2023屆浙江省三地市高三下學(xué)期4月教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)物理試題（二模）（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE1湖州、衢州、麗水2023年4月三地市高三教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)物理試題卷第Ⅰ卷（選擇題共45分）一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列屬于國(guó)際單位制中基本單位符號(hào)的是（）A.V B.A C. D.C〖答案〗B〖解析〗電壓?jiǎn)挝籚，電阻單位，電量單位C，都不是國(guó)際單位制中的基本單位，電流單位A是國(guó)際單位制中的基本單位。故選B。2.2022年11月30日，“神舟十五號(hào)”飛船和空間站“天和”核心艙成功對(duì)接，整個(gè)對(duì)接過(guò)程歷時(shí)約6.5h，對(duì)接后速度約為7.68km/s，則（）A.“6.5h”指的是時(shí)刻B.“7.68km/s”為平均速度C.研究如何實(shí)現(xiàn)對(duì)接時(shí)，可將“天和”視為質(zhì)點(diǎn)D.對(duì)接成功后，“神舟十五號(hào)”相對(duì)地球是運(yùn)動(dòng)〖答案〗D〖解析〗A．“6.5h”指的是時(shí)間間隔，故A錯(cuò)誤；B．“7.68km/s”為瞬時(shí)速度，故B錯(cuò)誤；C．研究如何實(shí)現(xiàn)對(duì)接時(shí)，不可以將“天和”視為質(zhì)點(diǎn)，否則無(wú)法實(shí)現(xiàn)對(duì)接，故C錯(cuò)誤；D．以地球?yàn)閰⒄?，?duì)接成功后，則“神舟十五號(hào)”相對(duì)地球是運(yùn)動(dòng)的，故D正確。故選D。3.燈籠為春節(jié)增添了不少喜慶的氣氛。如圖所示，重力為的燈籠用細(xì)繩懸掛，在水平風(fēng)力的吹動(dòng)下偏離豎直方向一定的角度，并保持靜止，此時(shí)細(xì)繩對(duì)燈籠的拉力為，則（）A.B.C.與的合力與相同D.若F增大，燈籠重新平衡時(shí)，則也增大〖答案〗D〖解析〗ABD．根據(jù)題意，對(duì)燈籠受力分析，如圖所示由平衡條件有解得若增大，則增大，增大，故AB錯(cuò)誤，D正確；C．由共點(diǎn)力平衡特點(diǎn)可知，與的合力與大小相等，方向相反，故C錯(cuò)誤。故選D。4.某人從O點(diǎn)由靜止開始做無(wú)動(dòng)力翼裝飛行，運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)后速度斜向下且保持不變，一段時(shí)間后運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示，此人從O點(diǎn)到B點(diǎn)的過(guò)程中（）

A.加速度一直減小B.一直處于失重狀態(tài)C.機(jī)械能一直在減小D.重力勢(shì)能先減小后不變〖答案〗C〖解析〗A．由運(yùn)動(dòng)軌跡圖可知，此人先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，然后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．從O到A過(guò)程中有豎直向下的加速度分量，故此時(shí)人處于失重狀態(tài)，從A到B過(guò)程中人做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故人不失重也不超重，故B錯(cuò)誤；C．由于除重力外還有空氣阻力做負(fù)功，故人的機(jī)械一直在減小，故C正確；D．人一直下降，故重力一直做正功，則重力勢(shì)能一直減小，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，當(dāng)我們使用有線話筒擴(kuò)音時(shí)，有些由于周圍環(huán)境中產(chǎn)生的電信號(hào)會(huì)通過(guò)話筒線混入功率放大器中進(jìn)行放大，影響擴(kuò)音的效果。因此，很多優(yōu)質(zhì)的話筒線在構(gòu)造上都采取了防備措施。其原理與以下應(yīng)用相同的是（）A.在燃?xì)庠钪械碾娮狱c(diǎn)火器B.野外高壓輸電線上方安裝兩條與大地相連的導(dǎo)線C.使空氣中的塵埃帶電，在靜電力作用下塵埃到達(dá)電極而被收集起來(lái)D.汽車噴漆中常采用讓油漆微粒與待噴工件分別帶異種電荷實(shí)現(xiàn)均勻噴涂〖答案〗B〖解析〗根據(jù)題意可知，優(yōu)質(zhì)的話筒線的原理是靜電屏蔽A．在燃?xì)庠钪械碾娮狱c(diǎn)火器原理是尖端放電，故A錯(cuò)誤；B．高壓輸電線的上方還有兩條導(dǎo)線，這兩條導(dǎo)線的作用是它們與大地相連，形成稀疏的金屬“網(wǎng)”把高壓線屏蔽起來(lái)，免遭雷擊，故B正確；C．使空氣中的塵埃帶電，在靜電力作用下塵埃到達(dá)電極而被收集起來(lái)原理是靜電除塵，屬于靜電的利用，故C錯(cuò)誤；D．汽車噴漆中常采用讓油漆微粒與待噴工件分別帶異種電荷實(shí)現(xiàn)均勻噴涂，是靜電噴漆，屬于靜電的利用，故D錯(cuò)誤。故選B。6.在離地一定高度的O點(diǎn)，同時(shí)斜向上拋出兩質(zhì)量不同的小球A和B，某時(shí)刻兩小球運(yùn)動(dòng)到同一豎直線上，如圖所示，此時(shí)兩小球均未落地且連線中點(diǎn)恰好與O點(diǎn)等高，阻力不計(jì)，則兩小球在此過(guò)程中（）A.位移相同B.速度的變化量相同C.動(dòng)量的變化量相同D.拋出時(shí)速度的大小可能相同〖答案〗B〖解析〗A．兩小球在此過(guò)程中的位移大小相等，方向不同，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可知兩小球在此過(guò)程中速度的變化量相同，故B正確；C．根據(jù)由于兩球的質(zhì)量不同，可知兩小球在此過(guò)程中動(dòng)量的變化量不相同，故C錯(cuò)誤；D．小球在水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，由于水平位相等，所以兩球拋出時(shí)的水平分速度相等；小球豎直方向有可知兩球拋出時(shí)的豎直分速度不相等；根據(jù)可知兩球拋出時(shí)速度的大小不相同，故D錯(cuò)誤。故選B。7.如圖所示，用相同表頭改裝成的電流表和電壓表，用導(dǎo)線把電表的兩個(gè)接線柱連在一起，能減小移動(dòng)電表時(shí)指針的晃動(dòng)，則同等情況下減小晃動(dòng)效果最好的是連接（）A.電流表“－、3A” B.電流表“－、0.6A”C.電壓表“－、15V” D.電壓表“－、3V”〖答案〗B〖解析〗連接兩個(gè)接線柱后，電表構(gòu)成回路，晃動(dòng)電表時(shí)，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，回路中有感應(yīng)電流，電表內(nèi)的導(dǎo)線框受到安培力的作用，阻礙指針的晃動(dòng)；由于感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是表頭內(nèi)的導(dǎo)線框產(chǎn)生的，故可將表頭看成一電源，當(dāng)連接電流表“－、0.6A”時(shí)，回路電阻最小，通過(guò)表頭的電流最大，導(dǎo)線框受到安培力最大，減小晃動(dòng)效果最好。故選B。8.安裝適當(dāng)?shù)能浖?，利用智能手機(jī)中的磁傳感器可以測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度B。在手機(jī)上建立三維直角坐標(biāo)系，手機(jī)顯示屏所在平面為xOy平面，x軸、y軸如圖所示，z軸垂直手機(jī)屏正面向外。經(jīng)探測(cè)發(fā)現(xiàn)當(dāng)磁場(chǎng)在x、y、z方向的分量與所建坐標(biāo)系對(duì)應(yīng)正方向相同時(shí)顯示的示數(shù)為正值，反向時(shí)為負(fù)值。