2023年黑龍江省肇東第一中學物理高二第一學期期末綜合測試模擬試題含解析

2023年黑龍江省肇東第一中學物理高二第一學期期末綜合測試模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列符合物理歷史事實的有A.盧瑟福粒子散射實驗揭示了原子核有復雜的結構B.德布羅意認為電子也有波動性，且電子的波長與它的動量成反比C.貝克勒耳發(fā)現(xiàn)天然放射現(xiàn)象，揭示了原子可再分的序幕D.結合能越大，原子核越穩(wěn)定2、電場中A、B兩點的電勢差UAB>0，將一正電荷從A點移到B點的過程中A.電場力做正功，電荷的電勢能增加B.電場力做正功，電荷的電勢能減少C.電場力做負功，電荷的電勢能增加D.電場力做負功，正電荷電勢能減少3、如圖所示，某區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小為B．匝數(shù)為n、邊長為L的正方形線圈恰好有一半在磁場內(nèi)，線圈平面與磁場方向垂直．則穿過此線圈的磁通量為A.BL2B.BL2C.nBL2D.nBL24、若在一半徑為r，單位長度帶電荷量為q(q>0)的均勻帶電圓環(huán)上有一個很小的缺口Δl(且Δl?r)，如圖所示，則圓心處的場強大小為（）A. B.C. D.5、如圖所示，長直導線與矩形線框同處于光滑水平面上，長直導線固定，線框可以在桌面上自由滑動，當通以圖中所示電流時，矩形線框的運動情況是（）A.靠近通電直導線 B.遠離通電直導線C.保持靜止不動 D.順時針轉(zhuǎn)動6、下列關于物理學史的說法中正確的是（）A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象B.庫倫發(fā)現(xiàn)了庫倫定律，并由卡文迪許利用扭秤實驗測出了靜電力常量C.焦爾發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應，定量給出了電能和內(nèi)能之間的轉(zhuǎn)換關系D.安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，總結了電現(xiàn)象與磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，矩形abcd處在勻強電場中，電場線與矩形所在平面平行，ab=cd=L，ad=bc=2L，a點的電勢φa=10V，b點的電勢φb=12V，c點的電勢φc=8V。一帶電量為+q、質(zhì)量為m的粒子從b點以初速度v0射入電場，入射方向與bc成45°角，一段時間后恰好經(jīng)過c點。不計帶電粒子的重力，下列說法中正確的是A.d點的電勢φd=6VB.電場強度的方向由b指向dC.電場強度的大小為D.帶電粒子從b點運動到c點的時間為8、如圖所示，勻強電場電場強度為1×103N/C，ab=dc=4cm，bc=ad=3cm，則下述計算結果正確的是（）A.a、b之間的電勢差為4000VB.a、c之間的電勢差為40VC.將q=-5×10-3C的點電荷沿矩形路徑abcda移動一周，靜電力做功為零D.將q=-5×10-3C的點電荷沿abc或adc從a移動到c，靜電力做功都是-0.25J9、如圖所示，將平行板電容器與電池組相連，兩板間的帶電油滴恰好處于靜止狀態(tài)。若將兩板緩慢地錯開一些，其他條件不變，則（）A.電容器帶電荷量不變B.電容器帶電荷量減小C.小油滴仍靜止D.小油滴將向下運動10、帶電油滴以水平速度v0垂直進入磁場，恰做勻速直線運動，如圖所示，若油滴質(zhì)量為m，磁感應強度為B，則下述說法正確的是（）A.油滴必帶負電荷，電荷量為B.油滴必帶正電荷，比荷C.油滴必帶正電荷，電荷量為D.油滴帶什么電荷都可以，只要滿足三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某發(fā)電站的輸出功率為104kW，輸出電壓為4kV，通過理想變壓器升壓后向125km遠處用戶供電．已知輸電線的電阻率為ρ＝2.4×10－8Ω·m，導線橫截面積為1.5×10－4m2，輸電線路損失的功率為輸出功率的4%，求：所用的理想升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比是______，如果用戶用電器的額定電壓為220V，所用理想降壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比是______.12．（12分）在“測定電源的電動勢和內(nèi)阻”的實驗中，已連接好部分實驗電路（1）按如圖甲所示的實驗電路，把圖乙中剩余的電路連接起來________（2）如圖是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的U－I圖象，由圖可知，電源的電動勢E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A．盧瑟福用粒子散射實驗，在分析實驗結果的基礎上，他提出了原子核式結構模型，不是原子核有復雜結構，故A錯誤；B．德布羅意認為電子也有波動性，且電子的波長與它的動量成反比，故B正確；C．天然放射現(xiàn)象中，原子核發(fā)生衰變，生成新核，同時有中子產(chǎn)生，因此說明了原子核可以再分，故C錯誤；D．