2024屆貴州省銅仁市物理高二上期中聯考試題含解析

2024屆貴州省銅仁市物理高二上期中聯考試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，沿波的傳播方向上有間距均為1m的六個質點a、b、c、d、e、f均靜止在各自的平衡位置，一列橫波以1m/s的速度水平向右傳播，t=0時到達質點a，a開始由平衡位置向上運動。t=1s時，質點a第一次到達最高點，則在t=3s時A．質點c的加速度最小B．質點a的速度最大C．質點d開始由平衡位置向下運動D．質點e保持靜止2、在地面上方某點將一小球以一定的初速度沿水平方向拋出，不計空氣阻力，則小球在隨后的運動中A．速度和加速度的方向都在不斷變化B．速度與加速度方向之間的夾角一直減小C．在相等的時間間隔內，速率的改變量相等D．在相等的時間間隔內，動能的改變量相等3、人造地球衛(wèi)星在運行中，若受到稀薄大力的阻力作用，其運動軌道半徑會逐漸減小，但仍然可看成是圓周運動，在此過程中，以下說法正確的是（）A．衛(wèi)星的周期將增大B．衛(wèi)星的向心力將減小C．衛(wèi)星的動能將減少D．衛(wèi)星的機械能將減少4、如圖所示是一個示波管工作原理的示意圖，電子經電壓U1加速后垂直進入偏轉電場，離開電場時的偏轉量是h，兩平行板間的距離為d，電勢差為U2，板長為L，為了提高示波管的靈敏度（每單位電壓引起的偏轉量）可采用的方法是（）A．增大兩板間的電勢差U2 B．減小板的長度LC．增大板間距離d D．減小加速電壓U15、如圖所示，Q1、Q2為兩個等量同種正點電荷，在Q1、Q2產生的電場中有M、N和O三點，其中M和O在Q1、Q2的連線上(O為連線的中點)，N為兩電荷連線中垂線上的一點，則下列說法中正確的是A．O點電勢等于N點電勢B．O點場強一定大于M點場強C．將一個負點電荷從M點移到N點，電場力對其做負功D．若將一個正點電荷分別放在M、N和O三點，則該點電荷在O點時電勢能最大6、真空中相距為3L的兩個點電荷A、B分別固定于x軸上x1＝0和x2＝3L的兩點處，其連線上各點場強隨x變化關系如圖所示(x正方向為場強的正方向)，以下判斷中正確的是()A．點電荷A、B一定為異種電荷B．點電荷A、B所帶電荷量的絕對值之比為1∶2C．x＝L處的電勢一定為零D．把一個負電荷沿x軸從移至的過程中，電勢能先減小后增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩根長直導線豎直插入光滑絕緣水平桌面上的M、N兩小孔中，O為M、N連線中點，連線上a、b兩點關于O點對稱．導線均通有大小相等、方向向上的電流；已知長直導線在周圍產生的磁場的磁感應強度，式中k是常數、I是導線中電流、r為點到導線的距離；一帶正電的小球以初速度v0從a點出發(fā)沿連線運動到b點．關于上述過程，下列說法正確的是（）A．小球先做加速運動后做減速運動B．小球一直做勻速直線運動C．小球對桌面的壓力先減小后增大D．小球對桌面的壓力一直在增大8、直線AB是某電場中的一條電場線。若有一電子以某一初速度，僅在電場力的作用下，沿AB由A運動到B，其速度圖象如圖所示，下列關于A、B兩點的電場強度、和電勢的判斷正確的是（）A． B． C． D．9、如圖所示，實線是由點電荷產生未標明方向的電場線,虛線是某帶電粒子僅在電場力作用下由a到b運動軌跡,下列判斷正確的是（）A．帶電粒子一定帶正電B．帶電粒子在a點的速度比b點大C．帶電粒子在a點的電勢能比b點大D．帶電粒子在a點的加速度比b點大10、用t、v、s分別表示物體運動的時間、速度、位移，以下圖象中，能表示物體做勻速直線運動的是（）A． B．C． D．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中．除有一標有“3V1.8W”的小燈泡、電源、導線和開關外，還有電流表A(0～0.6A，內阻約為0.1)、電壓表V(0～3V，內阻約為4k)、滑動變阻器R(0～10，2A)。實驗要求保證器材的安全，燈泡兩端的電壓能從0開始連續(xù)調節(jié)，測量結果盡量準確。(1)為盡可能地減小誤差，實驗中采用電流表____________(選填“內接”或“外接")法，采用正確的方式測出的電阻值___________(選填“大于"“小于”或“等于")電阻的真實值。(2)設計并在方框中畫出一個合理的電路圖__________。(3)某同學根據電路圖連接實物圖時，并未連接完整，請用筆畫線代替導線完成實物圖的連接_________。12．（12分）讀數，甲為游標卡尺，乙為螺旋測微器．（1）圖甲游標卡尺的讀數為____________________（2）圖乙螺旋測微器的讀數為__________________四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一物體在離地面20米處，以水平速度為7.5m/s拋出。在僅受重力的作用下，g=10m/s2.求拋出點到落地點的位移大小。14．（16分）如圖所示，一帶電微粒質量為m=2.0×10﹣11kg、電荷量q=+1.0×10﹣5C，從靜止開始經電壓為U1=100V的電場加速后，水平進入兩平行金屬板間的偏轉電場中，微粒射出電場時的偏轉角θ=30°，并接著進入一個方向垂直紙面向里、寬度為D=34.6cm的勻強磁場區(qū)域．已知偏轉電場中金屬板長L=20cm，兩板間距d=17.3cm，重力忽略不計．求：（1）帶電微粒進入偏轉電場時的速率v1；（2）偏轉電場中兩金屬板間的電壓U2；（3）為使帶電微粒不會由磁場右邊射出，該勻強磁場的磁感應強度B至少多少．15．（12分）如圖所示，用30cm的細線將質量為4×10-3kg，帶電量為3×10-6C的帶正電小球P懸掛在O點，當空中有方向為水平向右的勻強電場時，小球偏離37°后處于靜止狀態(tài)．（取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）求勻強電場的場強；（2）求細繩拉力的大小．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】

