安徽省滁州市來安縣第二中學2024屆高二物理第一學期期中綜合測試試題含解析

安徽省滁州市來安縣第二中學2024屆高二物理第一學期期中綜合測試試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列各組物理量，在運算過程中都遵循平行四邊形定則的是（

）A．位移、時間、速度B．速度、速率、加速度C．加速度、位移、速度D．路程、時間、位移2、兩個相同的金屬小球，帶電量之比為1：7，相距為r，視為點電荷，相互間的斥力大小為F，兩者接觸后再放回原處，則它們的靜電力可能為（）A． B． C． D．3、如圖所示的電路中，電源電動勢為E，內(nèi)電阻為r。開關S閉合后，電燈L1、L2均能發(fā)光?，F(xiàn)將滑動變阻器的滑片P稍向下移動，下列說法正確的是（）A．電燈L1、L2均變亮 B．電燈L1變暗，L2變亮C．電流表的示數(shù)變大 D．電源的總功率變小4、真空中有兩個完全相同的帶電金屬小球A和B，相距為r，帶電量分別為-q和+7q，它們之間作用力的大小為F，現(xiàn)將A、B兩小球接觸后再放回原處，則A、B間的作用力大小變?yōu)?)A．F/7B．3F/7C．9F/7D．16F/75、充電寶內(nèi)部的主要部件是鋰電池，充電寶中的鋰電池在充電后，就是一個電源，可以給手機充電．機場規(guī)定：嚴禁攜帶額定能量超過160W·h的充電寶搭乘飛機．某同學的充電寶銘牌上面寫著“10000mA·h”和“3.7V”下列說法正確的是A．按規(guī)定不能攜帶該充電寶搭乘飛機 B．160W·h是指功率C．10000mA·h是指電荷量 D．10000mA·h是指電動勢6、如圖所示，一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電絕緣體物塊位于高度略大于物塊高的水平寬敞絕緣隧道中，隧道足夠長，物塊上、下表面與隧道上、下表面的動摩擦因數(shù)均為μ，整個空間存在垂直紙面向里、磁感應強度為B的勻強磁場?，F(xiàn)給物塊水平向右的初速度v0，空氣阻力忽略不計，物塊電荷量不變，則物塊A．一定做勻速直線運動B．一定做減速運動C．可能先減速后勻速運動D．可能加速運動二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為勻強電場的電場強度E隨時間t變化的圖象．當t＝0時，在此勻強電場中由靜止釋放一個帶電粒子，設帶電粒子只受電場力的作用，則下列說法中正確的是()A．帶電粒子將始終向同一個方向運動B．2s末帶電粒子回到原出發(fā)點C．3s末帶電粒子的速度為零D．0～3s內(nèi)，電場力做的總功為零8、如圖所示，、為兩塊平行帶電金屬板，帶負電，帶正電且與大地相接，兩板間點處固定一負電荷，設此時兩極間的電勢差為，點場強大小為，電勢為，負電荷的電勢能為，現(xiàn)將、兩板水平錯開一段距離（兩板間距不變），下列說法正確的是（）A．變大，變大 B．變小，變小C．變小，變大 D．變大，變小9、下列關于電場線和磁感線的說法，正確的是A．電場線和磁感線都是假想的曲線B．電場線和磁感線都是閉合的曲線C．電場線和磁感線的疏密都表示場的強弱D．電場線上某點的切線方向表示電場方向，磁感線上某點的切線方向表示磁場方向10、如圖所示，兩根導線互相平行，通了同方向的電流，下列說法正確的是：A．導線AB通了電流Ｉ1，其在CD處產(chǎn)生的磁場方向向外；B．導線AB通了電流Ｉ1，其在CD處產(chǎn)生的磁場方向向里；C．導線CD受到AB的磁場的安培力作用，方向向左；D．導線CD受到AB的磁場的安培力作用，方向向右．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖（a）為某同學測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻的電路圖。(1)虛線框內(nèi)是用毫安表改裝成電流表的電路，已知是理想電壓表，毫安表表頭的內(nèi)阻為3.0，滿偏電流為100mA，電阻R1=0.6，由此可知，改裝后電流表的量程為______A。(2)實驗步驟如下，請完成相應的填空：①將滑動變阻器R的滑片移到端______（選填“A”或B”），閉合開關S；②多次調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片，記下電壓表的示數(shù)U和毫安表的示數(shù)I，某次測量時毫安表的示數(shù)如圖（b）所示，其讀數(shù)為______mA。③以U為縱坐標，I為橫坐標，作U?I圖線，如圖（c）所示；④已知定值電阻R0=2.0，根據(jù)圖線求得電源的電動勢E=______V，內(nèi)阻r=______。（結果均保留到小數(shù)點后兩位）12．（12分）一只電流表的滿偏電流為Ig=3mA，內(nèi)阻為Rg=100Ω，若改裝成量程為I=30mA的電流表，應并聯(lián)的電阻阻值為__________Ω；若將改裝改裝成量程為U=15V的電壓表，應串聯(lián)一個阻值為_____Ω的電阻．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，MN表示真空室中垂直于紙面放置的感光板，它的一側有勻強磁場，磁場方向垂直于紙面向里，磁感應強度大小為B。一個電荷量為q的帶電粒子從感光板上的狹縫O處以垂直于感光板的初速度v射入磁場區(qū)域，最后到達感光板上的P點。經(jīng)測量P、O間的距離為L，不計帶電粒子受到的重力。求：（1）帶電粒子所受洛倫茲力的大小；（2）帶電粒子的質(zhì)量大小；（3）粒子在磁場中運動的時間。14．（16分）如圖所示，一均勻帶電+Q細棒，在過中點c垂直于細棒的直線上有a、b、d三點，且ab=bc=cd=L，在a點處有一電荷量為q的固定點電荷．已知b點處的場強為零，則d點處場強的大小為多少(k為靜電力常量)15．（12分）（18分）如圖所示，在真空中，半徑為R的虛線所圍的圓形區(qū)域內(nèi)只存在垂直紙面向外的勻強磁場。有一電荷量為q、質(zhì)量為m的帶正電粒子，以速率V0從圓周上的P點沿垂直于半徑OOl并指向圓心O的方向進入磁場，從圓周上的O1點飛出磁場后沿兩板的中心線O1O2射入平行金屬板M和N，O1O2與磁場區(qū)域的圓心O在同一直線上。板間存在勻強電場，兩板間的電壓為U，兩板間距為d。不計粒子所受重力。求：（1）磁場的磁感應強度B的大??；（2）粒子在磁場中運動的時間；（3）粒子在兩平行板間運動過程中的最大速度與板長L的關系。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解題分析】A、位移和速度是矢量，運算時遵守平行四邊形定則；時間是標量，運算時遵守代數(shù)加減法則。故A錯誤；B、速度和加速度都是矢量，運算時遵守平行四邊形定則；速率是標量，運算時遵守代數(shù)加減法則。故B錯誤；C、加速度、位移和速度都是矢量，運算時都遵守平行四邊形定則，故C正確；D、位移是矢量，運算時遵守平行四邊形定則；路程和時間是標量，運算時遵守代數(shù)加減法則。故D錯誤。故選：C。2、D【解題分析】試題分析：兩電荷同性，設一個球的帶電量為q，則另一個球的帶電量為Q=7q，此時，接觸后分開，帶電量平分各為4q，則兩球的庫侖力大小，故選D．【題目點撥】接觸帶電的原則是先中和后平分，兩個球的電性可能相同，可能不同，根據(jù)得出接觸后再放回原處的庫侖力大?。?、D【解題分析】

