轉(zhuǎn)動的半徑不同，M點的半徑大，由a=ω2r可知，M點的向心加速度大．故D錯誤5、A【解析】根據(jù)可得由于電容器不變，因此電壓U和電量Q成正比，故A正確，BCD錯誤。故選A。6、D【解析】AD．根據(jù)題意可知，粒子做直線運動，則電場力與重力的合力與速度方向同線，粒子做勻變速直線運動，因此A錯誤，D正確；BC．電場力和重力的合力水平向左，但是不知道粒子從左向右運動還是從右向左運動，故無法確定電場力做正功還是負(fù)功，則不確定粒子動能是增加還是減少，電勢能減少還是增加，故BC錯誤。故選D?！军c睛】考查根據(jù)運動情況來確定受力情況，帶電粒子在場中受到電場力與重力，根據(jù)粒子的運動軌跡，結(jié)合運動的分析，可知電場力垂直極板向上，從而可確定粒子的運動的性質(zhì)，及根據(jù)電場力做功來確定電勢能如何變化。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A．由圖可知，上極板帶正電，小球受到的電場力向上，故小球帶負(fù)電，故A錯誤；B．對小球，由可得小球電荷量為故B正確；C．由與A板電勢為0，故故C點電勢為故C錯誤；D．B板上移后，兩板間場強電大，電場力變大，故小球向上做加速運動，故D正確；故選BD。8、AB【解析】A、電荷量e的數(shù)值最早是由美國物理學(xué)家密立根通過實驗測得的，他發(fā)現(xiàn)實驗中所有被測量的油滴微粒的帶電量均為一個最小電荷單元的整數(shù)倍，這個最小單元為元電荷，電荷量為，故A正確；B、法拉第不僅提出了場的概念，并引入了電場線、磁場線來描述電場和磁場，故B正確；C、奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，C錯誤；D、法拉第通過線圈實驗首次發(fā)現(xiàn)了磁生電的現(xiàn)象，D錯誤故選AB【點睛】本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一9、AB【解析】根據(jù)“變阻器的滑片向a端滑動”可知，本題考查電路動態(tài)變化分析問題，根據(jù)程序法或者串反并同法分析通過變阻器電流的變化和電壓的變化.【詳解】A、D、變阻器的滑片向a端滑動，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，則總電流I增大，路端電壓U減小，則電燈L更暗，安培表的示數(shù)增大，故A正確，D錯誤.B、路端電壓U減小，則通過電燈L電流減小，而總電流I增大，所以通過的電流增大，消耗的功率增大，故B正確.C、由于通過的電流增大，的電壓增大，而路端電壓是減小的，則變阻器兩端的電壓減小，變阻器阻值也在變小，根據(jù)題目所給的條件，無法判斷變阻器R1的功率變大，還是變小，故C錯誤.故選AB.【點睛】變阻器的滑片向a端滑動，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，分析總電流的變化，判斷電流表讀數(shù)的變化，由路端電壓的變化，分析電燈L亮度的變化．由總電流和通過電燈電流的變化，分析通過變阻器的電流變化，再分析變阻器電壓的變化.10、BD【解析】A．根據(jù)左手定則，圖中正電荷的洛倫茲力的方向向左，故A錯誤；B．根據(jù)左手定則，圖中負(fù)電荷的洛倫茲力的方向向左上，故B正確；C．根據(jù)左手定則，圖中負(fù)電荷的洛倫茲力的方向向左下，故C錯誤；D．根據(jù)左手定則，圖中正電荷的洛倫茲力的方向向左，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.L1②.L2【解析】[1]該電路是左右兩部分并聯(lián)后由串聯(lián)起來，S剛接通時，L2立即發(fā)光．L上產(chǎn)生自感電動勢，根據(jù)楞次定律可知，自感電動勢會阻礙電流增大．使通過線圈L的電流慢慢增大，而R上沒有自感現(xiàn)象產(chǎn)生，左右兩個電路總電流相等，由兩個電路對比可知，此瞬間，通過L1的電流比L2上的電流大．所以S剛剛接通時L1燈最亮；[2]S斷開時，L和L1構(gòu)成自感回路，L2不在回路中，所以S斷開時，L立刻熄滅，L1后熄滅。12、-250V【解析】[1]根據(jù)可知：則：四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當(dāng)R0=1Ω時，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強度，由平衡條件求解磁感應(yīng)強度；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時安培力的方向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小【詳解】（1）當(dāng)R0＝1Ω時，根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得根據(jù)左手定則可知安培力方向水平向右；由平衡條件有：BILcosθ＝mgsinθ解得B＝2T；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，此時安培力的方向沿斜面向上，大小不變；根據(jù)牛頓第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma解得：a＝1.5m