某同學(xué)在某地對(duì)地磁場(chǎng)進(jìn)行了六次測(cè)量，前四次測(cè)量時(shí)手機(jī)屏面保持水平且正面朝上。根據(jù)表中測(cè)量結(jié)果可推知（）測(cè)量序號(hào)1－25.130－36.502－24.560－36.003024.22－36.4040－24.14－36.505－43.94－7.3106－26.6834.560A.測(cè)量地點(diǎn)位于南半球B.當(dāng)?shù)氐卮艌?chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小約為C.第3、4次測(cè)量時(shí)x軸均與磁場(chǎng)方向垂直D.第5、6次測(cè)量時(shí)手機(jī)屏均與磁場(chǎng)方向垂直〖答案〗C〖解析〗A．地磁場(chǎng)如圖所示地磁南極位于地理北極附近，地磁北極位于地理南極附近，由表中軸數(shù)據(jù)可看出軸的磁場(chǎng)豎直向下，則測(cè)量地點(diǎn)應(yīng)位于北半球，A錯(cuò)誤；B．磁感應(yīng)強(qiáng)度為矢量，由表格可看出此處的磁感應(yīng)強(qiáng)度B錯(cuò)誤；C．北半球的磁場(chǎng)指向北方斜向下，第2、4次測(cè)量，故軸與磁場(chǎng)方向垂直，C正確；D．第5、6次測(cè)量時(shí)，，故軸與磁場(chǎng)方向垂直，平面（手機(jī)屏所平面）與磁場(chǎng)方向平行，D錯(cuò)誤。故選C。9.我國(guó)科研人員利用超高空間分辨率鈾－鉛定年技術(shù)，對(duì)“嫦娥五號(hào)”月球樣品進(jìn)行分析，確定月球在20億年前仍存在巖漿活動(dòng)。已知鈾－鉛定年技術(shù)依賴的其中一種衰變鏈為：經(jīng)一系列α、β衰變后形成，則（）A.比少10個(gè)中子B.的比結(jié)合能大于C.適合用于醫(yī)學(xué)中的放射性示蹤劑D.衰變?yōu)樾杞?jīng)過(guò)7次α衰變和6次β衰變〖答案〗B〖解析〗A．的中子數(shù)為，的中子數(shù)為，顯然比少18個(gè)中子，故A錯(cuò)誤；B．經(jīng)一系列α、β衰變后形成更加穩(wěn)定的，且由原子核的比結(jié)合能曲線可知的比結(jié)合能大于，故B正確；C．不適合用于醫(yī)學(xué)中的放射性示蹤劑，因?yàn)槠渌プ冡尫诺纳渚€對(duì)人體有較大的傷害，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)衰變?yōu)樾杞?jīng)過(guò)n次α衰變和m次β衰變，根據(jù)質(zhì)量數(shù)及電荷數(shù)守恒，可得聯(lián)立求得故D錯(cuò)誤。故選B。10.“羲和號(hào)”是中國(guó)首顆太陽(yáng)探測(cè)衛(wèi)星，取得了多項(xiàng)國(guó)際首次記錄，其運(yùn)行于距地面高度為517km的太陽(yáng)同步軌道，如圖所示。已知地球半徑為6400km，地球公轉(zhuǎn)軌道半徑為，萬(wàn)有引力常量，已知地球表面重力加速度為，則“羲和號(hào)”的（）A.繞地運(yùn)行周期約為96分鐘B.發(fā)射速度大于第二宇宙速度C.繞地運(yùn)行周期等于地球同步衛(wèi)星運(yùn)行周期D.繞地運(yùn)行周期約為地球公轉(zhuǎn)周期的倍〖答案〗A〖解析〗AC．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，則有在地球表面上有代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得可知其繞地運(yùn)行周期小于地球同步衛(wèi)星運(yùn)行周期，故A正確，C錯(cuò)誤；B．“羲和號(hào)”仍然圍繞地球運(yùn)動(dòng)，故發(fā)射速度大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度，故B錯(cuò)誤；D．地球公轉(zhuǎn)的周期為，則其繞地運(yùn)行周期約為地球公轉(zhuǎn)周期的倍，故D錯(cuò)誤。故選A。11.家用風(fēng)力發(fā)電機(jī)可分布在用戶附近，是一種可靠的發(fā)電模式。某戶家庭安裝了一臺(tái)風(fēng)力發(fā)電機(jī)，它的葉片轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)可形成半徑為0.9m的圓面。某段時(shí)間內(nèi)該地區(qū)的風(fēng)速是10m/s，風(fēng)向恰好與葉片轉(zhuǎn)動(dòng)的圓面垂直，已知空氣的密度為，假如這個(gè)風(fēng)力發(fā)電機(jī)能將此圓內(nèi)10%的空氣動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電能，π取3，則此風(fēng)力發(fā)電機(jī)發(fā)電的功率大小為（）A.14.5W B.29.2W C.145.8W D.291.6W〖答案〗C〖解析〗在t時(shí)間內(nèi)空氣動(dòng)能為則此風(fēng)力發(fā)電機(jī)發(fā)電的功率約為代入數(shù)據(jù)解得故選C。12.在x軸上有兩個(gè)頻率相同的波源M、N，分別位于和處，振幅均為，起振方向均向上，產(chǎn)生的兩列簡(jiǎn)諧橫波分別沿x軸正方向和x軸負(fù)方向傳播，傳播速度大小相同。時(shí)刻M開始振動(dòng)，7s后兩波源產(chǎn)生的波均恰好傳到坐標(biāo)原點(diǎn)O。此時(shí)M點(diǎn)處于波谷，OM間還有一個(gè)波谷。則（）A.M的相位比N超前πB.時(shí)，M移動(dòng)到處C.內(nèi)，處的質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程16cmD.兩列波相遇后，處的質(zhì)點(diǎn)位移始終為0〖答案〗C〖解析〗A．7s時(shí)的波形如圖所示由題可知，OM間恰好等于，因此波長(zhǎng)兩列波恰好同時(shí)到達(dá)O點(diǎn)，波速相同，波源M比N提前振動(dòng)了，因此M點(diǎn)的相位比N超前，A錯(cuò)誤；B．波源M只在平衡位置附近上下振動(dòng)，不會(huì)隨波遷移，因此不會(huì)移動(dòng)到處，B錯(cuò)誤；C．波速波源N比M點(diǎn)遲振動(dòng)1s，當(dāng)t=6s時(shí)，波源N產(chǎn)生波傳播到x=1m處，該質(zhì)點(diǎn)開始振動(dòng)，當(dāng)t=8s時(shí)，恰好經(jīng)過(guò)，通過(guò)的路程此時(shí)，M點(diǎn)產(chǎn)生的波恰好到達(dá)該點(diǎn)，在該點(diǎn)兩列波的相位相反，該點(diǎn)是振動(dòng)減弱點(diǎn)，以后保持靜止不動(dòng)，因此內(nèi)，處的質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程16cm，C正確；D．兩列波相遇后，處是振動(dòng)加強(qiáng)，振幅為16cm，D錯(cuò)誤。故選C。13.如圖所示為一直徑處鍍銀的半圓形介質(zhì)，O點(diǎn)為圓心，半徑為R。一細(xì)黃光束從C點(diǎn)平行直徑AB入射，入射角。光束經(jīng)AB邊反射，在圓弧BC上某處折射后，恰好以垂直AB的方向向上射出，已知，，則（）A.該介質(zhì)的折射率為B.光束在介質(zhì)中傳播的時(shí)間為C.僅將入射點(diǎn)下移，光束可能無(wú)法從介質(zhì)中射出D.僅將黃光束改為紫光束，光束可能無(wú)法從介質(zhì)中射出〖答案〗B〖解析〗A．由題可知，光路圖如圖所示D為光線反射點(diǎn)，、點(diǎn)相對(duì)于底面AB對(duì)稱，C、D和三點(diǎn)共線，光的入射角為，折射角為r，出射光線與法線夾角為，由幾何關(guān)系得：根據(jù)折射定律有代入數(shù)據(jù)解得連接，即有即得：于是由幾何關(guān)系得則由上各式聯(lián)立解得根據(jù)折射率公式有解得A錯(cuò)誤；B．光在介質(zhì)中傳播的距離為光在介質(zhì)中傳播的速度為光束在介質(zhì)中傳播的時(shí)間為B正確；CD．