C．由題意可知，波的周期T=4s；波長，則3s內波傳播3m，即d點開始起振在平衡位置向上振動，選項C錯誤；A．此時質點c在波峰位置，加速度向下最大，選項A錯誤；B．質點a到達波谷位置，速度最小，選項B錯誤；D．此時波還沒有傳到e點，即質點e保持靜止，選項D正確。2、B【解題分析】

A．由于物體只受重力作用，做平拋運動，故加速度不變，速度大小和方向時刻在變化，選項A錯誤；B．設某時刻速度與豎直方向夾角為θ，則，隨著時間t變大，tanθ變小，θ變小，故選項B正確；C．根據加速度定義式，則Δv=gΔt，即在相等的時間間隔內，速度的改變量相等，故選項C錯誤；D．根據動能定理，在相等的時間間隔內，動能的改變量等于重力做的功，即WG=mgh，對于平拋運動，由于在豎直方向上，在相等時間間隔內的位移不相等，故選項D錯誤．【題目點撥】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，結合加速度公式和動能定理公式靈活求解即可．【考點】平拋運動、動能定理3、D【解題分析】根據F向=GMmr2=mr4π2T點睛：本題關鍵是根據題意得出軌道半徑變小，然后抓住萬有引力提供向心力，先列式求解出線速度、周期和加速度的表達式，再進行討論．4、D【解題分析】

根據動能定理得：，偏轉位移：，聯立解得，靈敏度，A.增大兩板間的電勢差U2，靈敏度不變，故A錯誤；B.減小板的長度L，靈敏度減小，故B錯誤；C.增大板間距離d，靈敏度減小，故C錯誤；D.減小加速電壓U1，靈敏度增大，故D正確。故選：D。5、C【解題分析】

A.根據兩個等量同種正點電荷的電場分布特點，在兩電荷連線的垂直平分線上電場強度方向從O到N，則O點的電勢高于N點的電勢，故A錯誤；B.在M、N和O三點中O點電場強度為零，故O點場強一定小于M點場強，故B錯誤；C.將負點電荷從M點移到O點，電場力向左，電場力對負電荷做負功，其電勢能增加；再將負的試探電荷從O點移到N點，電場力做負功，電勢能增加，故C正確；D.在兩個等量同種正點電荷的連線上，中點O的電勢最低，根據兩個等量同種正點電荷的電場分布特點，在兩電荷連線的垂直平分線上，O點的電勢最高．故M、N、O三點中，M點的電勢最高，N點的電勢最低．所以正點電荷在M點的電勢能最大，在N點的電勢能最小，故D錯誤。6、D【解題分析】A、由圖看出：段和段場強方向相反，則知點電荷A、B一定為同種電荷，故A錯誤；

