山西省運城市景勝中學物理高一上期末調(diào)研試題含解析

山西省運城市景勝中學物理高一上期末調(diào)研試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、宋代詩人陳與義乘著小船在風和日麗的春日出游時曾經(jīng)作了一首詩∶“飛花兩岸照船紅，百里榆堤半日風。臥看滿天云不動，不知云與我俱東?！痹娭兴囆g(shù)性地表達了詩人對一物理知識的理解，這一物理知識是（）A.相互作用力B.描述運動可以選擇不同的參考系C.地理位置的東西方向如何判斷D.看云可以判斷天氣2、下列說法正確的是（）A.研究地球的自轉(zhuǎn)時，地球可以看成質(zhì)點B.一對作用力和反作用力總是同時存在，同時變化C.學校運動會的100m和800m項目都是指位移D.物體速度的變化越大，物體加速度越大3、如圖所示，把球夾在豎直墻和木板之間，不計摩擦，墻對球的彈力為F1，木板對球的彈力為F2，在將木板由圖示位置緩慢轉(zhuǎn)至水平的過程中，兩彈力的大小變化情況為()A.F1減小、F2增大B.F1、F2都增大CF1、F2都減小D.F1增大、F2減小4、以v0水平拋出一物體，如圖，不計空氣阻力，它又落到斜面上時，所用的時間為A. B.C. D.5、如圖所示，質(zhì)量為m=1kg的木塊上方用一根輕質(zhì)繩與天花板鏈接，下方與一根輕質(zhì)彈簧相連，且彈簧的拉力為2N．木塊處于靜止狀態(tài)，當輕繩被剪斷瞬間，木塊的加速度為（）A.10m/s2B.12m/s2C.2m/s2D06、如圖所示，一根彈簧一端固定在左側(cè)豎直墻上，另一端連著A小球，同時水平細線一端連著A球，另一端固定在右側(cè)豎直墻上，彈簧與豎直方向的夾角是60°，A、B兩小球分別連在另一根豎直彈簧兩端。開始時A、B兩球都靜止不動，A、B兩小球的質(zhì)量相等，重力加速度為g，若不計彈簧質(zhì)量，在水平細線被剪斷瞬間，A、B兩球的加速度分別為（）A. B.，aB=0C.aA=g，aB=0 D.aA=2g，aB=07、如圖，質(zhì)量分別為mA、mB的A、B兩個楔形物體疊放在一起，B靠在豎直墻壁上，在水平力F的作用下，A、B靜止不動，則（）A.A物體受力的個數(shù)可能為3B.B受到墻壁的摩擦力方向可能向上，也可能向下C.力F增大（A、B仍靜止），A對B的壓力也增大D.力F增大（A、B仍靜止），墻壁對B的摩擦力也增大8、在利用打點計時器和小車來做“驗證牛頓運動定律”的實驗時，下列說法中正確的是A.平衡摩擦力時，應(yīng)將砝碼及盤內(nèi)砝碼通過定滑輪拴在小車上B.連接砝碼盤和小車的細繩應(yīng)跟長木板保持平行C.平衡摩擦力后，長木板的位置不能移動D.小車釋放前應(yīng)靠近打點計時器，且應(yīng)先接通電源再釋放小車9、在某次軍事演習中，空降兵從懸停在空中的直升機上跳下，當下落到距離地面適當高度時，打開降落傘，最終安全到達地面，空降兵從跳離飛機到安全到達地面的過程中在豎直方向的v-t圖像如圖所示，則以下判斷正確的是（）A.空降兵在0到t1時間內(nèi)做自由落體運動B.空降兵在t1到t2時間內(nèi)加速度方向豎直向上，大小在逐漸減小C.空降兵在0到t1時間內(nèi)的平均速度是D.空降兵在t1到t2時間內(nèi)的平均速度小于10、如圖所示，從某高度水平拋出一小球，經(jīng)過時間t到達一豎直墻面時，速度與豎直方向的夾角為θ，不計空氣阻力，重力加速度為g．下列說法正確的是()A.