由上光路圖分析可知，僅將入射點(diǎn)下移或者僅將黃光束改為紫光束，光束都能從介質(zhì)中射出，CD錯(cuò)誤。故選B。二、選擇題II（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有—個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不選全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.下列說(shuō)法正確的是（）A.利用壓力傳感器可制成電子秤B.波長(zhǎng)越長(zhǎng)的電磁波更有利于雷達(dá)定位C.楞次定律的得出運(yùn)用了歸納推理的科學(xué)方法D.為減少輸電過(guò)程中感抗、容抗等帶來(lái)的損耗，輸電時(shí)常采用直流輸電〖答案〗ACD〖解析〗A．電子秤使用的測(cè)力裝置通常是壓力傳感器，所以利用壓力傳感器可以制成電子秤，A正確；B．雷達(dá)是利用電磁波來(lái)測(cè)定物體位置的無(wú)線電設(shè)備；因?yàn)椴ㄩL(zhǎng)越短的電磁波可以更好的反射，因此雷達(dá)使用的電磁波是波長(zhǎng)比較短的微波，B錯(cuò)誤；C．楞次定律的得出運(yùn)用了歸納推理的科學(xué)方法，C正確；D．高壓輸電線路中的感抗和容抗都是因?yàn)榻涣麟娝a(chǎn)生的，如果采用直流輸電，沒(méi)有了交流效應(yīng)，也就沒(méi)有了電感或電容，就沒(méi)有了感抗和容抗，只剩下電阻了，D正確。故選ACD。15.氫原子從某一能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，產(chǎn)生了頻率分別為、的兩種光Ⅰ、Ⅱ。用光Ⅰ照射圖中的實(shí)驗(yàn)裝置，電流表中有電流通過(guò)，調(diào)節(jié)滑片P，當(dāng)電壓表示數(shù)為時(shí)，電流表示數(shù)恰好為0。此時(shí)保持裝置不變，改用光Ⅱ照射，電流表示數(shù)為0，調(diào)節(jié)滑片P，當(dāng)電壓表示數(shù)為時(shí)，電流表中開始有電流通過(guò)。則（）A.B.產(chǎn)生光Ⅰ時(shí)，氫原子躍遷到的能級(jí)更低C.用同一裝置研究雙縫干涉現(xiàn)象，光Ⅱ的條紋間距更大D.改用光Ⅱ照射后，滑片P向a端移動(dòng)電流表中才能有電流〖答案〗BC〖解析〗A．當(dāng)電壓表示數(shù)為時(shí)，電流表示數(shù)恰好為0，則有，聯(lián)立解得同理，當(dāng)電壓表示數(shù)為時(shí)，則有聯(lián)立解得故A錯(cuò)誤；B．由題可知，光Ⅰ的頻率更大，故光Ⅰ的能量更高，所以氫原子躍遷到的能級(jí)更低，故B正確；C．由題可知，光Ⅱ的頻率更小，則其波長(zhǎng)更長(zhǎng)，根據(jù)可知用同一裝置研究雙縫干涉現(xiàn)象，光Ⅱ的條紋間距更大，故C正確；D．改用光Ⅱ照射后，滑片P向b端移動(dòng)，則A端電勢(shì)更高，則AK之間的場(chǎng)強(qiáng)向左，故電子受到的電場(chǎng)力向右，此時(shí)電流表中才能有電流，故D錯(cuò)誤。故選BC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.實(shí)驗(yàn)題：圖l為“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí)的實(shí)驗(yàn)方案，圖2是實(shí)驗(yàn)測(cè)量得到的紙帶，其實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：（?。焐贤斜P和砝碼，調(diào)節(jié)木板的傾角，使質(zhì)量為M的小車拖著紙帶沿木板勻速下滑；（ⅱ）取下托盤和砝碼，測(cè)出其總質(zhì)量為m，讓小車沿木板下滑，測(cè)出加速度a；（ⅲ）改變砝碼質(zhì)量和木板傾角，多次測(cè)量，通過(guò)作圖可得到小車加速度a與合外力F的關(guān)系。（1）紙帶1是步驟（?。┲写虺龅募垘В纱丝梢耘袛郷_____。A．調(diào)節(jié)后木板的傾角過(guò)小B．調(diào)節(jié)后木板的傾角過(guò)大C．調(diào)節(jié)后木板的傾角適中（2）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電頻率為50Hz，可讀出紙帶2計(jì)數(shù)點(diǎn)3處的讀數(shù)為______cm，打下該點(diǎn)時(shí)小車的速度為______m/s。（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（3）下列有關(guān)該實(shí)驗(yàn)的說(shuō)法正確的是______。A．實(shí)驗(yàn)中需要滿足小車質(zhì)量M遠(yuǎn)大于托盤和砝碼的總質(zhì)量mB．實(shí)驗(yàn)在作a-F圖象時(shí)，把mg作為F值C．改變砝碼質(zhì)量再次實(shí)驗(yàn)時(shí)，斜面傾角需要重新進(jìn)行調(diào)整〖答案〗（1）C（2）6.55cm（均給分）0.40（均給分）（3）BC〖解析〗（1）[1]紙帶1上的點(diǎn)間距是均勻的，說(shuō)明小車打紙帶1時(shí)是做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故可以判斷調(diào)節(jié)后木板的傾角適中。故選C。（2）[2]紙帶2計(jì)數(shù)點(diǎn)3處的讀數(shù)為6.55cm；[3]由紙帶2可知，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間為根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論可知，打下計(jì)數(shù)點(diǎn)3時(shí)小車的速度為代入數(shù)據(jù)解得（3）[4]A．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中掛上托盤和砝碼，改變木板的傾角，使質(zhì)量為M的小車拖著紙帶沿木板勻速下滑，然后去掉托盤和砝碼，則小車下滑過(guò)程中的合外力就等于托盤和砝碼的重力，不需要滿足小車質(zhì)量M遠(yuǎn)大于托盤和砝碼的總質(zhì)量m，故A錯(cuò)誤；B．由A知，小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的合力就等于托盤和砝碼的重力mg，故實(shí)驗(yàn)在作a-F圖象時(shí)，把mg作為F值，故B正確；C．改變砝碼質(zhì)量再次實(shí)驗(yàn)，則改變了小車所受的合力，即改變了小車的重力沿斜面向下的分力與小車所受沿斜面向上滑動(dòng)摩擦力的合力，故斜面傾角需要重新進(jìn)行調(diào)整，故C正確。故選BC。17.有同學(xué)利用如圖（甲）裝置做“驗(yàn)證兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)：在豎直木板上貼有白紙，在木板上方A處固定一根帶有兩個(gè)繩套的橡皮筋，一繩套懸掛鉤碼，另一繩套用彈簧秤水平拉著，靜止后記錄兩繩套方向及結(jié)點(diǎn)O的位置，讀出彈簧秤讀數(shù)，測(cè)出鉤碼重量G；后僅用彈簧秤將橡皮筋仍拉至O點(diǎn)并讀出此時(shí)彈簧秤讀數(shù)。（1）乙、丙兩圖是兩位學(xué)生作出驗(yàn)證圖，你認(rèn)為合理的是______。（選填“乙”或“丙”）（2）保持橡皮筋拉力與彈簧秤拉力間的夾角不變，彈簧秤從水平位置開始拉動(dòng)橡皮筋，直至橡皮筋變?yōu)樗?，在此過(guò)程中，彈簧秤中顯示的拉力將______。A．一直變大B．一直變小C．先變小后變大D．先變大后變小〖答案〗（1）丙（2）A〖解析〗（1）[1]以O(shè)點(diǎn)為受力分析對(duì)象，實(shí)際作用效果的力一定在OA這條直線上，而通過(guò)作圖法得出的理論值與實(shí)際值會(huì)有一定的偏差，所以丙圖合理。（2）[2]作出O點(diǎn)受力分析圖，如圖所示根據(jù)作圓法可知，為保持橡皮筋拉力與彈簧秤拉力間的夾角不變，即從1位置移到2位置過(guò)程中，一直變大。