B、由于L處場強為0，故A、B兩個電荷在L處產生的場強大小相等、方向相反，則得：，則得：，故B錯誤；

C、L處場強為0，但電勢是相對的，零電勢的選擇是任意的，所以處的電勢不一定為零，故C錯誤；

D、從移至的過程中，場強方向先向左后向右，負電荷所受的電場力方向先向右后向左，電場力先做正功后做負功，則其電勢能先減小后增大，故D正確．點睛：只要掌握同種性質和異種性質的點電荷產生的電場的分別特點就能順利解決此類問題，并能運用電場的疊加原理分析兩個電荷的電量關系．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】

根據右手螺旋定則及磁場的疊加可知a點處的磁場方向垂直于MN向里，b點處的磁場方向垂直于MN向外；從a點到O點，磁場大小減小，過O點后反向增大；根據左手定則可知，開始時帶正電的小球受到的洛侖茲力方向向上，過O點后洛侖茲力的方向向下；由此可知，小球將做勻速直線運動，小球對桌面的壓力一直在增大，故AC錯誤，BD正確．8、AC【解題分析】

AB．由圖可知，電子在A點加速度較大，則可知A點所受電場力較大，由F=Eq可知，A點的場強要大于B點場強，即，故A正確、B錯誤；

CD．電子從A到B的過程中，速度減小，動能減小，則可知電場力做負功，故電勢能增加，故A點的電勢能小于B點的電勢能，電子帶負電，由可知，A點的電勢要大于B點電勢，φA＞φB，故C正確，D錯誤；

故選AC。9、BD【解題分析】

A．由圖，粒子的運動軌跡向左彎曲，說明粒子在a、b兩點受到的電場力沿電場線向左，由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性和產生該電場的點電荷的電性，故A錯誤；BC．由a到b，電場力做負功，動能減小，速度減小，電勢能增加，故粒子在a點的速度比b點大，粒子在a點的電勢能比b點小，故B正確，C錯誤；D．由圖可知，a點的電場線比b的更密，所以a點的場強比b點更大，所以帶電粒子在a點的加速度比b點大，D正確。10、AD【解題分析】

本題考查的是對物體運動的時間、速度、位移圖像的理解．表示物體做勻速直線運動的是AD.B表示物體做勻加速直線運動，C表示物體靜止．所正確答案AD．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）外接小于（2）如圖；（3）如圖；【解題分析】

根據燈泡與電表內阻的關系選擇連接方式，再根據歐姆定律分析．電壓與電流從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，然后連接實物電路圖；閉合開關前，分壓電路分得的電壓應為零．【題目詳解】（1）燈泡正常發(fā)光時電阻R==5Ω，燈泡電阻遠小于電壓表內阻，則電流表采用外接法，采用外接法時，通過燈泡實際電流小于電表讀數，根據歐姆定律R=U/I得測出的電阻值小于電阻的真實值.（2）電壓與電流從零開始變化，則滑動變阻器應采用分壓接法，電路圖如圖所示；

（3）根據電路圖連接實物圖：

【題目點撥】對電學實驗題目應明確：①根據待測電阻的額定電壓和額定電流來選擇電壓表和電流表的量程；②若電阻大小滿足時，電流表應用外接法，否則應用內接法；③當電路要求電流從零調時，變阻器應采用分壓式接法，應選擇全電阻小的變阻器以方便調節(jié)．12、2.985.680【解題分析】

解決本題的關鍵掌握游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標讀數，不需估讀．螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀．【題目詳解】游標卡尺的主尺讀數為2.9cm，游標尺上第8個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為8×0.1mm=0.8mm，所以最終讀數為：2.9cm+0.8mm=2.98cm．螺旋測微器的固定刻度為5.5mm，可動刻度為18.0×0.01mm=0.180mm，最終讀數為5.5mm+0.180mm=5.680mm．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、25m【解題分析】

小球在豎直方向做自由落體運動，拋出時離地面的高度為：解得：t=2s小球平拋的水平位