小球水平拋出時的初速度大小為gttanθB.小球在t時間內(nèi)的位移方向與水平方向的夾角為C.若小球初速度增大，則平拋運動的時間變短D.若小球初速度增大，則tanθ減小11、如圖所示，一質(zhì)量為1kg的滑塊在傾角為30°的斜面上，從a點由靜止開始下滑，到b點接觸到一個輕彈簧，滑塊壓縮彈簧到c點開始彈回，測得c點彈簧的彈性勢能為6J，ab=1m，bc=0.2m，g=10m/s2，那么在a→c的這一過程中（）A.滑塊的動能在c點最大B.滑塊重力勢能減少了6JC.滑塊和彈簧系統(tǒng)的機械能守恒D.滑塊克服彈簧的彈力做了-6J的功12、如圖所示為甲乙兩質(zhì)點作直線運動的位移-時間圖像，由圖像可知（）A.甲乙兩質(zhì)點在1s末相遇B.甲乙兩質(zhì)點在1s末的速度大小相等C.甲乙兩質(zhì)點在第1s內(nèi)反方向運動D.在第1s內(nèi)甲質(zhì)點的速率比乙質(zhì)點的速率要大二．填空題(每小題6分，共18分)13、在“探究求合力的方法”的實驗中，需要將橡皮條的一端固定在水平木板上，另一端系上兩根細繩，細繩的另一端都有繩套，實驗中需用兩個彈簧測力計分別勾住繩套，并互成角度地拉橡皮條，使橡皮條伸長，結(jié)點到達某一位置O。(1)某同學在做該實驗時認為：A.用兩個彈簧測力計拉橡皮條時，應(yīng)使兩個繩套之間的夾角為90°，以便計算出合力的大小B.用兩個彈簧測力計拉橡皮條時結(jié)點的位置必須與用一個彈簧測力計拉時的結(jié)點重合C.拉橡皮條時，彈簧測力計、橡皮條、細繩應(yīng)貼近木板且與木板平面平行D.拉力F1和F2的夾角越大越好E.在不超過彈簧測力計量程的條件下，應(yīng)該盡可能的使彈簧測力計的拉力大一些。其中正確的是______（填入相應(yīng)的字母）。(2)若兩個彈簧測力計的讀數(shù)均為4N，且兩彈簧測力計拉力的方向相互垂直，則_____（選填“能”或“不能”）用一個量程為5N的彈簧測力計測量出它們的合力？14、某同學欲運用牛頓第二定律測量滑塊的質(zhì)量M，其實驗裝置如圖甲所示，設(shè)計的實驗步驟為：（1）調(diào)整長木板傾角，當鉤碼的質(zhì)量為m0時滑塊恰好沿木板向下做勻速運動；（2）保持木板傾角不變，撤去鉤碼m0，將滑塊移近打點計時器，然后釋放滑塊，滑塊沿木板向下做勻加速直線運動，并打出點跡清晰的紙帶如圖乙所示(打點計時器的工作頻率為50Hz)請回答下列問題：①打點計時器在打下D點時滑塊的速度vD=__________m/s；(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)②滑塊做勻加速直線運動的加速度a=_____m/s2；(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)③滑塊質(zhì)量M=___________(用字母a、m0和當?shù)刂亓铀俣萭表示)（3）保持木板傾角不變，掛上質(zhì)量為m(均小于m0)的鉤碼，滑塊沿木板向下勻加速運動，測出滑塊的加速度；多次改變鉤碼的質(zhì)量，分別求出相應(yīng)的加速度（4）若繩的拉力與所掛鉤碼的重力大小相等，作出a—mg圖象如圖丙所示，則由圖丙可求得滑塊的質(zhì)量M=______kg．(取g=10m/s2，結(jié)果保留3位有效數(shù)字)15、如圖，某同學設(shè)計了測量鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)的實驗。