故選A。18.某小組想研究“探究電磁感應(yīng)電流的方向”實(shí)驗(yàn)中的小線圈乙，小組成員想利用游標(biāo)卡尺測(cè)量線圈的內(nèi)徑以繞制一個(gè)相似的線圈，他可利用圖甲中游標(biāo)卡尺的______（選填“A”、“B”、“C”）部件，測(cè)出螺線管的內(nèi)徑大小如圖丙所示，圖中游標(biāo)卡尺讀數(shù)為______mm?！即鸢浮紸19.30〖解析〗[1]利用游標(biāo)卡尺測(cè)量線圈的內(nèi)徑以繞制一個(gè)相似的線圈，他可利用圖甲中游標(biāo)卡尺的A部件；[2]游標(biāo)卡尺讀數(shù)19.某小組要測(cè)一量程為3V電壓表的內(nèi)阻，先采用多用電表歐姆擋粗測(cè)，如圖所示為采用的擋位和表盤刻度，其讀數(shù)為______?！即鸢浮剑ㄖg均給分）〖解析〗由圖可知，歐姆表的擋位是，則其讀數(shù)為20.某小組要測(cè)一量程為電壓表的內(nèi)阻，先用多用電表歐姆擋粗測(cè)其內(nèi)阻約為。小組成員想進(jìn)一步精確測(cè)量其內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：電流表A：量程0.6A，內(nèi)阻約為；電壓表：量程3V，內(nèi)阻約為；電阻箱：阻值為；滑動(dòng)變阻器：最大阻值，額定電流3.0A；電源E：電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻約；開關(guān)S一個(gè)，導(dǎo)線若干（1）有人擬將待測(cè)電壓表和電流表A直接串聯(lián)接入電壓合適的測(cè)量電路中，測(cè)出的電壓和電流，再計(jì)算出。該方案實(shí)際上不可行，其最主要的原因是______；（2）小組成員利用圖（甲、乙）所示電路進(jìn)行測(cè)量，請(qǐng)用筆代替導(dǎo)線將實(shí)物電路補(bǔ)充完整______。（3）設(shè)電阻箱讀數(shù)為，分別測(cè)得電壓表的讀數(shù)為，電壓表的讀數(shù)為，寫出電壓表內(nèi)阻的表達(dá)式______（用，，等物理量表示），不斷改變電阻箱阻值，根據(jù)測(cè)得數(shù)據(jù)繪制圖像如圖（丙）所示，可求得的值約為______。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）〖答案〗（1）電流表A不能準(zhǔn)確測(cè)量出流過(guò)電壓表的電流（2）（3）2.67〖解析〗（1）[1]將電壓表和電流表A直接串聯(lián)接入電壓合適的測(cè)量電路中，由于電壓表內(nèi)阻很大，使得通過(guò)電流表A的電流很小，可知電流表A不能準(zhǔn)確測(cè)量出流過(guò)電壓表的電流，故方案實(shí)際上不可行。（2）[2]根據(jù)電路圖，實(shí)物連線如圖所示（3）[3]設(shè)電阻箱讀數(shù)為，分別測(cè)得電壓表的讀數(shù)為，電壓表的讀數(shù)為，則通過(guò)電壓表的電流為可得電壓表內(nèi)阻的表達(dá)式為[4]根據(jù)可得可知圖像的斜率為21.如圖所示，一定量的理想氣體A經(jīng)歷的三個(gè)不同過(guò)程，分別是a狀態(tài)到b狀態(tài)的等溫變化、b狀態(tài)到c狀態(tài)的等壓變化、c狀態(tài)回到到a狀態(tài)的等容變化。已知a狀態(tài)的壓強(qiáng)為，溫度為，b狀態(tài)的壓強(qiáng)為，b到c的過(guò)程中體積增加了。（1）在a到b過(guò)程中熱量傳遞的情況（寫出是“吸熱”或是“放熱”）；（2）求c狀態(tài)時(shí)對(duì)應(yīng)的溫度；（3）求b到c過(guò)程中氣體對(duì)外界做功的大小。〖答案〗（1）放熱；（2）400K；（3）40J〖解析〗a到b過(guò)程體積減小，外界對(duì)內(nèi)做功，因?yàn)闇囟炔蛔儍?nèi)能不變，即{由熱力學(xué)第一定律可知，a到b的過(guò)程是放熱過(guò)程。（2）由查理定律可知（3）b到c過(guò)程中氣體對(duì)外界做功為代入數(shù)據(jù)解得22.有一游戲裝置，在光滑水平面AC上安裝一彈簧發(fā)射架，已知AB為彈簧原長(zhǎng)，彈力做功W與壓縮量的關(guān)系為，彈簧勁度系數(shù)，壓縮量可調(diào)，斜面CD的傾角為，長(zhǎng)為。質(zhì)量的物塊P被彈簧彈出，經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)速度大小不變，物塊P與斜面CD間的動(dòng)摩擦因數(shù)。斜面在D點(diǎn)處與半徑的光滑圓形軌道相切連接，圓軌道的最低點(diǎn)E與水平軌道EF相切連接，EF軌道與CD斜面略錯(cuò)開。質(zhì)量為的物塊Q放在距離E點(diǎn)的G點(diǎn)處，兩物塊與水平軌道EF的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，緊靠F點(diǎn)右側(cè)下方有一距EF為的平臺(tái)，平臺(tái)足夠長(zhǎng)。物塊P與物塊Q碰撞后粘在一起向前運(yùn)動(dòng)，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中兩物塊均可看成質(zhì)點(diǎn)。（1）若壓縮量，求物塊P第一次到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度大?。唬?）若物塊P恰好能過(guò)圓軌道最高點(diǎn)，則物塊P通過(guò)圓軌道最低點(diǎn)E時(shí)對(duì)軌道的壓力；（3）若物塊P不脫離軌道且能夠撞上物塊Q，至少為多少？（4）若物塊P恰好能過(guò)圓軌道最高點(diǎn)，G點(diǎn)右側(cè)軌道長(zhǎng)度S可調(diào)，則S多大時(shí)兩物塊在平臺(tái)上的落點(diǎn)與E點(diǎn)水平距離最遠(yuǎn)？水平最遠(yuǎn)距離為多少？〖答案〗（1）；（2）；方向豎直向下；（3）；（4），〖解析〗（1）由B到C，根據(jù)能量守恒可知解得（2）物塊P恰好能過(guò)圓軌道最高點(diǎn)，重力提供向心力得從最高點(diǎn)到E點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理可得在E點(diǎn)由牛頓第二定律知解得由牛頓第三定律得方向豎直向下（3）當(dāng)恰好過(guò)圓周運(yùn)動(dòng)最高點(diǎn)的情況下解得能撞上物塊Q根據(jù)能量守恒解得（4）從E點(diǎn)到Q點(diǎn)，由動(dòng)能定理可得根據(jù)動(dòng)量守恒可得則從G點(diǎn)到軌道右側(cè)可得由平拋公式得所以水平距離所以當(dāng)時(shí)23.如圖所示，電阻為2R、半徑為2r的粗細(xì)均勻的金屬輪環(huán)可繞其中心軸轉(zhuǎn)動(dòng)，有一質(zhì)量為m的重物通過(guò)繞繩掛在半徑為r的絕緣輪盤邊緣，在重物的帶動(dòng)下、輪以相同的角速度同軸轉(zhuǎn)動(dòng)（不考慮由于繞繩引起的半徑變化）。電阻不計(jì)、半徑為r的另一金屬輪環(huán)在輪的帶動(dòng)下繞中心軸轉(zhuǎn)動(dòng)，兩輪始終保持接觸且無(wú)相對(duì)滑動(dòng)。輪的另一端通過(guò)電刷與導(dǎo)線相連，其左右兩側(cè)的接觸點(diǎn)與軸心在同一直線上。輪的中心軸由導(dǎo)線與外接金屬軌道相連，其中心軸與環(huán)之間由3根電阻均為R的導(dǎo)體棒連接，相鄰兩根導(dǎo)體棒間夾角為120°，兩圓環(huán)接出的導(dǎo)線通過(guò)金屬軌道形成閉合回路。一質(zhì)量為m、電阻為R/2的導(dǎo)體棒MN放置在傾角的軌道上，導(dǎo)體棒MN與軌道垂直，與軌道的動(dòng)摩擦因素為（可認(rèn)為最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力），軌道間距為。在圖中的120°扇形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，開始時(shí)導(dǎo)體棒MN被固定。