ABC．滑動變阻器的滑片P稍向下移動，滑動變阻器有效電阻增大，外電阻增大，回路總電阻增大，總電流I減?。涣鬟^電燈L2電流減小，L2兩端電壓減小，電燈L2變暗；由閉合電路歐姆定律可知，燈L1電壓總電流I減小，則L1兩端電壓增大，L1燈變亮，流過L1的電流增大；總電流減小，流過L1的電流增大，則流過電流表的電流減小，故ABC錯誤；D．由前面分析可知總電流減小，由電源的總功率可知，電源的總功率變小，故D正確。故選D。4、C【解題分析】由庫侖定律可得，兩球接觸前的庫侖力，而兩球接觸后平分電量，則兩球的電量則作用力，故C正確，ABD錯誤；故選C。5、C【解題分析】

A．根據(jù)W=IUt=qU=10000mA·h×3.7V=10Ah×3.7V=37W?h<160W·h，則可帶上飛機，選項A錯誤；B．160W·h是指能量，選項B錯誤；CD．根據(jù)q=It可知，10000mA·h是指電荷量，選項C正確，D錯誤．6、C【解題分析】

由題意對滑塊受力分析，因不知道開始時滑塊所受洛倫茲力與重力誰大，故彈力方向大小均不能確定，應討論：若滑塊受到向上的洛倫茲力F=mg，則支持力FN=0，摩擦力f=0，滑塊將勻速運動；若F＜mg，則彈力方向向上，豎直方向滿足FN+F=mg，水平方向受摩擦力向左，滑塊做減速運動，由F=qvB知，F(xiàn)減小，F(xiàn)N則增大，f增大，由-f=ma可知，v繼續(xù)減小，最后減為零；若F＞mg，則滑塊受到向下的壓FN，在豎直方向滿足F=mg+FN，滑塊向右做減速運動，由動態(tài)分析知，當F=mg時FN=0，f=0，最終滑塊做勻速運動，故ABD不可能，C可能。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解題分析】