所用器材有：鐵架臺、長木板、鐵塊、米尺、電磁打點計時器、頻率50Hz的交流電源，紙帶等?；卮鹣铝袉栴}：（1）鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)μ=______（用木板與水平面的夾角θ、重力加速度g和鐵塊下滑的加速度a表示）（2）某次實驗時，調(diào)整木板與水平面的夾角θ=30°。接通電源。開啟打點計時器，釋放鐵塊，鐵塊從靜止開始沿木板滑下。多次重復(fù)后選擇點跡清晰的一條紙帶，如圖（b）所示。圖中的點為計數(shù)點（每兩個相鄰的計數(shù)點間還有4個點未畫出）。重力加速度為9.8m/s2。鐵塊沿木板下滑時的加速度為______（結(jié)果保留2位小數(shù)），進一步可以計算出鐵塊與木板間的動摩擦因數(shù)為______（結(jié)果保留2位小數(shù)）。三．計算題(22分)16、（12分）如圖所示，一小物塊從釋放點0（未畫出）由靜止沿斜面以恒定的加速度下滑，依次通過A，B，C三點，已知AB＝6m，BC＝10m，小球通過AB，BC所用的時間均為2s，求：（1）小物塊下滑時的加速度？（2）小物塊通過A，B，C三點時的速度大小分別是多少？（3）釋放點O到A點的距離是多少？17、（10分）如圖所示，水平桌面上有一薄木板，它的右端與桌面的右端相齊，在薄木板的中央有一個小滑塊（可視為質(zhì)點），整個裝置處于靜止狀態(tài)．某時刻起對薄木板施加一個向右的拉力F使木板向右運動，已知拉力F=4.5N時，小滑塊與木板之間恰好發(fā)生相對滑動．薄木板的質(zhì)量M=1.0kg，長度L=1.0m，小滑塊的質(zhì)量m=0.5kg，小滑塊與桌面、薄木板與桌面之間的動摩擦因數(shù)均為μ1=0.2，設(shè)滑動摩擦力等于它們之間的最大靜摩擦力，重力加速度g=10m/s2．求：（1）拉力F=3.6N時，m與M的加速度各為多大；（2）小滑塊與薄木板之間的動摩擦因數(shù)μ2；（3）若使小滑塊脫離木板但不離開桌面，拉力F應(yīng)滿足的條件。

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】A．全詩與相互作用力無關(guān)，故A錯誤；B．有前三句的參考物與最后一句的參考物的不同，可以看出這首詩涉及的物理知識是參考系的不同，故B正確；C．“不知云與我俱東”意思是“卻不知道云和我都在向東行前進”，僅僅提到云和我都往東走，并沒有提到是由云判斷出東方的方法，故C錯誤；D．“臥看滿天云不動”意思是“躺在船上望著天上的云，它們好像都紋絲不動”并沒有講如何判斷天氣，故D錯誤。故選B。2、B【解析】A．研究地球的自轉(zhuǎn)時，地球的大小和形狀不能忽略，故不能看成質(zhì)點，故A錯誤；B．根據(jù)牛頓第三定律可知，作用力和反作用力總是同時產(chǎn)生，同時變化，同時消失，故B正確；C．100m跑道是直線跑道，100m是路程的大小，同時也是位移的大小，800m項目是標準跑道的兩圈，位移為零，路程為800m，故C錯誤；D．加速度是描述速度變化快慢的物理量，物體的速度變化率越大，加速度越大，故D錯誤。故選B。3、C【解析】設(shè)木板和墻的夾角為，如圖建立坐標系對小球進行受力分析由于小靜止處于平衡狀態(tài)，據(jù)平衡條件有：由此得：由題意，增大，則得減小，減小；A.