（不計(jì)輪環(huán)與電刷、中心軸之間的阻力，軌道、導(dǎo)線及各接觸電阻不計(jì)，重力加速度為g）（1）輪盤在重物拉動(dòng)下轉(zhuǎn)動(dòng)，判斷導(dǎo)體棒MN上電流的方向；（2）當(dāng)輪盤以角速度轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，求輪中導(dǎo)體棒轉(zhuǎn)動(dòng)所產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)E的大小；（3）當(dāng)重物勻速下落時(shí)，求其速度的大??；（4）若在傾斜軌道間加上磁感應(yīng)強(qiáng)度為B且垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，重物從靜止開始釋放，則當(dāng)重物下落速度在多大范圍內(nèi)時(shí)，解除導(dǎo)體棒MN固定裝置后其仍能維持不動(dòng)?！即鸢浮剑?）電流方向由N指向M；（2）；（3）；（4）〖解析〗（1）根據(jù)右手定則知電流方向由N指向M；（2）由題可知輪的角速度為，則有（3）等效電路圖如圖所示由圖可知總電阻為，根據(jù)解得（4）電流為根據(jù)平衡條件，當(dāng)靜摩擦力最大且沿軌道向上時(shí)有解得當(dāng)靜摩擦力最大且沿軌道向下時(shí)有解得所以重物下落速度的范圍為24.如圖所示是一種質(zhì)譜儀的分析裝置，此質(zhì)譜儀由以下幾部分構(gòu)成：粒子源、環(huán)形加速器、磁分析器、收集板。環(huán)形加速器的圓心角為90°，沿半徑為R的中心圓弧線有大小恒定、方向如圖中箭頭所示的電場(chǎng)，可對(duì)從入口S進(jìn)入加速器的帶電粒子進(jìn)行加速，帶電粒子進(jìn)入加速器的初速度可忽略不計(jì)。在環(huán)形加速器內(nèi)設(shè)計(jì)能使加速粒子沿中心弧線做圓周運(yùn)動(dòng)的垂直紙面向外的磁場(chǎng)。加速粒子從．P點(diǎn)垂直邊界射出后從Q點(diǎn)垂直邊界進(jìn)入磁分析器，經(jīng)磁分析器后垂直分析器的右側(cè)邊界射出，己知磁分析器中偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的圓心角為60°，磁感應(yīng)強(qiáng)度為，方向垂直紙面向外，Q點(diǎn)到偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)圓心的距離為L(zhǎng)。已知粒子的帶電量為，質(zhì)量為，不考慮帶電粒子間的相互作用及重力。（1）求加速器的中心圓弧線上電場(chǎng)強(qiáng)度E的大??；（2）設(shè)環(huán)形加速器中圓弧線上某點(diǎn)到圓心連線與的夾角為θ，求圓弧線上各點(diǎn)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小與對(duì)應(yīng)θ的關(guān)系；（3）若粒子出P點(diǎn)時(shí)存在垂直加速電場(chǎng)且平行紙面的微小速度，且沿電場(chǎng)方向的速度分量保持不變，所有粒子可近似看成從出射口P點(diǎn)以小發(fā)散角出射，則要使所有粒子經(jīng)過(guò)磁分析器后匯聚于同一點(diǎn)，求磁分析器左邊界到粒子出口P點(diǎn)的距離；（4）在第三問(wèn)的匯聚點(diǎn)處平行于磁分析器右側(cè)邊界安放收集板，粒子打到收集板后被收集板吸收，若己知單位時(shí)間有n個(gè)帶電粒子打到收集板上，求粒子在垂直板方向?qū)κ占鍥_擊力F的大小?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）；（4）〖解析〗（1）根據(jù)洛倫茲力提供向心力，則有解得根據(jù)動(dòng)能定理有解得（2）根據(jù)洛倫茲力提供向心力，則有解得根據(jù)動(dòng)能定理有解得聯(lián)立解得（3）如圖所示，設(shè)某一粒子以小角度射出P點(diǎn)，根據(jù)幾何關(guān)系有，，如圖所示則在三角形中，由正玄定理可得，解得（4）根據(jù)動(dòng)量定理可得解得湖州、衢州、麗水2023年4月三地市高三教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)物理試題卷第Ⅰ卷（選擇題共45分）一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列屬于國(guó)際單位制中基本單位符號(hào)的是（）A.V B.A C. D.C〖答案〗B〖解析〗電壓?jiǎn)挝籚，電阻單位，電量單位C，都不是國(guó)際單位制中的基本單位，電流單位A是國(guó)際單位制中的基本單位。故選B。2.2022年11月30日，“神舟十五號(hào)”飛船和空間站“天和”核心艙成功對(duì)接，整個(gè)對(duì)接過(guò)程歷時(shí)約6.5h，對(duì)接后速度約為7.68km/s，則（）A.“6.5h”指的是時(shí)刻B.“7.68km/s”為平均速度C.研究如何實(shí)現(xiàn)對(duì)接時(shí)，可將“天和”視為質(zhì)點(diǎn)D.對(duì)接成功后，“神舟十五號(hào)”相對(duì)地球是運(yùn)動(dòng)〖答案〗D〖解析〗A．“6.5h”指的是時(shí)間間隔，故A錯(cuò)誤；B．“7.68km/s”為瞬時(shí)速度，故B錯(cuò)誤；C．研究如何實(shí)現(xiàn)對(duì)接時(shí)，不可以將“天和”視為質(zhì)點(diǎn)，否則無(wú)法實(shí)現(xiàn)對(duì)接，故C錯(cuò)誤；D．以地球?yàn)閰⒄?，?duì)接成功后，則“神舟十五號(hào)”相對(duì)地球是運(yùn)動(dòng)的，故D正確。故選D。3.燈籠為春節(jié)增添了不少喜慶的氣氛。如圖所示，重力為的燈籠用細(xì)繩懸掛，在水平風(fēng)力的吹動(dòng)下偏離豎直方向一定的角度，并保持靜止，此時(shí)細(xì)繩對(duì)燈籠的拉力為，則（）A.B.C.與的合力與相同D.若F增大，燈籠重新平衡時(shí)，則也增大〖答案〗D〖解析〗ABD．根據(jù)題意，對(duì)燈籠受力分析，如圖所示由平衡條件有解得若增大，則增大，增大，故AB錯(cuò)誤，D正確；C．由共點(diǎn)力平衡特點(diǎn)可知，與的合力與大小相等，方向相反，故C錯(cuò)誤。故選D。4.某人從O點(diǎn)由靜止開始做無(wú)動(dòng)力翼裝飛行，運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)后速度斜向下且保持不變，一段時(shí)間后運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示，此人從O點(diǎn)到B點(diǎn)的過(guò)程中（）

A.加速度一直減小B.一直處于失重狀態(tài)C.機(jī)械能一直在減小D.重力勢(shì)能先減小后不變〖答案〗C〖解析〗A．由運(yùn)動(dòng)軌跡圖可知，此人先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，然后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．從O到A過(guò)程中有豎直向下的加速度分量，故此時(shí)人處于失重狀態(tài)，從A到B過(guò)程中人做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故人不失重也不超重，故B錯(cuò)誤；C．由于除重力外還有空氣阻力做負(fù)功，故人的機(jī)械一直在減小，故C正確；D．人一直下降，故重力一直做正功，則重力勢(shì)能一直減小，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，當(dāng)我們使用有線話筒擴(kuò)音時(shí)，有些由于周圍環(huán)境中產(chǎn)生的電信號(hào)會(huì)通過(guò)話筒線混入功率放大器中進(jìn)行放大，影響擴(kuò)音的效果。因此，很多優(yōu)質(zhì)的話筒線在構(gòu)造上都采取了防備措施。其原理與以下應(yīng)用相同的是（）A.