由牛頓第二定律可知，帶電粒子在第1s內(nèi)的加速度為：，第2s內(nèi)加速度為：故a2=2a1，因此先加速1s再減小0.5s時速度為零，接下來的0.5s將反向加速，v-t圖象如圖所示：帶電粒子在前1秒勻加速運動，在第二秒內(nèi)先做勻減速后反向加速，所以不是始終向一方向運動，故A錯誤；根據(jù)速度時間圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可知，在t=2s時，帶電粒子離出發(fā)點最遠，故B錯誤；由解析中的圖可知，粒子在第1s內(nèi)做勻加速運動，第2s內(nèi)做勻減速運動，3s末的瞬時速度剛減到0，故C正確；因為第3s末粒子的速度剛好減為0，根據(jù)動能定理知粒子只受電場力作用，前3s內(nèi)動能變化為0，即電場力做的總功為零．故D正確．8、AC【解題分析】

AB．將兩板水平錯開一段距離，兩板正對面積減小，根據(jù)電容的決定式可知，電容C減小，而電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U增大，板間場強可知，板間場強增大，故A正確，B錯誤；CD．P點到下板距離不變，由公式UBP=EdBP得知，P點與下板電勢差增大，由于電場線向上，P點的電勢低于下極板的電勢，則P點的電勢降低，負電荷在P點的電勢能變大，故C正確，D錯誤。9、ACD【解題分析】

電場線和磁感線都是假想的，在空間不是實際存在的線，故A正確；磁感線在磁體的周圍是從磁體的N極出發(fā)回到S極．在磁體的內(nèi)部，磁感線是從磁體的S極出發(fā)，回到N極．所以磁感線是閉合的，而電場線從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不相交不閉合，故B錯誤；電場線和磁感線的疏密都表示場的強弱，故C正確；電場線上某點的切線方向表示電場方向，磁感線上某點的切線方向表示磁場方向，故D正確．所以ACD正確，B錯誤．10、BC【解題分析】

導線AB通了電流Ｉ1，根據(jù)右手定則可知，其在CD處產(chǎn)生的磁場方向向里；選項A錯誤，B正確；根據(jù)左手定則，導線CD受到AB的磁場的安培力作用，方向向左，選項C正確，D錯誤；故選BC.【題目點撥】解決本題的關鍵掌握安培定則判斷出直線電流周圍的磁場方向，根據(jù)左手定則判斷電流的受力方向．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.6B30.01.481.58【解題分析】

(1)[1]由題可知解得量程(2)①[2]為了保護電路，閉合開關S前，將滑動變阻器的滑片移到B端。②[3]毫安表讀數(shù)為30.0mA。④[4][5]改裝成新的電流表的內(nèi)阻由于電流表改裝后量程擴大了6倍，但電流讀數(shù)仍為原表頭讀數(shù)，因此根據(jù)閉合電路歐姆定律根據(jù)圖象可知，圖象與縱軸的交點等于電動勢，斜率絕對值等于，因此可得E=1.48V解得r=1.58Ω12、11.1Ω4900Ω【解題分析】

改裝成電流表要并聯(lián)的阻值為：改裝成電壓表要串聯(lián)的阻值為：【題目點撥】改裝成電流表要并聯(lián)電阻分流，電阻值等于滿偏電壓除以所分最大電流，改裝成電壓表要串聯(lián)電阻分壓，電阻值等于量程除以滿偏電流減去原內(nèi)阻．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)(3)【解題分析】

（1）帶電粒子在磁場中所受洛倫茲力（2）帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，設其半徑為R，由牛頓第二定律帶電粒子做勻速圓周運動的半徑R=解得m=（3）由周期公式：14、【解題分析】

由題意可知在b點處的場強為零，說明細棍和q在b點的電場強度大小相等，方向相反．那么在d點處場強的大小即為兩者之和．因此根據(jù)點電荷的電場強度為即可求解．【題目詳解】電荷量為q的點電荷在b處產(chǎn)生電場強度為在b點處的場強為零，根據(jù)電場的疊加原理可知細棍與q在b處產(chǎn)生電場強度大小相等，方向相反，則知細棍在b處產(chǎn)生的電場強度大小為，方向向左．根據(jù)對稱性可知細棍在d處產(chǎn)生的電場強度大小為，方向向右而電荷量為q的點電荷在d處產(chǎn)生電場強度為，方向向右所d點處場強的大小為．【題目點撥】考查點電荷與細棍上電荷在某處的電場強度疊加，緊扣電場強度的大小與方向關系，從而為解題奠定基礎．15、（1）（2）（3）當；當；【解題分析】試題分析：