與分析不符，故A錯誤；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析相符，故C正確；D.與分析不符，故D錯誤4、B【解析】小球做的是平拋運動，研究平拋運動的方法是把平拋運動分解到水平方向和豎直方向去研究，根據(jù)豎直分位移與水平分位移之比等于，列式分析；【詳解】設(shè)起點和落點之間的距離為，則由平拋運動的規(guī)律得：水平方向上：豎直方向上：由以上兩個方程可以解得：，故選項B正確，ACD錯誤【點睛】本題是對平拋運動規(guī)律的考查，平拋運動可以分解為在水平方向上的勻速直線運動，和豎直方向上的自由落體運動來求解5、B【解析】先求解物體靜止時細線的拉力；剪斷細線后的瞬時，彈簧的彈力不變，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度.【詳解】物體靜止時細線的拉力為T=F+mg=12N，剪斷細線后的瞬時，彈簧的彈力不變，則物體的加速度為，故選B.【點睛】本題關(guān)鍵是注意剪斷細線后的瞬時，細線的拉力變?yōu)榱?，而彈簧的彈力不能突變，結(jié)合牛頓第二定律求解.6、B【解析】水平細線被剪斷前對A、B進行受力分析如圖所示靜止時又解得水平細線被剪斷瞬間，F(xiàn)T消失，其他各力不變，A所受合力與FT等大反向，則故選B。7、AC【解析】隔離A物體，受受重力、B對A的支持力和外力F，三個力作用；若AB間存在靜摩擦力，則有：A受四個力，A正確，將AB看做一個整體，整體在豎直方向上受到重力和摩擦力，所以墻對B的摩擦力方向只能向上，B錯誤；若F增大，則F在垂直B斜面方向的分力增大，所以對B的壓力增大，C正確；先對AB整體受力分析，由平衡條件知，豎直方向：，因此當水平力F增大，墻壁對B的摩擦力仍不變，D錯誤考點：考查了共點力平衡條件的應(yīng)用8、BCD【解析】在該實驗中，我們認為繩子的拉力就等于小車所受的合外力，所以在平衡摩擦力時，細繩的另一端不能懸掛裝砝碼的砝碼盤，故A錯誤；連接砝碼盤和小車的細繩應(yīng)跟長木板保持平行，故B正確；平衡摩擦力后，應(yīng)保持木板的傾角不變，所以長木板的位置不能移動，故C正確；因為打點計時器剛接通電源打出的點不穩(wěn)定，因此實驗時，應(yīng)先接通打點計時器電源，再放開小車，同時要求開始小車要靠近打點計時器，才能保證采集到足夠的數(shù)據(jù)，故D正確．所以BCD正確，A錯誤9、BD【解析】A．在0到t1時間內(nèi)圖像的斜率在減小，加速度在減小，所以空降兵不是做自由落體運動，故A錯誤；B．在t1到t2時間內(nèi)的速度為正在減小，所以空降兵做豎直向下的減速運動，因此加速度方向豎直向上，又因為圖線的斜率在減小，所以加速度在減小，故B正確；C．從圖像可知空降兵在0到t1時間內(nèi)的位移大于從速度為0做勻變速運動到v2的位移，所以平均速度大于，故C錯誤；D．空降兵在t1到t2時間內(nèi)的的位移小于從速度為v2做勻減速運動到v1的位移，所以平均速度小于，故D正確。故選BD。10、AC【解析】小球到達豎直墻面時沿豎直方向和水平方向上的分速度大小分別為vy＝gt，vx＝vytanθ＝gttanθ，所以水平拋出時的初速度為gttanθ，A項正確；設(shè)小球在t時間內(nèi)的位移方向與水平方向的夾角為α，則tanα＝，B項錯誤；由于小球到墻的距離一定，初速度增大，運動的時間變短，C項正確；若小球初速度增大，由小球到墻的時間變短，由tanθ＝可知，tanθ增大，D項錯誤；故選AC11、BC【解析】A.