在燃?xì)庠钪械碾娮狱c(diǎn)火器B.野外高壓輸電線上方安裝兩條與大地相連的導(dǎo)線C.使空氣中的塵埃帶電，在靜電力作用下塵埃到達(dá)電極而被收集起來(lái)D.汽車噴漆中常采用讓油漆微粒與待噴工件分別帶異種電荷實(shí)現(xiàn)均勻噴涂〖答案〗B〖解析〗根據(jù)題意可知，優(yōu)質(zhì)的話筒線的原理是靜電屏蔽A．在燃?xì)庠钪械碾娮狱c(diǎn)火器原理是尖端放電，故A錯(cuò)誤；B．高壓輸電線的上方還有兩條導(dǎo)線，這兩條導(dǎo)線的作用是它們與大地相連，形成稀疏的金屬“網(wǎng)”把高壓線屏蔽起來(lái)，免遭雷擊，故B正確；C．使空氣中的塵埃帶電，在靜電力作用下塵埃到達(dá)電極而被收集起來(lái)原理是靜電除塵，屬于靜電的利用，故C錯(cuò)誤；D．汽車噴漆中常采用讓油漆微粒與待噴工件分別帶異種電荷實(shí)現(xiàn)均勻噴涂，是靜電噴漆，屬于靜電的利用，故D錯(cuò)誤。故選B。6.在離地一定高度的O點(diǎn)，同時(shí)斜向上拋出兩質(zhì)量不同的小球A和B，某時(shí)刻兩小球運(yùn)動(dòng)到同一豎直線上，如圖所示，此時(shí)兩小球均未落地且連線中點(diǎn)恰好與O點(diǎn)等高，阻力不計(jì)，則兩小球在此過(guò)程中（）A.位移相同B.速度的變化量相同C.動(dòng)量的變化量相同D.拋出時(shí)速度的大小可能相同〖答案〗B〖解析〗A．兩小球在此過(guò)程中的位移大小相等，方向不同，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可知兩小球在此過(guò)程中速度的變化量相同，故B正確；C．根據(jù)由于兩球的質(zhì)量不同，可知兩小球在此過(guò)程中動(dòng)量的變化量不相同，故C錯(cuò)誤；D．小球在水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，由于水平位相等，所以兩球拋出時(shí)的水平分速度相等；小球豎直方向有可知兩球拋出時(shí)的豎直分速度不相等；根據(jù)可知兩球拋出時(shí)速度的大小不相同，故D錯(cuò)誤。故選B。7.如圖所示，用相同表頭改裝成的電流表和電壓表，用導(dǎo)線把電表的兩個(gè)接線柱連在一起，能減小移動(dòng)電表時(shí)指針的晃動(dòng)，則同等情況下減小晃動(dòng)效果最好的是連接（）A.電流表“－、3A” B.電流表“－、0.6A”C.電壓表“－、15V” D.電壓表“－、3V”〖答案〗B〖解析〗連接兩個(gè)接線柱后，電表構(gòu)成回路，晃動(dòng)電表時(shí)，會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，回路中有感應(yīng)電流，電表內(nèi)的導(dǎo)線框受到安培力的作用，阻礙指針的晃動(dòng)；由于感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是表頭內(nèi)的導(dǎo)線框產(chǎn)生的，故可將表頭看成一電源，當(dāng)連接電流表“－、0.6A”時(shí)，回路電阻最小，通過(guò)表頭的電流最大，導(dǎo)線框受到安培力最大，減小晃動(dòng)效果最好。故選B。8.安裝適當(dāng)?shù)能浖?，利用智能手機(jī)中的磁傳感器可以測(cè)量磁感應(yīng)強(qiáng)度B。在手機(jī)上建立三維直角坐標(biāo)系，手機(jī)顯示屏所在平面為xOy平面，x軸、y軸如圖所示，z軸垂直手機(jī)屏正面向外。經(jīng)探測(cè)發(fā)現(xiàn)當(dāng)磁場(chǎng)在x、y、z方向的分量與所建坐標(biāo)系對(duì)應(yīng)正方向相同時(shí)顯示的示數(shù)為正值，反向時(shí)為負(fù)值。某同學(xué)在某地對(duì)地磁場(chǎng)進(jìn)行了六次測(cè)量，前四次測(cè)量時(shí)手機(jī)屏面保持水平且正面朝上。根據(jù)表中測(cè)量結(jié)果可推知（）測(cè)量序號(hào)1－25.130－36.502－24.560－36.003024.22－36.4040－24.14－36.505－43.94－7.3106－26.6834.560A.測(cè)量地點(diǎn)位于南半球B.當(dāng)?shù)氐卮艌?chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小約為C.第3、4次測(cè)量時(shí)x軸均與磁場(chǎng)方向垂直D.第5、6次測(cè)量時(shí)手機(jī)屏均與磁場(chǎng)方向垂直〖答案〗C〖解析〗A．地磁場(chǎng)如圖所示地磁南極位于地理北極附近，地磁北極位于地理南極附近，由表中軸數(shù)據(jù)可看出軸的磁場(chǎng)豎直向下，則測(cè)量地點(diǎn)應(yīng)位于北半球，A錯(cuò)誤；B．磁感應(yīng)強(qiáng)度為矢量，由表格可看出此處的磁感應(yīng)強(qiáng)度B錯(cuò)誤；C．北半球的磁場(chǎng)指向北方斜向下，第2、4次測(cè)量，故軸與磁場(chǎng)方向垂直，C正確；D．第5、6次測(cè)量時(shí)，，故軸與磁場(chǎng)方向垂直，平面（手機(jī)屏所平面）與磁場(chǎng)方向平行，D錯(cuò)誤。故選C。9.我國(guó)科研人員利用超高空間分辨率鈾－鉛定年技術(shù)，對(duì)“嫦娥五號(hào)”月球樣品進(jìn)行分析，確定月球在20億年前仍存在巖漿活動(dòng)。已知鈾－鉛定年技術(shù)依賴的其中一種衰變鏈為：經(jīng)一系列α、β衰變后形成，則（）A.比少10個(gè)中子B.的比結(jié)合能大于C.適合用于醫(yī)學(xué)中的放射性示蹤劑D.衰變?yōu)樾杞?jīng)過(guò)7次α衰變和6次β衰變〖答案〗B〖解析〗A．的中子數(shù)為，的中子數(shù)為，顯然比少18個(gè)中子，故A錯(cuò)誤；B．經(jīng)一系列α、β衰變后形成更加穩(wěn)定的，且由原子核的比結(jié)合能曲線可知的比結(jié)合能大于，故B正確；C．不適合用于醫(yī)學(xué)中的放射性示蹤劑，因?yàn)槠渌プ冡尫诺纳渚€對(duì)人體有較大的傷害，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)衰變?yōu)樾杞?jīng)過(guò)n次α衰變和m次β衰變，根據(jù)質(zhì)量數(shù)及電荷數(shù)守恒，可得聯(lián)立求得故D錯(cuò)誤。故選B。10.“羲和號(hào)”是中國(guó)首顆太陽(yáng)探測(cè)衛(wèi)星，取得了多項(xiàng)國(guó)際首次記錄，其運(yùn)行于距地面高度為517km的太陽(yáng)同步軌道，如圖所示。已知地球半徑為6400km，地球公轉(zhuǎn)軌道半徑為，萬(wàn)有引力常量，已知地球表面重力加速度為，則“羲和號(hào)”的（）A.繞地運(yùn)行周期約為96分鐘B.發(fā)射速度大于第二宇宙速度C.繞地運(yùn)行周期等于地球同步衛(wèi)星運(yùn)行周期D.繞地運(yùn)行周期約為地球公轉(zhuǎn)周期的倍〖答案〗A〖解析〗AC．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，則有在地球表面上有代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得可知其繞地運(yùn)行周期小于地球同步衛(wèi)星運(yùn)行周期，故A正確，C錯(cuò)誤；B．“羲和號(hào)”仍然圍繞地球運(yùn)動(dòng)，故發(fā)射速度大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度，故B錯(cuò)誤；D．地球公轉(zhuǎn)的周期為，則其繞地運(yùn)行周期約為地球公轉(zhuǎn)周期的倍，故D錯(cuò)誤。故選A。11.家用風(fēng)力發(fā)電機(jī)可分布在用戶附近，是一種可靠的發(fā)電模式。某戶家庭安裝了一臺(tái)風(fēng)力發(fā)電機(jī)，它的葉片轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)可形成半徑為0.9m的圓面。