比結合能越大，原子核越穩(wěn)定，故D錯誤2、B【解析】根據(jù)電場力做功公式，由于，，所以電場力做正功，由功能關系可知，電荷的電勢能減小，故B正確故選B3、B【解析】線圈平面與磁場垂直，在磁場中的有效面積為，又磁通量與線圈的匝數(shù)無關，根據(jù)，則該線圈的磁通量為，B正確，ACD錯誤4、C【解析】把缺口處填補為完整的圓，則填補上的小圓弧帶電荷量q′＝Δlq由于Δl?r，故可視為點電荷，它在O點產(chǎn)生的場強為：由對稱性可知整個圓環(huán)在O點的場強E合＝0則存在缺口時在O點的場強大小E＝E′即故選C5、A【解析】根據(jù)同向電流相互吸引、異向電流相互排斥，則知線框左側的電流受到的安培力向左，右側的安培力向右，由于左側靠近電流I1，則I1對左側的安培力大于對右側的安培力，線圈所受的安培力合力方向向左，則線圈將向左運動A．描述與分析相符，故A正確.B．描述與分析不符，故B錯誤C．描述與分析不符，故C錯誤.D．描述與分析不符，故D錯誤.6、C【解析】丹麥物理學家奧斯特發(fā)現(xiàn)電流磁效應之后，1831年英國科學家法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應定律，故A錯誤；庫倫發(fā)現(xiàn)了庫倫定律，并利用扭秤實驗測出了靜電力常量，卡文迪許用扭秤實驗測出了引力恒量，故B錯誤；焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應，定量給出了電能和內(nèi)能之間的轉(zhuǎn)換關系，故C正確；丹麥物理學家奧斯特發(fā)現(xiàn)電流磁效應，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】AB．在勻強電場中，沿著任意方向前進相同的距離，電勢變化相同，所以：解得：可知中點的電勢也為，畫出等勢面，沿電場線方向電勢降低，又因為電場線和等勢面處處垂直，畫出電場線方向如圖：A正確，B錯誤；C．根據(jù)勻強電場中電場強度和電勢差的關系：根據(jù)幾何關系可知：解得：，C錯誤；D．據(jù)圖可知粒子在b點初速與電場力垂直，所以粒子在初速度方向上做勻速直線運動，水平位移：所以：D正確。故選AD。8、BC【解析】A．之間的電勢差為A錯誤；B．由圖看出，c、在同一等勢面上，電勢相等，則有B正確；C．將的點電荷沿矩形路徑移動一周，電場力不做功，C正確；D．將的點電荷沿或從移動到，電場力做功相等，電場力做功為D錯誤。故選BC。9、BC【解析】由題中“將平行板電容器與電池組相連”可知，本題考查平行板電容器和帶電粒子平衡問題，根據(jù)電容器公式可分析本題?！驹斀狻緼B、因為平行板電容器與電池組相連，所以電容器電壓不變，根據(jù)公式，若將兩板緩慢地錯開一些，則電容變小，因此Q變小，故A錯誤B正確；CD、根據(jù)公式電壓不變，距離不變，因此電場強度不變，所以小油滴所受的電場力不變，故C正確D錯誤。10、BC【解析】根據(jù)平衡條件知油滴受向上的洛倫茲力，根據(jù)左手定則判斷油滴必帶正電荷，由受力平衡有得油滴的比荷為故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.1∶25②.4800:11【解析】（1）根據(jù)電阻定律得出輸電線電阻，根據(jù)輸電線上損失的功率求出輸電線上的電流，從而根據(jù)P=UI求出升壓變壓器的輸出電壓；根據(jù)輸電線上的電流和電阻求出輸電線上的電壓損失；根據(jù)變壓比公式求解升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比；（2）根據(jù)輸出電壓和電壓損失得出降壓變壓器的輸入電壓，結合電壓之比等于原副線圈的匝數(shù)之比求出降壓變壓器的原副線圈匝數(shù)之比【詳解】（1）遠距離輸電的示意圖，如圖所示：導線電阻：R線=ρ代入數(shù)據(jù)得：R=40Ω升壓變壓器副線圈電流：I2=I線又I2R線=4%P解得：I2=100A根據(jù)P=U2I2得：U2=100

kV根據(jù)變壓比公式，有：（2）降壓變壓器的輸入電壓為：U3=U2-I2R線=96kV由，得：【點睛】解決本題的關鍵知道：1、原副線圈的電壓比、電流比與匝數(shù)比之間的關系；2、升壓變壓器的輸出電壓、降壓變壓器的輸入電壓、電壓損失之間的關系12、①.(1).②.(2).1.5③.1.0【解析】電壓表測量路端電壓，滑動變阻器與電流表串聯(lián)，接線如圖所示（2）由電源圖線與縱軸的交點為電動勢，圖線的斜率為電源的內(nèi)阻，由圖可知電源的電動勢為，內(nèi)阻為四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、8cm【解析】粒子a板左端運動到P處，由動能定理得代入有關數(shù)據(jù)，解得，代入數(shù)據(jù)得θ=30°粒子在磁場中做勻速圓周運動，圓心為O，半徑為r，如圖由幾何關系得聯(lián)立求得代入數(shù)據(jù)解得14、(1)(2)3N【解析】(1)設小球在C點的速度大小是vC，則對于小球由A→C的過程中，由動能定理得：解得：(2)小球在C點時受力分析如圖由牛頓第二定律得：解得：由牛頓第三定律可知，小球?qū)壍缐毫Γ篘C′=NC=3N15、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上【解析】（1）當R0=1Ω時，根據(jù)閉合電路的歐姆定律求解電流強度，由平衡條件求解磁感應強度；（2）若保持B的大小