滑塊壓縮彈簧到c點開始彈回，說明c點速度為零，A錯誤；B.從a到c，滑塊重力做的功為，故滑塊重力勢能減小了6J，B正確；C.從a到c的過程中，滑塊重力勢能減少了6J，c點彈簧的彈性勢能為6J，動能沒有變，重力勢能的減小量等于彈性勢能的增加量，系統(tǒng)機械能守恒，故C正確；D.彈簧的彈性勢能增加6J，滑塊克服彈簧的彈力做了6J的功，D錯誤12、AC【解析】A．在1s末兩者的位置坐標相同，所以兩者相遇了，故A正確；BCD．位移-時間圖像的斜率表示速度，1s末兩者的速度分別為可知，兩者運動方向相反，甲質(zhì)點的速率比乙質(zhì)點的速率要小，故BD錯誤，C正確。故選AC。【名師點睛】關(guān)鍵掌握位移圖象的基本性質(zhì)：橫坐標代表時刻，而縱坐標代表物體所在的位置，縱坐標不變即物體保持靜止狀態(tài)；位移時間圖像是用來描述物體位移隨時間變化規(guī)律的圖像，不是物體的運動軌跡，斜率等于物體運動的速度，斜率的正負表示速度的方向，質(zhì)點通過的位移等于x的變化量。二．填空題(每小題6分，共18分)13、①.BCE②.不能【解析】(1)[1]A．用兩個彈簧測力計拉橡皮條時，不一定使兩個繩套之間的夾角為90°，選項A錯誤；B．用兩個彈簧測力計拉橡皮條時結(jié)點的位置必須與用一個彈簧測力計拉時的結(jié)點重合，以保證實驗的等效性，選項B正確；C．拉橡皮條時，彈簧測力計、橡皮條、細繩應(yīng)貼近木板且與木板平面平行，以減小實驗的誤差，選項C正確；D．拉力F1和F2的夾角要適當，不一定越大越好，選項D錯誤；E．在不超過彈簧測力計量程的條件下，應(yīng)該盡可能的使彈簧測力計的拉力大一些，以減小誤差，選項E正確。故選BCE。(2)[2]若兩個彈簧測力計的讀數(shù)均為4N，且兩彈簧測力計拉力的方向相互垂直，則合力為則不能用一個量程為5N的彈簧測力計測量出它們的合力。14、①；②，③；（4）【解析】根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上D點時小車的瞬時速度大?。桓鶕?jù)勻變速直線運動的推論公式可以求出加速度的大??；當取下細繩和鉤碼時，由于滑塊所受其它力不變，因此其合外力與撤掉鉤碼的重力等大反向；根據(jù)牛頓第二定律有mg=Ma，由此可解得滑塊的質(zhì)量從圖乙中可知，，，（2）①相鄰計數(shù)點間的時間間隔為，根據(jù)勻變速直線運動過程中的中間時刻速度推論可得，②根據(jù)逐差法可得，聯(lián)立即得③滑塊做勻速運動時受力平衡作用，由平衡條件得，撤去時滑塊做勻加速直線運動時，受到的合外力，由牛頓第二定律得，解得（4）滑塊做勻速運動時受力平衡作用，由平衡條件得，掛上質(zhì)量為m的鉤碼時滑塊沿木板向下做勻加速直線運動，受到的合外力為，由牛頓第二定律得，解得，由圖丙所示圖象可知，解得M=0.200kg15、①.②.1.97m/s2③.0.35【解析】（1）[1]對鐵塊，由牛頓第二定律可得故鐵塊的摩擦因素為（2）[2][3]由逐差法可得，物體的加速度為故摩擦因素為三．計算題(22分)16、（1）1m/s2.方向沿斜面向下.（2）2m/s4m/s6m/s.（3）2m【解析】(1)設(shè)物塊下滑的加速度為a，則xBC－xAB＝at2所以a＝m/s2＝1m/s2方向沿斜面向下.(2)vB＝＝4m/s，由v＝v0＋at得vA＝vB－at＝(4－1×2)m/s＝2m/s.vC＝vB＋at＝(4＋1×2)m/s＝6m/s.(3)設(shè)釋放