某段時(shí)間內(nèi)該地區(qū)的風(fēng)速是10m/s，風(fēng)向恰好與葉片轉(zhuǎn)動(dòng)的圓面垂直，已知空氣的密度為，假如這個(gè)風(fēng)力發(fā)電機(jī)能將此圓內(nèi)10%的空氣動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電能，π取3，則此風(fēng)力發(fā)電機(jī)發(fā)電的功率大小為（）A.14.5W B.29.2W C.145.8W D.291.6W〖答案〗C〖解析〗在t時(shí)間內(nèi)空氣動(dòng)能為則此風(fēng)力發(fā)電機(jī)發(fā)電的功率約為代入數(shù)據(jù)解得故選C。12.在x軸上有兩個(gè)頻率相同的波源M、N，分別位于和處，振幅均為，起振方向均向上，產(chǎn)生的兩列簡(jiǎn)諧橫波分別沿x軸正方向和x軸負(fù)方向傳播，傳播速度大小相同。時(shí)刻M開始振動(dòng)，7s后兩波源產(chǎn)生的波均恰好傳到坐標(biāo)原點(diǎn)O。此時(shí)M點(diǎn)處于波谷，OM間還有一個(gè)波谷。則（）A.M的相位比N超前πB.時(shí)，M移動(dòng)到處C.內(nèi)，處的質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程16cmD.兩列波相遇后，處的質(zhì)點(diǎn)位移始終為0〖答案〗C〖解析〗A．7s時(shí)的波形如圖所示由題可知，OM間恰好等于，因此波長(zhǎng)兩列波恰好同時(shí)到達(dá)O點(diǎn)，波速相同，波源M比N提前振動(dòng)了，因此M點(diǎn)的相位比N超前，A錯(cuò)誤；B．波源M只在平衡位置附近上下振動(dòng)，不會(huì)隨波遷移，因此不會(huì)移動(dòng)到處，B錯(cuò)誤；C．波速波源N比M點(diǎn)遲振動(dòng)1s，當(dāng)t=6s時(shí)，波源N產(chǎn)生波傳播到x=1m處，該質(zhì)點(diǎn)開始振動(dòng)，當(dāng)t=8s時(shí)，恰好經(jīng)過(guò)，通過(guò)的路程此時(shí)，M點(diǎn)產(chǎn)生的波恰好到達(dá)該點(diǎn)，在該點(diǎn)兩列波的相位相反，該點(diǎn)是振動(dòng)減弱點(diǎn)，以后保持靜止不動(dòng)，因此內(nèi)，處的質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程16cm，C正確；D．兩列波相遇后，處是振動(dòng)加強(qiáng)，振幅為16cm，D錯(cuò)誤。故選C。13.如圖所示為一直徑處鍍銀的半圓形介質(zhì)，O點(diǎn)為圓心，半徑為R。一細(xì)黃光束從C點(diǎn)平行直徑AB入射，入射角。光束經(jīng)AB邊反射，在圓弧BC上某處折射后，恰好以垂直AB的方向向上射出，已知，，則（）A.該介質(zhì)的折射率為B.光束在介質(zhì)中傳播的時(shí)間為C.僅將入射點(diǎn)下移，光束可能無(wú)法從介質(zhì)中射出D.僅將黃光束改為紫光束，光束可能無(wú)法從介質(zhì)中射出〖答案〗B〖解析〗A．由題可知，光路圖如圖所示D為光線反射點(diǎn)，、點(diǎn)相對(duì)于底面AB對(duì)稱，C、D和三點(diǎn)共線，光的入射角為，折射角為r，出射光線與法線夾角為，由幾何關(guān)系得：根據(jù)折射定律有代入數(shù)據(jù)解得連接，即有即得：于是由幾何關(guān)系得則由上各式聯(lián)立解得根據(jù)折射率公式有解得A錯(cuò)誤；B．光在介質(zhì)中傳播的距離為光在介質(zhì)中傳播的速度為光束在介質(zhì)中傳播的時(shí)間為B正確；CD．由上光路圖分析可知，僅將入射點(diǎn)下移或者僅將黃光束改為紫光束，光束都能從介質(zhì)中射出，CD錯(cuò)誤。故選B。二、選擇題II（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有—個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不選全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.下列說(shuō)法正確的是（）A.利用壓力傳感器可制成電子秤B.波長(zhǎng)越長(zhǎng)的電磁波更有利于雷達(dá)定位C.楞次定律的得出運(yùn)用了歸納推理的科學(xué)方法D.為減少輸電過(guò)程中感抗、容抗等帶來(lái)的損耗，輸電時(shí)常采用直流輸電〖答案〗ACD〖解析〗A．電子秤使用的測(cè)力裝置通常是壓力傳感器，所以利用壓力傳感器可以制成電子秤，A正確；B．雷達(dá)是利用電磁波來(lái)測(cè)定物體位置的無(wú)線電設(shè)備；因?yàn)椴ㄩL(zhǎng)越短的電磁波可以更好的反射，因此雷達(dá)使用的電磁波是波長(zhǎng)比較短的微波，B錯(cuò)誤；C．楞次定律的得出運(yùn)用了歸納推理的科學(xué)方法，C正確；D．高壓輸電線路中的感抗和容抗都是因?yàn)榻涣麟娝a(chǎn)生的，如果采用直流輸電，沒(méi)有了交流效應(yīng)，也就沒(méi)有了電感或電容，就沒(méi)有了感抗和容抗，只剩下電阻了，D正確。故選ACD。15.氫原子從某一能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，產(chǎn)生了頻率分別為、的兩種光Ⅰ、Ⅱ。用光Ⅰ照射圖中的實(shí)驗(yàn)裝置，電流表中有電流通過(guò)，調(diào)節(jié)滑片P，當(dāng)電壓表示數(shù)為時(shí)，電流表示數(shù)恰好為0。此時(shí)保持裝置不變，改用光Ⅱ照射，電流表示數(shù)為0，調(diào)節(jié)滑片P，當(dāng)電壓表示數(shù)為時(shí)，電流表中開始有電流通過(guò)。則（）A.B.產(chǎn)生光Ⅰ時(shí)，氫原子躍遷到的能級(jí)更低C.用同一裝置研究雙縫干涉現(xiàn)象，光Ⅱ的條紋間距更大D.改用光Ⅱ照射后，滑片P向a端移動(dòng)電流表中才能有電流〖答案〗BC〖解析〗A．當(dāng)電壓表示數(shù)為時(shí)，電流表示數(shù)恰好為0，則有，聯(lián)立解得同理，當(dāng)電壓表示數(shù)為時(shí)，則有聯(lián)立解得故A錯(cuò)誤；B．由題可知，光Ⅰ的頻率更大，故光Ⅰ的能量更高，所以氫原子躍遷到的能級(jí)更低，故B正確；C．由題可知，光Ⅱ的頻率更小，則其波長(zhǎng)更長(zhǎng)，根據(jù)可知用同一裝置研究雙縫干涉現(xiàn)象，光Ⅱ的條紋間距更大，故C正確；D．改用光Ⅱ照射后，滑片P向b端移動(dòng)，則A端電勢(shì)更高，則AK之間的場(chǎng)強(qiáng)向左，故電子受到的電場(chǎng)力向右，此時(shí)電流表中才能有電流，故D錯(cuò)誤。故選BC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.實(shí)驗(yàn)題：圖l為“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí)的實(shí)驗(yàn)方案，圖2是實(shí)驗(yàn)測(cè)量得到的紙帶，其實(shí)驗(yàn)操作步驟如下：（ⅰ）掛上托盤和砝碼，調(diào)節(jié)木板的傾角，使質(zhì)量為M的小車拖著紙帶沿木板勻速下滑；（ⅱ）取下托盤和砝碼，測(cè)出其總質(zhì)量為m，讓小車沿木板下滑，測(cè)出加速度a；（ⅲ）改變砝碼質(zhì)量和木板傾角，多次測(cè)量，通過(guò)作圖可得到小車加速度a與合外力F的關(guān)系。（1）紙帶1是步驟（ⅰ）中打出的紙帶，由此可以判斷______。A．調(diào)節(jié)后木板的傾角過(guò)小B．調(diào)節(jié)后木板的傾角過(guò)大C．調(diào)節(jié)后木板的傾角適中（2）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電頻率為50Hz，可讀出紙帶2計(jì)數(shù)點(diǎn)3處的讀數(shù)為______cm，打下該點(diǎn)時(shí)小車的速度為______m/s。（計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（3）下列有關(guān)該實(shí)驗(yàn)的說(shuō)法正確的是______。A．實(shí)驗(yàn)中需要滿足小車質(zhì)量M遠(yuǎn)大于托盤和砝碼的總質(zhì)量mB．實(shí)驗(yàn)在作a-F圖象時(shí)，把mg作為F值C．改變砝碼質(zhì)量再次實(shí)驗(yàn)時(shí)，斜面傾角需要重新進(jìn)行調(diào)整〖答案〗（1）C（2）6.55cm（均給分）0.40（均給分）（3）BC〖解析〗（1）[1]紙帶1上的點(diǎn)間距是均勻的，說(shuō)明小車打紙帶1時(shí)是做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故可以判斷調(diào)節(jié)后木板的傾角適中。故選C。（2）[2]紙帶2計(jì)數(shù)點(diǎn)3處的讀數(shù)為6.55cm；[3]由紙帶2可知，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間為根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論可知，打下計(jì)數(shù)點(diǎn)3時(shí)小車的速度為代入數(shù)據(jù)解得（3）[4]A．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中掛上托盤和砝碼，改變木板的傾角，使質(zhì)量為M的小車拖著紙帶沿木板勻速下滑，然后去掉托盤和砝碼，則小車下滑過(guò)程中的合外力就等于托盤和砝碼的重力，不需要滿足小車質(zhì)量M遠(yuǎn)大于托盤和砝碼的總質(zhì)量m，故A錯(cuò)誤；B．由A知，小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的合力就等于托盤和砝碼的重力mg，故實(shí)驗(yàn)在作a-F圖象時(shí)，把mg作為F值，故B正確；C．改變砝碼質(zhì)量再次實(shí)驗(yàn)，則改變了小車所受的合力，即改變了小車的重力沿斜面向下的分力與小車所受沿斜面向上滑動(dòng)摩擦力的合力，故斜面傾角需要重新進(jìn)行調(diào)整，故C正確。故選BC。17.有同學(xué)利用如圖（甲）裝置做“驗(yàn)證兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)：在豎直木板上貼有白紙，在木板上方A處固定一根帶有兩個(gè)繩套的橡皮筋，一繩套懸掛鉤碼，另一繩套用彈簧秤水平拉著，靜止后記錄兩繩套方向及結(jié)點(diǎn)O的位置，讀出彈簧秤讀數(shù)，測(cè)出鉤碼重量G；后僅用彈簧秤將橡皮筋仍拉至O點(diǎn)并讀出此時(shí)彈簧秤讀數(shù)。（1）乙、丙兩圖是兩位學(xué)生作出驗(yàn)證圖，你認(rèn)為合理的是______。（選填“乙”或“丙”）（2）保持橡皮筋拉力與彈簧秤拉力間的夾角不變，彈簧秤從水平位置開始拉動(dòng)橡皮筋，直至橡皮筋變?yōu)樗剑诖诉^(guò)程中，彈簧秤中顯示的拉力將______。A．一直變大B．一直變小C．先變小后變大D．先變大后變小〖答案〗（1）丙（2）A〖解析〗（1）[1]以O(shè)點(diǎn)為受力分析對(duì)象，實(shí)際作用效果的力一定在OA這條直線上，而通過(guò)作圖法得出的理論值與實(shí)際值會(huì)有一定的偏差，所以丙圖合理。（2）[2]作出O點(diǎn)受力分析圖，如圖所示根據(jù)作圓法可知，為保持橡皮筋拉力與彈簧秤拉力間的夾角不變，即從1位置移到2位置過(guò)程中，一直變大。故選A。18.某小組想研究“探究電磁感應(yīng)電流的方向”實(shí)驗(yàn)中的小線圈乙，小組成員想利用游標(biāo)卡尺測(cè)量線圈的內(nèi)徑以繞制一個(gè)相似的線圈，他可利用圖甲中游標(biāo)卡尺的______（選填“A”、“B”、“C”）部件，測(cè)出螺線管的內(nèi)徑大小如圖丙所示，圖中游標(biāo)卡尺讀數(shù)為______mm。〖答案〗A19.30〖解析〗[1]利用游標(biāo)卡尺測(cè)量線圈的內(nèi)徑以繞制一個(gè)相似的線圈，他可利用圖甲中游標(biāo)卡尺的A部件；[2]游標(biāo)卡尺讀數(shù)19.某小組要測(cè)一量程為3V電壓表的內(nèi)阻，先采用多用電表歐姆擋粗測(cè)，如圖所示為采用的擋位和表盤刻度，其讀數(shù)為______。〖答案〗（之間均給分）〖解析〗由圖可知，歐姆表的擋位是，則其讀數(shù)為20.某小組要測(cè)一量程為電壓表的內(nèi)阻，先用多用電表歐姆擋粗測(cè)其內(nèi)阻約為。小組成員想進(jìn)一步精確測(cè)量其內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：電流表A：量程0.6A，內(nèi)阻約為；電壓表：量程3V，內(nèi)阻約為；電阻箱：阻值為；滑動(dòng)變阻器：最大阻值，額定電流3.0A；電源E：電動(dòng)勢(shì)6V，內(nèi)阻約；開關(guān)S一個(gè)，導(dǎo)線若干（1）有人擬將待測(cè)電壓表和電流表A直接串聯(lián)接入電壓合適的測(cè)量電路中，測(cè)出的電壓和電流，再計(jì)算出。該方案實(shí)際上不可行，其最主要的原因是______；（2）小組成員利用圖（甲、乙）所示電路進(jìn)行測(cè)量，請(qǐng)用筆代替導(dǎo)線將實(shí)物電路補(bǔ)充完整______。（3）設(shè)電阻箱讀數(shù)為，分別測(cè)得電壓表的讀數(shù)為，電壓表的讀數(shù)為，寫出電壓表內(nèi)阻的表達(dá)式______（用，，等物理量表示），不斷改變電阻箱阻值，根據(jù)測(cè)得數(shù)據(jù)繪制圖像如圖（丙）所示，可求得的值約為______。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）〖答案〗（1）電流表A不能準(zhǔn)確測(cè)量出流過(guò)電壓表的電流（2）（3）2.67〖解析〗（1）[1]將電壓表和電流表A直接串聯(lián)接入電壓合適的測(cè)量電路中，由于電壓表內(nèi)阻很大，使得通過(guò)電流表A的電流很小，可知電流表A不能準(zhǔn)確測(cè)量出流過(guò)電壓表的電流，故方案實(shí)際上不可行。（2）[2]根據(jù)電路圖，實(shí)物連線如圖所示（3）[3]設(shè)電阻箱讀數(shù)為，分別測(cè)得電壓表的讀數(shù)為，電壓表的讀數(shù)為，則通過(guò)電壓表的電流為可得電壓表內(nèi)阻的表達(dá)式為[4]根據(jù)可得可知圖像的斜率為21.如圖所示，一定量的理想氣體A經(jīng)歷的三個(gè)不同過(guò)程，分別是a狀態(tài)到b狀態(tài)的等溫變化、b狀態(tài)到c狀態(tài)的等壓變化、c狀態(tài)回到到a狀態(tài)的等容變化。已知a狀態(tài)的壓強(qiáng)為，溫度為，b狀態(tài)的壓強(qiáng)為，b到c的過(guò)程中體積增加了。（1）在a到b過(guò)程中熱量傳遞的情況（寫出是“吸熱”或是“放熱”）；（2）求c狀態(tài)時(shí)對(duì)應(yīng)的溫度；（3）求b到c過(guò)程中氣體對(duì)外界做功的大小?！即鸢浮剑?）放熱；（2）400K；（3）40J〖解析〗a到b過(guò)程體積減小，外界對(duì)內(nèi)做功，因?yàn)闇囟炔蛔儍?nèi)能不變，即{由熱力學(xué)第一定律可知，a到b的過(guò)程是放熱過(guò)程。（2）由查理定律可知（3）b到c過(guò)程中氣體對(duì)外界做功為代入數(shù)據(jù)解得22.有一游戲裝置，在光滑水平面AC上安裝一彈簧發(fā)射架，已知AB為彈簧原長(zhǎng)，彈力做功W與壓縮量的關(guān)系為，彈簧勁度系數(shù)，壓縮量可調(diào)，斜面CD的傾角為，長(zhǎng)為。質(zhì)量的物塊P被彈簧彈出，經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)速度大小不變，物塊P與斜